2024年統(tǒng)編版2024必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024必修3物理上冊階段測試試卷734考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列現(xiàn)象中屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的是()A.磁場對電流產(chǎn)生力的作用B.變化的磁場使閉合電路中產(chǎn)生電流C.插在通電螺線管中的軟鐵棒被磁化D.電流周圍產(chǎn)生磁場2、學(xué)習(xí)物理的過程中我們需要定義很多物理量，如速度定義為則下列物理量表達(dá)式與速度的定義方式不相同的是（）A.電場強(qiáng)度B.電容C.電流D.加速度3、改革開放以來；人們的生活水平和生活質(zhì)量有了較大的改善，電冰箱；空調(diào)、電視機(jī)等家用電器得到了普遍使用。根據(jù)圖中銘牌上提供的信息，判斷在12小時內(nèi)正常使用的電冰箱與連續(xù)運轉(zhuǎn)的電風(fēng)扇消耗電能的情況是（）

A.電冰箱比電風(fēng)扇消耗電能多B.電風(fēng)扇比電冰箱消耗電能多C.電風(fēng)扇與電冰箱消耗電能一樣多D.電冰箱比電風(fēng)扇消耗電能可能多，也可能少4、如圖所示，質(zhì)量相同，帶電量不同的兩帶電粒子（重力不計）以大小相同的初速度從左上端水平射入平行板電容器，粒子1打在下極板中點處，其在電場中的運動時間為加速度為粒子2由右側(cè)板中央處射出電場區(qū)域，其在電場中的運動時間為加速度為則（）

A.B.C.D.5、可視為點電荷的兩個完全相同的金屬小球，分別帶有和的電荷，相距一定距離時庫侖力的大小為將兩球接觸后再放回原處，兩球之間的庫侖力為（）A.引力，大小為B.引力，大小為C.斥力，大小為D.斥力，大小為6、物理學(xué)方法是理解物理新思想、揭示物理本質(zhì)規(guī)律的紐帶和橋梁。下列有關(guān)物理學(xué)研究方法的敘述中，正確的是（）A.△t→0時的平均速度可看成瞬時速度運用了等效替代法B.探究力的合成滿足平行四邊定則運用了控制變量法C.庫侖通過扭秤實驗的研究得到庫侖定律運用了微小量放大法D.伽利略研究自由落體運動運用了理想模型法7、如圖，O、P之間距離為l，等量的正負(fù)電荷分別置于O、P兩點，以O(shè)為坐標(biāo)原點，OP方向建立x軸，規(guī)定無窮遠(yuǎn)電勢為零。則OP線段上各點電勢φ隨x的變化關(guān)系正確的是（）

A.B.C.D.8、如圖所示是某電容式話筒的原理示意圖，E為電源，R為電阻，Р為金屬薄片，Q為金屬板。從左向右對著振動片Р說話，Р振動而Q不動。在P、Q間距減小的過程中（）

A.電容器的電容減小B.P上電量保持不變C.M點的電勢高于N點的電勢D.M點的電勢低于N點的電勢評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、有一電動機(jī)，額定電壓為U，額定電流為I，內(nèi)阻為r，當(dāng)該電動機(jī)正常工作時，下列說法正確的是（）A.電動機(jī)的輸入功率P＝UIB.電動機(jī)內(nèi)阻上的發(fā)熱功率為P熱＝I2rC.電動機(jī)內(nèi)阻上的發(fā)熱功率P熱＝D.電動機(jī)的輸入功率P＝10、有兩個相同的靈敏電流計，分別改裝成量程為0.6A和3A的電流表甲和乙，將兩電流表并聯(lián)后接入電路，則兩電流表（）A.偏角相同、示數(shù)不同B.偏角不同、示數(shù)相同C.甲的示數(shù)大于乙的示數(shù)D.甲的示數(shù)小于乙的示數(shù)11、如圖所示，光敏電阻被光照射時電阻會變小，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r。在有光照射電阻R1時，燈泡L正常發(fā)光。當(dāng)無光照射R1時；下列判斷正確的是（）

A.光敏電阻R1兩端的電壓不變B.通過光敏電阻R1的電流將變小C.電源消耗的總功率變大D.燈泡消耗的功率變小12、半徑為R的光滑絕緣圓形軌道固定在豎直平面內(nèi)，處于與圓形軌道平面平行的水平向右的勻強(qiáng)電場中，如圖所示。一質(zhì)量為m的帶電小球（可視為質(zhì)點），靜止于軌道上的P點，P點與軌道圓心O連線與豎直方向的夾角為重力加速度為g，若小球恰好能在圓形軌道內(nèi)做完整的圓周運動，小球運動過程中的最小速度大小為最大速度大小為則（）

A.B.C.D.13、如圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當(dāng)滑動變阻器的滑片向b端移動時，電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為和下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)增大B.帶電質(zhì)點向上運動C.電源的效率變低D.14、直流電路如圖所示；在滑動變阻器的滑片P向右移動時，電源的（）

A.總功率一定減小B.效率一定增大C.內(nèi)部損耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小15、關(guān)于磁通量的概念，下列說法正確的是()A.磁感應(yīng)強(qiáng)度越大的地方，穿過線圈的磁通量也越大B.穿過線圈的磁通量為零時，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零C.磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，線圈面積越大，穿過線圈的磁通量也越大D.穿過線圈的磁通量的大小可用穿過線圈的磁感線的條數(shù)來衡量評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點，并處在水平向左廣大的勻強(qiáng)電場E中，小球靜止時絲線與豎直方向夾角為θ，則小球的帶電量為__________；若剪斷絲線帶電小球?qū)⒆鯻________運動．

17、熱功率：

（1）定義：_______內(nèi)的發(fā)熱量稱為熱功率。

（2）表達(dá)式：P=_______。

（3）物理意義：表示電流_______的物理量。

（4）計算電路中某電阻（滿足歐姆定律）的熱功率時，可以用到的公式是_______。

①P=UI；②P=I2R；③P=④⑤P=18、如圖所示的三個電路圖，________是串聯(lián)電路，________是并聯(lián)電路。

19、真空中有兩個大小相等的帶電球體，帶電量分別為-1×10﹣8C和+3×10﹣8C，相距為r（r遠(yuǎn)大于球半徑）時，相互作用力為0.30N，若將兩個帶電體接觸后再分開，仍相距r，它們之間的靜電力為______力（吸引或排斥），靜電力大小為F=______N。20、如圖所示，真空中O點固定有一點電荷，在它產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，a點的場強(qiáng)大小為Ea，方向與a、b連線成60°角，b點的場強(qiáng)大小為Eb，方向與a、b連線成30°。則a、b兩點場強(qiáng)Ea：Eb=______；a、b兩點電勢φa、φb的關(guān)系為φa______φb（填“<”、“>”；“=”）。

21、如圖所示，在電場強(qiáng)度的勻強(qiáng)電場中，將一電荷量q=2×10-5C的正電荷由A點移到B點，已知A、B兩點間距離為2cm，兩點連線與電場方向成角，則：A、B兩點間的電勢差_________V；電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功_________J．

22、如圖所示，規(guī)格為“220V、44W”的排氣扇，線圈電阻為40Ω，接上220V的電壓后，通過排氣扇的電流為________A；排氣扇的發(fā)熱功率為________W。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)23、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

24、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、解答題(共4題，共16分)26、“頓牟掇芥”是兩千多年前我國古人對摩擦起電現(xiàn)象的觀察記錄，經(jīng)摩擦后帶電的琥珀能吸起小物體，現(xiàn)用下述模型分析研究。在某處固定一個電荷量為Q的點電荷，在其正下方h處有一個原子。在點電荷產(chǎn)生的電場（場強(qiáng)為E）作用下，原子的負(fù)電荷中心與正電荷中心會分開很小的距離l，形成電偶極子。描述電偶極子特征的物理量稱為電偶極矩p，這里q為原子核的電荷量。實驗顯示，為原子的極化系數(shù)，反映其極化的難易程度。被極化的原子與點電荷之間產(chǎn)生作用力F。在一定條件下；原子會被點電荷“掇”上去。

(1)F是吸引力還是排斥力？簡要說明理由；

(2)若將固定點電荷的電荷量增加一倍，力F如何變化，即求的值；

(3)若原子與點電荷間的距離減小一半，力F如何變化，即求的值。27、（1）如圖所示，在正點電荷Q的電場中，P點到Q的距離為r，則Q在P點的電場強(qiáng)度是多大？方向如何？

（2）如果再有一正點電荷Q′＝Q，放在如圖所示的位置，P點的電場強(qiáng)度多大？

28、如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy，在直線x=x0和直線x=2x0之間存在與直線x=2x0的夾角為60°的勻強(qiáng)電場I，在y軸和直線x=x0之間存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場Ⅱ，一比荷為k的帶正電粒子，從直線x=2x0上的A點從靜止開始進(jìn)入勻強(qiáng)電場I做直線加速運動，經(jīng)過直線x=x0上的B點（圖中未畫出）以速度v0進(jìn)入勻強(qiáng)電場Ⅱ做勻變速曲線運動，最后粒子垂直打在y軸上的C點（圖中未畫出）；不計粒子的重力。求：

(1)A、C兩點的電勢差；

(2)勻強(qiáng)電場Ⅰ；勻強(qiáng)電場Ⅱ的電場強(qiáng)度之比；

(3)A、C兩點間的距離。

29、把帶電荷量的正點電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中的A點，要克服電場力做功若把該電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中的B點，電場力做功取無限遠(yuǎn)處電勢為零。求：

（1）A點的電勢；

（2）A、B兩點的電勢差；

（3）若把的負(fù)電荷由A點移動到B點，電場力做的功。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

電磁感應(yīng)現(xiàn)象指的是由于磁場的變化而在閉合回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的現(xiàn)象，故B正確，ACD錯誤．2、D【分析】【分析】

【詳解】

速度的定義是比值定義；速度的大小僅僅與位移和時間的比值有關(guān)，與位移的大小和所需時間無關(guān)。

A．電場強(qiáng)度。

也是比值定義；電場強(qiáng)度的大小與試探電荷所受電場力的大小及試探電荷的帶電量無關(guān)，A相同；

B．電容。

也是比值定義；電容的大小與電容器的帶電量及兩極板間的電壓無關(guān)，B相同；

C．電流。

也是比值定義；電流強(qiáng)度的大小與通過的電荷量及所需時間無關(guān)，C相同；

D．加速度。

不是比值定義；加速度的大小與所受的合外力成正比，與物體的質(zhì)量成反比，D不同。

故不同的是D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

依據(jù)電冰箱銘牌可知；電冰箱在12h內(nèi)消耗電能0.25kW·h，而電風(fēng)扇在12h內(nèi)消耗電能。

故選B。4、D【分析】【詳解】

AB．水平勻速，根據(jù)

大小相同的初速度從左上端水平射入平行板電容器，所以

故AB錯誤；

CD．豎直方向

所以

故C錯誤D正確。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

兩球未接觸前；根據(jù)庫侖定律得兩球間的庫侖力為。

兩球之間表現(xiàn)為引力；

當(dāng)兩球接觸后；兩球的電荷先中和再平分，放回原處后，此時兩球間的庫侖力為。

可得。

兩球間表現(xiàn)為斥力；ABC錯誤，D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．△t→0時的平均速度可看成瞬時速度運用了極限的思想；A錯誤；

B．探究力的合成滿足平行四邊定則運用了等效替代的方法；B錯誤；

C．庫侖通過扭秤實驗的研究得到庫侖定律利用微小形變放大的方法；C正確；

D．伽利略研究自由落體運動運用了合理猜想；數(shù)學(xué)推理；合理外推法，D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

等量異種電荷連線中點處電勢為零；越靠近正電荷，電勢越高，越靠近負(fù)電荷，電勢越低。

故選C。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電容式話筒與電源串聯(lián)，電壓保持不變，在P、Q間距減小過程中，根據(jù)電容決定式

可得電容增大；A錯誤；

B．根據(jù)電容的定義式

因為電容增大；電壓不變，故可得電容器所帶電量增大，B錯誤；

CD．電容器的充電電流通過R的方向由N到M，所以N點的電勢比M點的高；C錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．電動機(jī)的輸入功率為電路中電流做功的總功率。

故A正確；

B．由焦耳定律可知內(nèi)阻上的發(fā)熱功率。

故B正確；

CD．電動機(jī)正常工作時為非純電阻電路；不滿足歐姆定律。

此時無任何意義；故CD錯誤。

故選AB。10、A:D【分析】【詳解】

AB．靈敏電流計改裝為電流表；實際上是給靈敏電流計并聯(lián)一個小電阻，電阻越小，改裝后的電表量程越大，乙表量程大，所以乙表內(nèi)阻小，兩電表并聯(lián)，靈敏電流計兩端電壓相等，所以流過靈敏電流計的電流是相等的，所以偏角相同，示數(shù)不同，故A正確，B錯誤；

CD．并聯(lián)電路中電流的分配跟電阻成反比；由于乙表內(nèi)阻小，流過乙表的電流大，所以乙表示數(shù)大，故C錯誤，D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

B．當(dāng)無光照射R1時，R1的電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律

可知，干路電流I減小，即通過光敏電阻R1的電流將變??；B正確；

C．電源消耗的總功率P=EI

干路電流減小；則電源消耗的總功率變小，C錯誤；

D．燈泡消耗的功率

干路電流減??；則燈泡消耗的功率變小，D正確；

A．光敏電阻R1兩端的電壓

電流減小，光敏電阻R1兩端的電壓變大；A錯誤。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

小球能靜止于軌道上P點，則在P點電場力與重力的合力沿半徑方向，有

P點為豎直平面內(nèi)圓周運動的等效“最低點”，則小球在等效“最高點”有最小速度，即

解得

小球在等效“最低點”有最大速度，由動能定理得

解得

故選BC。13、C:D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，連入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律知干路電流增大，電源的內(nèi)電壓和R1的電壓增大；則并聯(lián)部分的電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，故A錯誤；

B．平行金屬板間電壓減小，根據(jù)

知平行金屬板間的場強(qiáng)減小，帶電質(zhì)點P受到的電場力減小，則帶電質(zhì)點P將向下運動；故B錯誤；

C．電源的效率為

根據(jù)前面分析可知；路端電壓減小，所以電源的效率變低，故C正確；

D．電流表示數(shù)即干路電流為I，即電壓表示數(shù)為U，由閉合電路歐姆定律得

則有

故D正確。

故選CD。14、A:B:C【分析】【詳解】

當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，接入電路的電阻變大，整個回路的電流變小，內(nèi)部消耗的功率P=一定減小，C正確；總功率P=EI一定減小，A正確；而內(nèi)電壓降低，外電壓升高，電源的效率增大，B正確；當(dāng)內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，此題中無法知道內(nèi)外電阻的關(guān)系，因此D不對15、B:D【分析】【詳解】

當(dāng)回路與磁場平行時，磁通量Φ為零，則磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，穿過閉合回路的磁通量不一定越大，故A錯誤；磁通量Φ為零時，可能回路與磁場平行，則磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故B正確；根據(jù)磁通量磁通量的變化可能由B、S、α的變化引起，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，線圈面積越大，穿過線圈的磁通量不一定越大，故C錯誤；穿過線圈的磁通量的大小可用穿過線圈的磁感線的條數(shù)來衡量，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于帶電小球向左偏；所受電場力方向向左，電場線方向也向左，則小球帶正電．分析小球的受力情況，作出受力圖如下圖所示。

根據(jù)平衡條件得

得

[2]如果將細(xì)線燒斷，小球受到重力和電場力，合力恒定，球沿合力方向即繩子方向向下做勻加速直線運動。【解析】沿繩方向向下做初速度為零的勻加速直線17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]定義：單位時間內(nèi)的發(fā)熱量稱為熱功率。

（2）[2]表達(dá)式：P=I2R。

（3）[3]物理意義：表示電流發(fā)熱快慢的物理量。

（4）[4]對純電阻，所有的功率公式都滿足，即計算電路中某電阻（滿足歐姆定律）的熱功率時，可以用到的公式是①②③④⑤?！窘馕觥繂挝粫r間I2R發(fā)熱快慢①②③④⑤18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]判斷電路是串聯(lián)的還是并聯(lián)的，最好的辦法是從圖中電源的正極出發(fā)，用鉛筆輕輕地沿電流的路徑“走”上一圈，回到電源的負(fù)極。在這一圈中，如果一直沒有“分岔”，即出現(xiàn)支路，則為串聯(lián)電路；如果“分岔”，各支路電流匯合后又流回負(fù)極，則為并聯(lián)電路。則A為串聯(lián)電路，BC為并聯(lián)電路【解析】①.A②.BC19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]兩個帶電體接觸后再分開，電荷先中和再均分，均為電性相同，為排斥力。

[2]在接觸前庫侖力為

接觸后庫侖力為

聯(lián)立解得【解析】①.排斥②.0.1020、略

【分析】【詳解】

[1]由題目可知，O點固定了一個點電荷，假設(shè)ab的長度為L，則Oa的長度為

Ob的長度為

由真空中的點電荷場強(qiáng)公式代入數(shù)據(jù)得

解得

[2]由a、b兩點的場強(qiáng)方向可知，均指向O點，則O點固定的電荷為負(fù)電荷，已知沿電場線方向電勢降低，則a點比b點離O點更近，則【解析】3:1<21、略

【分析】【詳解】

[1]兩點間的電勢差：

[2]電荷由移到的過程中，電場力所做的功：【解析】5000V0.1J22、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)

知，該排氣扇正常工作時的電流為

[2]由焦耳定律知，該排氣扇的發(fā)熱功率為【解析】0.2A1.6W四、作圖題(共3題，共15分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負(fù)電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標(biāo)出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥课?、解答題(共4題，共16分)26、略

【分析】【詳解】

(1)F為吸引力。理由：當(dāng)原子極化時，與Q異種的電荷移向Q，而與Q同種的電荷被排斥而遠(yuǎn)離Q；這樣異種電荷之間的吸引力大于同種電荷的排斥力，總的效果是吸引；

(2)設(shè)電荷Q帶正電（如圖所示）：

電荷Q與分離開距離l的一對異性電荷間的總作用力為：

式中：

為原子極化形成的電偶極矩，負(fù)號表示吸引力，由于故：

又已知：

而電荷Q在離它h處的原子所在位置產(chǎn)生的電場場強(qiáng)大小為：

于是，電荷Q與極化原子之間的作用力為：

它正比于固定電荷的平方，反比于距離的五次方，因此不管電荷Q的符號如何，它均產(chǎn)生吸引力。當(dāng)固定點電荷的電荷量增加一倍時，力F變?yōu)樵瓉淼?倍，即：

(3)當(dāng)原子與點電荷間的距離減小一半時，力F變?yōu)樵瓉淼?2倍，即：【解析】(1)吸引力，(2)4，(3)32。27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）試探電荷q在P點受到的靜電力為。

所以Q在P點產(chǎn)生的電場的電場強(qiáng)度為。

方向沿QP的連線由Q指向P；

（2）P點的電場強(qiáng)度為Q、Q′單獨在P點產(chǎn)生的電場強(qiáng)