2025年粵教新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一彈簧振子在振動過程中，振子經(jīng)A、兩點的速度相同，若它從A運動到的最短時間為從B點再回到A點的最短時間為則該振子的振動周期為（）A.B.C.D.2、兩列振幅相同的橫波在同一介質(zhì)中相向傳播，波速為4m/s。甲從P點沿x軸正方向傳播，乙從Q點沿x軸負方向傳播。t=0時刻的波形如圖所示，則（）

A.甲、乙兩列波的頻率之比為3:2B.兩列波的起振方向相同C.t=3s時刻，平衡位置在x＝6m處的質(zhì)點位移為2cmD.t=3s時刻，平衡位置在x＝3m處的質(zhì)點位移為2cm3、質(zhì)量為的籃球從某一高處從靜止下落，經(jīng)過時間與地面接觸，經(jīng)過時間彈離地面，經(jīng)過時間達到最高點。重力加速度為忽略空氣阻力。地面對籃球作用力沖量大小為（）A.B.C.D.4、如圖甲，長方形金屬線框從范圍足夠大的磁場的上邊界由靜止釋放，經(jīng)過時間下降高度時速度為v（此時線框還未完全進入磁場）；若該線框從磁場的下邊界以速度v豎直向上拋出，如圖乙，經(jīng)過時間上升高度到達最高點（此時線框還沒有完全進入磁場）。已知重力加速度為g；下列表達式正確的是（）

A.B.C.D.5、如圖所示；有一小車靜止在光滑的水平面上，站在小車上的人將右邊管中的球一個一個地投入左邊的筐中（球仍在車上）。以人；車和球作為系統(tǒng)，下列判斷正確的是（）

A.由于系統(tǒng)所受合外力為零，故小車不會動B.當球全部投入左邊的框中時，車仍然有向右的速度C.由于系統(tǒng)水平方向動量守恒，故小車右移D.若人屈膝跳起投球，則系統(tǒng)在豎直方向上動量守恒評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，可看作質(zhì)點的物體從光滑固定斜面的頂端a點以某初速度水平拋出，落在斜面底端b點，運動時間為t，合外力做功為W1，合外力的沖量大小為I1．若物體從a點由靜止釋放，沿斜面下滑，物體經(jīng)過時間2t到達b點，合外力做功為W2，合外力的沖量大小為I2．不計空氣阻力，下列判斷正確的是()

A.W1：W2=1：1B.I1：I2=1：2C.斜面與水平面的夾角為30°D.物體水平拋出到達b點時速度方向與水平方向的夾角為60°7、如圖所示，電阻不計的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距為d，兩側(cè)接有電阻R1、R2，阻值均為R，O1O2右側(cè)有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。質(zhì)量為m、長度也為d的金屬桿置于O1O2左側(cè)，在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運動，經(jīng)時間t到達O1O2時撤去恒力F，金屬桿在到達NQ之前減速為零。已知金屬桿電阻也為R；與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，下列說法正確的是（）

A.桿剛進入磁場時速度大小為B.桿剛進入磁場時電阻R1兩端的電勢差大小為C.整個過程中，流過電阻R1的電荷量為D.整個過程中，電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為8、如圖所示，甲、乙兩球質(zhì)量分別為1kg，3kg，它們在光滑水平面上發(fā)生正碰，圖甲表示甲球碰撞前后的s-t圖線，圖乙表示乙球碰后的s-t時間圖線；不計碰撞時間，則下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩球在t=2s時發(fā)生碰撞B.碰撞前后系統(tǒng)動量守恒C.碰撞后甲球的速度反向了D.碰撞前后甲球動量改變了9、如圖，BOC為放置于月球表面的半徑為R的光滑弧形槽，O點是弧形槽的最低點。半徑R遠大于BOC弧長。一小球由靜止開始從B點釋放，小球在槽內(nèi)做簡諧運動。欲使小球運動的周期減小，下列采用的方法不正確的是（）

A.讓小球釋放點更靠近O點B.讓小球釋放時有一個初速度C.換一個半徑R小一些的弧形槽D.其他條件不變，將裝置從月球拿至地球表面10、一列簡諧橫波在t=0.1s時波的圖象如圖（a）所示，此時P點的位移為5cm，Q點為平衡位置在x=2m處的質(zhì)點；圖（b）為質(zhì)點Q的振動圖象；則。

A.這列簡諧波的傳播速度為20m/sB.這列簡諧波將沿x軸正方向傳播C.在時，質(zhì)點P位于波峰D.從開始的一小段時間內(nèi)，質(zhì)點P速度不斷增大11、如圖所示，以原點0為界在軸上有兩段不同材料的繩子，波源和分別置于和處，產(chǎn)生兩列簡諧橫波甲和乙，分別沿軸正方向和軸負方向傳播。時刻和處的質(zhì)點剛好開始振動，某時刻二列波恰好同時到達原點0，若從開始到時間內(nèi)點經(jīng)過的路程為則（）

A.兩波源開始振動的方向相同B.兩列波不能在繩子上形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.時兩列波恰好同時到達對方波源處D.在兩個波源和之間共有6個加強點12、某同學(xué)利用雙縫干涉實驗裝置研究光的干涉現(xiàn)象，保持雙縫到屏的距離不變，他先用紅光和藍光在雙縫間距為時進行實驗，得到了如圖a、b所示圖樣（未按實驗順序排列），然后用紅光在雙縫間距為d2時進行實驗，得到了如圖c所示圖樣；則下列說法中正確的是（）

A.B.C.圖a為藍光干涉圖樣D.圖b為藍光干涉圖樣13、下列關(guān)于科學(xué)技術(shù)的運用的說法正確的是（）A.交通警察用監(jiān)視器測量汽車的速度時可利用多普勒效應(yīng)B.用聲吶探測水中的暗礁、潛艇，利用了波的反射C.在攝像機中，攝像管的作用是攝取景物的圖像并將其轉(zhuǎn)換為電信號E.醫(yī)生利用B超探測人體內(nèi)臟的位置，發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的衍射E.醫(yī)生利用B超探測人體內(nèi)臟的位置，發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的衍射評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、（1）內(nèi)容。

如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個系統(tǒng)的總動量保持不變。

（2）表達式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動量守恒。

（4）應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個物體及研究的過程）。

b.進行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時討論說明。15、波速。

（1）定義：機械波在______的傳播速度。

（2）決定因素：由______本身的性質(zhì)決定，在不同的介質(zhì)中，波速是______（選填“相同”或“不同”）的。

（3）波長、周期、頻率和波速的關(guān)系：＝_____。16、如圖，立柱固定于光滑水平面上O點，質(zhì)量為M的小球a向右運動，與靜止于Q點的質(zhì)量為m的小球b發(fā)生彈性碰撞，碰后a球立即向左運動，b球與立柱碰撞能量不損失，所有碰撞時間均不計，b球恰好在P點追上a球，Q點為OP的中點，則a、b兩球在Q點碰后速度大小之比___；a、b球質(zhì)量之比為____。

17、如圖，一彈簧振子沿x軸做簡諧運動，振子零時刻向右經(jīng)過A點，2s時第一次到達B點。已知振子經(jīng)過A、B兩點時的速度大小相等，2s內(nèi)經(jīng)過的路程為則該簡諧運動的周期為________s，振幅為________m。

18、甲、乙兩列簡諧橫波在同一均勻介質(zhì)中傳播，波源位于處的甲波沿x軸正方向傳播，波源位于處的乙波沿x軸負方向傳播，時刻兩列波的波形圖如圖所示。已知甲的波速為回答下列問題：

甲、乙兩列波__________發(fā)生穩(wěn)定的干涉；（填“能”或“不能”）

兩列波疊加后，處為振動的__________點；（“減弱”或“加強”）

時刻，處的質(zhì)點位移為__________cm。19、右圖為利用發(fā)波水槽得到的水面波形圖，甲圖樣是水面波的________現(xiàn)象；乙圖樣是水面波的_________現(xiàn)象．20、兩個振源相距10m，如圖所示為某時刻連線之間的波形圖，連線已被五等分，已知振源的振幅均為振動周期則兩列波的波長均為___________m；兩列波的波速均為___________m/s；振源的振動形式傳播到之間距離為3.5m的位置，還需要___________s；之后，間振幅能達到80cm的位置一共有___________處。

21、出現(xiàn)明暗條紋的判斷。

（1）亮條紋：當兩個光源與屏上某點的距離之差等于半波長的______（填“奇”或“偶”）數(shù)倍時；出現(xiàn)亮條紋。

（2）暗條紋：當兩個光源與屏上某點的距離之差等于半波長的______（填“奇”或“偶”）數(shù)倍時，出現(xiàn)暗條紋。評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、某一簡諧橫波在時刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個時刻的波的圖像。___________

評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)23、在“驗證動量守恒定律”的實驗中，先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始滾下，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在復(fù)寫紙下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡。再把質(zhì)量為m2的B球放在斜槽軌道末端，讓A球仍從位置S由靜止?jié)L下，與B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個落點的平均位置，O點是軌道末端在白紙上的豎直投影點。

（1）實驗中，通過測量___________間接地測定小球碰撞前后的速度；

A.小球開始釋放的高度h

B.小球拋出點距地面的高度H

C.小球做平拋運動的水平距離。

（2）以下提供的器材中，本實驗必須使用的是___________；

A.刻度尺B.天平C.秒表

（3）關(guān)于該實驗的注意事項，下列說法正確的是___________；

A.斜槽軌道必須光滑。

B.斜槽軌道末端的切線必須水平。

C.上述實驗過程中白紙可以移動。

D.兩小球A、B半徑相同。

（4）為了盡量減小實驗誤差，兩個小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1>m2，若滿足關(guān)系式___________則可以認為兩小球碰撞前后總動量守恒；

（5）某同學(xué)記錄小球三個落點的平均位置時發(fā)現(xiàn)M和N偏離了OP方向，如圖甲所示。該同學(xué)認為只要滿足關(guān)系式___________；則說明兩小球碰撞前后總機械能守恒；

（6）實驗時，若斜槽軌道光滑、兩小球發(fā)生彈性碰撞，且m1<m2<3m1，小球落點用圖乙中的C、D、E表示，滿足關(guān)系___________；可以兩小球認為碰撞前后總動量守恒。

24、在做“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實驗時：

（1）為了利用單擺較準確地測出重力加速度，可供選用的器材為________。

A．20cm長的細線；小木球、秒表、米尺、鐵架臺。

B．100cm長的細線；小鋼球、秒表、米尺、鐵架臺。

C．100cm長的細線；大木球、秒表、量程為50cm的刻度尺、鐵架臺。

D．10cm長的細線；大鋼球、大掛鐘、米尺、鐵架臺。

（2）為了減小測量周期的誤差，擺球應(yīng)在經(jīng)過最________（填“高”或“低”）點的位置時開始計時，并計數(shù)為零，擺球每次通過該位置時計數(shù)加1，當計數(shù)為60時，所用的時間為t秒，則單擺周期為____________s。

（3）實驗時某同學(xué)測得的重力加速度g值偏小，其原因可能是________。

A．擺球太重。

B．計算時誤將小球的直徑與擺線長相加。

C．測出n次全振動時間為t，誤作為（n＋1）次全振動時間進行計算。

D．擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)了松動，使擺線長度增加了。

（4）有兩位同學(xué)利用假期分別參觀北京大學(xué)和廈門大學(xué)的物理實驗室，各自在那里利用傳感器較為準確地探究了“單擺的周期T與擺長L的關(guān)系”（北京大學(xué)所在地的緯度比廈門大學(xué)高），并繪制了T2－L圖象，如圖甲所示，去廈門大學(xué)的同學(xué)所測實驗結(jié)果對應(yīng)的圖線是________（填“A”或“B”），另外在廈門大學(xué)做探究的同學(xué)還利用計算機繪制了a、b兩種單擺的振動圖象，如圖乙所示，由圖可知a、b兩單擺的擺長之比為________。

評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)25、如圖所示，一截面為ABC的柱形玻璃磚放在水平面上，AC是半徑為R的圓弧，O為圓弧對應(yīng)的圓心，AB豎直．BA、BC分別與圓弧相切于A點和C點．

（?。┤舨ＡТu的折射率為一束光與水平面成角從D點射入玻璃磚，經(jīng)玻璃磚后恰好射到O點，求BD的高度h；

（ⅱ）若換成形狀和大小完全相同、折射率不同的另一玻璃磚，在O點放置一點光源，其可向四周發(fā)出光線．不考慮經(jīng)反射到達AB邊的光，AB邊有光射出的長度為求該玻璃磚的折射率n2．

26、如圖所示，足夠?qū)挼乃巯露信c水平方向夾角的平面鏡、一束光從水槽左壁水平向右射出，在平面鏡上O點反射后打在右壁P點，現(xiàn)向水槽中注入某種透明液體，光經(jīng)液體折射后打在右壁M點，此時液面與右壁相交于N點，測得O點到右壁水平距離為1.5m。已知光在真空中的傳播速度為求：（結(jié)果可保留根號）

①該透明液體的折射率n；

②加入透明液體后，光從O點傳播到M點所用的時間。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

由于振子在A、B兩點的速度相等，則有A、B兩點關(guān)于O點是對稱的；振子經(jīng)過A、B兩點的速度同向，從B再回到A的過程是振子先到達右側(cè)的最遠處，然后返回平衡位置，最后回到A時經(jīng)歷的時間最短，時間半個周期，即

故周期為

故D正確；ABC錯誤。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．甲、乙兩列波的波長之比為3:2，根據(jù)

可知；頻率之比為2:3，選項A錯誤；

B．甲起振方向向下；乙起振方向向上，則兩列波的起振方向相反，選項B錯誤；

CD．t=3s時刻，兩列波各自向前傳播12m，則由波形圖可知，兩列波平衡位置在x＝6m處的質(zhì)點引起的振動都正到達平衡位置，則位移為0；平衡位置在x＝3m處的質(zhì)點由乙波引起的振動正處于波峰；由甲波引起的振動正在平衡位置，則此時該質(zhì)點的位移為2cm，選項C錯誤，D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

選向下為正，運動全程由動量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，則有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），

負號表方向。

A．故A符合題意；

B．故B不符合題意；

C．故C不符合題意；

D．故D不符合題意。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．金屬線框由靜止開始進入磁場的過程中，金屬線框的下邊切割磁感線，根據(jù)右手定則可判斷電流方向向右，根據(jù)左手定則可判斷安培力方向豎直向上，根據(jù)安培力公式有

根據(jù)切割電動勢公式有

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)牛頓第二定律有

可知金屬線框做加速度減小的加速運動；速度—時間圖像為。

可知故A錯誤；

B．金屬線框豎直向上進入磁場的過程中；根據(jù)上述分析可知金屬線框做加速度減小的減速運動，速度時間圖像為。

可知故B錯誤；

CD．設(shè)安培力下降過程中，由動量定理有

兩邊求和有

即

同理，上升過程中有

聯(lián)立解得

故C正確；D錯誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．在投球過程中；人和車（含籃球）系統(tǒng)所受合外力不為零，但水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)水平方向動量守恒，籃球由水平向左的動量，則人和車系統(tǒng)獲得向右的水平動量，因此車仍然有向右的速度，小車向右移動，故C正確，A錯誤；

B．投球之前；人和車（含籃球）組成的系統(tǒng)動量為零，當球全部投入左邊的框中時，球的速度為零，根據(jù)動量守恒定律知，車的動量也為零，小車會停止，故B錯誤；

D．若若人屈膝跳起投球；系統(tǒng)在豎直方向上所受合外力不為零，則系統(tǒng)在豎直方向上動量不守恒，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C【分析】【詳解】

A.物體兩種狀態(tài)從a到b，都只有重力做功,物體下落高度一致,故合外力做功相等,即W1=W2；故A正確；

B.物體平拋落到b點的過程，只受重力作用,故合外力的沖量大小I1=mgt；

物體沿斜面下滑,設(shè)斜面與水平面的夾角為θ，受重力、支持力作用，合外力為mgsinθ，故合外力的沖量大小為：I2=2mgtsinθ=2I1sinθ

故B錯誤；

C.物體平拋落到b點的過程，運動時間為t，則斜面高度

物體沿斜面下滑，設(shè)斜面與水平面的夾角為θ，受重力、支持力作用，合外力為mgsinθ，運動時間為2t，故位移為加速度為gsinθ，所以有

所以即sinθ=

得θ=30°

故C正確；

D.物體平拋落到b點的過程,水平位移為x=v0t

豎直位移為

所以有tanθ=h/x=

那么物體在b點的水平速度為v0，豎直速度為gt，所以物體水平拋出到達b點時速度方向與水平方向夾角為arctan=arctan(2tanθ)=arctan

故D錯誤；

故選AC.

點睛：根據(jù)兩運動過程的受力、做功情況得到功和沖量；然后再利用牛頓第二定律求得兩過程的加速度，進而根據(jù)運動位移和時間得到斜面的傾斜角；最后根據(jù)平拋運動規(guī)律求得末速度的方向．7、A:C:D【分析】【詳解】

A.桿剛進入磁場之前的加速度。

則進入磁場時速度大小為。

選項A正確；

B.桿剛進入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：

E=Bdv則電阻R1兩端的電勢差大小為。

選項B錯誤；

C金屬棒進入磁場后；由動量定理：

即。

因為。

解得。

選項C正確；

D.整個過程中；產(chǎn)生的總焦耳熱：

則電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為。

選項D正確；

故選ACD。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．因為甲前兩秒是向正方向的勻速直線運動，后是向負方向的勻速直線運動，所以甲、乙兩球在時發(fā)生碰撞；故A正確；

B．因為碰撞發(fā)生在光滑的水平面上；所以碰撞前后動量守恒，故B正確；

C．末甲球的速度時間圖象斜率變?yōu)樨撝担徽f明速度反向，故C正確；

D．甲球碰撞前的動量碰撞后的動量所以動量的變化量為

故D錯誤。

故選ABC。9、A:B【分析】【詳解】

AB．小球的運動可以視為單擺模型，由單擺的周期公式可得

可知，其周期只取決于等效擺長R和重力加速度g；與小球質(zhì)量；擺動幅度（振幅）無關(guān)，而是否有初速度也只是間接的改變了振幅，因此和初速度也無關(guān)，AB錯誤，符合題意；

C．換一個半徑R小一些的弧形槽；可使小球運動的周期減小，C正確，不符合題意；

D．其他條件不變，將裝置從月球拿至地球表面，重力加速度g增大；可使小球運動的周期減小，D正確，不符合題意。

故選AB。10、A:C【分析】【詳解】

Ａ．由圖知：λ=４m，T=0.2s，則波速

故A正確。

B．因t=0.1s時質(zhì)點Q向下振動，由波形圖可知，波沿x軸負向傳播；選項B錯誤；

C．因t=0.1s時P點的位移為5cm，可知P點的位置坐標為當時波向左傳播的距離為

則此時P點恰好到達波峰；選項C正確；

D．從開始的一小段時間內(nèi)，質(zhì)點P向上振動，則速度不斷減小，選項D錯誤。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從波傳播的最遠點判斷，甲、乙波起振方向分別是正軸方向和負軸方向；A錯誤；

B．因二列波同時到達原點知甲波傳播速度是乙波的一半，又因波長也是一半，所以甲；乙波的頻率相同，能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，B錯誤；

C．在內(nèi)，點的運動形式傳播距離為知甲波傳播的速度為乙波為分析知兩列波的最遠點運動形式恰好在時到達對方的波源處；C正確；

D．在正軸上，甲波經(jīng)恰好到達原點此時該點的振動方向沿正軸方向，視為新波源，而此時波源振動方向也沿正軸方向，加強點滿足距兩波源的位移差是波長的整數(shù)倍，分別為同理在負軸上，加強點為共有6個加強點，D正確。

故選CD。12、A:C【分析】【詳解】

CD．圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距小于圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距，由雙縫干涉條紋的間距公式

可知，當雙縫間距均為雙縫到屏的距離不變時，圖中光的波長小于圖中光的波長，故圖為藍光干涉圖樣，圖為紅光干涉圖樣。故C正確；D錯誤。

AB．雙縫到屏的距離不變，只將雙縫間距改為時，同樣利用紅光進行實驗，因此相同，對比圖和圖可知，圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距小于圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距，故由雙縫干涉條紋的間距公式可知，故A正確，B錯誤。

故選AC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．交通警察用監(jiān)視器測量汽車的速度時可利用多普勒效應(yīng)；A正確；

B．用聲吶探測水中的暗礁；潛艇；利用了波的反射，B正確；

C．在攝像機中；攝像管的作用是攝取景物的圖像并將其轉(zhuǎn)換為電信號，C正確；

D．雷達是利用無線電波來測定物體位置的無線電設(shè)備；D錯誤；

E．醫(yī)生利用B超探測人體內(nèi)臟的位置；發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的反射，E錯誤。

故選ABC。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個系統(tǒng)的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進行受力分析；判斷系統(tǒng)動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動量15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】介質(zhì)中介質(zhì)不同16、略

【分析】【分析】

根據(jù)碰后再次相遇的路程關(guān)系，求出兩球碰后的速度大小之比。根據(jù)碰撞過程中動量、能量守恒列方程即可求出a、b球質(zhì)量之比

【詳解】

[1][2]設(shè)a、b兩球碰后速度大小分別為v1、v2。由題有：b球與擋板發(fā)生彈性碰撞后恰好在P點追上甲，則從碰后到相遇a、b球通過的路程之比為

根據(jù)得

以水平向右為正方向，兩球發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律得

由機械能守恒定律得

解得

【點睛】

解答本題的突破口是根據(jù)碰后路程關(guān)系求出碰后的速度大小之比，要掌握彈性碰撞的基本規(guī)律：動量守恒和機械能守恒。解題要注意選擇正方向，用正負號表示速度的方向?！窘馕觥?7、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)簡諧運動的對稱性可知，A、B兩點關(guān)于平衡位置對稱，從向右經(jīng)過A到第一次到達B經(jīng)過了半個周期的振動，則周期為

[2]這段時間路程為

解得振幅為【解析】418、略

【分析】【詳解】

[1]同種介質(zhì)中兩列簡諧波的波速相等均為由圖可知甲、乙的波長均為

根據(jù)

可得甲、乙的頻率均為頻率相同的簡諧波能發(fā)生穩(wěn)定的干涉；

[2]各質(zhì)點的振動周期為

乙的波峰第一次到達處的時間為

在時間內(nèi)即2T時間內(nèi)，對甲處的質(zhì)點完成兩次全振動，仍處于波峰位置，則時刻甲、乙的波峰相遇，兩列波疊加后，處為振動加強點；

[3]經(jīng)過0.5s甲、乙兩波在處相遇，1.5s時兩列波在處的質(zhì)點的平衡位置的位移為0，再經(jīng)過0.25s即1.75s的時刻，甲的波峰與乙的波谷在處相遇，甲乙兩波疊加后位移為【解析】能加強19、略

【分析】【詳解】

[1]波繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象就是波的衍射現(xiàn)象；故圖甲說明發(fā)生了明顯的衍射現(xiàn)象；

[2]當頻率相同的兩列波相遇時當波程差為波長的整數(shù)倍時振動加強；當波程差為半個波長的奇數(shù)倍時振動減弱，使有的地方振動加強有的地方振動減弱，且加強和減弱的區(qū)域交替出現(xiàn)，故圖乙是發(fā)生了干涉現(xiàn)象．

【點睛】

掌握干涉和衍射的圖樣的特點和發(fā)生條件，是解決此類題目的關(guān)鍵所在．注意干涉現(xiàn)象的條件與明顯的衍射現(xiàn)象條件．【解析】衍射干涉20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，間的距離恰好等于2.5個波長，則

得

[2]由于兩列波的波長相同，周期也相同，因此兩列波的波速

[3]圖示時刻振源的振動形式還需傳播才能傳播到之間距離為的位置，因此

[4]由題圖知，振源的振動方向始終相反，故振動加強點到兩點的波程差等于半波長的奇數(shù)倍，即滿足

且

分別取0和1，可得間振幅能達到的位置分別距點因此一共有4處?！窘馕觥?100.25421、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.偶②.奇四、作圖題(共1題，共3分)22、略

【分析】【詳解】

由題圖我們可以知道，在質(zhì)點振動的一個周期內(nèi)，波向前傳播一個完整的波形的距離，即傳播的距離

因此在內(nèi)，波向前傳播了根據(jù)波的傳播過程和傳播的實質(zhì)，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動的距離，就得到了后時刻的波形圖，如圖中的虛線甲所示；同理可以得到前時刻波的圖像；如圖中的虛線乙所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共4分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]實驗中；直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，通過平拋運動的規(guī)律，得出小球?qū)Φ乃俣?，由于平拋運動的高度相同，即可通過小球平拋運動的射程，間接表示速度的大小。

故選C。

（2）[2]由于需要測量小