2024-2025學(xué)年江蘇省南京市高三上學(xué)期10月聯(lián)考學(xué)情調(diào)研測(cè)試物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年第一學(xué)期十月學(xué)情調(diào)研測(cè)試高三物理一、單項(xiàng)選擇題1.一只黃葦鳽雙爪緊扣在荷花葉柄上休息，如圖所示。某時(shí)刻葉柄處于豎直狀態(tài)，隨著一陣微風(fēng)掠過(guò)，鳥和葉柄緩緩傾斜，在此過(guò)程中（）A.鳥所受合力減小 B.葉柄所受彈力不變C.鳥所受摩擦力減小 D.葉柄對(duì)鳥的力增大【答案】C【解析】A．鳥緩慢運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，所受合力為零，故A錯(cuò)誤；B．葉柄所受彈力與葉柄垂直，其方向發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；C．鳥所受摩擦力大小傾角減小，則摩擦力減小，故C正確；D．葉柄對(duì)鳥的作用力與鳥所受重力為一對(duì)平衡力，大小不變，故D錯(cuò)誤。故選C。2.“北斗”是我國(guó)自主研發(fā)的高精度導(dǎo)航系統(tǒng)，如圖為某款手機(jī)利用“北斗”系統(tǒng)繪制出某電動(dòng)車在平直路段行駛的速度-時(shí)間圖像，AB、CD和EF段近似看成直線，已知A、B對(duì)應(yīng)的時(shí)刻分別為3.3s和5.8s。電動(dòng)車和人的總質(zhì)量為100kg，阻力為總重力的0.05倍，g取，則該電動(dòng)車（）A.在AB段加速度比EF段大 B.在CD段阻力的功率約為300WC.在AC段做勻變速直線運(yùn)動(dòng) D.在AB段通過(guò)的位移為8.5m【答案】B【解析】A．圖像的斜率表示加速度，由圖可知在AB段加速度比EF段小，故A錯(cuò)誤；B．在CD段做勻速運(yùn)動(dòng)，阻力的功率約為故B正確；C．在AC段圖像的斜率變化，不做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．在AB段做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的位移為故D錯(cuò)誤。故選B。3.節(jié)能電梯在無(wú)人時(shí)緩慢運(yùn)行或靜止不動(dòng)，有人上電梯后，電梯先加速后勻速運(yùn)行。一乘客坐電梯下樓，始終與電梯保持相對(duì)靜止，如圖所示，則（）A.加速時(shí)乘客所受的摩擦力方向沿斜面向下B.加速時(shí)乘客處于失重狀態(tài)C.下樓過(guò)程中電梯對(duì)乘客的作用力大于乘客對(duì)電梯的作用力D.下樓過(guò)程中乘客受到的摩擦力始終做負(fù)功【答案】B【解析】A．電梯加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，人在水平方向上，有水平向左的加速度，由牛頓第二定律可知，乘客所受的摩擦力方向水平向左，故A錯(cuò)誤；B．電梯加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，人在豎直方向上有向下的加速度，則乘客處于失重狀態(tài)，故B正確；C．電梯對(duì)乘客的作用力與乘客對(duì)電梯的作用力是一對(duì)相互作用力，大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電梯勻速運(yùn)行時(shí)，乘客不受摩擦力作用，則摩擦力做功為0，故D錯(cuò)誤。故選B。4.2024年華為隆重推出搭載我國(guó)自主研發(fā)的麒麟9010s芯片的Mate70手機(jī)，該手機(jī)可以與地球靜止軌道衛(wèi)星“天通一號(hào)01”實(shí)現(xiàn)衛(wèi)星通信。已知地球半徑為R，“天通一號(hào)01”離地高度約為6R，以下關(guān)于該衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是（）A.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星在地球同步軌道上處于平衡狀態(tài)B.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星的發(fā)射速度小于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度C.若地球自轉(zhuǎn)加快，“天通一號(hào)01”衛(wèi)星為保持與地面同步，軌道高度應(yīng)降低D.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星的加速度約為靜止在赤道上物體加速度的6倍【答案】C【解析】A．衛(wèi)星在地球同步軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不是處于平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星軌道高于近地軌道衛(wèi)星，故發(fā)射速度大于最小發(fā)射速度，即大于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，故B錯(cuò)誤；C．若地球自轉(zhuǎn)加快，衛(wèi)星為保持與地面同步，應(yīng)當(dāng)具有更大的角速度，更小的周期，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得可知軌道高度應(yīng)降低，故C正確。D．同步軌道上衛(wèi)星與赤道上物體運(yùn)動(dòng)的角速度相同，由可知衛(wèi)星在同步軌道上的向心加速度約是靜止在赤道上物體向心加速度的7倍，故D錯(cuò)誤。故選C5.下列四幅圖所涉及的物理知識(shí)，論述正確的是（）A.圖甲表明晶體熔化過(guò)程中分子平均動(dòng)能變大B.圖乙水黽可以在水面自由活動(dòng)，說(shuō)明它所受的浮力大于重力C.圖丙是顯微鏡下三顆小炭粒的運(yùn)動(dòng)位置連線圖，連線表示小炭粒的運(yùn)動(dòng)軌跡D.圖丁中A是浸潤(rùn)現(xiàn)象，B是不浸潤(rùn)現(xiàn)象【答案】D【解析】A．晶體熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，故A錯(cuò)誤；B．水黽可以在水面自由活動(dòng)，是因?yàn)樗谋砻鎻埩?，故B錯(cuò)誤；C．每隔一段時(shí)間把觀察到的炭粒的位置記錄下來(lái)，然后用直線把這些位置依次連接成折線，所以布朗運(yùn)動(dòng)圖像反映每隔一段時(shí)間固體微粒的位置，而不是運(yùn)動(dòng)軌跡，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中A是浸潤(rùn)現(xiàn)象，B是不浸潤(rùn)現(xiàn)象，故D正確。故選D。6.在“研究溫度不變時(shí)氣體壓強(qiáng)跟體積關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，推動(dòng)活塞，注射器內(nèi)空氣體積減小，多次測(cè)量得到注射器內(nèi)氣體的圖線，如圖實(shí)線是一條雙曲線，虛線為實(shí)驗(yàn)所得圖線。環(huán)境溫度保持不變，發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)所得圖線與玻意耳定律明顯不符，造成這一現(xiàn)象的可能原因是（）A.實(shí)驗(yàn)時(shí)用手握住注射器 B.實(shí)驗(yàn)時(shí)緩慢推動(dòng)活塞C.注射器沒(méi)有保持水平 D.推動(dòng)活塞過(guò)程中有氣體泄漏【答案】A【解析】由圖像的特點(diǎn)可知壓縮氣體過(guò)程中p與V的乘積增大，所以造成這一現(xiàn)象的原因可能是實(shí)驗(yàn)時(shí)用手握住注射器或?qū)嶒?yàn)時(shí)迅速推動(dòng)活塞，導(dǎo)致溫度升高。故選A。7.科學(xué)家常用放射性材料作為輔助電源為火星車供電。中的元素是，具有天然放射性，半衰期為87.7年。發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.、、三種射線中，射線的電離能力最弱B.原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比核的比結(jié)合能大C.10個(gè)原子核經(jīng)過(guò)87.7年后一定還會(huì)剩余5個(gè)D.的半衰期跟核內(nèi)部自身因素有關(guān)，也跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件有關(guān)【答案】B【解析】A．、、三種射線中，射線的電離能力最強(qiáng)，穿透本領(lǐng)最弱，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核更加穩(wěn)定，則比結(jié)合能比核的比結(jié)合能大，選項(xiàng)B正確；C．半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少量的原子核衰變不適用，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．的半衰期只跟核內(nèi)部自身因素有關(guān)，跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示為一列沿x軸傳播簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線為時(shí)刻的波形圖，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q（）向y軸正向振動(dòng)，虛線為時(shí)的波形圖，質(zhì)點(diǎn)P（）在0.9s時(shí)恰好第三次到達(dá)波峰，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸負(fù)方向傳播 B.該波的傳播速度為C.在時(shí)刻，Q點(diǎn)處于波峰位置 D.在0～0.9s內(nèi)，Q運(yùn)動(dòng)路程為20m【答案】C【解析】A．根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)P（）在0.9s時(shí)恰好第三次到達(dá)波峰，則有解得T=0.4s由圖知波長(zhǎng)8m，則故B錯(cuò)誤；C．據(jù)Q點(diǎn)波峰坐標(biāo)為

則波峰傳到Q點(diǎn)時(shí)間為

當(dāng)時(shí)，解得n=4故C正確；*D．若質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)時(shí)，其通過(guò)的路程為但在0～0.9s內(nèi)，即Q點(diǎn)只振動(dòng)了，所以Q運(yùn)動(dòng)的路程小于20m。故D錯(cuò)誤。故選C。9.在軸上關(guān)于坐標(biāo)點(diǎn)對(duì)稱的位置上有兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷，其在平面上形成的電勢(shì)分布沿軸的剖面圖如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.坐標(biāo)點(diǎn)處的電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)均不為零B.在軸上與點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)有兩個(gè)C.負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能比在點(diǎn)低D.在軸任意位置處把正電荷沿軸正方向單向移動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力均先做負(fù)功再做正功【答案】B【解析】A．等量同種電荷在O處的場(chǎng)強(qiáng)因矢量疊加抵消為零，但電勢(shì)是標(biāo)量疊加，故不為零，從圖中也可以看出電勢(shì)不為零，故A錯(cuò)誤；B．從圖中可以看出，在x軸上與O點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)有兩個(gè)，故B正確；C．從圖中可以看出，a點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)低，故負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)高，故C錯(cuò)誤；D．從圖中可以看出，沿垂直于z軸方向移動(dòng)的過(guò)程中電勢(shì)先升高再降低，再升高，再降低，故正電荷的電勢(shì)能經(jīng)歷先升高再降低，再升高，再降低的過(guò)程，故電場(chǎng)力均先做負(fù)功再做正功再做負(fù)功再做正功，故D錯(cuò)誤。故選B。10.電磁俘能器可在汽車發(fā)動(dòng)機(jī)振動(dòng)時(shí)利用電磁感應(yīng)發(fā)電實(shí)現(xiàn)能量回收，結(jié)構(gòu)如圖甲所示。兩對(duì)永磁鐵可隨發(fā)動(dòng)機(jī)一起上下振動(dòng)，每對(duì)永磁鐵間有水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B．磁場(chǎng)中，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線圈豎直固定在減震裝置上。某時(shí)刻磁場(chǎng)分布與線圈位置如圖乙所示，永磁鐵振動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)分界線不會(huì)離開(kāi)線圈。關(guān)于圖乙中的線圈。下列說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)線圈的磁通量為B.永磁鐵相對(duì)線圈上升越高，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.永磁鐵相對(duì)線圈上升越快，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越小D.永磁鐵相對(duì)線圈下降時(shí)，線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颉敬鸢浮緿【解析】A．根據(jù)圖乙可知此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為0，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知永磁鐵相對(duì)線圈上升越快，磁通量變化越快，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故BC錯(cuò)誤；D．永磁鐵相對(duì)線圈下降時(shí)，根據(jù)安培定則可知線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍蔇正確。故選D。11.如圖、物塊從A點(diǎn)水平拋出，恰好在點(diǎn)無(wú)碰撞進(jìn)入傾斜傳送帶，已知傳送帶沿順時(shí)針勻速傳動(dòng)，由A到的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，水平距離為，從拋出到剛進(jìn)入傳送帶一段時(shí)間內(nèi)關(guān)于物塊水平速度和時(shí)間、豎直速度和時(shí)間、動(dòng)能和水平位移、機(jī)械能和水平位移的圖像一定錯(cuò)誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．物塊從A點(diǎn)到點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向是勻速直線運(yùn)動(dòng)，物塊從A點(diǎn)水平拋出，恰好在點(diǎn)無(wú)碰撞進(jìn)入傾斜傳送帶，可知物塊在B點(diǎn)的速度與傳送帶速度相同，則有物塊在傳送帶上水平速度不變，A正確，不符合題意；B．物塊在傳送帶上由于重力作用，若物塊受摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊速度會(huì)繼續(xù)增大，且有可能加速度大于重力加速度，B正確，不符合題意；C．物塊從A到B，設(shè)物塊位移與水平方向夾角為α，由動(dòng)能定理可得可得C錯(cuò)誤，符合題意；D．物塊從A到B，機(jī)械能守恒，在傳送帶上可能由于有摩擦力對(duì)物塊做負(fù)功，物塊的機(jī)械能隨位移減小，D正確，不符合題意。故選C。二、非選擇題12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用拉力傳感器進(jìn)行“測(cè)量重力加速度”并“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖①所示。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小鐵球直徑結(jié)果如圖②所示。則其直徑D=___________mm；（2）讓小鐵球以較小的角度在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，從計(jì)算機(jī)中得到拉力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖③，則小球擺動(dòng)的周期為T=___________s；（3）該同學(xué)還測(cè)得該單擺的擺線長(zhǎng)用L表示，則重力加速度的表達(dá)式為g=___________（用物理量T、L、D表示）。（4）將擺球多次拉離豎直方向一定角度后由靜止釋放，測(cè)得拉力的最小值F1與最大值F2并得到F2-F1圖線，如圖④，如果小球在擺動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能守恒，則該圖線斜率的絕對(duì)值等于___________；（5）若實(shí)際測(cè)得F2-F1圖線的斜率與理論值總是存在一定偏差，可能是以下哪種原因___________A．測(cè)量單擺擺長(zhǎng)時(shí)漏加小球半徑B．小鋼球初始釋放位置不同C．小鋼球擺動(dòng)角度偏大D．小鋼球擺動(dòng)過(guò)程中存在空氣阻力【答案】（1）9.3（2）2##2.0（3）或者（4）2（5）D【解析】（1）讀數(shù)為（2）小球在經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)繩上的拉力最大，且一個(gè)周期內(nèi)經(jīng)過(guò)二次最低點(diǎn)，所以小球做單擺運(yùn)動(dòng)的周期為（3）由單擺周期公式可知解得（4）根據(jù)向心力方程以及機(jī)械能守恒可知聯(lián)立解得所以圖像的斜率的絕對(duì)值應(yīng)為2；（5）由以上分析可知，繩長(zhǎng)可以約掉，釋放高度和角度也在計(jì)算過(guò)程中約掉，因此，存在誤差的原因應(yīng)該是有阻力做功，機(jī)械能不守恒，即存在空氣阻力，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。13.如圖，等腰直角ABC玻璃磚固定，ab兩束單色光垂直AC入射，其中a光剛好不能從AB面射出，而b光穿過(guò)AB面后進(jìn)入光電管，并使G表產(chǎn)生電流（未飽和）。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）玻璃磚對(duì)a光的折射率n為多少？不改變光的頻率，如何增大G表電流？（2）若將圖中電源反向，滑片P向右滑動(dòng)過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)為U0時(shí)，G表示數(shù)剛好為零。已知光電管內(nèi)金屬材料的逸出功為W0，電子電量為e，則光電管的入射光的能量是多少？【答案】（1），增大b光的強(qiáng)度；（2）【解析】（1）由于a光剛好不能在AB面發(fā)生全反射，所以由幾何可得。所以可得玻璃磚對(duì)a光的折射率n為不改變光的頻率，增大b光的強(qiáng)度可令單位時(shí)間內(nèi)光電子的數(shù)量增多，電流表示數(shù)變大。（2）G表示數(shù)剛好為零時(shí)，電壓表示數(shù)U0即為遏止電壓，由光電效應(yīng)方程所以光電管的入射光的光子能量為14.如圖所示，兩根輕繩連接質(zhì)量為m的小球P，右側(cè)繩一端固定于A點(diǎn)，左側(cè)繩通過(guò)光滑定滑輪B連接一物塊Q，質(zhì)量相等的物塊Q、N通過(guò)一輕彈簧連接，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，小球P位于圖示位置，PA、PB兩繩與水平方向的夾角分別為53°和37°，此時(shí)物塊N與地面的壓力恰好為零?，F(xiàn)將小球P托至與A、B兩點(diǎn)等高的水平線上，兩繩均拉直且恰好無(wú)彈力，由靜止釋放小球P。已知PA繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，，，重力加速度為g，求：（1）物塊Q的質(zhì)量M；（2）小球P運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，物塊Q的速度大小v。【答案】（1）（2）【解析】【小問(wèn)1詳析】對(duì)小球P進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件有對(duì)物塊N和Q整體進(jìn)行受力分析，則有聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳析】由靜止釋放小球P后，小球P做圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)圖示位置，該過(guò)程初始狀態(tài)彈簧處于壓縮狀態(tài)，末狀態(tài)彈簧處于拉伸狀態(tài)，且壓縮量與拉伸量大小相等，即始末狀態(tài)彈性勢(shì)能不變，P的速度方向恰好沿PB繩，可知，此時(shí)小球P和物塊Q的速度大小相等，則有其中聯(lián)立解得15.如圖，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域及矩形區(qū)域內(nèi)均存在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向豎直向下且與邊平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，右邊有一半徑為且與相切的圓形區(qū)域，切點(diǎn)為的中點(diǎn)，該圓形區(qū)域與區(qū)域內(nèi)均存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電粒子從b點(diǎn)斜向上射入電場(chǎng)后沿圖中曲線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)邊的中點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域，并沿直線通過(guò)該區(qū)域后進(jìn)入圓形區(qū)域。所有區(qū)域均在紙面內(nèi)，粒子始終在該紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)粒子重力。求：（1）粒子沿直線通過(guò)區(qū)域時(shí)的速度大?。唬?）粒子的電荷量與質(zhì)量之比；（3）粒子射出圓形區(qū)域時(shí)速度方向與進(jìn)入圓形區(qū)域時(shí)速度方向的夾角?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】帶電粒子在區(qū)域做直線運(yùn)動(dòng)，則有電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，可知粒子帶正電，經(jīng)邊的中點(diǎn)速度水平向右，設(shè)粒子到達(dá)邊的中點(diǎn)速度大小為，帶電荷量為，質(zhì)量為，由平衡條件則有解得【小問(wèn)2詳析】粒子從b點(diǎn)到邊的中點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，可逆向看做從邊的中點(diǎn)到b點(diǎn)的類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，加速度大小為，由牛頓第二定律可得由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得聯(lián)立解得粒子的電荷量與質(zhì)量之比【小問(wèn)3詳析】粒子從中點(diǎn)射出到圓形區(qū)域做勻圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡圖如圖所示，由圖可知，粒子沿半徑方向射入，又沿半徑方向射出，設(shè)粒子射出圓形區(qū)域時(shí)速度方向與進(jìn)入圓形區(qū)域時(shí)速度方向的夾角為，由幾何關(guān)系可知可得則有16.如圖所示，質(zhì)量m1=0.1kg的小物塊P從靜止開(kāi)始沿斜面AB和水平面BC運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，與C點(diǎn)處質(zhì)量m2=0.3kg的小物塊Q發(fā)生碰撞，碰撞后，小物塊Q從C點(diǎn)飛出，運(yùn)動(dòng)到水平地面上的D點(diǎn)。斜面AB與水平面之間的夾角為θ，且tanθ=0.5，斜面AB與水平面BC平滑連接，動(dòng)摩擦系數(shù)μ均為0.2，水平面BC的長(zhǎng)為xBC=0.3m，C點(diǎn)距離水平地面的高度H=0.6m。（不計(jì)空氣阻力，取重力加速度g為10m/s2）。（1）若小物塊Q從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的水平距離xCD=0.6m，求小物塊Q從C點(diǎn)拋出的初速度vC的大?。唬?）若小物塊P從h=1.7m處下滑，且最終xCD=0.6m，計(jì)算并回答：小物塊P、Q發(fā)生的是否為彈性碰撞？（3）若小物塊P、Q發(fā)生的是彈性碰撞，當(dāng)釋放高度h滿足什么條件時(shí)，小物塊Q能從C點(diǎn)飛出，而小物塊P不會(huì)從C點(diǎn)飛出？【答案】（1）（2）見(jiàn)解析（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】在方向上在方向上解得【小問(wèn)2詳析】由動(dòng)能定理解得設(shè)碰撞后小物塊和的速度大小分別為和。由動(dòng)量守恒可得由機(jī)械能守恒可得可得因，所以、發(fā)生的是彈性碰撞；【小問(wèn)3詳析】第一種情況：小物塊到達(dá)點(diǎn)時(shí)，速度恰好為0，由動(dòng)能定理可得第二種情況：碰撞后，小物塊反彈回斜面上，第二次下滑回到點(diǎn)時(shí)速度為0。小物塊第一次從到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得碰撞時(shí)，動(dòng)量守恒和能量守恒小物塊第二次回到斜面AB，由動(dòng)能定理解得因此，的取值為。2024-2025學(xué)年第一學(xué)期十月學(xué)情調(diào)研測(cè)試高三物理一、單項(xiàng)選擇題1.一只黃葦鳽雙爪緊扣在荷花葉柄上休息，如圖所示。某時(shí)刻葉柄處于豎直狀態(tài)，隨著一陣微風(fēng)掠過(guò)，鳥和葉柄緩緩傾斜，在此過(guò)程中（）A.鳥所受合力減小 B.葉柄所受彈力不變C.鳥所受摩擦力減小 D.葉柄對(duì)鳥的力增大【答案】C【解析】A．鳥緩慢運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，所受合力為零，故A錯(cuò)誤；B．葉柄所受彈力與葉柄垂直，其方向發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；C．鳥所受摩擦力大小傾角減小，則摩擦力減小，故C正確；D．葉柄對(duì)鳥的作用力與鳥所受重力為一對(duì)平衡力，大小不變，故D錯(cuò)誤。故選C。2.“北斗”是我國(guó)自主研發(fā)的高精度導(dǎo)航系統(tǒng)，如圖為某款手機(jī)利用“北斗”系統(tǒng)繪制出某電動(dòng)車在平直路段行駛的速度-時(shí)間圖像，AB、CD和EF段近似看成直線，已知A、B對(duì)應(yīng)的時(shí)刻分別為3.3s和5.8s。電動(dòng)車和人的總質(zhì)量為100kg，阻力為總重力的0.05倍，g取，則該電動(dòng)車（）A.在AB段加速度比EF段大 B.在CD段阻力的功率約為300WC.在AC段做勻變速直線運(yùn)動(dòng) D.在AB段通過(guò)的位移為8.5m【答案】B【解析】A．圖像的斜率表示加速度，由圖可知在AB段加速度比EF段小，故A錯(cuò)誤；B．在CD段做勻速運(yùn)動(dòng)，阻力的功率約為故B正確；C．在AC段圖像的斜率變化，不做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．在AB段做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的位移為故D錯(cuò)誤。故選B。3.節(jié)能電梯在無(wú)人時(shí)緩慢運(yùn)行或靜止不動(dòng)，有人上電梯后，電梯先加速后勻速運(yùn)行。一乘客坐電梯下樓，始終與電梯保持相對(duì)靜止，如圖所示，則（）A.加速時(shí)乘客所受的摩擦力方向沿斜面向下B.加速時(shí)乘客處于失重狀態(tài)C.下樓過(guò)程中電梯對(duì)乘客的作用力大于乘客對(duì)電梯的作用力D.下樓過(guò)程中乘客受到的摩擦力始終做負(fù)功【答案】B【解析】A．電梯加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，人在水平方向上，有水平向左的加速度，由牛頓第二定律可知，乘客所受的摩擦力方向水平向左，故A錯(cuò)誤；B．電梯加速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，人在豎直方向上有向下的加速度，則乘客處于失重狀態(tài)，故B正確；C．電梯對(duì)乘客的作用力與乘客對(duì)電梯的作用力是一對(duì)相互作用力，大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電梯勻速運(yùn)行時(shí)，乘客不受摩擦力作用，則摩擦力做功為0，故D錯(cuò)誤。故選B。4.2024年華為隆重推出搭載我國(guó)自主研發(fā)的麒麟9010s芯片的Mate70手機(jī)，該手機(jī)可以與地球靜止軌道衛(wèi)星“天通一號(hào)01”實(shí)現(xiàn)衛(wèi)星通信。已知地球半徑為R，“天通一號(hào)01”離地高度約為6R，以下關(guān)于該衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是（）A.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星在地球同步軌道上處于平衡狀態(tài)B.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星的發(fā)射速度小于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度C.若地球自轉(zhuǎn)加快，“天通一號(hào)01”衛(wèi)星為保持與地面同步，軌道高度應(yīng)降低D.“天通一號(hào)01”衛(wèi)星的加速度約為靜止在赤道上物體加速度的6倍【答案】C【解析】A．衛(wèi)星在地球同步軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不是處于平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．同步衛(wèi)星軌道高于近地軌道衛(wèi)星，故發(fā)射速度大于最小發(fā)射速度，即大于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，故B錯(cuò)誤；C．若地球自轉(zhuǎn)加快，衛(wèi)星為保持與地面同步，應(yīng)當(dāng)具有更大的角速度，更小的周期，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得可知軌道高度應(yīng)降低，故C正確。D．同步軌道上衛(wèi)星與赤道上物體運(yùn)動(dòng)的角速度相同，由可知衛(wèi)星在同步軌道上的向心加速度約是靜止在赤道上物體向心加速度的7倍，故D錯(cuò)誤。故選C5.下列四幅圖所涉及的物理知識(shí)，論述正確的是（）A.圖甲表明晶體熔化過(guò)程中分子平均動(dòng)能變大B.圖乙水黽可以在水面自由活動(dòng)，說(shuō)明它所受的浮力大于重力C.圖丙是顯微鏡下三顆小炭粒的運(yùn)動(dòng)位置連線圖，連線表示小炭粒的運(yùn)動(dòng)軌跡D.圖丁中A是浸潤(rùn)現(xiàn)象，B是不浸潤(rùn)現(xiàn)象【答案】D【解析】A．晶體熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，故A錯(cuò)誤；B．水黽可以在水面自由活動(dòng)，是因?yàn)樗谋砻鎻埩?，故B錯(cuò)誤；C．每隔一段時(shí)間把觀察到的炭粒的位置記錄下來(lái)，然后用直線把這些位置依次連接成折線，所以布朗運(yùn)動(dòng)圖像反映每隔一段時(shí)間固體微粒的位置，而不是運(yùn)動(dòng)軌跡，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中A是浸潤(rùn)現(xiàn)象，B是不浸潤(rùn)現(xiàn)象，故D正確。故選D。6.在“研究溫度不變時(shí)氣體壓強(qiáng)跟體積關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，推動(dòng)活塞，注射器內(nèi)空氣體積減小，多次測(cè)量得到注射器內(nèi)氣體的圖線，如圖實(shí)線是一條雙曲線，虛線為實(shí)驗(yàn)所得圖線。環(huán)境溫度保持不變，發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)所得圖線與玻意耳定律明顯不符，造成這一現(xiàn)象的可能原因是（）A.實(shí)驗(yàn)時(shí)用手握住注射器 B.實(shí)驗(yàn)時(shí)緩慢推動(dòng)活塞C.注射器沒(méi)有保持水平 D.推動(dòng)活塞過(guò)程中有氣體泄漏【答案】A【解析】由圖像的特點(diǎn)可知壓縮氣體過(guò)程中p與V的乘積增大，所以造成這一現(xiàn)象的原因可能是實(shí)驗(yàn)時(shí)用手握住注射器或?qū)嶒?yàn)時(shí)迅速推動(dòng)活塞，導(dǎo)致溫度升高。故選A。7.科學(xué)家常用放射性材料作為輔助電源為火星車供電。中的元素是，具有天然放射性，半衰期為87.7年。發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.、、三種射線中，射線的電離能力最弱B.原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比核的比結(jié)合能大C.10個(gè)原子核經(jīng)過(guò)87.7年后一定還會(huì)剩余5個(gè)D.的半衰期跟核內(nèi)部自身因素有關(guān)，也跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件有關(guān)【答案】B【解析】A．、、三種射線中，射線的電離能力最強(qiáng)，穿透本領(lǐng)最弱，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核更加穩(wěn)定，則比結(jié)合能比核的比結(jié)合能大，選項(xiàng)B正確；C．半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少量的原子核衰變不適用，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．的半衰期只跟核內(nèi)部自身因素有關(guān)，跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示為一列沿x軸傳播簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線為時(shí)刻的波形圖，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q（）向y軸正向振動(dòng)，虛線為時(shí)的波形圖，質(zhì)點(diǎn)P（）在0.9s時(shí)恰好第三次到達(dá)波峰，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸負(fù)方向傳播 B.該波的傳播速度為C.在時(shí)刻，Q點(diǎn)處于波峰位置 D.在0～0.9s內(nèi)，Q運(yùn)動(dòng)路程為20m【答案】C【解析】A．根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)P（）在0.9s時(shí)恰好第三次到達(dá)波峰，則有解得T=0.4s由圖知波長(zhǎng)8m，則故B錯(cuò)誤；C．據(jù)Q點(diǎn)波峰坐標(biāo)為

則波峰傳到Q點(diǎn)時(shí)間為

當(dāng)時(shí)，解得n=4故C正確；*D．若質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)時(shí)，其通過(guò)的路程為但在0～0.9s內(nèi)，即Q點(diǎn)只振動(dòng)了，所以Q運(yùn)動(dòng)的路程小于20m。故D錯(cuò)誤。故選C。9.在軸上關(guān)于坐標(biāo)點(diǎn)對(duì)稱的位置上有兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷，其在平面上形成的電勢(shì)分布沿軸的剖面圖如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.坐標(biāo)點(diǎn)處的電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)均不為零B.在軸上與點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)有兩個(gè)C.負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能比在點(diǎn)低D.在軸任意位置處把正電荷沿軸正方向單向移動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力均先做負(fù)功再做正功【答案】B【解析】A．等量同種電荷在O處的場(chǎng)強(qiáng)因矢量疊加抵消為零，但電勢(shì)是標(biāo)量疊加，故不為零，從圖中也可以看出電勢(shì)不為零，故A錯(cuò)誤；B．從圖中可以看出，在x軸上與O點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)有兩個(gè)，故B正確；C．從圖中可以看出，a點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)低，故負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)高，故C錯(cuò)誤；D．從圖中可以看出，沿垂直于z軸方向移動(dòng)的過(guò)程中電勢(shì)先升高再降低，再升高，再降低，故正電荷的電勢(shì)能經(jīng)歷先升高再降低，再升高，再降低的過(guò)程，故電場(chǎng)力均先做負(fù)功再做正功再做負(fù)功再做正功，故D錯(cuò)誤。故選B。10.電磁俘能器可在汽車發(fā)動(dòng)機(jī)振動(dòng)時(shí)利用電磁感應(yīng)發(fā)電實(shí)現(xiàn)能量回收，結(jié)構(gòu)如圖甲所示。兩對(duì)永磁鐵可隨發(fā)動(dòng)機(jī)一起上下振動(dòng)，每對(duì)永磁鐵間有水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B．磁場(chǎng)中，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線圈豎直固定在減震裝置上。某時(shí)刻磁場(chǎng)分布與線圈位置如圖乙所示，永磁鐵振動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)分界線不會(huì)離開(kāi)線圈。關(guān)于圖乙中的線圈。下列說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)線圈的磁通量為B.永磁鐵相對(duì)線圈上升越高，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.永磁鐵相對(duì)線圈上升越快，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越小D.永磁鐵相對(duì)線圈下降時(shí)，線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颉敬鸢浮緿【解析】A．根據(jù)圖乙可知此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為0，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知永磁鐵相對(duì)線圈上升越快，磁通量變化越快，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故BC錯(cuò)誤；D．永磁鐵相對(duì)線圈下降時(shí)，根據(jù)安培定則可知線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，故D正確。故選D。11.如圖、物塊從A點(diǎn)水平拋出，恰好在點(diǎn)無(wú)碰撞進(jìn)入傾斜傳送帶，已知傳送帶沿順時(shí)針勻速傳動(dòng)，由A到的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，水平距離為，從拋出到剛進(jìn)入傳送帶一段時(shí)間內(nèi)關(guān)于物塊水平速度和時(shí)間、豎直速度和時(shí)間、動(dòng)能和水平位移、機(jī)械能和水平位移的圖像一定錯(cuò)誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．物塊從A點(diǎn)到點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向是勻速直線運(yùn)動(dòng)，物塊從A點(diǎn)水平拋出，恰好在點(diǎn)無(wú)碰撞進(jìn)入傾斜傳送帶，可知物塊在B點(diǎn)的速度與傳送帶速度相同，則有物塊在傳送帶上水平速度不變，A正確，不符合題意；B．物塊在傳送帶上由于重力作用，若物塊受摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊速度會(huì)繼續(xù)增大，且有可能加速度大于重力加速度，B正確，不符合題意；C．物塊從A到B，設(shè)物塊位移與水平方向夾角為α，由動(dòng)能定理可得可得C錯(cuò)誤，符合題意；D．物塊從A到B，機(jī)械能守恒，在傳送帶上可能由于有摩擦力對(duì)物塊做負(fù)功，物塊的機(jī)械能隨位移減小，D正確，不符合題意。故選C。二、非選擇題12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用拉力傳感器進(jìn)行“測(cè)量重力加速度”并“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖①所示。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小鐵球直徑結(jié)果如圖②所示。則其直徑D=___________mm；（2）讓小鐵球以較小的角度在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，從計(jì)算機(jī)中得到拉力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖③，則小球擺動(dòng)的周期為T=___________s；（3）該同學(xué)還測(cè)得該單擺的擺線長(zhǎng)用L表示，則重力加速度的表達(dá)式為g=___________（用物理量T、L、D表示）。（4）將擺球多次拉離豎直方向一定角度后由靜止釋放，測(cè)得拉力的最小值F1與最大值F2并得到F2-F1圖線，如圖④，如果小球在擺動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能守恒，則該圖線斜率的絕對(duì)值等于___________；（5）若實(shí)際測(cè)得F2-F1圖線的斜率與理論值總是存在一定偏差，可能是以下哪種原因___________A．測(cè)量單擺擺長(zhǎng)時(shí)漏加小球半徑B．小鋼球初始釋放位置不同C．小鋼球擺動(dòng)角度偏大D．小鋼球擺動(dòng)過(guò)程中存在空氣阻力【答案】（1）9.3（2）2##2.0（3）或者（4）2（5）D【解析】（1）讀數(shù)為（2）小球在經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)繩上的拉力最大，且一個(gè)周期內(nèi)經(jīng)過(guò)二次最低點(diǎn)，所以小球做單擺運(yùn)動(dòng)的周期為（3）由單擺周期公式可知解得（4）根據(jù)向心力方程以及機(jī)械能守恒可知聯(lián)立解得所以圖像的斜率的絕對(duì)值應(yīng)為2；（5）由以上分析可知，繩長(zhǎng)可以約掉，釋放高度和角度也在計(jì)算過(guò)程中約掉，因此，存在誤差的原因應(yīng)該是有阻力做功，機(jī)械能不守恒，即存在空氣阻力，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。13.如圖，等腰直角ABC玻璃磚固定，ab兩束單色光垂直AC入射，其中a光剛好不能從AB面射出，而b光穿過(guò)AB面后進(jìn)入光電管，并使G表產(chǎn)生電流（未飽和）。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）玻璃磚對(duì)a光的折射率n為多少？不改變光的頻率，如何增大G表電流？（2）若將圖中電源反向，滑片P向右滑動(dòng)過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)為U0時(shí)，G表示數(shù)剛好為零。已知光電管內(nèi)金屬材料的逸出功為W0，電子電量為e，則光電管的入射光的能量是多少？【答案】（1），增大b光的強(qiáng)度；（2）【解析】（1）由于a光剛好不能在AB面發(fā)生全反射，所以由幾何可得。所以可得玻璃磚對(duì)a光的折射率n為不改變光的頻率，增大b光的強(qiáng)度可令單位時(shí)間內(nèi)光電子的數(shù)量增多，電流表示數(shù)變大。（2）G表示數(shù)剛好為零時(shí)，電壓表示數(shù)U0即為遏止電壓，由光電效應(yīng)方程所以光電管的入射光的光子能量為14.如圖所示，兩根輕繩連接質(zhì)量為m的小球P，右側(cè)繩一端固定于A點(diǎn)，左側(cè)繩通過(guò)光滑定滑輪B連接一物塊Q，質(zhì)量相等的物塊Q、N通過(guò)一輕彈簧連接，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，小球P位于圖示位置，PA、PB兩繩與水平方向的夾角分別為53°和37°，此時(shí)物塊N與地面的壓力恰好為零。現(xiàn)將小球P托至與A、B兩點(diǎn)等高的水平線上，兩繩均拉直且恰好無(wú)彈力，由靜止釋放小球P。已知PA繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，，，重力加速度為g，求：（1）物塊Q的質(zhì)量M；（2）小球P運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，物塊Q的速度大小v。【答案】（1）（2）【解析】【小問(wèn)1詳析】對(duì)小球P進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件有對(duì)物塊N和Q整體進(jìn)行受力分析，則有聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳析】由靜止釋放小球P后，小