深圳市鹽田高級(jí)中學(xué)2023-2024學(xué)年高一（上）期末物理試卷VIP

第17頁(yè)（共17頁(yè)）（五）2023-2024學(xué)年廣東省深圳市鹽田高級(jí)中學(xué)高一（上）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）1．（4分）下列說(shuō)法正確的是（）A．圖甲中，伽利略使用該斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得出力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系 B．圖乙中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于足球發(fā)生了形變 C．圖丙中，平衡車的重力與地面對(duì)平衡車的支持力是一對(duì)作用力與反作用力 D．圖丁中，該工具測(cè)得的物理量，不屬于國(guó)際單位制中的基本物理量2．（4分）C919是我國(guó)自行研制、擁有自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的大型噴氣式民用飛機(jī)，圖2示是國(guó)產(chǎn)大飛機(jī)C919起飛離地后，斜向上加速直線運(yùn)動(dòng)的一個(gè)瞬間，關(guān)于此瞬間，以下說(shuō)法正確的是（）圖2圖3A．飛機(jī)的加速度方向豎直向上 B．乘客受到飛機(jī)座椅的力豎直向上 C．乘客處于超重狀態(tài) D．飛機(jī)處于失重狀態(tài)3．（4分）某同學(xué)為研究地鐵8號(hào)線的運(yùn)動(dòng)情況，它用細(xì)線將一支圓珠筆懸掛在地鐵的豎直扶手上，地鐵啟動(dòng)時(shí)用手機(jī)拍攝了如圖3所示的照片，拍攝方向跟地鐵前進(jìn)方向垂直。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。下列說(shuō)法正確的是（）A．該地鐵的速度方向向右 B．只需測(cè)出筆的質(zhì)量，即可估算出地鐵的加速度 C．該地鐵的加速度方向向右 D．只需測(cè)出細(xì)繩與豎直扶手之間的夾角，即可估算出地鐵的加速度4．（4分）蹦極是一項(xiàng)非常刺激的戶外極限運(yùn)動(dòng)。如圖4所示，彈性繩（滿足胡克定律）一端固定在高空跳臺(tái)上，另一端系住跳躍者的腳腕，人從跳臺(tái)上由靜止開(kāi)始落下，彈性繩質(zhì)量不計(jì)，忽略空氣阻力的影響，則人第一次下落的過(guò)程中（）,圖4圖5A．人在加速下落過(guò)程中，其慣性增大 B．速度先增大后減小 C．加速度先不變后增大 D．彈性繩伸直時(shí)人開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)5．（4分）如圖5所示，用一輕繩將光滑小球P系于粗糙墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，整體處于靜止?fàn)顟B(tài)。略微改變繩子的長(zhǎng)度，P、Q仍然均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列相關(guān)說(shuō)法正確的是（）A．P、Q兩物體都受3個(gè)力作用 B．若繩子變短，墻壁對(duì)Q的支持力將減小 C．若繩子變短，繩子的拉力將變大 D．若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大6．（4分）如圖6，跳傘運(yùn)動(dòng)員做低空跳傘表演如圖甲所示．運(yùn)動(dòng)員從高空懸停的直升機(jī)上跳下沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，其v﹣t圖象如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)員在0～10s內(nèi)的平均速度大小等于10m/s B．10s～15s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng) C．10s末運(yùn)動(dòng)員的速度方向發(fā)生改變 D.從15s末開(kāi)始運(yùn)動(dòng)員處于靜止?fàn)顟B(tài)圖6圖77．（4分）手機(jī)中有加速度傳感器，能通過(guò)圖像顯示加速度情況。用手掌托著質(zhì)量為m的手機(jī)，打開(kāi)加速度傳感器，把手機(jī)向上拋出，然后又在拋出點(diǎn)接住手機(jī)，得到如圖所示的加速度隨時(shí)間變化的圖像，圖中t1＝0.38s，t2＝0.55s，t3＝0.66s，t4＝1.26s，取重力加速度g＝10m/s2，由此可判斷出（）A．t1時(shí)刻手掌對(duì)手機(jī)的作用力2mg B．t2時(shí)刻手機(jī)剛好離開(kāi)手掌 C．t3時(shí)刻手機(jī)的速度為3m/s D．手機(jī)離開(kāi)手掌后上升的高度為0.9m二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）（多選）8．（6分）如圖8，冰壺是以隊(duì)為單位在冰上進(jìn)行的一種投擲性競(jìng)賽項(xiàng)目，屬冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目，并設(shè)有冰壺世錦賽。在某次比賽中，冰壺被投出后，如果做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，用時(shí)20s停止，最后1s內(nèi)位移大小為0.2m，則下面說(shuō)法正確的是（）圖8圖9A．冰壺第1s內(nèi)的位移大小是7.8m B．冰壺的加速度大小是0.4m/s2 C．前10s位移和后10s的位移之比為3：1 D．冰壺的初速度大小是6m/s（多選）9．（6分）如圖9所示，A、B、C三個(gè)物體的質(zhì)量分別為2m、2m、m，其中物體B和C通過(guò)跨過(guò)光滑定滑輪的輕繩連在一起，物體A與輕彈簧上端連在一起，輕彈簧下端固定在地面上，現(xiàn)在剪斷B、C間的輕繩，在剪斷瞬間下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）（）A．物體A與B之間輕繩的彈力為 B．物體B的加速度大小為 C．物體A的加速度為0 D．彈簧產(chǎn)生的彈力為2mg（多選）10．（6分）粗糙的水平面上一物體在水平方向拉力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，水平拉力F及運(yùn)動(dòng)速度v隨時(shí)間變化的圖象如圖中甲、乙所示，取重力加速度g＝10m/s2，則（）A．前2s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的加速度為2m/s2 B．前4s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的位移的大小為8m C．物體的質(zhì)量m為2kg D．物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共18分）11．（8分）“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)。（1）小王同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)如圖甲所示，三個(gè)細(xì)線套L1、L2、L3一端共系于一個(gè)結(jié)點(diǎn)，另一端分別系于輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)B和重物M上，A掛于固定點(diǎn)P。手持B拉動(dòng)細(xì)線，使結(jié)點(diǎn)靜止于O點(diǎn)。①本實(shí)驗(yàn)中，主要體現(xiàn)的科學(xué)方法是。A．理想實(shí)驗(yàn)法B．等效替代法C．極限思想法D．建立物理模型法②某次實(shí)驗(yàn)中A的指針位置如圖甲所示，其讀數(shù)為N。（2）小李同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)如圖乙所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖丙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖，圖丙中的是力F1和F2的合力的理論值；是力F1和F2的合力的實(shí)際測(cè)量值。（3）如圖丁所示，F(xiàn)1、F2夾角大于90°，現(xiàn)保持O點(diǎn)位置不變，拉力F2方向不變，增大F1與F2的夾角，將F1緩慢轉(zhuǎn)至水平方向的過(guò)程中，兩彈簧秤示數(shù)大小變化為（兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力均不超出它們的量程）。A．F1一直增大、F2一直增大B．F1先減小后增大、F2一直增大C．F1一直增大、F2一直減小D．F1一直增大、F2先減小后增大12．（10分）圖（a）為某實(shí)驗(yàn)小組“探究物體加速度與所受合外力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）為完成實(shí)驗(yàn)，除了圖（a）中標(biāo)出的實(shí)驗(yàn)器材外，還需要的實(shí)驗(yàn)器材有。A．秒表B．刻度尺（最小刻度為mm）C．50Hz低壓交流電源（2）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應(yīng)采取的做法是。A．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，使小車在托盤和砝碼拉動(dòng)下恰好做勻速運(yùn)動(dòng)B．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，使小車在托盤和砝碼拉動(dòng)下恰好做勻加速運(yùn)動(dòng)C．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，在不掛托盤和砝碼的情況下使小車恰好做勻速運(yùn)動(dòng)D．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，在不掛托盤和砝碼的情況下使小車恰好做勻加速運(yùn)動(dòng)（3）實(shí)驗(yàn)中得到如圖（b）所示的一條紙帶，已知交流電頻率為50Hz，兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，可得打計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度大小為v3＝m/s，小車的加速度大小為a＝m/s2。（均保留三位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)小組用a表示小車的加速度，用F表示測(cè)量細(xì)線拉力的傳感器的示數(shù)，在平衡摩擦力時(shí)，不慎使長(zhǎng)木板傾角過(guò)大，則得到的a﹣F關(guān)系是圖中的哪幅圖？答：。（5）該實(shí)驗(yàn)（選填“需要”或“不需要”）滿足鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量。四、解答題（本題共3小題，共36分，解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分）13．（10分）物流公司通過(guò)滑軌把貨物直接裝運(yùn)到卡車中，如圖所示，傾斜滑軌與水平面成37°角，長(zhǎng)度l1＝4m，水平滑軌長(zhǎng)度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開(kāi)始下滑，其與滑軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，貨物可視為質(zhì)點(diǎn)（cos37°＝0.8，sin37°＝0.6）。（1）求貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)加速度a1的大??；（2）求貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度v的大??；（3）若貨物滑離水平滑軌末端時(shí)的速度不超過(guò)1m/s，求水平滑軌的最短長(zhǎng)度l2。14．（12分）一個(gè)底面粗糙、質(zhì)量為M的斜面體放在粗糙水平面上，斜面體的斜面光滑、足夠長(zhǎng)且與水平面成30°角，現(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球，小球放在斜面上，重力加速度為g，小球靜止時(shí)輕繩與豎直方向的夾角也為30°，如圖所示。（1）當(dāng)斜面體靜止時(shí)，求小球?qū)π泵娴膲毫Γ唬?）水平緩慢移動(dòng)斜面體，在移動(dòng)過(guò)程中，求輕繩拉力的最小值；（3）試求當(dāng)輕繩拉力最小時(shí)（斜面體保持靜止），地面對(duì)斜面體的摩擦力大小。15．（14分）航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝2kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝28N．試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開(kāi)始豎直上升．設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，g取10m/s2．（1）第一次試飛，飛行器飛行t1＝8s時(shí)到達(dá)高度H＝64m．求飛行器所阻力f的大??；（2）第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時(shí)遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力．求飛行器能達(dá)到的最大高度h；（3）為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開(kāi)始下落到恢復(fù)升力的最長(zhǎng)時(shí)間t3．

2023-2024學(xué)年廣東省深圳市鹽田高級(jí)中學(xué)高一（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）1．【分析】根據(jù)基礎(chǔ)的物理知識(shí)分析即可。【解答】解：A．圖甲中，伽利略外推到斜面傾角為90°的情形，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，不是力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，平衡車的重力與地面對(duì)平衡車的支持力大小不相等，且兩力均作用在同一物體上，根據(jù)牛頓第三定律可知，這兩個(gè)力不是一對(duì)相互作用力，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中，彈簧測(cè)力計(jì)用來(lái)測(cè)力的大小，其單位為牛頓，符號(hào)為N，而牛頓不屬于國(guó)際基本單位，是導(dǎo)出單位。由F＝ma，其量綱相乘可得1N＝1kg?m/s2，故其是基本單位組成的導(dǎo)出單位，不是國(guó)際的基本單位，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)基本知識(shí)的掌握程度，需要注意的基本規(guī)律和對(duì)應(yīng)物理學(xué)家的關(guān)系。2．【分析】根據(jù)飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)情況判斷其加速度情況；根據(jù)牛頓第二定律判斷乘客所受的合力方向，進(jìn)而得到乘客受到飛機(jī)座椅的力的方向；加速度有豎直向上的分量，飛機(jī)和乘客均處于超重狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篈、此瞬間飛機(jī)斜向上做加速直線運(yùn)動(dòng)，所以加速度方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，為斜向上方向，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)牛頓第二定律可知，乘客受到飛機(jī)座椅的力與重力的合力方向與飛機(jī)的加速度方向相同，為斜向上，而重力豎直向下，所以乘客受到飛機(jī)座椅的力一定斜向上，故B錯(cuò)誤；CD、乘客和飛機(jī)的加速度都斜向上，具有豎直向上的分量，所以都處于超重狀態(tài)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律，知道加速度有豎直向上的分量，物體處于超重狀態(tài)，加速度有豎直向下的分量，物體處于失重狀態(tài)。3．【分析】對(duì)圓珠筆進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律得出加速度的方向，由此得出地鐵的速度方向；根據(jù)幾何關(guān)系得出拉力與圓珠筆重力的關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律得出地鐵的加速度?！窘獯稹拷猓篊、對(duì)筆進(jìn)行受力分析，如圖所示由圖可知筆的合力方向水平向左，即加速度方向水平向左，地鐵的加速度方向與筆的方向相同，所以該地鐵的加速度方向向左，故C錯(cuò)誤；A、根據(jù)題意，地鐵正處于啟動(dòng)過(guò)程，即地鐵正在由靜止加速，可知，速度方向與加速度方向相同，結(jié)合上述，可知該地鐵的速度方向向左，故A錯(cuò)誤；BD、令繩子與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)上述受力分析圖有解得a＝gtanθ所以計(jì)算加速度大小只需測(cè)量繩子與豎直方向的夾角，與筆的質(zhì)量無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系和牛頓第二定律即可完成分析。4．【分析】質(zhì)量是慣性大小唯一的量度。分析人的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化，判斷人的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹拷猓篈、慣性的大小只與質(zhì)量有關(guān)，人的質(zhì)量不變，則慣性不變，故A錯(cuò)誤；BD、彈性繩在繃緊前，跳躍者做自由落體運(yùn)動(dòng)，速度逐漸增大。彈性繩繃緊后，人受到彈性繩向上的彈力和向下的重力，彈力先小于重力，后大于重力，合力先向下后向上，所以人先向下加速后向下減速，即人的速度先增大后減小，故B正確，D錯(cuò)誤；C、彈性繩在繃緊前，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度保持不變。彈性繩繃緊后，彈力先小于重力，后大于重力，彈力逐漸增大，所受合力先減小直至為零再反向增大，則加速度先向下減小直至為零后向上增大，故C錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，要注意明確力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)原因，要根據(jù)受力情況來(lái)分析運(yùn)動(dòng)情況，注意不能認(rèn)為繩子一張緊人立即減速，而實(shí)際情況是人要先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后再做加速度反向增大的減速運(yùn)動(dòng)。5．【分析】先對(duì)小球P受力分析，然后對(duì)小方塊Q受力分析，對(duì)P，由平衡條件研究繩子變長(zhǎng)時(shí)，繩子的拉力如何變化。【解答】解：A、由于小球P光滑，P、Q之間沒(méi)有摩擦力作用，則小球P受到重力、Q的支持力和繩子拉力，共3個(gè)力作用；物塊Q受到重力、P的壓力、粗糙墻壁的支持力和摩擦力，共4個(gè)力作用，故A錯(cuò)誤；BCD、以小球P為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得Tcosθ＝mPg，Tsinθ＝NQ可得，NQ＝mPgtanθ若繩子變短，繩子與豎直方向的夾角θ變大，可知繩子的拉力將變大，Q對(duì)P的支持力變大；以物塊Q為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得N墻＝NP＝NQ，f＝mQg可知墻壁對(duì)Q的支持力將變大，Q受到的靜摩擦力不變，故C正確，BD錯(cuò)誤。故選C。【點(diǎn)評(píng)】為了防止多力或少力，一般按重力、彈力和摩擦力的順序分析物體的受力情況。6．【分析】根據(jù)v﹣t圖象，圖象的斜率表示加速度，可知10～15s運(yùn)動(dòng)員做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)；10s末運(yùn)動(dòng)員的速度方向仍然為正方向；15s末開(kāi)始運(yùn)動(dòng)員處于勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。【解答】解：A、0～10s內(nèi)，若運(yùn)動(dòng)員做勻加速運(yùn)動(dòng)，平均速度為＝＝m/s＝10m/s。根據(jù)圖象的“面積”等于位移可知，運(yùn)動(dòng)員的實(shí)際位移大于勻加速運(yùn)動(dòng)的位移，所以由公式＝得知：0～10s內(nèi)的平均速度大于勻加速運(yùn)動(dòng)的平均速度10m/s，故A錯(cuò)誤；B、10～15s圖象的斜率減小，則其加速度減小，故10～15s運(yùn)動(dòng)員做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故B正確；C、由圖看出，運(yùn)動(dòng)員的速度一直沿正向，速度方向沒(méi)有改變，故C錯(cuò)誤；D、由圖知，15s末開(kāi)始運(yùn)動(dòng)員做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度—時(shí)間圖象、平均速度公式等知識(shí)點(diǎn)。v﹣t圖象的面積表示位移是求解本題的關(guān)鍵。7．【分析】本題根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像，求加速度；根據(jù)加速度，確定t2時(shí)刻平衡，確定手機(jī)沒(méi)有離開(kāi)手掌；根據(jù)自由落體位移和速度公式，求高度和速度；【解答】解：A.t1時(shí)刻手機(jī)的最大加速度為a＝20m/s2＝2g，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)﹣mg＝ma，解得F＝3mg，故A錯(cuò)誤；B.t2時(shí)刻手機(jī)加速度為0，處于平衡狀態(tài)，故手機(jī)沒(méi)有離開(kāi)手掌，故B錯(cuò)誤；CD.手機(jī)在0.66s離開(kāi)手后做豎直上拋，在1.26s接住，則升的高度為h＝gt2＝×10×（）2m＝0.45m，t3時(shí)刻手機(jī)的速度為v＝，v＝3m/s，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生讀圖能力，以及對(duì)牛頓第二定律、自由落體位移和速度公式的掌握，難度不高，是一道基礎(chǔ)題。二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）8．【分析】根據(jù)位移—時(shí)間公式，速度—時(shí)間公式，結(jié)合逆向思維法把整個(gè)過(guò)程看作初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，分析求解?！窘獯稹拷猓築．整個(gè)過(guò)程的逆過(guò)程是初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，最后1s內(nèi)位移大小為0.2m，根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得a＝0.4m/s2故B正確；D．冰壺的初速度為v0＝at0＝0.4×20m/s＝8m/s故D錯(cuò)誤；A．冰壺第1s內(nèi)的位移大小是故A正確；C．由初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知前10s位移和后10s的位移之比為3：1，故C正確。故選：ABC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，合理選取運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，準(zhǔn)確分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵。9．【分析】剪斷B、C間的輕繩之前，對(duì)B、C整體進(jìn)行分析，由平衡條件求出輕繩的彈力大小。再對(duì)A進(jìn)行分析，確定彈簧的彈力大小。剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對(duì)B和A分別運(yùn)用牛頓第二定律求加速度。【解答】解：D、剪斷B、C間的輕繩之前，對(duì)B、C整體進(jìn)行分析，由平衡條件可知A與B之間的輕繩的彈力大小為T1＝（2m+m）g＝3mg可知物體A與B之間的輕繩的彈力大于物塊A的重力，則彈簧處于拉伸狀態(tài)，對(duì)A進(jìn)行分析，由平衡條件有2mg+F＝T1解得彈簧的彈力大小為：F＝mg剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧沒(méi)有發(fā)生突變，彈簧的彈力與剪斷前一樣，可知彈簧產(chǎn)生的彈力仍然為mg，故D錯(cuò)誤；ABC、剪斷B、C間的輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對(duì)B進(jìn)行分析，由牛頓第二定律有T2﹣2mg＝2ma對(duì)A進(jìn)行分析，由牛頓第二定律有F+2mg﹣T2＝2ma解得物體A與B之間輕繩的彈力為：，A、B的加速度大小為：，故AB正確，C錯(cuò)誤。故選：AB?！军c(diǎn)評(píng)】本題是瞬時(shí)問(wèn)題，關(guān)鍵是先根據(jù)平衡條件求出各個(gè)力，特別是彈簧的彈力大小，然后分析剪斷輕繩瞬間物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度。要注意輕彈簧的彈力與形變量成正比，來(lái)不及突變，而輕繩的彈力是由微小形變產(chǎn)生的，可以突變。10．【分析】根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，求出前2s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的加速度，在v﹣t圖象中與時(shí)間軸所圍面積為物體的位移，即可求出位移。分析物體的運(yùn)動(dòng)情況：前2s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，后2s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖讀出兩個(gè)過(guò)程中水平拉力的大小，根據(jù)牛頓第二定律分別研究?jī)蓚€(gè)過(guò)程，列出方程，聯(lián)立解得m和μ?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，知前2s內(nèi)物體的運(yùn)動(dòng)加速度：a＝m/s2＝2m/s2，故A正確B、前4s內(nèi)物體的位移為：x＝＝12m，故B錯(cuò)誤C、根據(jù)牛頓第二定律得：前2s內(nèi)：F1﹣μmg＝ma后2s內(nèi)：F2＝μmg由圖得F1＝15N，F(xiàn)2＝5N代入解得：m＝5kg，μ＝0.1，故C錯(cuò)誤，D正確故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題一要掌握速度圖象的物理意義：斜率等于加速度，二要掌握牛頓第二定律，即可求出相關(guān)量。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共18分）11．【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)操作分析判斷；根據(jù)彈簧測(cè)力計(jì)的分度值讀數(shù)；（2）分析兩個(gè)合力的來(lái)源可知合力的實(shí)驗(yàn)值及理論值；（3）根據(jù)平行四邊形法則解答.【解答】解：（1）①合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的是等效替代法。故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B。②按照彈簧秤的分度值為0.1N，讀數(shù)為2.00N；（2）力F1和F2的合力的理論值是通過(guò)平行四邊形法則得到的，故是F；F′是用一個(gè)彈簧秤測(cè)出的合力，是實(shí)際測(cè)量值；（3）保持O點(diǎn)位置不變，即F1和F2的合力不變，根據(jù)平行四邊形法則作圖如下，由于F1、F2夾角大于90°，故隨著F1緩慢轉(zhuǎn)至水平方向的過(guò)程中，F(xiàn)1和F2都在一直增大。故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選：A。故答案為：（1）①B；②2.00；（2）F；F′；（3）A?！军c(diǎn)評(píng)】在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學(xué)們對(duì)于基礎(chǔ)知識(shí)要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)實(shí)驗(yàn)理解。12．【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理選擇所需要的器材；（2）根據(jù)平衡摩擦力的原理和正確操作分析作答；（3）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)某段中間時(shí)刻速度等于該段的平均速度求瞬時(shí)速度；根據(jù)逐差法求加速度；（4）長(zhǎng)木板傾角過(guò)大，重力沿斜面分力大于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像分析作答；（5）本實(shí)驗(yàn)使用了力傳感器，不需要用鉤碼的重力代替小車所受合力?！窘獯稹拷猓海?）實(shí)驗(yàn)需要用刻度尺測(cè)紙帶上兩點(diǎn)間的距離，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要使用低壓交流電源，該實(shí)驗(yàn)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器具有計(jì)時(shí)功能，不需要秒表，故A錯(cuò)誤，BC正確。故選：BC。（2）該實(shí)驗(yàn)是將拉力作為小車的合力，故應(yīng)在不掛鉤碼的情況下平衡摩擦力，平衡摩擦力時(shí)應(yīng)將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，使小車恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)小車重力的下滑分力剛好抵消小車受到的摩擦力，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。（3）相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)某段中間時(shí)刻速度等于該段的平均速度，可得打計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度大小為根據(jù)逐差法，可得小車的加速度為（4）長(zhǎng)木板傾角過(guò)大，重力沿斜面分力大于摩擦力，當(dāng)拉力為零，加速度不為零，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。（5）該實(shí)驗(yàn)使用傳感器測(cè)量細(xì)線對(duì)小車的拉力，不需要滿足鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車和傳感器的總質(zhì)量。故答案為：（1）BC；（2）C；（3）0.611；2.00；（4）C；（5）不需要?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律即可完成分析。四、解答題（本題共3小題，共36分，解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分）13．【分析】（1）貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度a1的大?。唬?）根據(jù)速度—位移公式求解貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度v的大??；（3）貨物在水平軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律和速度—位移公式相結(jié)合求解水平滑軌的最短長(zhǎng)度l2。【解答】解：（1）貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin37°﹣μmgcos37°＝ma1解得：（2）貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)，根據(jù)速度—位移公式得v2＝2a1l1解得：v＝4m/s（3）貨物在水平滑軌上滑行時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝ma2解得：根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得解得：l2＝1.5m?可知水平滑軌的最短長(zhǎng)度為1.5m。答：（1）貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)加速度a1的大小為2m/s2；（2）貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度v的大小為4m/s；（3）水平滑軌的最短長(zhǎng)度l2為1.5m?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；要知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。14．【分析】（1）對(duì)小球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件和牛頓第三定律求出當(dāng)斜面體靜止時(shí)，求小球?qū)π泵娴膲毫Γ唬?）將斜面體緩慢向右推動(dòng)，斜面體受力平衡，找到不變量，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件球輕繩拉力的最小值；（3）當(dāng)拉力取最小值時(shí)，細(xì)線與水平方向夾角為30°，把小球和斜面