2024年滬教版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理下冊月考試卷374考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列現(xiàn)象中，能說明液體存在表面張力的有()A.水黽可以停在水面上B.葉面上的露珠呈球形C.滴入水中的紅墨水很快散開D.懸浮在水中的花粉做無規(guī)則運(yùn)動2、關(guān)于交流電的有效值U和最大值Um，下列說法中正確的是()。A.任何形式的交流電都具有U＝Um/的關(guān)系B.正弦式交流電具有U＝Um/的關(guān)系C.照明電壓220V，動力電壓380V指的都是最大值D.交流電壓表和交流電流表測的都是最大值3、如圖為勻強(qiáng)電場的等勢面圖，每兩個相鄰等勢面相距2cm

由此可確定電場強(qiáng)度的方向和數(shù)值是(

)

A.豎直向下，E=100V/m

B.水平向左，E=100N/C

C.豎直向上，E=100V/m

D.水平向右，E=100V/m

4、蘋果從樹上由靜止開始自由下落，能反映其運(yùn)動的v鈭?t

圖象的是()A.B.C.D.5、如圖所示，一導(dǎo)電金屬板置于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流方向向上時，關(guān)于金屬板兩側(cè)電子多少及電勢高低，判斷正確的是（）A.左側(cè)電子較多，左側(cè)電勢較高B.左側(cè)電子較多，右側(cè)電勢較高C.右側(cè)電子較多，左側(cè)電勢較高D.右側(cè)電子較多，右側(cè)電勢較高6、一個做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動的物體，1

秒內(nèi)的位移和3

秒內(nèi)位移的比為()A.1漏U9

B.1漏U5

C.1漏U4

D.1漏U3

7、以下關(guān)于生物遺傳、變異和細(xì)胞增殖的敘述中，正確的是A.三倍體的西瓜無子是由于減數(shù)分裂時同源染色體未聯(lián)會B.性染色體組成為XXY的三體果蠅體細(xì)胞在有絲分裂過程中染色體數(shù)目呈現(xiàn)9→18→9的周期性變化C.在減數(shù)分裂的過程中，染色體數(shù)目的變化僅發(fā)生在減數(shù)第一次分裂D.HIV在宿主細(xì)胞中進(jìn)行遺傳信息傳遞時只有A—U的配對，不存在A—T的配對評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、如圖所示，在豎直放置的平行金屬板M、N之間有一帶電微粒，自A點以初速度v豎直向上進(jìn)入場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場后，正好垂直打在N板的B點，AC⊥BC，且AC=BC，則打在B點時微粒的速度是____，A、B點的電勢差是____．

9、如圖是實驗小組用螺旋測微器對銅芯線直徑的某次測量．其讀數(shù)是______mm．

10、（1）在做“測定金屬絲的電阻率”的實驗中；

①若用螺旋測微器測得金屬絲的直徑d的讀數(shù)如圖1，則讀數(shù)為______mm．

②若用L表示金屬絲的長度，d表示直徑，電壓表的讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，則計算金屬絲電阻率的表達(dá)式ρ=______

（2）用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)電阻提供的器材如圖所示．

①用實線代表導(dǎo)線把圖2所示的實物連接成測量電路；（兩節(jié)干電池串聯(lián)作為電源，圖中有部分線路已連好）

②圖3中的6個點表示實驗測得的6組電流I、電壓U的值，按照這些實驗值作出U-I圖線，由此圖線求得的每節(jié)電池電動勢E=______V，電源內(nèi)阻r=______Ω．（取3位有效數(shù)字）11、某研究性學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示電路測量某電池的電動勢E

和內(nèi)電阻r.

在坐標(biāo)紙中畫出了如圖乙所示的U鈭?I

圖象，若電流表的內(nèi)阻為1婁賂

則E=

______Vr=

______婁賂

12、一條平直的電場線上有ABC

三點，把m=2隆脕10鈭?9kgq=鈭?2隆脕10鈭?9C

的粒子從A

點移到B

點，電場力做1.5隆脕10鈭?7J

的正功，再把該電荷從B

點移到C

點，電場力做功鈭?4隆脕10鈭?7J

則UAB=

______VUAC=

______V.

13、某電場的電場線分布如圖所示，將一電荷量的試探電荷由電場中的a點移到b點，電荷克服電場力做功為則a點的場強(qiáng)_____b點的場強(qiáng)（選填“大于”、“等于”或“小于”），a點電勢______b點電勢（選填“大于”、“等于”或“小于”），試探電荷帶______（選填“正電”或“負(fù)電”），a、b兩點間的電勢差為_______V.

14、如圖為電熨斗結(jié)構(gòu)示意圖，圖中雙金屬片上層金屬的膨脹系數(shù)____（填大于、等于或小于）下層金屬；當(dāng)溫度升高時，雙金屬片____（填向上或向下）彎曲；熨燙棉麻衣物需要設(shè)定較高的溫度，這時調(diào)節(jié)調(diào)溫旋鈕使調(diào)溫旋鈕____（填上升或下降）．

15、甲、乙兩物體在光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動，甲、乙物體的速度大小分別為3m/s和1m/s，碰撞后甲、乙兩物體反向運(yùn)動，速度大小均為2m/s，則甲、乙兩物體質(zhì)量之比為______。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共1題，共4分)22、工業(yè)上用水煤氣制得的rm{CO}在催化劑作用下與水蒸氣發(fā)生反應(yīng)制取氫氣，化學(xué)方程式為：rm{CO(g)+H_{2}O(g)?}rm{H_{2}(g)+CO_{2}(g)}一定條件下，將rm{4molCO}與rm{2molH_{2}O(g)}充入體積為rm{2L}的密閉容器中，體系中各物質(zhì)的濃度隨時間的變化如圖所示：rm{(1)}在rm{0隆蘆4min}時段，反應(yīng)速率rm{v(H_{2}O)}為________rm{mol隆隴L^{-1}隆隴min^{-1}}該條件下反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{K}為________rm{(}保留兩位有效數(shù)字rm{)}

rm{(2)}該反應(yīng)到rm{4min}時，rm{CO}的轉(zhuǎn)化率為_________。該反應(yīng)到rm{(2)}時，rm{4min}的轉(zhuǎn)化率為_________。rm{CO}若rm{(3)}時改變的外部條件為升溫，則該反應(yīng)的rm{6min}________rm{婁隴H}填“rm{0(}”、“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}此時反應(yīng)的平衡常數(shù)________rm{)}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}

rm{)}判斷該反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)的依據(jù)是_____________。rm{(4)}判斷該反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)的依據(jù)是_____________?；旌蠚怏w的密度不變rm{(4)}混合氣體中rm{a.}不變rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})d.}斷裂rm{b.}鍵的同時生成rm{c(CO)}鍵rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})

d.}若保持與rm{2molH隆陋O}時相同的溫度，向一容積可變的密閉容器中同時充入rm{1molH隆陋H}rm{(5)}rm{4min}和rm{0.5molCO}則上述反應(yīng)向________反應(yīng)rm{1.5molH_{2}O(g)}填“正”或“逆”rm{0.5molCO_{2}}方向進(jìn)行。rm{2.5molH_{2}}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B【分析】試題分析：因為液體表面張力的存在，有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如，故A正確；草葉上的露珠存在表面張力，它表面的水分子表現(xiàn)為引力，從而使它收縮成一個球形，與表面張力有關(guān)，故B正確；滴入水中的紅墨水很快散開是擴(kuò)散現(xiàn)象，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動的反映，故C錯誤；懸浮在水中的花粉做無規(guī)則運(yùn)動是布朗運(yùn)動，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動的反映，故D錯誤。考點：分子間的相互作用力．【解析】【答案】AB2、B【分析】只有正弦交流電具有對于其他交流電的有效值根據(jù)通過相等的電阻在相等的時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等原理計算，A錯誤，B正確。交流電表里的示數(shù)為有效值，照明電壓220V，動力電源300V都是指的是有效值，C錯誤，D錯誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緽3、A【分析】解：由于電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢；故電場線的方向豎直向下，而電場線的方向即為場強(qiáng)的方向，所以電場強(qiáng)度的豎直向下；

由于勻強(qiáng)電場的每兩個相鄰等勢面相距2cm

故電場強(qiáng)度大小為E=Ud=20.02N/C=100N/C.

故選項A正確．

故選：A

根據(jù)電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢，可以判定電場線的方向水平向左；根據(jù)在勻強(qiáng)電場中E=Ud

可以求出電場強(qiáng)度的大?。?/p>

掌握了電場線與等勢面的關(guān)系和在勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度與電勢差的大小關(guān)系就能順利解決此類題目．【解析】A

4、B【分析】【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動速度與時間的關(guān)系v=gt

結(jié)合函數(shù)與圖象的一一對應(yīng)關(guān)系解答.

解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運(yùn)動是初速度為0

加速度為g

的勻加速直運(yùn)動，掌握自由落體運(yùn)動的速度時間公式，結(jié)合數(shù)學(xué)知識解答?！窘獯稹孔杂陕潴w運(yùn)動速度與時間的關(guān)系v=gt

為一次函數(shù)對應(yīng)的圖象為過原點的傾斜直線線，故B正確。

故選B。

【解析】B

5、B【分析】解：電流的方向向上；根據(jù)左手定則，電子向左側(cè)偏轉(zhuǎn)，所以左側(cè)電子較多，右側(cè)失去電子帶正電，所以右側(cè)的電勢高于左側(cè)電勢．故B正確，A；C、D錯誤．

故選B．

金屬中移動的是自由電子；根據(jù)左手定則判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定電勢的高低．

解決本題的關(guān)鍵知道金屬中移動的是自由電子，掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】已知初速度為零，加速度為a

根據(jù)x=12at2

分別求出1

秒內(nèi)和3

秒內(nèi)的位移可解。

本題是對時間位移關(guān)系的簡單應(yīng)用，但是容易把3

秒內(nèi)錯當(dāng)成第3

秒，造成錯選?！窘獯稹坑深}意，設(shè)加速度為a

由公式x=12at2

得1

秒內(nèi)位移為：x1=12at12=12a3

秒內(nèi)位移為：x2=12at32=12a隆脕32=92a

得：x1x2=19

故A正確，BCD錯誤。故選A。【解析】A

7、B【分析】三倍體無子西瓜在減數(shù)分裂時聯(lián)會發(fā)生紊亂；故A錯誤；性染色體組成為XXY的三體果蠅能進(jìn)行正常的有絲分裂，由于體細(xì)胞有9條染色體，故會出現(xiàn)9→18→9的周期性變化，B正確；減數(shù)分裂過程中染色體數(shù)目的減半發(fā)生在減數(shù)第一次分裂，暫時加倍發(fā)生在減數(shù)第二次分裂后期，故C錯誤；HIV為RNA病毒，在宿主細(xì)胞內(nèi)可發(fā)生逆轉(zhuǎn)錄過程，堿基互補(bǔ)配對原則是A-T；U-A、G-C配對，故D錯誤。

考點：本題考查細(xì)胞分裂和遺傳變異的有關(guān)知識，意在考查考生理解所學(xué)知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系的能力；能運(yùn)用所學(xué)知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學(xué)問題進(jìn)行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結(jié)論?！窘馕觥緽二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

設(shè)微粒從A運(yùn)動到B的時間為t；AC=BC=d，則有。

水平方向：

豎直方向：

得到，v=v

研究豎直方向；得到。

得，d=

所以A、B點的電勢差是U=Ed=

故答案為：v，

【解析】【答案】微粒在電場中受到重力和電場力兩個力作用；采用運(yùn)動的分解法可知，微粒在水平方向做勻加速直線運(yùn)動，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動，兩個分運(yùn)動時間相同．運(yùn)用平均速度表示兩個方向的位移，求解打在B點時微粒的速度．根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求出BC距離，再由U=Ed求出電勢差．

9、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.200mm=0.700mm．由于需要估讀，最后的結(jié)果可以為0.700±0.001．

故答案為：0.700±0.001．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】0.700±0.00110、略

【分析】解：（1）①螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm．

②金屬絲的電阻為R=

根據(jù)電阻定律得：R=S=

聯(lián)立得：ρ=

（2）①按順序連接實物圖如圖所示．注意導(dǎo)線不交叉；并連在接線柱上．

②如圖；將各點用直線連接起來，應(yīng)讓盡量多的點分布在直線上，誤差較大的要舍去．

由圖可知；電源的電動勢約為2.97V；由圖可知，當(dāng)電壓為2.6V時，電流為0.5A；則。

有：E=U+Ir；

解得：r===0.74Ω；

故答案為：

（1）①0.900；②

（2）①測量電路如圖所示；

②按照實驗值作出的U-I圖線如圖所示．2.97V（2.96～2.98V）；0.74．

（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀到0.001mm．根據(jù)歐姆定律求出電阻，再由電阻定律求解電阻率的表達(dá)式．

（2）測出的路端電壓和電流已標(biāo)出；用直線將這些點連接即可得出U-I圖象；圖象與縱坐標(biāo)的交點為電動勢；由閉合電路歐姆定律可求出內(nèi)電阻．

本題要掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，要注意半毫米是否露出．對于測電動勢和內(nèi)電阻的實驗，關(guān)鍵掌握實驗原理：閉合電路歐姆定律，理解圖象的截距和斜率的意義．【解析】0.900；2.97；0.7411、略

【分析】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律有：E=U+I(r+RA)

可得：U=E鈭?I(r+RA)

由此可知當(dāng)I=0

時的縱軸截距大小等于電源的電動勢大小，圖象的斜率大小等于(r+RA)

由此可知，E=2.0Vr=鈻?U鈻?I鈭?RA=2.0鈭?1.30.29鈭?1=1.4婁賂

．

故答案為：2.01.4

根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知；圖象與縱坐標(biāo)的截距代表的就是電源的電動勢，直線的斜率代表電源的內(nèi)阻．

在測量電源電動勢和內(nèi)阻時，要注意根據(jù)畫出的U鈭?I

圖象結(jié)合數(shù)學(xué)知識分析出電動勢及內(nèi)阻．【解析】2.01.4

12、略

【分析】解：由據(jù)U=Wq

得：UAB=WABq=1.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=鈭?75V

鈭?2.0隆脕10鈭?9C

的正電荷從A

點到C

點的過程中；電場力做功為：

WAC=WAB+WBC=鈭?2.5隆脕10鈭?7J

則有：UAC=WACq=鈭?2.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=125V

故答案為：鈭?75125

根據(jù)電勢差的定義：U=Wq

求解AB

兩點間的電勢差.WAC=WAB+WBC

進(jìn)而求出AC

之間的電勢差．

電場力做功與重力做功類似只與位置有關(guān)，與路徑無關(guān)，電荷從A隆煤B隆煤C

電場力做功與從A隆煤C

電場力做功相同．【解析】鈭?75125

13、略

【分析】【詳解】

b點的電場線比a點電場線密，則a點的電場強(qiáng)度小于b點的電場強(qiáng)度；沿著電場線方向電勢逐漸降低，則a點的電勢大于b點電勢；試探電荷由電場中的a點移到b點，電荷克服電場力做功說明電荷受到的電場力的方向從b指向a，與電場線的方向相反，電荷帶負(fù)電；根據(jù)W=qU得，．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵知道電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，沿著電場線方向電勢逐漸降低，知道電場力做功與電勢能的關(guān)系．【解析】小于大于負(fù)電2014、略

【分析】

雙金屬片上層金屬的膨脹系數(shù)大于下層金屬；當(dāng)溫度升高時，雙金屬片便向下層彎曲．熨燙棉麻衣物需要設(shè)定較高的溫度，即溫度較高時，金屬片才能離開觸點，所以要將調(diào)溫旋鈕向下旋轉(zhuǎn)，保證在溫度未達(dá)到一定值時，金屬片仍于觸點接觸．

故本題答案為：大于；向下，下降．

【解析】【答案】雙金屬片上層金屬的膨脹系數(shù)大于下層金屬；當(dāng)溫度升高時，雙金屬片便向下層彎曲，溫度越高，彎曲越顯著．要設(shè)定較高的溫度，即溫度較高時，使得金屬片才能離開觸點，只要將調(diào)溫旋鈕下降．

15、3：5【分析】解：兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；由動量守恒定律得：

m甲v甲+m乙v乙=m甲v'甲+m乙v'乙；

即：m甲3+m乙（-1）=m甲（-2）+m乙2；

解得：m甲：m乙=3：5；

故答案為：3：5。

物體A；B在碰撞的過程中系統(tǒng)的動量守恒。選取碰撞前甲物體的速度方向為正方向；運(yùn)用動量守恒定律即可求解質(zhì)量之比。

本題是碰撞問題，動量守恒是碰撞過程遵守的基本規(guī)律，關(guān)鍵是要注意動量的方向，必須選取正方向，用正負(fù)號表示動量的方向?！窘馕觥?：5三、判斷題(共6題，共12分)16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、簡答題(共1題，共4分)22、rm{(1)0.2mol/(L?min)}rm{2.7}

rm{(2)40%}

rm{(3)<}減小。

rm{(4)bc}

rm{(5)}正反應(yīng)【分析】【分析】本題考查了化學(xué)平衡的分析應(yīng)用，主要是圖象分析，平衡常數(shù)、反應(yīng)速率的概念計算應(yīng)用，注意一下化學(xué)平衡的因素分析判斷，掌握基礎(chǔ)是解題關(guān)鍵，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}圖象分析可知rm{4min}反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，物質(zhì)濃度為rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}圖象分析可知rm{(1)}反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，物質(zhì)濃度為rm{4min}rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}rm{{,!}_{2}}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}結(jié)合化學(xué)平衡三段式列式計算平衡濃度，

rm{{,!}_{2}}rm{O)=0.2mol/L}結(jié)合化學(xué)平衡三段式列式計算平衡濃度，rm{O)=0.2mol/L}rm{CO(g)+H}rm{CO(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)?H}

rm{O(g)?H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+CO}rm{(g)+CO}rm{{,!}_{2}}

rm{(g)}rm{(g)}起始量rm{(mol/L)}rm{2}rm{1}rm{0}rm{0}rm{(mol/L)}rm{2}

rm{1}rm{0}rm{0}變化量rm{(mol/L)}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{(mol/L)}

rm{0.8}時段，反應(yīng)速率rm{v({H}_{2}O)=dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}，平衡常數(shù)rm{K=dfrac{;0.8隆脕0.8}{;1.2隆脕0.2;}=2.7}；故填：rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}該反應(yīng)到平衡量rm{(mol/L)}rm{1.2}rm{0.2}rm{0.8}rm{0.8}時，rm{(mol/L)}的轉(zhuǎn)化率rm{=dfrac{;0.8mol/L}{;2mol/L;}隆脕100攏樓=40攏樓}；故填：rm{1.2}rm{0.2}若rm{0.8}時改變的外部條件為升溫，圖象可知氫氣濃度減小，一氧化碳和水的濃度增大，說明平衡逆向進(jìn)行，逆向為吸熱反應(yīng)，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，則該反應(yīng)的rm{0.8}此時平衡逆向進(jìn)行，平衡常數(shù)減?。辉趓m{0隆蘆4min}時段，反應(yīng)速率rm{v({H}_{2}O)=

dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}減??；

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