2025年滬科版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理上冊月考試卷525考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，一塊橡皮用不可伸長的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，用鉛筆靠著細(xì)線的左側(cè)從O點(diǎn)開始水平向右勻速移動，運(yùn)動中始終保持懸線豎直，則在鉛筆向右勻速移動過程中，橡皮運(yùn)動的速度（）A.大小和方向均不變B.大小不變，方向改變C.大小改變，方向不變D.大小和方向均改變2、由粗細(xì)均勻的電阻絲圍成的正方形線框置于有界的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于線框平面，其邊界與正方形線框各邊平行，如圖所示．現(xiàn)使線框以同樣大小的速率沿四個不同方向在磁場中平移，如圖所示，設(shè)b點(diǎn)的電勢為零；則在移動過程中線框上a點(diǎn)電勢最高的是（）

A.

B.

C.

D.

3、【題文】地面上的固定汽缸內(nèi)盛有一定量的理想氣體；汽缸壁是導(dǎo)熱的，缸外環(huán)境保持恒溫，活塞與汽缸壁的接觸是光滑的，但不漏氣。現(xiàn)用一水平力F將活塞緩慢地向右拉動．若已知理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，則下列說法正確的是．

A.溫度不變，所以氣體每個分子動能都不變；B.氣體將吸收的熱量全用來對外作功，但此過程不違反熱力學(xué)第二定律；C.壓強(qiáng)變大，所以單位時間單位面積氣體分子對氣缸壁的碰撞次數(shù)變多；D.因?yàn)橥饬做了功，所以氣體的內(nèi)能變大。4、如圖所示，豎直圓盤繞中心O沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，圓盤邊緣上固定一小柱P，當(dāng)小柱轉(zhuǎn)到與O同一高度時，將小球從O點(diǎn)以一定的初速度水平向P拋出，小球恰好碰到P．已知此過程中圓盤轉(zhuǎn)動未超過一周，小球碰到P時的動能為拋出時的2倍，重力加速度為g，不計空氣阻力，根據(jù)以上信息可以確定的是（）A.小球拋出時的速度B.小球碰到P之前的飛行時間C.圓盤轉(zhuǎn)動的角速度D.從小球拋出到碰到P過程中圓盤轉(zhuǎn)過的角度5、類比rm{pH}的定義，對于稀溶液可以定義rm{pC=-lgC}rm{pK_{a}=-lgK_{a}}常溫下，某濃度rm{H_{2}A}溶液在不同rm{pH}值下，測得rm{pC(H_{2}A)}rm{pC(HA^{-})}rm{pC(A^{2-})}變化如圖所示。下列說法正確的是A.rm{NaHA}溶液中：rm{c(H_{2}A)>c(A^{2-})}B.常溫下，rm{p{K}_{{a}_{1}}left({H}_{2}Aright)=5.30,p{K}_{{a}_{2}}left({H}_{2}Aright)=0.80}C.rm{p{K}_{{a}_{1}}left({H}_{2}Aright)=5.30,p{K}_{{a}_{2}}left({H}_{2}Aright)=0.80

}點(diǎn)時，rm{dfrac{{{c}^{2}}left({{H}^{+}}right)cdot{{c}^{2}}left(H{{A}^{-}}right)}{cleft({{H}_{2}}Aright)cdotcleft({{A}^{2-}}right)}={{10}^{-1.6}}}D.等濃度的rmrm{dfrac{{{c}^{2}}left({{H}^{+}}

right)cdot{{c}^{2}}left(H{{A}^{-}}right)}{cleft({{H}_{2}}A

right)cdotcleft({{A}^{2-}}right)}={{10}^{-1.6}}}混合溶液中：rm{NaHA}rm{K_{2}A}6、如圖所示，斜面體放在水平面上，一物塊靜止在斜面體上，現(xiàn)用一垂直斜面的力F壓物塊，物塊和斜面體仍保持靜止不動，則下列說法正確的是（）A.物塊可能有上滑的趨勢B.斜面體一定受到水平面給它的向左的摩擦力C.物塊受到的摩擦力可能為零D.物塊受到的摩擦力增大7、下列有關(guān)光現(xiàn)象的說法中正確的是（）A.防盜門上的門鏡可以擴(kuò)大視野是利用光的衍射現(xiàn)象B.光導(dǎo)纖維傳輸信號是利用光的干涉現(xiàn)象C.激光是相干光，可以被調(diào)制并用來傳遞信息D.光的偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波8、質(zhì)子流從南向北進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，磁場方向是從東向西的，則質(zhì)子所受洛侖茲力的方向?yàn)椋ǎ〢.向東B.向南C.向上D.向下9、茶杯從同一高度落下，掉在硬地上要摔碎，掉在草堆上不易摔碎，這是由于茶杯掉在硬地上和地撞擊過程中（）A.茶杯的動量較大B.茶杯受到的沖量大C.茶杯的動量變化較大D.茶杯受到的平均撞擊力較大評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、（2015秋?銀川校級期中）如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)為9×103N/C．在電場內(nèi)的豎直平面內(nèi)作半徑為1m的圓，圓心處放置電荷量為1×10-6C的正點(diǎn)電荷，則圓周上C點(diǎn)處的場強(qiáng)大小為____N/C，方向____．11、（2011春?甘井子區(qū)校級月考）2009年諾貝爾物理獎獲得者高錕被稱為光導(dǎo)纖維之父．光纖由折射率為n1的內(nèi)芯和折射率為n2的包層構(gòu)成，則n1____n2（填“＞”“＜”或“=”）．若光導(dǎo)纖維長度為L，光以入射角θ射到內(nèi)芯與包層的界面上，如圖所示，已知光在真空中傳播的速度為c，則光在內(nèi)芯中傳播的速度為____，光信號從光導(dǎo)纖維的一端傳播到另一端所需時間為____．12、某同學(xué)用彈簧秤稱一木塊重5N；把木塊放在水平桌面上，彈簧秤水平地向右拉木塊．

（1）當(dāng)彈簧秤讀數(shù)為1N時，木塊未被拉動，這時木塊受到的是____摩擦力，大小是____，方向向____．

（2）當(dāng)彈簧秤的讀數(shù)是2.1N時，木塊剛好開始移動，此時木塊受的是____摩擦力，大小是____，方向向____．

（3）開始運(yùn)動后，使木塊保持勻速直線運(yùn)動，彈簧秤的讀數(shù)變?yōu)?N，此時木塊受到的是____摩擦力，大小是____，動摩擦因數(shù)μ=____．

（4）若使彈簧秤在拉動木塊運(yùn)動中讀數(shù)變?yōu)?N時，木塊受到的摩擦力是____摩擦力，大小是____．

（5）木塊離開彈簧秤繼續(xù)滑動，這時木塊受到的是____摩擦力，大小是____．13、【題文】家用的燃?xì)庠畛３０惭b電子點(diǎn)火器；如甲圖，電子點(diǎn)火器的放電電極做成了針尖形。

（1）這樣做的目的是_______________________________________________。

（2）乙圖是實(shí)驗(yàn)室中的驗(yàn)電器，它的金屬桿上端固定一個金屬球而不做成針尖狀，這樣做的目的是___________________________________________-。14、（2016?四川模擬）在“用雙縫干涉測量光的波長”的實(shí)驗(yàn)中；小紅先將雙縫干涉實(shí)驗(yàn)儀按要求安裝在光具座上，并選用縫間距d=0.1mm的雙縫屏，光屏與雙縫屏間的距離L=350mm．然后，接通電源使光源的正常工作．

①已知測量頭游標(biāo)卡尺主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度．小紅調(diào)整手輪后，從測量頭的目鏡看去，中心刻線所對亮條紋記為第1條，此時游標(biāo)尺上的讀數(shù)x1=1.16mm；接著再轉(zhuǎn)動手輪，映入眼簾的為與中心刻線對齊n=7的干涉亮紋，此時圖中游標(biāo)尺上的讀數(shù)x2=____．

②經(jīng)計算可得兩個相鄰亮紋間的距離△x=____mm；這種色光的波長λ=____nm．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）15、（2014秋?雨城區(qū)校級期末）在水平方向的勻強(qiáng)電場中，用一絕緣細(xì)線懸掛一個質(zhì)量為m、電量為q的帶負(fù)電小球，靜止時細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，則電場的方向是____，大小為____．16、（2014秋?福建校級月考）如圖所示，一個質(zhì)量為20kg的小球沿傾角為30°的斜面下滑時重力會產(chǎn)生兩個效果，則重力沿斜面方向的分力是____和垂直于斜面方向的分力是____．（g取10m/s2）17、一炮彈質(zhì)量為m，以一定傾角斜向上發(fā)射，到達(dá)最高點(diǎn)的速度為V，炮彈在最高點(diǎn)爆炸成兩塊，其中一塊以速度大小為V沿原軌道返回，質(zhì)量為，則另一塊爆炸后的瞬間飛行速度大小為____，方向____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、青藏高原測水沸時的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計和酒精溫度計．____．（判斷對錯）19、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點(diǎn)陣排列．____．（判斷對錯）20、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）21、形狀規(guī)則的物體，重心一定在其幾何中心．____（判斷對錯）22、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）23、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）24、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共4題，共32分)25、【化學(xué)rm{隆陋}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】鎮(zhèn)痙藥物rm{C}化合物rm{N}以及高分子樹脂的合成路線如下：rm{(1)A}的化學(xué)名稱為___________；rm{A}在催化劑作用下可與rm{H_{2}}反應(yīng)生成rm{B}rm{B}的式量為rm{108}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為__________。rm{(2)C}中官能團(tuán)的名稱為___________；rm{C}在堿性條件下水解的化學(xué)反應(yīng)方程式為____。rm{(3)A}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為____。rm{(4)F}與甲醛合成高分子樹脂的反應(yīng)類型為____，rm{N}的結(jié)構(gòu)簡式為____。rm{(5)}扁桃酸的一種同分異構(gòu)體滿足下列條件：rm{壟脵}遇rm{FeCl_{3}}溶液不發(fā)生顯色反應(yīng)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，在酸性條件下水解產(chǎn)物之一能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)；rm{壟脹}分子中有rm{5}種不同化學(xué)環(huán)境的氫，核磁共振氫譜峰面積之比為：rm{1:2:2:2:1}寫出該同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式____。rm{(6)}寫出用乙醇為原料制備化合物rm{CH_{3}COCl}的合成路線____。合成路線流程圖示例如下：26、對氨基苯甲酸酯類是一類局部麻醉藥，化合物rm{M}是該類藥物之一。合成rm{M}的一種路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫。rm{壟脷}rm{壟脹E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}rm{壟脺}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}回答下列問題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，其化學(xué)名稱是____。rm{(2)}由rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型為____，rm{H}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，寫出該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____。rm{(3)D}的同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣的共有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{6:1}的是____rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{(4)}參照上述合成路線，以乙烯和環(huán)氧乙烷為原料rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}制備rm{1}rm{6-}己二醛，設(shè)計合成路線____27、rm{I:A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}為原子序數(shù)依次增大的五種前四周期元素。rm{A}的核外電子總數(shù)與其周期數(shù)相同；rm{B}的價電子排布式為rm{ns^{n}np^{n+2}}rm{C}rm{D}為同周期元素，rm{C}是同周期元素中離子半徑最小的元素，rm{D}元素最外層有一個未成對電子；rm{E}位于元素周期表的第四周期第Ⅳrm{B}族，常用加熱rm{ED_{4}}溶液的方法制備納米材料?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)D}原子的價電子排布圖為________，rm{E}原子核外有________個未成對電子，五種元素中電負(fù)性最大的是________rm{(}填元素符號rm{)}rm{(2)}化合物rm{D_{2}B}的中心原子的雜化方式為________，分子的立體構(gòu)型為________。rm{(3)}由rm{A}rm{B}rm{D}三種元素所形成的一系列化合物中氧化性最強(qiáng)的是________rm{(}填化學(xué)式，下同rm{)}酸性最強(qiáng)的是________。rm{(4)C}與rm{D}能形成化合物rm{Q}在rm{1.01隆脕10^{5}Pa}rm{T_{1}隆忙}時，氣體摩爾體積為rm{53.4L隆隴mol^{-1}}實(shí)驗(yàn)測得rm{Q}的氣態(tài)密度為rm{5.00g隆隴L^{-1}}則此時rm{Q}的化學(xué)式為________。rm{(5)E}單質(zhì)有兩種同素異形體，高溫下是體心立方堆積，但在常溫下的晶體結(jié)構(gòu)為如圖所示的六方最密堆積。已知晶胞參數(shù)分別為rm{acm}和rm{ccm}則該晶體的密度可表示為________rm{g隆隴cm^{-3}(}用含rm{a}和rm{c}的式子表示，用rm{NA}表示阿伏伽德羅常數(shù)的值rm{)}

rm{II:}已知：其中rm{R_{1}}rm{R_{2}}rm{R_{3}}為烷基?，F(xiàn)有一種五元環(huán)狀內(nèi)酯rm{F}的合成路線如下rm{(C隆蘆G}均表示一種有機(jī)化合物rm{)}回答下列問題：rm{(1)}化合物rm{B}的分子式為________，rm{G}中含有的官能團(tuán)名稱是________。rm{(2)}由rm{A隆煤B}所需的反應(yīng)試劑和反應(yīng)條件為________，該反應(yīng)的反應(yīng)類型是________。rm{(3)}化合物rm{E}的系統(tǒng)命名為________。rm{(4)}根據(jù)已知信息，由rm{B}生成rm{C}和rm{G}的的變化可表示為________。rm{(5)}同時滿足下列條件的rm{G}的同分異構(gòu)體一共有________種。rm{(}Ⅰrm{)}與rm{NaHCO_{3}}反應(yīng)產(chǎn)生氣體________rm{(}Ⅱrm{)}能使溴水褪色rm{(6)}化合物rm{F}的質(zhì)譜表明其相對分子質(zhì)量為rm{142}rm{F}的核磁共振氫譜顯示為rm{2}組峰，rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式為：________。rm{(7)}根據(jù)題給信息，寫出用制備丙烯的合成路線rm{(}其他試劑任選rm{)}________。28、rm{[}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)rm{]}鉻、鐵、溴、銅等金屬及其化合物在工業(yè)上有重要用途。rm{(1)}卟吩銅是一種配合物。rm{Cu^{2+}}基態(tài)時核外電子排布式為________________，可用氨水檢驗(yàn)rm{Cu^{2+}}形成配合物的顏色為_________。rm{(2)}制備rm{CrO_{2}Cl_{2}}的反應(yīng)為rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}+3CCl_{4}=2KCl+2CrO_{2}Cl_{2}+3COCl_{2}隆眉}rm{壟脵}上述化學(xué)方程式中非金屬元素電負(fù)性由大到小的順序是_______________________rm{(}用元素符號表示rm{)}rm{壟脷COCl_{2}}分子中所有原子均滿足rm{8}電子構(gòu)型，rm{COCl_{2}}分子中rm{婁脪}鍵和rm{婁脨}鍵的個數(shù)比為_________________，碳原子的雜化方式為___________________。rm{(3)NiO}rm{FeO}的晶體結(jié)構(gòu)均與氯化鈉的晶體結(jié)構(gòu)相同，其中rm{Ni^{2+}}和rm{Fe^{2+}}的離子半徑分別為rm{6.9摟莽10^{-2}nm}和rm{7.8摟莽10^{-2}nm}則熔點(diǎn)：rm{NiO}______rm{FeO(}填”rm{<}”、“rm{=}”或“rm{>}”rm{)}rm{(4)Ni}和rm{La}的合金是目前使用廣泛的儲氫材料，具有大容量、高壽命、耐低溫等特點(diǎn)，該合金的晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示，該晶胞中的rm{Ni}原子除一個在中心外，其他都在面上。rm{壟脵}該晶體的化學(xué)式為_____________。rm{壟脷}該合金晶胞的邊長rm{a=511pm}rm{c=397pm}各個邊之間的夾角如圖所示，請列式并計算該合金的密度：_______________________________________rm{g/cm3(}已知菱形的面積為rm{S=0.5a^{2}sina}rm{sqrt{3}=1.732}結(jié)果保留兩位有效數(shù)字rm{)}評卷人得分五、簡答題(共1題，共4分)29、某種鋰離子電池的正極材料是將含有鈷酸鋰rm{(LiCoO_{2})}的正極粉均勻涂覆在鋁箔上制成的。某校研究小組嘗試回收廢舊正極材料中的鈷。rm{(1)25隆忙}時，用圖rm{1}所示裝置進(jìn)行電解，有一定量的鈷以rm{Co^{2+}}的形式從正極粉中浸出，且兩極均有氣泡產(chǎn)生，一段時間后正極粉與鋁箔剝離。rm{壟脵}陽極的電極反應(yīng)式為________________。陰極的電極反應(yīng)式為：rm{LiCoO_{2}+4H^{+}+e^{-}=Li^{+}+Co^{2+}+2H_{2}O}________。rm{壟脷}該研究小組發(fā)現(xiàn)硫酸濃度對鈷的浸出率有較大影響，一定條件下，測得其變化曲線如圖rm{2}所示。當(dāng)rm{c(H_{2}SO_{4})>0.4mol隆隴L^{-1}}時，鈷的浸出率下降，其原因可能為________。rm{(2)}電解完成后得到含rm{CO^{2+}}的浸出液，且有少量正極粉沉積在電解槽底部。用以下步驟繼續(xù)回收鈷。rm{壟脵}寫出“酸浸”過程中正極粉生成含rm{Co^{2+}}的浸出液的化學(xué)方程式________________。該步驟一般在rm{80隆忙}以下進(jìn)行，溫度不能太高的原因是________。rm{壟脷}已知rm{(NH_{4})_{2}C_{2}O_{4}}溶液呈弱酸性，下列關(guān)系中正確的是________rm{(}填字母序號rm{)}rm{a.c(NH_{4}^{+})>C(C_{2}O_{4}^{2-})>c(H^{+})>c(OH^{-})}rm{b.c(H^{+})+c(NH_{4}^{+})=c(OH^{-})+c(HC_{2}O_{4}^{-})+2c(C_{2}O_{4}^{2-})}rm{c.c(NH_{4}^{+})+c(NH_{3}隆隴H_{2}O)=2[c(C_{2}O_{4}^{2-})+c(HC_{2}O_{4}^{-})+c(H_{2}C_{2}O_{4})]}rm{壟脹}沉鈷后得到二水合草酸鈷rm{(CoC_{2}O_{4}隆隴2H_{2}O)}的實(shí)驗(yàn)操作是________rm{(}填操作名稱rm{)}rm{(3)}草酸鈷可用于制取鈷的氧化物。取一定質(zhì)量的二水合草酸鈷rm{(CoC_{2}O_{4}隆隴2H_{2}O)}分解后的鈷氧化物rm{(}其中rm{Co}的化合價為rm{+2}rm{+3)}用rm{480mL5mol/L}鹽酸恰好完全溶解固體，得到rm{CoCl_{2}}溶液和rm{4.48L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}黃綠色氣體。請確定該鈷氧化物中rm{Co}rm{O}的物質(zhì)的量之比________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】橡皮參加了兩個分運(yùn)動，水平向右勻速移動，同時，豎直向上勻速運(yùn)動，實(shí)際運(yùn)動是這兩個運(yùn)動的合運(yùn)動，根據(jù)平行四邊形定則可以求出合速度．【解析】【解答】解：橡皮在水平方向勻速運(yùn)動；由于橡皮向右運(yùn)動的位移一定等于橡皮向上的位移，故在豎直方向以相等的速度勻速運(yùn)動，根據(jù)平行四邊形定則，可知合速度也是一定的，故合運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動；

故選：A．2、A【分析】

在A圖中，在a點(diǎn)電勢比b點(diǎn)電勢高，兩點(diǎn)間的電勢差U=BLv，因?yàn)閎點(diǎn)的電勢為零，則a點(diǎn)的電勢為BLv．在B圖中，a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)高，兩點(diǎn)間的電勢差U=BLvsinθ，則a點(diǎn)的電勢為BLvsinθ．在C圖中，a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的電勢低，則a點(diǎn)的電勢為負(fù)值．在D圖中，a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)電勢低；則a點(diǎn)的電勢為負(fù)值．故a點(diǎn)電勢最高的是A圖．

故選A．

【解析】【答案】在內(nèi)電路中；沿著電流的方向電勢升高，根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式和閉合電路歐姆定律進(jìn)行判斷．

3、B【分析】【解析】

試題分析：溫度是物體分子平均平動動能的標(biāo)志。溫度是大量分子熱運(yùn)動的集體表現(xiàn)，含有統(tǒng)計意義。溫度不變，是氣體分子平均動能不變，并不是每個分子的動能不變，A錯；由B選項(xiàng)正確；溫度不變，體積變大，壓強(qiáng)變小，C錯；溫度不變，氣體內(nèi)能不變，D錯。

考點(diǎn)：熱力學(xué)定律內(nèi)能【解析】【答案】B4、D【分析】解：小球從O點(diǎn)以初速度v0水平向P拋出；到達(dá)位置Q時小球的動能是拋出時動能的2倍，由動能定理得：

所以：

小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，

所以：①

小球在水平方向的位移：②

圓盤的半徑：③

A；由公式③可知；由于半徑未知，所以不能求出小球的初速度．故A錯誤；

B；由于不能求出小球的初速度；根據(jù)①不能求出小球的運(yùn)動時間．故B錯誤；

C、D、OQ的連線與豎直方向之間的夾角：④

圓盤轉(zhuǎn)動的角速度：⑤

可知可以求出從小球拋出到碰到P過程中圓盤轉(zhuǎn)過的角度；由于時間不知道，所以不能求出圓盤轉(zhuǎn)動的角速度．故C錯誤，D正確．

故選：D

小球從O點(diǎn)以初速度v0水平向P拋出；到達(dá)位置Q時小球的動能是拋出時動能的2倍，由此即可求出重力做的功；然后由W=mgh求出小球下降的高度，將小球的運(yùn)動分解，求出運(yùn)動的時間和圓盤的半徑，由小球偏轉(zhuǎn)的角度求出圓盤的角速度．

該題將平拋運(yùn)動與圓周運(yùn)動相結(jié)合，這兩種不同運(yùn)動規(guī)律在解決同一問題時，常常用“時間”這一物理量把兩種運(yùn)動聯(lián)系起來．【解析】【答案】D5、C【分析】【分析】本題考查了弱電解質(zhì)電離平衡影響因素、平衡常數(shù)計算方法、圖象分析判斷是解題關(guān)鍵，題目難度中等?！窘獯稹緼.由圖可知rm{NaHA}溶液顯酸性，則rm{HA^{-}}的電離能力大于其水解能力，則rm{c(H_{2}A)<c(A^{2-})}，故A錯誤；B.交點(diǎn)rm{a}處rm{c(HA^{-})=c(H_{2}A)}rm{H_{2}A?HA^{-}+H^{+}}rm{Ka_{1}=c(H^{+})=1隆脕10^{-0.8}}rm{HA^{-}?A^{2-}+H^{+}}交點(diǎn)rm{c}處rm{c(HA^{-})=c(A^{2-})}rm{Ka_{2}=c(H^{+})=1隆脕10^{-5.3}}rm{pK_{a2}(H_{2}A)=5.30}rm{pK_{a1}(H_{2}A)=0.80}故B錯誤；C.rm點(diǎn)時，rm{c(H_{2}A)=c(A^{2-})}rm{dfrac{{c}^{2}({H}^{+}){c}^{2}(H{A}^{-})}{c({H}_{2}A)c({A}^{2-})}={c}^{2}({H}^{+})dfrac{{K}_{a1}}{{K}_{a2}}={left({10}^{-3.05}right)}^{2}隆脕dfrac{{10}^{-0.8}}{{10}^{-5.3}}={10}^{-1.6}}故C正確；D.根據(jù)混合溶液中的電荷守恒和物料守恒，故D錯誤。故選C。rm{dfrac{{c}^{2}({H}^{+}){c}^{2}(H{A}^{-})}{c({H}_{2}A)c({A}^{2-})}={c}^{2}({H}^{+})

dfrac{{K}_{a1}}{{K}_{a2}}={left({10}^{-3.05}right)}^{2}隆脕

dfrac{{10}^{-0.8}}{{10}^{-5.3}}={10}^{-1.6}}【解析】rm{C}6、B【分析】解：A；原來物體靜止；力F垂直于斜面方向，在沿斜面方向沒有分量，故物塊不可能有上滑的趨勢，故A錯誤；

B；以整體為研究對象；力F在水平方向有向右的分量、根據(jù)平衡條件可知斜面體一定受到水平面給它的向左的摩擦力，故B正確。

CD；垂直斜面的力F在沿斜面方向的分量為零；物塊在沿斜面方向受力不變，故物塊受到的摩擦力不變，仍等于mgsinθ，故CD錯誤；

故選：B。

物塊受推力；重力、支持力和靜摩擦力；根據(jù)平衡條件分析；再對物塊和斜面體整體受力分析，受推力、重力、支持力和摩擦力，再次根據(jù)平衡條件列式分析即可。

通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時，用隔離法。有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用?！窘馕觥緽7、C【分析】【分析】光導(dǎo)纖維傳輸信號是利用光的全反射；門鏡可以擴(kuò)大視野是利用光的折射；根據(jù)激光的特點(diǎn)來分析C選項(xiàng)；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波．【解析】【解答】解：A；門鏡可以擴(kuò)大視野是利用的是凸透鏡組的成像；是光的折射現(xiàn)象，故A錯誤；

B；光導(dǎo)纖維傳輸信號是利用光的全反射現(xiàn)象；故B錯誤；

C；激光是相干光；可以被調(diào)制并用來傳遞信息；故C正確；

D；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波．故D錯誤．

故選：C8、C【分析】【分析】質(zhì)子帶正電，由已知質(zhì)子的速度方向，磁場方向，由左手定則可以判斷出質(zhì)子所示洛倫茲力的方向．【解析】【解答】解：質(zhì)子流從南向北進(jìn)入勻強(qiáng)磁場；磁場方向是從東向西的，由左手定則可知，則質(zhì)子所受洛侖茲力的方向豎直向上；

故選：C．9、D【分析】【分析】茶杯從同一高度掉下，落在水泥地上，茶杯與水泥地作用時間短，而落在草堆上，茶杯與草堆作用時間長，根據(jù)速度關(guān)系，分析動量和動量變化的關(guān)系，根據(jù)動量定理分析茶杯所受沖量關(guān)系和沖力的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；C、玻璃茶杯從同一高度掉下；與地上和草堆上接觸前瞬間速度相同，動量相同，與地和草堆墊作用后速度均變?yōu)榱?，茶杯動量的變化相同．故AC錯誤．

B；茶杯的動量變化相同；根據(jù)動量定理I=△P得知，茶杯所受沖量相同．故B錯誤．

D；茶杯與地作用時間短；茶杯與草堆作用時間長，由動量定理得，△P=Ft，△P相同，則茶杯與地撞擊過程中所受沖力較大．故D正確．

故選D二、填空題(共8題，共16分)10、1.27×104與水平方向成45°角【分析】【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在C點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，C點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解C點(diǎn)處的場強(qiáng)大小和方向．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷在C點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為E=k=9×109×N/C=9×103N/C；方向從O→C．

C點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則得，C點(diǎn)的場強(qiáng)大小為EC=E=9N/C=1.27×104N/C；方向與水平成45°角斜向右上方．

故答案為：1.27×104與水平方向成45°角斜向右上方11、＞【分析】【分析】光導(dǎo)纖維內(nèi)芯和外套材料不同，所以具有不同的折射率．要想使光的損失最小，光在光導(dǎo)纖維里傳播時一定要發(fā)生全反射．【解析】【解答】解：發(fā)生全反射的條件是：從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)；入射角大于或等于臨界角；

欲使光在n1和n2的界面上發(fā)生全反射，需有n1＞n2；

光在介質(zhì)n1中的傳播最長路程為：x=；

傳播速度為：v=；

故最長時間：t==；

故答案為：＞；；．12、靜1N左最大靜2.1N左滑動2N0.4滑動2N滑動2N【分析】【分析】（1）拉不動時靜摩擦力方向與拉力方向相反。

（2）木塊與水平桌面間靜摩擦力的最大值是最大靜摩擦力；當(dāng)木塊剛剛開始運(yùn)動時的摩擦力是靜摩擦力．

（3）木塊做勻速直線運(yùn)動；處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可以求出木塊受到的滑動摩擦力和動摩擦因數(shù)．

（4）（5）物體只要運(yùn)動起來，受到的滑動摩擦力是不變的．【解析】【解答】解（1）當(dāng)彈簧秤讀數(shù)為1N時；木塊未被拉動，這時木塊受到的是靜摩擦力，大小是1N，方向向左．

（2）當(dāng)彈簧秤的讀數(shù)是2.1N時；木塊剛好開始移動，此時木塊受的是最大靜摩擦力，大小是2.1N，方向向左．

（3）開始運(yùn)動后，使木塊保持勻速直線運(yùn)動，彈簧秤的讀數(shù)變?yōu)?N，此時木塊受到的是滑動摩擦力，大小是2N，動摩擦因數(shù)μ==0.4．

（4）若使彈簧秤在拉動木塊運(yùn)動中讀數(shù)變?yōu)?N時；木塊受到的摩擦力是滑動摩擦力，大小是2N．

（5）木塊離開彈簧秤繼續(xù)滑動；這時木塊受到的是滑動摩擦力，大小是2N．

故答案為：（1）靜，1N，左；（2）最大靜，2.1，左；（3）滑動，2N，0.4．（4）滑動，2N（5）滑動，2N13、略

【分析】【解析】

試題分析:在導(dǎo)體的帶電量及其周圍環(huán)境相同情況下；導(dǎo)體尖端越尖，尖端效應(yīng)越明顯．這是因?yàn)榧舛嗽郊?，曲率越大，面電荷密度越高，其附近場?qiáng)也就越強(qiáng)．在同一導(dǎo)體上，與曲率小的部位相比，曲率大的部位就是尖端．因此，設(shè)備的邊；棱、角相對于平滑表面，管道的噴嘴相對于管線，細(xì)導(dǎo)線相對于粗導(dǎo)線，人的手指相對于背部等等，前者都可認(rèn)為是尖端，都容易產(chǎn)生尖端效應(yīng)。

考點(diǎn)：靜電現(xiàn)象的解釋【解析】【答案】（1）利用尖端放電現(xiàn)象；（2）使驗(yàn)電器在電壓較高時也不會放電（或防止尖端放電）14、15.02mm2.31660【分析】【分析】游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀；

單單測量相鄰兩根條紋的間距誤差比較大；往往采取測量多條干涉條紋的間距，然后求平均值，減小測量的偶然誤差．

根據(jù)△x=λ測量光波的波長．【解析】【解答】解：①圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為15mm+0.02×1=15.02mm；

②△x==2.31mm

根據(jù)公式△x=λ得：λ===6.6×10-7m=660nm；

故答案為：①15.02mm；②2.31，660．15、水平向左【分析】【分析】以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰?，作出力圖，根據(jù)平衡條件求解電場力F；根據(jù)F=qE解出E．【解析】【解答】解：小球受力如圖所示；根據(jù)平衡條件可知：電場力qE與重力mg的合力與細(xì)線的拉力T等值；方向反向，則力的合成圖得知：

F=qE=mgtanθ=mgtanθ

解得：E=；

小球帶負(fù)電；電場力方向水平向右，所以電場強(qiáng)度方向水平向左．

故答案為：水平向左；16、100N173N【分析】【分析】將重力按照作用效果正交分解后，運(yùn)用平行四邊形定則作圖后，由解析法求解分力．【解析】【解答】解：把重力分解成G1與G2；如圖所示。

斜面傾角30°

G1=Gsin30°=200×0.5N=100N

G2=Gcos30°=200×N=173N

故答案為：100N，173N．17、3v與初速度方向相同【分析】【分析】炮彈在最高點(diǎn)爆炸時動量守恒，由動量守恒定律可求出爆炸后另一塊彈片的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓号趶棻ㄟ^程中動量守恒；爆炸后一塊彈片沿原軌道返回，則該彈片速度大小為v，方向與原方向相反；

設(shè)另一塊爆炸后瞬時速度大小為v1，由題意知，爆炸后兩彈片的質(zhì)量均為；

設(shè)速度v的方向?yàn)檎?，由動量守恒定律得：mv=-mv+mv1，解得：v1=3v；方向與炮彈的初速度方向相同．

故答案為：3v，與初速度方向相同．三、判斷題(共7題，共14分)18、×【分析】【分析】選擇溫度計的原則是：溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測物體的溫度，同時，溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計．該說法是錯誤的．

故答案為：×．19、√【分析】【分析】同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點(diǎn)陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運(yùn)動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√21、×【分析】【分析】重心就是重力的作用點(diǎn)，物體的重心在物體的幾何中心上有兩個條件：質(zhì)地均勻，外形規(guī)則．【解析】【解答】解：由于課本上指出重心就是重力的作用點(diǎn)；因此重力作用在物體的重心點(diǎn)上；質(zhì)地均勻，外形規(guī)則的物體的重心在物體的幾何中心上．質(zhì)量不是均勻分布的物體，即使外形規(guī)則的物體，重心有可能不在物體的幾何中心上．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，對應(yīng)物體的位移或路程，時刻是指時間點(diǎn)，在時間軸上對應(yīng)的是一個點(diǎn)，對應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時間軸上都是指的時間的長度，都是時間．故該說法正確；

故答案為：√23、×【分析】【分析】首先據(jù)波動圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×24、×【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運(yùn)動；向心力方向始終指向圓心，方向時刻變化，此說法錯誤．

故答案為：×四、推斷題(共4題，共32分)25、（1）苯甲醛（2）酯基羥基（3）（4）縮聚反應(yīng)（5）（6）

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【分析】【分析】主要考查有機(jī)物的合成，掌握有機(jī)物的命名、方程式的書寫、有條件的同分異構(gòu)體的寫法、有機(jī)物的合成等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)信息rm{I}可判斷rm{A}為苯甲醛，在催化劑的條件下與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成苯甲醇，結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：苯甲醛；rm{(2)}扁桃酸與苯甲醇在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成扁桃酸苯甲酯，含有酯基、羥基官能團(tuán)，在堿性條件下水解的方程式為故答案為：酯基、羥基；rm{(3)}苯甲醛與銀氨溶液反應(yīng)的方程式為：故答案為：rm{(4)}根據(jù)高分子樹脂的結(jié)構(gòu)，確定對甲基酚與甲醛反應(yīng)的反應(yīng)類型為縮聚反應(yīng)；根據(jù)信息rm{II}確定rm{N}為故答案為：縮聚反應(yīng)；rm{(5)}符合條件的物質(zhì)的結(jié)構(gòu)中應(yīng)有：羥基直接連在苯環(huán)上；甲酸酚酯；rm{5}種氫原子的數(shù)目比為：rm{1:2:2:2:1}其結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{(6)}根據(jù)題意，用乙醇為原料制備化合物rm{CH}rm{CH}rm{3}的合成路線為故答案為：rm{3}【解析】rm{(1)}苯甲醛rm{(2)}酯基羥基rm{(3)}rm{(4)}縮聚反應(yīng)rm{(5)}rm{(6)}。

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26、（1）2-甲基丙烯（2）還原反應(yīng)（3）15（4）【分析】【分析】本題考查的是有機(jī)物的合成與推斷，掌握有機(jī)物各官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化的條件是解答本題的關(guān)鍵，注意題中信息的運(yùn)用?！窘獯稹亢舜殴舱駳渥V顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}可知，；根據(jù)信息rm{壟脷}可知，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式為的結(jié)構(gòu)簡式為rm{壟脷}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{D}則rm{E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}則rm{E}的分子式為rm{{C}_{7}{H}_{8}}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E隆煤F}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{H}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{F}為rm{G}為rm{H}為rm{D}與rm{H}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{M}則rm{M}為的分子式為rm{E}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{92}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{{C}_{7}{H}_{8}}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{H}為rm{E隆煤F}為rm{H}為rm{F}與rm{G}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{H}則rm{D}為rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{M}甲基丙烯，故答案為：rm{M}甲基丙烯；rm{(1)A}，其化學(xué)名稱為rm{2-}甲基丙烯，生成rm{2-}的反應(yīng)為苯環(huán)上的硝基轉(zhuǎn)化為氨基，所以為還原反應(yīng)；rm{2-}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____故答案為：還原反應(yīng)；rm{(2)}為其同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣，則不含羥基，含有醚鍵，則連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，乙基和丁基，丙基和丙基。甲基只有一種，乙基只有一種，丙基有兩種，丁基有rm{(2)}種，戊基有rm{G}種，所以連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為乙基和丁基時有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為丙基和丙基時有rm{(3)D}種結(jié)構(gòu)，所以共有rm{4}種結(jié)構(gòu)，其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{8}的是故答案為：rm{8}rm{4}乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{3}rm{8+4+3=15}二溴乙烷，根據(jù)信息rm{6:1}可知rm{15}rm{(4)}二溴乙烷發(fā)生信息rm{1}的反應(yīng)生成rm{2-}rm{壟脷}己二醇，rm{1}rm{2-}二溴乙烷發(fā)生信息rm{壟脷}的反應(yīng)生成rm{1}rm{6}己二醇，rm{1}rm{6}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{1}rm{6-}己二醛，其合成路線為：rm{1}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{2-}rm{壟脷}己二醛，其合成路線為：故答案為：rm{1}【解析】rm{(1)}rm{2-}甲基丙烯rm{(2)}還原反應(yīng)rm{(3)15}rm{(4)}27、I.（1）2O

（2）sp3雜化V形

（3）HClOHClO4

（4）Al2Cl6

（5）

II.（1）C10H12醛基

（2）NaOH的醇溶液加熱消去反應(yīng)

（3）3，4—二羥基己二酸

（4）

（5）3

（6）

（7）（CH3）2C=C（CH3）2CH3COCH3CH3CH（OH）CH3CH2＝CHCH3【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)和有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)選修模塊，結(jié)合相關(guān)模塊的基礎(chǔ)知識進(jìn)行作答，難度中等?！窘獯稹縭m{I:}根據(jù)題給信息推斷rm{A}為氫元素、rm{B}為氧元素、rm{C}為鋁元素、rm{D}為氯元素、rm{E}鈦元素，rm{(1)}根據(jù)構(gòu)造原理作答。rm{D}為氯元素，原子序數(shù)為rm{17}氯原子的價電子排布圖為rm{E}為鈦元素，原子序數(shù)為rm{22}價電子排布式為rm{3d^{2}4s^{2}}原子核外有rm{2}個未成對電子，五種元素中電負(fù)性最大的是rm{O}故答案為：rm{2}rm{O}rm{(2)}化合物rm{Cl_{2}O}的中心原子氧原子形成rm{2}個rm{婁脪}鍵，含有rm{2}對孤對電子，雜化方式為rm{sp^{3}}分子的立體構(gòu)型為rm{V}形，故答案為：rm{sp^{3}}rm{V}形；rm{(3)}由rm{A}rm{B}rm{D}三種元素所形成的一系列化合物中氧化性最強(qiáng)的是rm{HClO}酸性最強(qiáng)的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO}rm{HClO_{4}}rm{(4)}在rm{1.01隆脕10^{5}Pa}rm{T_{1}隆忙}時，氣體摩爾體積為rm{53.4L隆隴mol^{-1}}實(shí)驗(yàn)測得rm{Q}的氣態(tài)密度為rm{5.00g隆隴L^{-1}}則rm{Q}的摩爾質(zhì)量為rm{267g/mol}此時rm{Q}的化學(xué)式為rm{Al_{2}Cl_{6}}故答案為：rm{Al_{2}Cl_{6}}rm{(5)}已知晶胞參數(shù)分別為rm{acm}和rm{ccm}六方晶胞底面積為rm{cm^{2}}則rm{1mol}晶胞的體積為rm{dfrac{3}{2}sqrt{3}{a}^{2}c{N}_{A}cm^{3}}利用切割法分析六方晶胞中含有的鈦原子數(shù)為rm{dfrac{3}{2}sqrt{3}{a}^{2}c{N}_{A}

cm^{3}}則rm{3+2隆脕1/2+12隆脕1/6=6}晶胞的質(zhì)量為rm{1mol}該晶體的密度可表示為rm{6mol隆脕48g/mol=288g}故答案為：rm{dfrac{64sqrt{3}}{{{a}^{2}}c{{N}_{A}}}g隆隴cm^{-3}}

rm{dfrac{64sqrt{3}}{{{a}^{2}}c{{N}_{A}}}}根據(jù)題給信息和轉(zhuǎn)化關(guān)系推斷rm{II.}為rm{G}rm{OHCCH_{2}CH_{2}CHO}為rm{C}rm{OHCCH_{2}COCOCH_{2}CHO}為rm{D}rm{HOOCCH_{2}COCOCH_{2}COOH}為rm{E}化合物rm{HOOCCH_{2}CHOHCHOHCH_{2}COOH}的質(zhì)譜表明其相對分子質(zhì)量為rm{F}rm{142}的核磁共振氫譜有rm{F}組峰，rm{2}為rm{F}根據(jù)結(jié)構(gòu)簡式知化合物rm{(1)}的分子式為rm{B}rm{C_{10}H_{12}}為rm{G}含有的官能團(tuán)名稱是醛基，故答案為：rm{OHCCH_{2}CH_{2}CHO}醛基；rm{C_{10}H_{12}}由rm{(2)}為氯代烴的消去反應(yīng)，所需的反應(yīng)試劑和反應(yīng)條件為答案為氫氧化鈉乙醇溶液加熱，故答案為：rm{A隆煤B}的醇溶液加熱；消去反應(yīng)；rm{NaOH}為rm{(3)E}系統(tǒng)命名為rm{HOOCCH_{2}CHOHCHOHCH_{2}COOH}rm{3}二羥基己二酸，故答案為：rm{4隆陋}rm{3}二羥基己二酸；rm{4隆陋}根據(jù)已知信息，由rm{(4)}生成rm{B}和rm{C}的的變化可表示為故答案為：rm{G}為rm{(5)G}rm{OHCCH_{2}CH_{2}CHO}Ⅰrm{(}與rm{)}反應(yīng)產(chǎn)生氣體，含有羧基；rm{NaHCO_{3}}Ⅱrm{(}能使溴水褪色，含有碳碳雙鍵，滿足條件的rm{)}的同分異構(gòu)體一共有rm{G}種，包括rm{3}rm{CH_{2}=CHCH_{2}COOH}rm{CH_{3}CH=CHCOOH}故答案為：rm{CH_{2}=C(COOH)CH_{3}}rm{3}化合物rm{(6)}的質(zhì)譜表明其相對分子質(zhì)量為rm{F}rm{142}的核磁共振氫譜顯示為rm{F}組峰，rm{2}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{F}根據(jù)題給信息，用rm{(7)}rm{(CH}rm{(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{C=C(CH}制備丙烯的合成路線為rm{C=C(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}故答案為：rm{{,!}_{2}}rm{(CH_{3})_{2}C=C(CH_{3})_{2}}rm{CH_{3}COCH_{3}}rm{CH_{3}CH(OH)CH_{3}}rm{CH_{2}=CHCH_{3}}【解析】I.rm{(1)}rm{2}rm{O}rm{(2)sp^{3}}雜化rm{V}形rm{(3)HClO}rm{HClO_{4}}rm{(4)Al_{2}Cl_{6}}rm{(5)dfrac{64sqrt{3}}{{{a}^{2}}c{{N}_{A}}}}rm{II.(1)C_{10}H_{12}}醛基rm{(2)NaOH}的醇溶液加熱消去反應(yīng)rm{(3)3}rm{4隆陋}二羥基己二酸rm{(4)}rm{(5)3}rm{(6)}rm{(7)(CH_{3})_{2}C=C(CH_{3})_{2}}rm{CH_{3}COCH_{3}}rm{CH_{3}CH(OH)CH_{3}}rm{CH_{2}=CHCH_{3}}28、（1）1s22s22p63s23p63d9(或[Ar]3d9)深藍(lán)色（2）①O＞Cl＞C②3:1sp2（3）＞（4）①LaNi5②?【分析】【分析】本題綜合性較強(qiáng)，考查了晶胞的計算、化學(xué)鍵、核外電子排布、電離能和電負(fù)性的含義及應(yīng)用，難度較大?！窘獯稹縭m{(1)Cu}原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{4s}與rm{3d}能級各失去rm{1}個電子形成rm{Cu^{2+}}rm{Cu^{2+}}基態(tài)核外電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{9}(}或rm{[Ar]3d^{9})}將過量的氨水加到硫酸銅溶液中，溶液最終變成深藍(lán)色；故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{9}(}或rm{[Ar]3d^{9})}深藍(lán)色；rm{(2)}rm{壟脵}反應(yīng)式rm{壟脵}rm{K}rm{K}rm{2}rm{2}rm{Cr}rm{Cr}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{7}rm{7}rm{+3CCl}rm{+3CCl}中非金屬元素有三種：rm{4}rm{4}rm{=2KCl+2CrO}rm{=2KCl+2CrO}中rm{2}表現(xiàn)正化合價、rm{2}表現(xiàn)負(fù)化合價，rm{Cl}中rm{Cl}為rm{2}價，rm{2}為rm{+3COCl}價，電負(fù)性越大，對鍵合電子吸引力越大，元素相互化合時該元素表現(xiàn)負(fù)價，故電負(fù)性：rm{+3COCl}故答案為：rm{2}

rm{2}分子中有rm{隆眉}個rm{隆眉}鍵和rm{O}個rm{C}鍵，所以rm{Cl}分子中rm{CCl_{4}}鍵的數(shù)目為rm{C}rm{Cl}鍵的數(shù)目為rm{CrO_{2}Cl_{2}}rm{Cl}鍵和rm{+1}鍵的個數(shù)比為：rm{O}rm{-2}中心原子rm{O>Cl>C}電子對數(shù)rm{O>Cl>C}孤對電子數(shù)rm{壟脷COCl_{2}}故中心原子雜化方式為rm{1}故答案為：rm{C=O}rm{2}

rm{C-Cl}rm{COCl_{2}}rm{婁脪}的晶體結(jié)構(gòu)類型均與氯化鈉的相同，說明二者都是離子晶體，離子晶體的熔點(diǎn)與離子鍵的強(qiáng)弱有關(guān)，離子所帶電荷數(shù)越多，離子半徑越小，離子鍵越強(qiáng)，熔點(diǎn)越高rm{3}由于rm{婁脨}的離子半徑小于rm{1}的離子半徑，屬于熔點(diǎn)是rm{婁脪}故答案為：rm{婁脨}

rm{3}該合金的晶胞如圖所示，晶胞中心有一個鎳原子，其他rm{1}個鎳原子都在晶胞面上；鑭原子都在晶胞頂點(diǎn)．

所以晶胞實(shí)際含有的鎳原子為：rm{C}晶胞實(shí)際含有的鑭原子為：rm{=婁脪+}所以晶體的化學(xué)式rm{=3+0=3}故答案為：rm{sp^{2}}

rm{3:1}一個晶胞的質(zhì)量rm{sp^{2}}根據(jù)rm{(3)}即rm{NiO}rm{FeO}rm{婁脩=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{M}{{N}_{A}}}{0.5{a}^{2}sin60^{circ}隆脕c}=dfrac{139+59隆脕5}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕0.5隆脕(511隆脕{10}^{-10}{)}^{2}隆脕dfrac{1.732}{2}隆脕397隆脕{10}^{-10}}=16}故答案為：rm{婁脩=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{M}{{N}_{A}}}{0.5{a}^{2}sin60^{circ}隆脕c}=dfrac{139+59隆脕5}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕0.5隆脕(511隆脕{10}^{-10}{)}^{2}隆脕dfrac{1.732}{2}隆脕397隆脕{10}^{-10}}=16}rm{NiO}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{9}(}或rm{[Ar]3d^{9})}深藍(lán)色rm{(2)}rm{壟脵}rm{壟脵}rm{O>Cl>C}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{3:1}rm{sp^{2}}rm{壟脷婁脩=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{M}{{N}_{A}}}{0.5{a}^{2}sin60^{circ}隆脕c}=dfrac{139+59隆脕5}{6.02隆脕{10}^{23}隆脕0.5隆脕(511隆脕{10}^{-10}{)}^{2}隆脕dfrac{1.732}{2}隆脕397隆脕{10}^{-10}}=16}rm{(3)>}五、簡答題(共1題，共4分)29、（1）

①（或）

②與在陰極的還原反應(yīng)相互競爭，當(dāng)增大時，參與放電的增多（或有利于放電），鈷的浸出率下降

（2）①防止分解（或）

②abc

③過濾

（3）5：6【分析】【分析】本題為生產(chǎn)流程題，涉及金屬的回收、環(huán)境保護(hù)、氧化還原反應(yīng)、物質(zhì)的分離提純和除雜等問題，題目較為綜合，做題時注意仔細(xì)審題，從題目中獲取關(guān)鍵信息，難度中等，難點(diǎn)是電極反應(yīng)式的書寫?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}陰離子氫氧根在陽極放電，生成氧氣，rm{4O{H}^{-}-4{e}^{-}={O}_{2}隆眉+;2{H}_{2}O}故答案為：rm{4O{H}^{-}-4{e}^{-}={O}_{2}隆眉+;2{H}_{2}O}

rm{4O{H}^{-}-4{e}^{-}={O}_{2}隆眉+;2{H}_{2}O

}如圖rm{4O{H}^{-}-4{e}^{-}={O}_{2}隆眉+;2{H}_{2}O

}所示rm{壟脷}當(dāng)rm{c({H}_{2}S{O}_{4})>0.4mol?{L}^{-1}}時，參與放電的rm{2}增多rm{.}或有利于rm{c({H}_{2}S{O}_{4})>0.4mol?{L}^{-1}

}放電rm{{H}^{+}}所以鈷的浸出率下降；

故答案為：rm{(}與rm{{H}^{+}}在陰極的還原反應(yīng)相互競爭，當(dāng)rm{)}增大時，參與放電的rm{{H}^{+}}增多rm{LiCo{O}_{2}}或有利于rm{c({H}^{+})}放電rm{{H}^{+}}鈷的浸出率下降；

rm{(}rm{{H}^{+}}“酸浸”過程中正極粉發(fā)生氧化還原反應(yīng)，rm{)}氧化生成rm{(2)}和rm{壟脵}方程式為：rm{2LiCo{O}_{2}+{H}_{2}{O}_{2}+3{H}_{2}S{O}_{4}=L{i}_{2}S{O