2025年湘師大新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版必修3物理上冊月考試卷785考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負電，下板帶正電，斷開電源后一帶電小球以速度v0水平射入電場，且沿下板邊緣飛出，若下板不動，將上板上移一小段距離，小球仍以相同的速度v0從原處飛入；則帶電小球（）

A.將打在下板中央B.肯定不沿原軌跡由下板邊緣飛出C.不發(fā)生偏轉，沿直線運動D.若上板不動，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央2、如圖所示，空間某一區(qū)域有方向水平向左、大小為B勻強磁場中，三根直導線置于磁場中豎直圓周a、b、c上，o點為圓心，c在o的正，上方，當它們通有大小相同、方向垂直于紙面向里的電流時，圓心o點的實際磁感應強度為2B，已知通電直導線產生的磁場的磁感應強度式中為k常數，r是電流到該點的距離。則撤出c點處的導線后，c點磁感應強度的大小為（）

A.0B.BC.BD.2B3、關于多用電表及其使用操作，下列說法正確的是（）A.電阻刻度左側密右側疏B.測量不同電阻，每次都必須重新調零再進行測量C.測直流電流時，電流從紅表筆流入從黑表筆流出，測電阻時恰好相反D.用“×10”倍率擋測電阻，指針偏轉角度很小，應換成“×1”倍率擋調零后測量4、如圖所示，一電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由P點射入勻強電場，入射方向與電場線垂直，粒子從Q點射出電場時，其速度方向與電場線夾角為30°。已知勻強電場的寬度為d，P、Q兩點的電勢差為U，不計重力作用，設P點的電勢為零。則下列說法正確的是（）

A.帶電粒子在Q點的電勢能為qUB.帶電粒子帶負電C.此勻強電場的電場強度大小為D.此勻強電場的電場強度大小為5、如圖所示，在光滑的絕緣水平面上，有兩個質量相等、相距為r、帶電荷量分別為和的小球甲、乙，在水平恒力F作用下做勻加速直線運動。靜電力常量為k，則水平恒力F的大小為（）

A.B.C.D.6、目前許多國產手機都有指紋解鎖功能；用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示。指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同，此時傳感器給所有的電容器充電后達到同一電壓值，然后，電容器放電，電容小的電容器放電較快，根據放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖像數據，根據文中信息，下列說法正確的是（）

A.充電后在嵴處形成的電容器的電荷量小B.若在手機屏上增貼了一層厚度均勻的玻璃膜，則指紋識別解鎖功能無法使用C.在峪處形成的電容器電容較小D.沾水潮濕的手指頭對指紋識別絕對沒有影響7、如圖所示，在某一電場中有一條直電場線，在電場線上取A、B兩點，將一個電子由A點以某一初速度釋放，它能沿直線運動到B點，且到達B點時速度恰為零，電子運動的v－t圖像如圖所示。則下列判斷正確的是（）

A.B點電場強度一定小于A點電場強度B.B點電場強度一定大于A點電場強度C.電子在A點的加速度一定等于在B點的加速度D.該電場若是正點電荷產生的，則場源電荷一定在A點左側8、如圖所示；直線Ⅰ；Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨電流變化的伏安特性圖線，曲線Ⅲ是一個小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨連接，則下列說法正確的是。

A.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻相等B.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2C.電源1與電源2的內阻之比是7∶11D.由于小燈泡L的U－I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程中歐姆定律不適用評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，一個質量為m，帶電量為q的粒子（重力不計），從兩平行板左側中點沿垂直場強方向射入，當入射速度為v時，恰好穿過電場而不碰金屬板，要使粒子的入射速度變?yōu)槿阅芮『么┻^電場而不碰金屬板，保持其它量不變時，可行的辦法是（）

A.粒子的帶電量減少到原來的B.兩板間的電壓減小到原來的C.兩板間的距離增加到原來的4倍D.兩板間的距離增加到原來的2倍10、如圖，在方向水平向右、磁感應強度為B的勻強磁場中，垂直于磁場和紙面放入一根通電直導線，以導線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個點，已知c點的實際磁感應強度小于B；下列說法正確的是。

A.導線的電流方向垂直紙面向外B.b、d兩點的實際磁感應強度大小相等C.b、d兩點的實際磁感應強度方向相同D.a點的實際磁感應強度小于B11、光滑絕緣水平面上固定兩個等量正電荷，它們連線的中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示。一質量m=1kg，電量q=0.01C的帶正電小物塊由A點靜止釋放，并以此時為計時起點，并沿光滑水平面經過B、C兩點，其運動過程的v﹣t圖像如圖乙所示，其中圖線在B點位置時斜率最大且過B點的切線已畫出；則根據圖線可以確定（）

A.A、B兩點間的位移大小B.中垂線上B點電場強度的大小C.B、C兩點間的電勢差D.A、C兩點間的電勢能的變化大小12、如圖甲，為新能源電動汽車的無線充電原理圖，M為匝數n＝50匝、電阻r＝1.0Ω受電線圈，N為送電線圈．當送電線圈N接交變電流后，在受電線圈內產生了與線圈平面垂直的磁場，其磁通量Ф隨時間t變化的規(guī)律如圖乙．下列說法正確的是。

A.受電線圈產生的電動勢的有效值為B.在t1時刻，受電線圈產生的電動勢為20VC.在t1—t2內，通過受電線圈的電荷量為4×10-2CD.在t1—t2內，通過受電線圈的電荷量為2×10-2C13、如圖所示電路，將兩個相同的電流計分別改裝成電流表A1（0～3A）和電流表A2（0～0.6A）；把這兩個電流表并聯接入電路中測量電流。則下列說法中正確的是（）

A.A1的指針半偏時，A2的指針也半偏B.A1的指針還沒有滿偏，A2的指針已經滿偏C.A1的讀數為1A時，A2的讀數為0.6AD.A1的讀數為1A時，干路中的電流為1.2A14、在如圖所示的電路中，當變阻器R3的滑片P由a端向b端移動時（）

A.電壓表示數變大，電流表示數變小B.電壓表示數變小，電流表示數變大C.R1兩端電壓變化比R2兩端電壓變化大D.通過R3的電流變化比通過R1的電流變化大15、如圖所示，處在豎直平面的環(huán)形導線圈的正中心有一個磁針a，在圓環(huán)外側有一小磁針b，a、b與圓環(huán)都處于同一豎直面內，當導線中通以圖示方向的恒定電流時（不考慮地磁場影響和兩小磁針間的作用），則（）

A.小磁針a的N極向紙里轉動B.小磁針a的N極向紙外轉動C.小磁針b的N極向紙里轉動D.小磁針b的N極向紙外轉動16、如圖所示，M、N為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的P點由靜止釋放一負電荷（忽略重力）；下列說法中正確的是。

A.從P到O，可能加速度越來越小，速度越來越大B.從P到O，可能加速度先變大變小，速度越來越大C.越過O點后，可能加速度一直變大，速度一直減小D.越過O點后，可能加速度一直變小，速度一直減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、在同一平面內有四根彼此絕緣的通電直導線，如圖所示四根導線中電流要使O點磁場增強，應切斷電流_______.

18、如圖所示，在同一平面內有兩根互相平行的長直導線1和2，通有大小相等、方向相反的電流，a、b兩點與兩導線共面，a點在兩導線的中間，與兩導線的距離均為r，b點在導線2右側，與導線2的距離也為r．現測得a點的磁感應強度為B，則去掉導線1后，b點的磁感應強度大小為_________，方向_______．

19、如圖所示，真空中，相距為r的兩點電荷A、B所帶電荷量分別為Q和-Q，則兩點連線的中點O處的場強為_______；在兩點電荷連線的中垂線上距A、B兩點都為r的O,點的場強為________，方向為________。20、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，電場方向與六邊形所在平面平行，已知A、B、D三點的電勢分別為1V、6V和9V,則六邊形中心O點電勢為______V，C點電勢為________V.

21、如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為20cm的正六邊形的六個頂點，已知電場方向與六邊形所在平面平行，若A、B、C三點電勢分別為2V；3V、4V；則。

(1)F點的電勢為___________V

(2)勻強電場的場強大小為___________V/m22、示波管的原理。

（1）示波管主要由___________（由發(fā)射電子的燈絲、加速電極組成）、___________（由一對X偏轉電極和一對Y偏轉電極組成）和___________組成。

（2）掃描電壓：XX′偏轉電極接入的是由儀器自身產生的___________電壓。

（3）示波管工作原理：被加熱的燈絲發(fā)射出熱電子，電子經加速電場加速后，以很大的速度進入偏轉電場，如果在Y偏轉電極上加一個___________電壓，在X偏轉電極上加一個___________電壓，當掃描電壓與信號電壓的周期___________時，熒光屏上就會得到信號電壓一個周期內的穩(wěn)定圖像。評卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共12分)25、如圖為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位分別為直流電壓1V擋和5V擋。直流電流1mA和2.5mA擋，歐姆×100?擋。

（1）測量時，接線柱B接的是___________（填“紅”或“黑”）表筆；若開關B端是與“1”相連的，則此時多用電表的擋位為___________擋；（填題干中所給5個擋位中的一個）

（2）電路中R4與R5的比值___________（填“大于”“小于”或“等于”）

（3）若電池E的電動勢為1.5V，當把開關B端接到位置3，短接A、B表筆進行歐姆調零后，用該擋測量一個未知電阻阻值，指針偏轉到電流表G滿偏刻度的處，則該電阻的阻值為___________?。電池E使用時間較長，電池的電動勢變小、內阻變大；重新調零后，實驗要求若被測電阻阻值等于中值電阻時，測量的相對誤差不能超過則電池電動勢降低為___________（結果保留兩位有效數字）時必須更換電池；

（4）另一個同學設計了一只簡易歐姆表，并將表盤的電流刻度轉化為電阻刻度；其電路如下圖所示。關于該歐姆表，下列說法正確的是___________。

A.電阻刻度的零位在表盤的左端B.表盤上的電阻刻度是均勻的。

C.測量前，需要紅、黑表筆短接調零D.測量后，應將開關S斷開26、(1)某實驗小組測定某種金屬的電阻率，他們選取了該材料一段粗細均勻的金屬絲進行粗測，選用多用電表“×1”歐姆擋測量其阻值，示數如圖。讀出金屬絲電阻值為______Ω。

(2)已知實驗中所用的滑動變阻器阻值范圍為電流表內阻約幾歐，電壓表內阻約電源為干電池組，則以下電路圖中應當采用__________（選填甲或乙）電路進行實驗。但用電路測量電阻的結果仍然會有誤差，會比真實值偏_________。

(3)實驗正確操作獲得金屬絲的長度L，直徑D以及電流表讀數I、電壓表的讀數U，則此材料電阻率的表達式為______（用題中字母表示）。評卷人得分六、解答題(共4題，共36分)27、如圖所示，把質量為m的帶負電小球A用絕緣細繩懸掛，若將帶電荷量為q的帶電小球B靠近A，當兩個帶電小球在同一高度相距r時，繩與豎直方向成α角，已知重力加速度為g，靜電力常數為k；兩個帶電小球的半徑遠小于它們的距離。求：

(1)A球所帶電量的大小Q；

(2)若改變小球B的位置，仍可使A球靜止在原來的位置，且A、B間的庫侖力最小，求最小庫侖力Fmin的大小和方向。

28、質量均為m的兩個可視為質點的小球A；B；分別被長為L的絕緣細線懸掛在同一點O，給A、B分別帶上一定量的正電荷，并用水平向右的外力作用在A球上，平衡以后，懸掛A球的細線豎直，懸掛B球的細線向右偏60°角，如圖所示．若A球的帶電量為q，則：

（1）B球的帶量為多少；

（2）水平外力多大．29、如圖，A、B兩點電荷相距2m，O為AB連線上的一點，AO距離為0.5m，A、B所帶電荷量分別為和靜電力常量為k=9.0×109N·m2/C2；求：

（1）電荷A對電荷B的庫侖力大??；

（2）O點的電場強度大小及方向。

30、額定電流為5A；電阻為44Ω的電暖器正常工作10min，求：

(1)電暖器產生的熱量為多少？

(2)電暖器的電功率為多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由電容的公式。

解得。

由上式可知，移動兩個極板，不能改變電場強度，小球的受力不變，小球仍以相同的速度v0從原處飛入；軌跡不變，末位置也不變，仍然從下板邊緣飛出，ABC錯誤；

D．若上板不動；將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央，D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

首先根據磁場的疊加，可知a、b處導線的磁場在o點相互抵消了，因此o點的磁場可以認為是c處導線產生的，由安培定則可知方向由o指向a.由題意可知，c處電流在圓心o點的磁感應強度為B。a、b處電流在c處產生的磁感應強度大小相同，方向如圖所示，根據公式有

所以

而聯立解得

方向水平向右，而勻強磁場方向水平向左、大小為B，所以c點總磁感應強度的大小為零。

A．0；與結論相符，選項A正確；

B．B；與結論不相符，選項B錯誤；

C．B；與結論不相符，選項C錯誤；

D．2B；與結論不相符，選項D錯誤；

故選A.3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由閉合電路歐姆定律可得

可知中值電阻為

電阻擋刻度右側從零到中值電阻；左側從中值電阻到無窮大，故電阻刻度左側密右側疏，A正確；

B．測量不同電阻；只要沒有改變倍率，不需要重新調零再進行測量，B錯誤；

C．電阻擋內部電源正極與黑表筆相連；測直流電流時；測電阻時，電流均從紅表筆流入從黑表筆流出，C錯誤；

D．用“×10”倍率擋測電阻，指針偏轉角度很小，即讀數很大，為了減小讀數使指針回到中間區(qū)域；應換較大倍率，即“×100”倍率擋調零后測量，D錯誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

AB．由粒子軌跡可知粒子所受電場力沿電場線方向，粒子帶正電，粒子由P點運動到Q點，電場力做正功，電勢能降低，而P點電勢為0，P、Q兩點的電勢差為U，則帶電粒子在Q點的電勢能為-qU；AB錯誤；

CD．設粒子的初速度為v0，其在電場力作用下做類平拋運動，粒子運動到Q點時，有

設豎直方向上的位移為l，則有

則有

則電場強度大小為

C錯誤；D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

選甲，乙整體為研究對象，加速度

選乙為研究對象，列牛頓第二定律方程有

聯立得

故選C。6、C【分析】【詳解】

AC．峪處d較小，嵴處d較大，根據電容的計算公式可知，峪處形成的電容器電容較小，嵴處構成的電容器電容大，根據可知；充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大，故A錯誤，C正確；

B．在手機屏上增貼了一層厚度均勻的玻璃膜；即在電容器中間插入一層厚度均勻絕緣介質，無論是嵴處還是峪處的電容都變大，但仍然是嵴處較大，峪處較小，指紋識別解鎖功能仍然可以使用，故B錯誤；

D．濕的手與傳感器之間有水填充；改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖和指紋識別，故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

AB.由于電子從A到B的運動圖像如圖所示，說明電子做勻減速運動，故它受到的電場力與運動方向相反，即由B到A，所以電場的電場強度的方向是由A到B；且是勻強電場；故A；B錯誤；

C.從運動圖像上看；電子是勻減速運動，故加速度是相同的，故C正確；

D.因為A、B兩點的電場強度相等；故它不可能是由點電荷形成的，故D錯誤。

故選C。8、B【分析】【分析】

根據電源的外特性曲線U-I圖線，可求出燈泡電阻和電源電動勢以及內阻；

根據燈泡伏安特性曲線與電源伏安特性曲線交點確定燈泡與電源連接時工作電壓與電流，即可求出功率；

歐姆定律適用于純電阻；燈泡是純電阻；

【詳解】

A、根據圖象交點知與電源1相接時電阻與電源2相連接時在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻不相等，故A錯誤；

B、小燈泡伏安特性曲線與電源伏安特性曲線的交點即為燈泡與電源連接時的工作狀態(tài)，則連接電源Ⅰ時，故

連接電源Ⅱ時，故

所以小燈泡消耗的功率之比為：故B正確；

C、U-I圖象的斜率的絕對值表示內電阻，根據電源U-I圖線，則故C錯誤；

D；歐姆定律適用于純電阻；燈泡是純電阻，適用歐姆定律，故D錯誤．

【點睛】

本題關鍵在于對電源伏安特性曲線、燈泡伏安特性曲線的理解，明確交點的含義．二、多選題(共8題，共16分)9、A:B:D【分析】【詳解】

設平行板長度為寬度為板間電壓為恰能穿過一電場區(qū)域而不碰到金屬板上，則沿初速度方向做勻速運動

垂直初速度方向做勻加速運動

則偏轉位移為

欲使質量為m、入射速度為的粒子也能恰好穿過這一電場區(qū)域而不碰到金屬板，則沿初速度方向距離仍是l，垂直初速度方向距離仍為

A．使粒子的帶電量減少為原來的則

故A正確。

B．使兩板間所接電源的電壓減小到原來的則

故B正確；

CD．板的電壓不變，距離變化，根據

有

速度減小為則距離應該增加為2倍，故C錯誤，D正確。

故選ABD。10、A:B【分析】【詳解】

A．由題，c點的磁感應強度小于B，說明通電導線在c點產生的磁感應強度大小應滿足

方向與勻強磁場的磁感應強度相反；根據安培定則判斷可知，直導線中的電流方向垂直紙面向外。故A正確；

BC．直導線在b點的磁感應強度大小為方向向下；直導線在d點的磁感應強度大小也為方向向上，則b、d兩點的實際磁感應強度大小均為

但是b點的磁感應強度方向指向左下方，而d點的磁感應強度方向指向右上方；方向不同，選項B正確；C錯誤；

D．直導線在a點的磁感應強度大小為方向與原磁場方向相同，則a點的實際磁感應強度大于B；選項D錯誤；

故選AB。

點睛：本題關鍵掌握安培定則和平行四邊形定則，知道空間任意一點的磁感應強度都通電導線產生的磁場和勻強磁場的疊加而成的。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．物塊從A運動到B，由圖可讀出A、B兩點的速度，但無法根據圖像與x軸圍成的圖形面積計算A、B間的位移，同時由于已知物塊的質量m、電量q，根據動能定理得

可求得UAB，但由于A、B間的各點電場強度大小不相等，所以根據公式

也無法求A、B間的位移大??；故A錯誤；

B．根據v-t圖象的斜率等于加速度，可以求出物塊在B點的加速度，根據牛頓第二定律得qE=ma

由于物塊的電荷量q已知，所以能求出B點的電場強度E；故B正確；

C．由圖可讀出B、C兩點的速度，已知物塊的質量m、電量q，根據動能定理得

可求得UBC；故C正確；

D．根據能量守恒定律知

由于質量m已知，又從圖像中可知A、C兩點的速度，所以可以求出A、C兩點間的勢能的變化量；故D正確。

故選BCD。12、A:D【分析】【詳解】

A.由圖乙可知，受電線圈的最大磁通量為所以受電線圈產生的電動勢最大值為：所以受電線圈產生的電動勢的有效值為故A正確；

B.由圖乙可知，時刻磁通量變化率為0；由法拉第電磁感應定律可知，此時受電線圈產生的電動勢為0V，故B錯誤；

CD.由公式代入數據解得：故C錯誤，D正確．13、A:D【分析】【詳解】

AB．電流表是由電流計并聯一個電阻改裝而成，兩電流表并聯，所以兩表頭也并聯，流過兩表頭的電流相等，A1的指針半偏時，A2的指針也半偏；故A正確，B錯誤；

CD．兩電流表的內阻之比為1∶5，則電流之比為5∶1，A1的讀數為1A時，A2的讀數為0.2A；干路中的電流為1.2A，故D正確，C錯誤。

故選AD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

運用“串反并同”這個結論（僅適用于單變量電路）：P由a向b移動，R3減小，R2與R3是并聯，R2中電流R2兩端電壓的變化情況與R3變化情況相同；R1與R3是間接串聯，R1中電流R1兩端電壓的變化情況與R3的變化情況相反；電流表A與R3是串聯，電流表示數變化情況與R3的變化情況相反；電壓表V與R3是間接并聯，電壓表表示數變化情況與R3的變化情況相同；所以電壓表示數變小，電流表示數變大。根據。

增大，增大，減小，不變，所以兩端電壓變化比兩端電壓變化??；通過的電流為干路電流；根據。

增大，減小，增大，通過的電流變化比通過的電流變化大。

故選BD。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

根據右手螺旋定則知，環(huán)形電流內部的磁場方向向里，外部的磁場方向向外，則小磁針a的N極向紙面里偏轉，小磁針b的N極向紙外轉動．故AD正確；BC錯誤。

故選AD。16、A:B:C【分析】【詳解】

AB；點電荷?q在從P到O的過程中；所受的電場力方向豎直向下，做加速運動，所以速度越來越大。因為從O向上到無窮遠，電場強度先增大后減小，所以P到O的過程中，電場強度大小是變化的，加速度可能越來越小，也可能先變大后變小，故A正確，B正確；

CD.點電荷運動到O點時；所受的電場力為零，加速度為零。根據電場線的對稱性可知，越過O點后，向下做減速運動，運動到與P對稱的位置速度為零，所以加速度可能越來越大，也可能先變大后變小，故C正確，D錯誤。

故選：ABC三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

[1]根據右手螺旋定則來確定通電導線周圍磁場的分布，導線1在O點產生的磁場的方向向里，導線2在O點產生的磁場的方向向里，導線3在O點產生的磁場的方向向里，導線4在O點產生的磁場的方向向外。由于所以合磁場的方向向里，根據磁場的疊加可知，要使O的磁場增強，應切斷【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1][2]．根據右手螺旋定則可知兩導線在a點形成磁場方向相同，由于兩導線電流大小相等，a點與兩導線的距離也相等，故單根導線在a點形成磁感應強度大小為0.5B，由于a與b與導線2距離相等，故撤掉導線1后，b點磁感應強度大小為0.5B，根據安培定則可知b點磁場方向垂直紙面向里?！窘馕觥看怪奔埫嫦蚶锩?9、略

【分析】【詳解】

（1）兩個點電荷在O點產生的場強大小均為：方向O→B，根據電場強度的疊加原理可知，則兩點連線的中點O處的場強為：方向O→B；

（2）+Q在0′處產生的場強EA=k方向與水平方向成60°斜向上；-Q在0′處產生的場強為EB=k方向與水平方向成60°斜向下，根據矢量合力原則可知，O′點的場強EO′=EA=k方向水平向右．

【點睛】

常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，同時注意等量同號電荷形成電場的對稱性．要知道空間任意一點的場強是各個電荷產生的電場的疊加．【解析】水平向右20、略

【分析】【詳解】

[1][2]在勻強電場中，兩長度相等且相互平行的線段兩端的電勢差相等，則

解得：．同理：

解得：．【解析】5V10V21、略

【分析】【詳解】

[1][2]如圖。

連接AC和BE，則AC⊥BE，由于A、B、C三點的電勢分別為2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是這個勻強電場的電場線的方向

由上面的判斷可知，A與F是等勢點，即F點的電勢為2V【解析】222、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]示波管主要由電子槍；偏轉電極和熒光屏組成；

（2）[4]掃描電壓：XX′偏轉電極接入的是由儀器自身產生的鋸齒形電壓；

（3）[5][6][7]示波管工作原理：被加熱的燈絲發(fā)射出熱電子，電子經加速電場加速后，以很大的速度進入偏轉電場，如果在Y偏轉電極上加一個信號電壓，在X偏轉電極上加一個掃描電壓，當掃描電壓與信號電壓的周期相同時，熒光屏上就會得到信號電壓一個周期內的穩(wěn)定圖像?！窘馕觥竣?電子槍②.偏轉電極③.熒光屏④.鋸齒形⑤.信號⑥.掃描⑦.相同四、作圖題(共2題，共18分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導