2025年粵教版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高三物理下冊階段測試試卷371考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、甲；乙兩個物體在同一條直線上運動；它們的速度圖象如圖所示，則下列說法錯誤的是（）

A.甲、乙兩物體都做勻加速直線運動B.甲物體的加速度比乙物體的加速度大C.甲物體的初速度比乙物體的初速度大D.在t1-t2時刻之間的任意時刻，甲物體的速度大于同時刻乙物體的速度2、一列簡諧波在x軸上傳播，圖中實線波形與虛線波形對應的時刻分別是t1=0，t2=0.05s．則下列說法不正確的是（）A.若波向右傳播，波速40（4n+1）m/s，（n=0、1、2）B.若波向左傳播，波速40（4n+3）m/s，（n=0、1、2）C.若波速的大小是280m/s，波速的方向波沿x軸負方向傳播D.若波速的大小是280m/s，波速的方向波沿x軸正方向傳播3、一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)變化過程如圖所示；AB為一條直線，則氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中（）

A.氣體分子平均動能保持不變B.氣體分子平均動能先增大后減小到初始狀態(tài)C.整個過程中氣體對外不做功D.氣體的密度在不斷增大4、如圖所示，在光滑的水平面上寬度為L的區(qū)域內(nèi)，有一豎直向下的勻強磁場．現(xiàn)有一個邊長為a（a＜L）的正方形閉合線圈以垂直于磁場邊界的初速度v0向右滑動，穿過磁場后速度減為v，那么當線圈完全處于磁場中時，其速度大小（）A.大于B.等于C.小于D.以上均有可能5、汽車的額定功率為90KW，當水平路面的阻力為f時，汽車行駛的最大速度為v，此時的牽引力為F，則（）A.如果阻力為2f，汽車最大速度為B.如果汽車牽引力為2F，汽車的最大速度為2vC.如果汽車的牽引力變?yōu)镕，汽車的額定功率就變?yōu)?5KWD.如果汽車做勻速直線運動，汽車發(fā)動機的輸出功率就是90KW6、如圖，一光滑的輕滑輪用細繩OO{{"}}懸掛于O

點，另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a

另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b.

外力F

向右上方拉b

整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài).

若F

方向不變，大小在一定范圍內(nèi)變化，物塊b

仍始終保持靜止，則(

)

A.物塊b

所受到的支持力會保持不變B.繩OO{{"}}的張力會在一定范圍內(nèi)變化C.連接a

和b

的繩的張力也在一定范圍內(nèi)變化D.物塊b

與桌面間的摩擦力也在一定范圍內(nèi)變化7、在研究下述運動時，能把物體看作質(zhì)點的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn)B.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)C.研究火車從北京運行到上海D.觀看演員舞蹈表演8、如圖是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，a、b是電場中的兩點；這兩點比較（）

A.b點的電場強度較大B.a點的電場強度較大C.同一正點電荷放在a點所受的電場力比放在b點時受到的電場力大D.同一負點電荷放在a點所受的電場力比放在b點時受到的電場力大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、運動員從高山懸崖上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，傘打開后先做減速運動，最后做勻速運動，取豎直向下為正方向．在整個過程中，下列圖象符合事實的是（）A.B.C.D.10、質(zhì)量相同的兩個帶電粒子M、N以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行金屬板間的勻強電場中，M從兩板正中央射入，N從下板邊緣處射入，它們最后打在同一點（重力不計），如圖所示，則從開始射入至打到上板的過程中（）A.它們運動的時間相等B.M的帶電量大于N的帶電量C.M、N的速度增量之比△vM：△vN=1：4D.M、N的動能增量之比△EKM：△EKN=1：411、關(guān)于地磁場，下列說法正確的是（）A.地球是一個巨大的磁體，地磁N極在地理南極附近，S極在地理北極附近B.地磁場在地表附近某處，有兩個分量，水平分量指向地理北極附近，豎直分量一定豎直向下C.若能將指南針放在地心，則它的N極指向地球北極D.若能將指南針放在地心，則它的N極指向地球南極12、關(guān)于曲線運動，下列說法錯誤的是（）A.物體在恒力作用下不可能做曲線運動B.物體在變力作用下一定做曲線運動C.做曲線運動的物體，其速度大小一定變化D.做曲線運動的物體所受合力的方向與速度的方向不在同一條直線上13、物體同時受到同一平面內(nèi)的三個共點力作用，下列幾組力中，可能使物體處于平衡狀態(tài)的是（）A.5N、7N、8NB.2N、3N、6NC.1N、5N、10ND.1N、10N、10N14、如圖所示，將帶負電的小球C移近兩個不帶電的導體球A、B，兩個導體球開始時互相接觸，下列說法正確的是（）A.先將B兩球分開，再移走小球C，B球帶正電B.先移走小球C，再把兩球分開，B兩球均帶正電C.使小球C與A球接觸，再移走小球C，B兩球均帶負電D.先使B球瞬間接地，再移走小球C，B兩球均帶正電評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、（2014秋?北京校級期中）如圖所示的是用電流表和電壓表測量電阻的一種方法，Rx為待測電阻．某次實驗中電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U．如果電壓表的內(nèi)阻為RV，則待測電阻Rx真實的阻值為____．16、如圖，電場方向水平向右，一帶電小球從A點沿斜上方射入勻強電場，并沿直線AB通過勻強電場（考慮重力），由題意可知，小球帶____電，小球由A到B的過程中，小球的電勢能____（選填：增大，減少，不變），小球的動能將____（選填：增大、減少、不變）．17、（2013春?集寧區(qū)校級月考）氫原子的核外電子質(zhì)量為m，電量為-e，在離核最近的軌道上運動，軌道半徑為r1，則電子運動的動能Ek=____，電子繞核運動的頻率f=____，若電子繞核在如圖所示xy平面上沿A→B→C→D方向轉(zhuǎn)動，電子轉(zhuǎn)動相當于環(huán)形電流，則此電流的方向____（填“順時針”或“逆時針”）電流強度I=____．18、用同一束單色光，在同一條件下，分別照射鋅片和銀片，都能產(chǎn)生光電效應，對于這兩個過程，下列所列四個物理量中一定相同的是：____；可能相同的是：____．（只選填各物理量的序號）

A；入射光子的能量B、逸出功。

C、光電子的動能D、光電子的最大初動能．19、（2014?上海模擬）如圖所示為盧瑟福α粒子散射實驗裝置的示意圖；圖中的顯微鏡可在圓周軌道上轉(zhuǎn)動，通過顯微鏡前相連的熒光屏可觀察α粒子在各個角度的散射情況．

（1）下列說法中正確的是____

A；在圖中的A、B兩位置分別進行觀察；相同時間內(nèi)觀察到屏上的閃光次數(shù)一樣多。

B；在圖中的B位置進行觀察；屏上觀察不到任何閃光。

C；盧瑟福選用不同金屬箔片作為α粒子散射的靶；觀察到的實驗結(jié)果基本相似。

D；α粒子發(fā)生散射的主要原因是α粒子撞擊到金原子后產(chǎn)生的反彈。

（2）盧瑟福根據(jù)該實驗的實驗結(jié)果提出了____模型．評卷人得分四、判斷題(共2題，共14分)20、用電器的額定功率與所加的電壓無關(guān)．____．（判斷對錯）21、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)22、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、實驗題(共2題，共12分)24、（2012春?西湖區(qū)校級月考）在利用單擺測定重力加速度的實驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得g=L，只要測出多組單擺的擺長L和運動周期T，作出T2-L圖象，就可以求出當?shù)氐闹亓铀俣?，理論上T2-L圖象是一條過坐標原點的直線；某同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的圖象如圖所示．

（1）造成圖象不過坐標原點的原因是____；

（2）由圖象求出的重力加速度g=____m/s2（保留三位有效數(shù)字，取π2=9.86）25、在用電火花計時器“研究勻變速直線運動”的實驗中；如圖1所示的是一次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A；B、C、D、E為相鄰的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出．

（1）電火花計時器的工作電壓是____V的交流電．使用時，要把紙帶穿過____，當接通電源、按下脈沖開關(guān)時，計時器發(fā)出的脈沖電流經(jīng)放電針、墨粉紙盤，產(chǎn)生____；于是就在運動的紙帶上就打出一行點跡．

（2）接通電源與釋放紙帶（或物體），這兩個操作時刻的關(guān)系應當是____

A．先接通電源；后釋放紙帶

B．先釋放紙帶；后接通電源

C．釋放紙帶的同時接通電源

D．先接通電源或先釋放紙帶都可以。

（3）根據(jù)____可以判定小車做勻加速運動．

（4）根據(jù)運動學有關(guān)公式可求得vB=1.38m/s，vC=____m/s，vD=3.90m/s．

（5）利用求得的數(shù)值在圖2中作出小車的v-t圖線（以打A點時開始記時），并根據(jù)圖線求出小車運動的加速度a=____m/s2．

（6）將圖線延長與縱軸相交，交點的縱坐標是0.12m/s，此速度的物理意義是：____．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】v-t圖象的斜率等于物體的加速度；

只要速度時間圖象是一條直線，則物體運動的加速度保持不變；【解析】【解答】解：A；在v-t圖象中；甲、乙兩物體速度時間圖象是一條傾斜直線，那么甲、乙兩物體都做勻加速直線運動，故A正確．

B；由于v-t的斜率等于物體的加速度；在v-t圖象中，甲的直線斜率大于乙的直線斜率，所以甲的加速度大于于乙的加速度，故B正確．

C；甲物體的初速度為0；乙物體的初速度大于0，故C錯誤．

D、在v-t圖象中可以看出，在t1以后的任意時刻；甲物體的速度大于同時刻乙物體的速度，故D正確．

本題選錯誤的，故選C．2、D【分析】【分析】根據(jù)波形的平移法，結(jié)合波的周期性，得出波傳播的距離與波長的關(guān)系式，再由v=求解波速通項；當波速為280m/s時，求出△t=0.05s時間內(nèi)波的傳播距離，根據(jù)波形的平移法確定波傳播方向．【解析】【解答】解：

A、B、若波向右傳播，由圖象知在△t=t2-t1內(nèi)波向右傳播的距離為：

△x1=+nλ；（n=0，1，2，）

則波速為：v1==

代入λ=8m；△t=0.05s

得：v1=40（4n+1）m/s（n=0；1，2，）．

若波向左傳播；由圖象知在△t內(nèi)，波向左傳播的距離為：

△x2=λ+nλ（n=0；1，2，）

波速為：v2===40（4n+3）m/s；（n=0，1，2，）．故AB正確．

C；D、已知波速v=280m/s；故在△t內(nèi)波傳播的距離為：

△x=v△t=（280×0.05）m=14m．

將△x與λ相比，得△x=1λ；根據(jù)波形的平移法可知波沿-x方向傳播．故C正確，D錯誤．

本題選錯誤的，故選：D3、B【分析】【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C和已知P；V變化量去判斷T的變化；溫度是分子平均動能的標志；

對于一定質(zhì)量的理想氣體；溫度升高，那么氣體的內(nèi)能增加．

根據(jù)熱力學第一定律判斷氣體吸熱還是放熱．【解析】【解答】解：A；pV=CT；C不變，pV越大，T越高．狀態(tài)在（2，2）處溫度最高．

在A和B狀態(tài)；pV乘積相等，所以溫度先升高，后又減小到初始溫度，則氣體分子平均動能先增大后減小到初始狀態(tài)．故A錯誤B正確．

C；氣體膨脹；則氣體對外界做功，故C錯誤．

D；氣體的體積在不斷增大；質(zhì)量一定，所以氣體的密度在不斷減?。蔇錯誤．

故選：B．4、B【分析】【分析】線框進入和穿出磁場過程，受到安培力作用而做減速運動，根據(jù)動量定理和電量q=△t分析電量的關(guān)系．根據(jù)感應電量q=，分析可知兩個過程線框磁通量變化量大小大小相等，兩個過程電量相等．聯(lián)立就可求出完全進入磁場中時線圈的速度．【解析】【解答】解：對線框進入或穿出磁場過程，設(shè)初速度為v1，末速度為v2．由動量定理可知：BL△t=mv2-mv1，又電量q=△t；得。

m（v2-v1）=BLq；

得速度變化量△v=v2-v1=

由q=可知；進入和穿出磁場過程，磁通量的變化量相等，則進入和穿出磁場的兩個過程通過導線框橫截面積的電量相等，故由上式得知，進入過程導線框的速度變化量等于離開過程導線框的速度變化量．

設(shè)完全進入磁場中時；線圈的速度大小為v′，則有。

v0-v′=v′-v；

解得，v′=

故選：B．5、A【分析】【分析】當汽車以額定功率行駛時，隨著汽車速度的增加，汽車的牽引力會逐漸的減小，所以此時的汽車不可能做勻加速運動，直到最后牽引力和阻力相等，到達最大速度之后做勻速運動．【解析】【解答】解：當牽引力和阻力的大小相等時；汽車的速度到達最大值，所以P=Fv=fv；

A、當阻力為2f時，汽車最大速度為=；所以A正確；

B、當汽車牽引力為2F時，根據(jù)P=Fv，可得汽車的最大速度為=v；所以B錯誤；

C；汽車的額定功率與汽車的牽引力無關(guān)；汽車的額定功率仍為為90KW，所以C錯誤；

D；由于摩擦力的作用；汽車發(fā)動機的輸出功率會比汽車的額定功率要小，所以D錯誤．

故選A．6、D【分析】解：AC

由于整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，所以滑輪兩側(cè)連接a

和b

的繩子的夾角不變；物塊a

只受重力以及繩子的拉力，由于物體a

平衡，則連接a

和b

的繩子張力T

保持不變；

b

處于靜止即平衡狀態(tài)，對b

受力分析有：

重力；支持力、繩子的拉力T

與力F

其中拉力T

與力F

與x

軸所成夾角均保持不變，由平衡條件可得：

N+Fsin婁脕+Tsin婁脠鈭?mg=0

Fcos婁脕+f鈭?Tcos婁脠=0

由此可得：N=mg鈭?Fsin婁脕鈭?Tsin婁脠

由于T

的大小不變；可見當F

大小發(fā)生變化時，支持力的大小也在一定范圍內(nèi)變化，故AC錯誤；

B；由于繩子的張力及夾角均不變；所以O(shè)O隆盲

中的張力保持不變。故B錯誤；

D、b

的受力沿水平方向：f=Tcos婁脠鈭?Fcos婁脕

由于T

的大小不變，當F

大小發(fā)生變化時，b

靜止可得摩擦力的大小也在一定范圍內(nèi)發(fā)生變化；故D正確。

故選：D

本題抓住整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，由a

平衡可知，繩子拉力保持不變，再根據(jù)平衡條件由F

的大小變化求得物塊b

所受各力的變化情況．

解決本題的關(guān)鍵是抓住系統(tǒng)均處于靜止狀態(tài)，由平衡條件分析求解，關(guān)鍵是先由平衡條件求得繩中張力大小不變，再由此分析b

的平衡．【解析】D

7、C【分析】【分析】當物體的大小和形狀對所研究的問題中沒有影響或影響不計時，可以把物體當成質(zhì)點處理．【解析】【解答】解：A；研究地球的自轉(zhuǎn)時；地球有大小和形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點，否則就無法分辨地球的轉(zhuǎn)動，故A錯誤；

B；研究旋轉(zhuǎn)的乒乓球；要研究各個點的情況，所以乒乓球不能用點來代替，形狀和大小不能忽略，故B錯誤；

C；研究火車從北京到上海所用時間時；盡管火車有一定的長度和形狀，但相對于從北京到上海的距離可忽略不計，故火車可看作質(zhì)點．故C正確；

D；觀看演員舞蹈表演；要考慮動作，不能簡化為質(zhì)點，故D錯誤；

故選：C．8、A【分析】【分析】電場線的疏密代表電場的強弱，電場線越密，場強越大，電場線越疏，場強越?。妶隽=qE．【解析】【解答】解：A、電場線的疏密代表電場的強弱，由圖可知b點電場線密而a點電場線稀疏，故b點場強大于a的場強．故A正確；B錯誤．

C、電場力F=qE，同一試探電荷放在b點時所受電場力比放在a點時所受電場力大．故CD錯誤．

故選：A．二、多選題(共6題，共12分)9、BC【分析】【分析】運動員做跳傘運動，打開傘前可視為自由落體運動，即空氣阻力忽略不計，傘打開后做減速運動，空氣阻力大于重力，故合力向上，當阻力減小到等于重力時，合力為零，做勻速直線運動．【解析】【解答】解：A；運動員做跳傘運動；傘打開前可看作是自由落體運動，開傘后減速下降，最后勻速下落，位移一直增大，故A錯誤；

B；從圖中可看出；先做勻加速，接著做加速度減小的減速，最后勻速，而且速度方向沒有改變，符合題意．故B正確；

C；D：運動員跳傘；傘打開前可看作是自由落體運動，加速向下、且大小不變；開傘后減速下降，空氣阻力大于重力，故合力向上，當阻力減小到等于重力時，合力為零，做勻速直線運動；即加速度變成向上，且逐漸減小到零，故C正確；

D；物體的速度先增大；后減小再不變，所以動能先增大，后減小，再不變，故D錯誤；

故選：BC．10、AD【分析】【分析】將兩個帶電粒子的運動垂直電場方向和平行電場方向正交分解，垂直電場方向不受力，做勻速直線運動；平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式、牛頓第二定律和功能關(guān)系聯(lián)合列式分析．【解析】【解答】解：A；垂直電場方向不受力；做勻速直線運動，位移相等，得到運動時間相等，所以A正確；

B；平行電場方向受到電場力；做初速度為零的勻加速直線運動；

根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有：x=at2，得a=①

由于兩帶電粒子平行電場方向分位移之比為1：2，所以aN＞aM；根據(jù)牛頓第二定律，有：qE=ma②

由①②兩式解得：q=所以它們所帶的電荷量之比qM：qN=1：2；故B錯誤；

C、根據(jù)動能定理，有：qEx=△Ek

而：qM：qN=1：2，xM：xN=1：2；

所以動能增加量之比：△EkM：△EkN=1：4；則速度增量之比為1：2，所以C錯誤，D正確．

故選：AD．11、AD【分析】【分析】地球是個巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．地球周圍存在著磁場．【解析】【解答】解：A；地理北極附近是地磁南極；地理南極附近是地磁北極．故A符合題意．

B；地磁場的磁感線可分解成兩個分量；水平分量指向地理北極附近，若在北半球，則豎直分量豎直向下；若是南半球，則是豎直向上．故B不符合題意．

C；磁感線是閉合曲線；地球內(nèi)部的磁感線是從S極到N極，因此若能將指南針放在地心，則它的N極指向地球的南極．故C不符合題意，D符合題意．

故選AD．12、ABC【分析】【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論．【解析】【解答】解：A；做平拋運動的物體受重力大小與方向都不變；是恒力，做勻變速曲線運動，故A錯誤；

B；物體在變力作用下不一定做曲線運動；如彈簧振子的振動的過程．故B錯誤；

C；做曲線運動的物體；其速度大小不一定變化，如勻速圓周運動．故C錯誤；

D；做曲線運動的物體所受合力的方向與速度的方向不在同一條直線上；故D正確；

本題選擇錯誤的，故選：ABC13、AD【分析】【分析】三力合成，先將其中的兩個力合成，再與第三個力合成，合成時，三力同向合力最大，兩個力合成的合力有個范圍，用與第三個力最接近的數(shù)值與第三個力合成求最小合力．【解析】【解答】解：A；5N與7N合成最大12N；最小2N，當取8N時與第三個力合成，得到最小值為0N，故A正確；

B；2N和3N合成最大5N；最小1N，當合力取5N時與第三個力合成，合力最小為1N，故B錯誤；

C；1N和5N合成最大6N；最小4N，不可能為10N，故與第三個力不可能平衡，故C錯誤；

D；1N和10N合成最小9N；最大11N，當取10N時，可能與第三個力平衡，故D正確；

故選：AD．14、CD【分析】【分析】將帶正電的導體球C靠近兩個不帶電的導體AB，靠感應起電使物體帶電，帶電的實質(zhì)是電荷的移動，總電荷量保持不變．【解析】【解答】解：A；先將A、B兩球分開；再移走小球C，導體A的左端感應出正電荷，導體B的右端感應出等量的負電荷；

將A；B兩球分開；再移走小球C，B球帶負電，故A錯誤；

B；若先移走C；此時導體A和B中的電荷又發(fā)生中和，不再帶電，再把導體A和B分開，同樣不再帶電，所以此時A不帶電，B不帶電，故B錯誤；

C；使小球C與A球接觸；A、B帶上負電荷，再移走小球C，A、B兩球均帶負電，故C正確；

D；先使B球瞬間接地；大地相當于遠處，球是近處，A、B兩球帶正電，移走小球C，A、B兩球均帶正電，故D正確；

故選：CD．三、填空題(共5題，共10分)15、【分析】【分析】分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可找出待測電阻兩端電壓及流過的電流，則由歐姆定律可求得真實電阻．【解析】【解答】解：由串并聯(lián)電路規(guī)律可知，待測電阻兩端的電壓為U，電流Ix=I-

則由歐姆定律可得，R真===

故答案為：16、負增大減小【分析】【分析】帶點小球做直線運動，所受合力方向與運動方向必定在同一直線上，根據(jù)重力和電場力做功的正負判斷動能、電勢能、重力勢能的變化【解析】【解答】解：帶點小球做直線運動；所以所受合力方向與運動方向在同一直線上．

小球受到重力和電場力；可知小球所受的電場力方向水平向左，與場強方向相反，所以小球帶負電．

因為電場力和重力方向與位移方向夾角為鈍角；所以重力和電場力都做負功，故重力勢能增加，電勢能增加，根據(jù)動能定理得：合外力做的功等于動能的變化量，合外力做負功，動能減?。?/p>

故答案為：負，增大，減小17、順時針【分析】【分析】電子繞原子核運動；根據(jù)原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律求出電子的動能，并得到頻率．

電子繞核在如圖所示xy平面上沿A→B→C→D方向轉(zhuǎn)動；電子轉(zhuǎn)動相當于環(huán)形電流，則此電流的方向順時針．

根據(jù)電流表達式I=，即可求解等效電流．【解析】【解答】解：原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律及庫侖定律得：=

則電子運動的動能為：Ek=mv2=

原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律及庫侖定律得：=m

電子繞核轉(zhuǎn)動的頻率為：f==

電子繞核在如圖所示xy平面上沿A→B→C→D方向轉(zhuǎn)動；電子轉(zhuǎn)動相當于環(huán)形電流，則此電流的方向順時針．

根據(jù)電流表達式為：I=；

則有：I=ef=．

故答案為：，，順時針，．18、AC【分析】【解答】同一束光照射不同的金屬，一定相同的是入射光的光子能量，不同的金屬，逸出功不同，根據(jù)光電效應方程Ekm=hv﹣W0知；最大初動能不同，但是光電子的動能可能相同．

故答案為：A；C．

【分析】同一束光的光子能量相同，不同的金屬，逸出功不同，根據(jù)光電效應方程Ekm=hv﹣W0判斷光電子最大初動能的大?。?9、C原子的核式結(jié)構(gòu)【分析】【分析】該實驗中；放射源放出一束射線轟擊金箔，運用顯微鏡前熒光屏去觀察射線的多少．課本中，該實驗的結(jié)論是：多數(shù)射線基本不偏折，少數(shù)發(fā)生較大角度的偏轉(zhuǎn)，個別的粒子幾乎被反射回來．

湯姆遜的棗糕模型被盧瑟福和他的同事們所做的α粒子散射實驗所否定，他提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型．【解析】【解答】解：（1）A；放在A位置時；相同時間內(nèi)觀察到屏上的閃光次數(shù)最多．說明大多數(shù)射線基本不偏折，可知金箔原子內(nèi)部很空曠．故A錯誤；

B；放在B位置時；相同時間內(nèi)觀察到屏上的閃光次數(shù)較少．說明較少射線發(fā)生偏折，可知原子內(nèi)部帶正電的體積?。蔅錯誤；

C；選用不同金屬箔片作為α粒子散射的靶；觀察到的實驗結(jié)果基本相似．故C正確；

D；主要原因是α粒子撞擊到金原子后；因庫侖力作用，且質(zhì)量較大，從而出現(xiàn)的反彈．故D錯誤．

故選：C；

（2）盧瑟福和他的同事們所做的α粒子散射實驗裝置示意圖；此實驗否定了湯姆遜的棗糕模型，據(jù)此實驗盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型．

故答案為：（1）C；（2）原子的核式結(jié)構(gòu)．四、判斷題(共2題，共14分)20、√【分析】【分析】根據(jù)額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關(guān)，實際功率與工作時的電壓有關(guān)；

故答案為：√21、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關(guān)，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×五、畫圖題(共2題，共8分)22、略