2025年教科新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年教科新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷959考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，半圓槽光滑、絕緣、固定，圓心是O，最低點(diǎn)是P，直徑MN水平，a、b是兩個(gè)完全相同的帶正電小球（視為點(diǎn)電荷），b固定在M點(diǎn)，a從N點(diǎn)靜止釋放，沿半圓槽運(yùn)動(dòng)到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度為零．則小球a從N到P的過(guò)程中（）A.庫(kù)侖力先增大后減小B.重力勢(shì)能一直增加C.電勢(shì)能一直增加D.庫(kù)侖力做的功小于電勢(shì)能增加量2、【題文】如圖所示，沿x軸、y軸有兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線，互相絕緣．x軸上的導(dǎo)線中通有沿－x方向的電流，y軸上的導(dǎo)線中通有沿＋y方向的電流，兩虛線是坐標(biāo)軸所夾角的角平分線．a(chǎn)、b、c、d是四個(gè)圓心在虛線上；與坐標(biāo)原點(diǎn)等距的相同的圓形導(dǎo)線環(huán)．當(dāng)兩直導(dǎo)線中的電流從相同大小；以相同的快慢均勻減小時(shí)，各導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電流情況是()

A.a中有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鰾.b中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏鰿.c中有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鱀.d中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏?、某同學(xué)繞操場(chǎng)一周跑了400m，用時(shí)65s．這兩個(gè)物理量分別是（）A.路程、時(shí)刻B.位移、時(shí)刻C.路程、時(shí)間D.位移、時(shí)間4、關(guān)于高中物理力學(xué)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)先釋放小車后接通電源B.在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，要使力的作用效果相同，只需讓橡皮條具有相同的伸長(zhǎng)量即可C.在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，采用了“控制變量”的研究方法D.在“探究動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)將軌道適當(dāng)傾斜，以平衡小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程的阻力5、如圖為A；B兩個(gè)物體運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖象；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.0-t1時(shí)間內(nèi)A的位移大B.A做直線運(yùn)動(dòng)，B做曲線運(yùn)動(dòng)C.t2時(shí)刻B速度方向相同D.t1-t2這段時(shí)間內(nèi)A的路程小于B的路程6、一自耦調(diào)壓變壓器（可看做理想變壓器）的電路如圖甲所示．已知變壓器線圈的總匝數(shù)為1900匝，原線圈為1100匝，圖中的電阻R=1kΩ，原線圈輸入如圖乙所示的交流電壓，滑動(dòng)觸頭P最初在副線圈的最上端A處，電壓表為理想電壓表．則（）A.副線圈中交流電壓瞬時(shí)值的表達(dá)式為u=220sin100πt（v）B.電壓表的示數(shù)380vC.電阻R上的發(fā)熱功率P熱=144.4WD.若將P向下移動(dòng)，變壓器的輸入功率變大評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、（2014春?無(wú)錫期末）光導(dǎo)纖維的結(jié)構(gòu)如圖所示，其內(nèi)芯和外套材料不同，光在內(nèi)芯中傳播．這是因?yàn)閮?nèi)芯的折射率比外套的折射率____（選填“大”或“小”），光傳播時(shí)在內(nèi)芯與外套的界面發(fā)生____．8、光具有波粒二象性，通常個(gè)別光子表現(xiàn)出____性，大量光子表現(xiàn)出____性（填“粒子性”或“波動(dòng)性”）．9、（2007秋?德州月考）某同學(xué)用電流表和電壓表測(cè)某一電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)畫(huà)出了U-I圖象，則待測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)___，內(nèi)阻為_(kāi)___．10、將總質(zhì)量為1.05kg的模型火箭點(diǎn)火升空，在0.02s時(shí)間內(nèi)有50g燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭尾部噴出。在燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程，火箭獲得的平均推力為_(kāi)_____N，在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為_(kāi)_____m/s（燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程中重力和空氣阻力可忽略）。11、（2013秋?海南校級(jí)月考）某物體沿直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖象如圖所示，則1s末物體的加速度為_(kāi)___m/s2；第____s末物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)．12、探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，變軌后在周期較小的軌道上仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則變軌后與變軌前相比軌道半徑____，向心加速度____，線速度____，角速度____．（填“變大”、“變小”或“不變”）13、（2014春?臨川區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，a和b是氫原子光譜上的兩條譜線，這兩條譜線均是氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)躍遷到低能級(jí)時(shí)的輻射光，設(shè)a光譜和b光譜的光子的頻率分別為ν1和ν2，則ν1____ν2（填“＞”，“=”或“＜”）；已知譜線a是氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)的輻射光，則b是原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=____的能級(jí)時(shí)的輻射光；若氫原子從n=2的能級(jí)躍遷到基態(tài)，則氫原子向外輻射的光子的波長(zhǎng)為_(kāi)___（用光速“c”、“ν1”和“ν2”表示）．14、有一個(gè)電子元件，當(dāng)它兩端的電壓的瞬時(shí)值高于u′=110V時(shí)則導(dǎo)電，低于u′=110V時(shí)則不導(dǎo)電，若把這個(gè)電子元件接到220V50Hz的正弦交變電流的兩端，則它在1s內(nèi)導(dǎo)電____次，每個(gè)周期內(nèi)的導(dǎo)電時(shí)間為_(kāi)___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、物體的瞬時(shí)速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減小．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、飽和汽壓與溫度有關(guān)，而與體積無(wú)關(guān)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場(chǎng)方向垂直____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、物體運(yùn)動(dòng)的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說(shuō)明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、同一汽車，速度越快，越難剎車，說(shuō)明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共32分)23、（2016春?淮安校級(jí)月考）靜止在水平地面上的紙箱，質(zhì)量m=20kg，紙箱與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，若用水平向右，大小為50N的拉力使木箱從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，木箱向前運(yùn)動(dòng)了16m（g=10m/s2）求：

（1）此過(guò)程中拉力對(duì)物體做的功；

（2）此過(guò)程中摩擦力對(duì)物體做的功；

（3）此過(guò)程中拉力做功的平均功率．24、【題文】（8分）如右圖所示，兩個(gè)完全相同的物塊，重力大小為G，兩球與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ，一根輕繩兩端固定在兩小球上，在繩的中點(diǎn)施加一個(gè)豎直向上的拉力，當(dāng)繩子被拉直后，兩段繩的夾角為α，問(wèn)當(dāng)F至少為多大，兩物塊將會(huì)發(fā)生滑動(dòng)？（設(shè)物塊受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）25、如圖所示，單匝正方形金屬線框abcd

一半處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2T

的水平有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中(

圖中虛線OO隆盲

的左側(cè)有垂直于紙面向里的磁場(chǎng)).

線框在外力作用下恰好繞與其中心線重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸OO隆盲

以角速度婁脴=100rad/s

勻速轉(zhuǎn)動(dòng).

線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中在abcd

邊的中點(diǎn)PQ

連接右側(cè)電路將電流輸送給小燈泡.

線圈邊長(zhǎng)L=50cm

總電阻r=8婁賂

燈泡電阻R=4婁賂

不計(jì)PQ

的接觸電阻及導(dǎo)線電阻.

求：

(1)

從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

的過(guò)程中穿過(guò)線圈的磁通量的變化量；

(2)

在線圈持續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中電壓表的示數(shù)；

(3)

把小燈泡換成如圖乙所示的裝置，平行金屬板的上下極板分別接入電路，極板長(zhǎng)為l

板間距為d

距離極板右端為D

的位置安放一豎直擋板，已知l=d=D=2cm

從金屬板正中間可以連續(xù)不斷地射入速度為v0=2隆脕106m/s

的電子，電子的比荷為1.76隆脕1011C/kg

忽略電子的重力，電子通過(guò)極板的時(shí)間極短，可認(rèn)為此過(guò)程中極板間電壓不變.

求多長(zhǎng)的擋板能擋住從極板右端射出的所有電子．26、光線以60°的入射角從空氣射入玻璃中，折射光線與反射光線恰好垂直．（真空中的光速C=3.0×108m/s）

（1）畫(huà)出折射光路圖；

（2）求出玻璃的折射率和光在玻璃中的傳播速度．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共6分)27、為測(cè)定氣墊導(dǎo)軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光板，滑塊在牽引力作用下先后通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)，配套的數(shù)字毫秒計(jì)記錄了遮光板通過(guò)第一個(gè)光電門(mén)的時(shí)間為△t1=0.15s，通過(guò)第二個(gè)光電門(mén)的時(shí)間為△t2=0.10s，遮光板從開(kāi)始遮住第一個(gè)光電門(mén)到開(kāi)始遮住第二個(gè)光電門(mén)的時(shí)間△t=2.50s，求滑塊的加速度．28、（2012秋?利通區(qū)校級(jí)月考）用一主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有20個(gè)分度的卡尺測(cè)量一工件的長(zhǎng)度，結(jié)果如圖所示．可以讀出此工件的長(zhǎng)度為_(kāi)___cm．該卡尺的精確度為_(kāi)___．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】根據(jù)庫(kù)侖定律分析庫(kù)侖力的變化．由重力做功分析重力勢(shì)能的變化．由電場(chǎng)力做功分析電勢(shì)能的變化．庫(kù)侖力做的功等于電勢(shì)能增加量．【解析】【解答】解：A、a下滑過(guò)程中，a與b間的距離不斷減??；根據(jù)庫(kù)侖定律知庫(kù)侖力不斷增大，故A錯(cuò)誤．

B；a球下降；重力做正功，重力勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤．

C；庫(kù)侖力一直做負(fù)功；則電勢(shì)能一直增加，故C正確．

D；根據(jù)功能關(guān)系知；庫(kù)侖力做的功等于電勢(shì)能增加量．故D錯(cuò)誤．

故選：C．2、B|C【分析】【解析】先根據(jù)安培定則可以判斷a、b、c、d圓環(huán)所在區(qū)域的合磁場(chǎng)、合磁通，a、d圓環(huán)內(nèi)合磁通為零，b圓環(huán)內(nèi)合磁通方向向里，c圓環(huán)內(nèi)合磁通方向向外．再根據(jù)楞次定律可以判斷b圓環(huán)上感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，c圓環(huán)上感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故為B、C.【解析】【答案】BC3、C【分析】【分析】位移的大小等于首末位置的距離，路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度．時(shí)間間隔是指時(shí)間的長(zhǎng)度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)．【解析】【解答】解：繞400米操場(chǎng)跑一圈；首末位置重合，則位移的大小為0，路程等于400m．

65s指時(shí)間長(zhǎng)度；是指時(shí)間．

故選：C4、C【分析】【分析】正確解答該題的關(guān)鍵是：理解所涉及的各個(gè)力學(xué)實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理，明確具體操作和注意事項(xiàng)，如“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”采用了等效替代的方法，而“驗(yàn)證牛頓第二定律”實(shí)驗(yàn)中，則采用了控制變量的實(shí)驗(yàn)方法，在涉及紙帶的實(shí)驗(yàn)中要求先接通電源后釋放紙帶．【解析】【解答】解：A；利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中；應(yīng)先接通電源后釋放小車，故A錯(cuò)誤；

B；在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中；要使力的作用效果相同，橡皮條具有相同的伸長(zhǎng)量，且拉伸方向相同，故B錯(cuò)誤；

C；“驗(yàn)證牛頓第二定律”實(shí)驗(yàn)中；由于涉及物理量較多，因此采用了控制變量的實(shí)驗(yàn)方法，故C正確；

D；為了保證小車的動(dòng)能都是橡皮筋做功的結(jié)果；必須平衡摩擦力，長(zhǎng)木板要適當(dāng)?shù)膬A斜，故D正確．

故選：CD5、D【分析】【分析】在位移-時(shí)間圖象中，縱坐標(biāo)的變化量△x表示位移，圖象的斜率表示質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度的大?。烦痰扔诟鱾€(gè)過(guò)程位移大小之和．【解析】【解答】解：

A、根據(jù)縱坐標(biāo)的變化量△x表示位移得知，0～t1時(shí)間內(nèi)B的位移大；故A錯(cuò)誤．

B；位移時(shí)間圖象只能表示直線運(yùn)動(dòng)；故B錯(cuò)誤．

C、x-t圖象切線的斜率等于速度，t2時(shí)刻；A的斜率為正，說(shuō)明A的速度沿正向，B圖線的切線斜率為負(fù)，說(shuō)明B的速度沿負(fù)向，兩者速度方向相反，故C錯(cuò)誤．

D、t1～t2這段時(shí)間內(nèi)；A一直沿正向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B先沿正向運(yùn)動(dòng)后沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的位移相同，可知A的路程小于B的路程，故D正確．

故選：D6、C【分析】【分析】根據(jù)乙圖表示出交流電源電壓瞬時(shí)值；根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率求解．【解析】【解答】解：A、據(jù)乙圖可知，交流電源電壓的最大值是220V，T=0.02s，所以ω==rad/s=100πrad/s，所以表達(dá)式為u=220sin100πtV；故A錯(cuò)誤；

B、原線圈的電壓有效值為220V，則副線圈的電壓有效值為：U2===380V；電壓表的示數(shù)為有效值，則此時(shí)電壓表的示數(shù)為380V，故B錯(cuò)誤；

C、電阻R上的發(fā)熱功率為：P熱===144.4W；故C正確；

D；P向下移動(dòng)時(shí)；副線圈電壓減小，副線圈電流減小，變壓器的輸入功率變小，故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)7、大全反射【分析】【分析】光導(dǎo)纖維內(nèi)芯和外套材料不同，所以具有不同的折射率．要想使光的損失最小，光在光導(dǎo)纖維里傳播時(shí)一定要發(fā)生全反射【解析】【解答】解：發(fā)生全反射的條件是光由光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；所以內(nèi)芯的折射率大．且光傳播在內(nèi)芯與外套的界面上發(fā)生全反射．

故答案為：大，全反射．8、粒子波動(dòng)【分析】【分析】光子既有波動(dòng)性又有粒子性，波粒二象性中所說(shuō)的波是一種概率波，對(duì)大量光子才有意義．波粒二象性中所說(shuō)的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量．個(gè)別光子的作用效果往往表現(xiàn)為粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動(dòng)性．【解析】【解答】解：光的波粒二象性是指光既具有粒子性；又具有波動(dòng)性．大量的光子波動(dòng)性比較明顯，個(gè)別光子粒子性比較明顯；

故答案為：粒子，波動(dòng)．9、3.0V1.0Ω【分析】【分析】根據(jù)圖線的斜率和縱軸截距得出電源的內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)．【解析】【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，U-I圖線縱軸截距等于電動(dòng)勢(shì)，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則得電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，內(nèi)阻r==Ω=1Ω

故答案為：3.0V，1.0Ω10、50010【分析】解：設(shè)模型火箭為M，燃?xì)獾馁|(zhì)量為m。燃?xì)獾乃俣却笮関1，在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為v2。

在燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程，對(duì)燃?xì)?，由?dòng)量定理得：Ft=mv1-0

解得：F=500N

規(guī)定燃?xì)鈬姵龅姆较驗(yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得：0=mv1-（M-m）v2

解得：v2=10m/s

故答案為：500；10。

在燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程；對(duì)燃?xì)膺\(yùn)用動(dòng)量定理列式，結(jié)合牛頓第三定律可求得火箭受到的平均推力。在噴氣的很短時(shí)間內(nèi)，火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)合外力遠(yuǎn)小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動(dòng)量近似守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g火箭的速度大小。

本題考查了動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律的基本運(yùn)用，要知道噴出燃?xì)獾倪^(guò)程，屬于內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒的情形。要規(guī)定正方向，用符號(hào)表示速度方向?！窘馕觥?001011、56【分析】【分析】根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，求解加速度．分析物體的運(yùn)動(dòng)方向，判斷何時(shí)物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，再由“面積法”求最遠(yuǎn)距離．【解析】【解答】解：1s末物體的加速度為a===5m/s2

由于物體在6s內(nèi)一直沿正向運(yùn)動(dòng)；所以第6s末物體離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)。

故答案為：5，6．12、變小變大變大變大【分析】【分析】探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由月球的萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得到探測(cè)器的周期與半徑的關(guān)系，再分析變軌后與變軌前半徑大小、線速度大小和角速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O(shè)探測(cè)器的質(zhì)量為m，軌道半徑為r；月球的質(zhì)量為M，則有：

G=m=m=mω2r=ma向

得周期為：T=2π，線速度為：v=，則角速度為：ω=，向心加速度a向=

由題，變軌后探測(cè)器的周期變小，則知，其軌道半徑r減??；則線速度v增大，角速度ω增大，向心加速度增大．

故答案為：變小，變大，變大，變大13、＜1【分析】【分析】根據(jù)波長(zhǎng)的大小關(guān)系比較光子頻率的大?。鶕?jù)能級(jí)間躍遷輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，結(jié)合波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系進(jìn)行求解．【解析】【解答】解：因?yàn)閍光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，則a光的頻率小于b光的頻率；

因?yàn)閎光的頻率大于a光的頻率，則b光的光子能量大于a光的光子能量，因?yàn)閍光是氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)的輻射光，則b是原子從n=4的能級(jí)躍遷到n=1的能級(jí)時(shí)輻射的光子；

因?yàn)镋4-E1=hv2，即；

由n=2躍遷到基態(tài)有：

聯(lián)立兩式解得．

故答案為：＜，1，．14、100【分析】【分析】根據(jù)交變電流最大值與有效值的關(guān)系以及頻率與周期的關(guān)系進(jìn)行分析判斷．【解析】【解答】解：220V、50Hz的正弦交變電流電源中220v指的是有效值，其最大值為220v；

則電子器件的電壓在110v＜u≤220v范圍內(nèi)可以導(dǎo)電；

結(jié)合交流電的特點(diǎn)，每個(gè)周期內(nèi)有兩次110v＜u≤220v；所以每秒內(nèi)導(dǎo)電50×2=100次；

交變電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為：e=220sin100πt（V）

由于sin=，所以一個(gè)周期內(nèi)每個(gè)周期內(nèi)分兩次共時(shí)間導(dǎo)電，則每個(gè)周期內(nèi)導(dǎo)電時(shí)間為t=0.02×s=s．

故答案為：100；．三、判斷題(共8題，共16分)15、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時(shí)間或某一過(guò)程內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況；而瞬時(shí)速度只能表示物體在某一瞬時(shí)或某一位置時(shí)的速度．平均速度與位移與時(shí)間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時(shí)速度為0；則物體不動(dòng)，無(wú)位移，則平均速度為0

故答案為：√16、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減小．

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】飽和汽壓是物質(zhì)的一個(gè)重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度．飽和汽壓越大，表示該物質(zhì)越容易揮發(fā)．【解析】【解答】解：飽和汽壓是物質(zhì)的一個(gè)重要性質(zhì)；它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度；故一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，而飽和汽壓與氣體的體積無(wú)關(guān)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】電荷的定向移動(dòng)叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)力方向；

左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場(chǎng)方向垂直；

故答案為：×．20、×【分析】【分析】物體運(yùn)動(dòng)的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說(shuō)明．【解析】【解答】解：物體運(yùn)動(dòng)方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運(yùn)動(dòng)，也可能不一致比如平拋運(yùn)動(dòng)等等．

故答案為：×21、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無(wú)關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無(wú)關(guān)，故此說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．四、計(jì)算題(共4題，共32分)23、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)W=Fx求得拉力做功；

（2）根據(jù)W=fx求得摩擦力做功；

（3）根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，有位移時(shí)間公式求得時(shí)間，根據(jù)P=求得平均功率【解析】【解答】解：（1）拉力做功為：W=Fx=50×16J=800J

（2）摩擦力做功為：Wf=-μmgx=-0.2×20×10×16J=-640J

（3）根據(jù)牛頓第二定律可知：F-μmg=ma

解得：a=0.5m/s2

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式x=得：

t=

拉力的平均功率為：P=

答：（1）此過(guò)程中拉力對(duì)物體做的功為800J；

（2）此過(guò)程中摩擦力對(duì)物體做的功-640J；

（3）此過(guò)程中拉力做功的平均功率為100W24、略

【分析】【解析】解設(shè)繩的拉力為T(mén)；選其中一個(gè)物體為研究對(duì)象，物塊剛好發(fā)生滑動(dòng)的條件：

①又②

再取整體為研究對(duì)象；由平衡條件得F＋2N＝2G③

聯(lián)立上面①②③三式，解得【解析】【答案】25、略

【分析】

(1)

根據(jù)鈱?=BScos婁脠

求得初末位置的磁通量；即可求得磁通量的變化量；

(2)

線框只有一條邊切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；求得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求得電壓；

(3)

電子在平行板中做加速偏轉(zhuǎn)；根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)求得偏轉(zhuǎn)量，射出后座勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)三角形相似求得豎直偏轉(zhuǎn)量即可求得；

本題關(guān)鍵是明確粒子的受力情況和運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后根據(jù)類似平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)公式列式求解，不難．【解析】解：(1)

由題意可知鈱?1=BL22=0.25Wb鈱?2=0

所以在線框有圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

的過(guò)程中穿過(guò)線圈的磁通量的變化量鈻?鈱?=鈱?2鈭?鈱?1=鈭?0.25Wb

(2)

線框在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，abcd

始終只有一個(gè)邊在切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)；在磁場(chǎng)外的一半線框與燈泡并聯(lián)構(gòu)成外電路，PQ

兩點(diǎn)始終是Q

點(diǎn)電勢(shì)高，經(jīng)過(guò)燈泡的電流方向會(huì)變，大小隨時(shí)間成正弦規(guī)律變化，電壓表為燈泡兩端的有效值。

產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=12BL2婁脴

有效值E=Em2

I=ER脥芒+R脛脷

R脥芒=R鈰?r2R+r2=2婁賂R脛脷=4婁賂

電壓表的示數(shù)U=IR=2526V

(3)

換成平行