2025年滬教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案VIP

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、有N個電荷均為q的點電荷，以兩種方式分布在相同半徑的圓周上：一種是無規(guī)則地分布，另一種是均勻分布。比較這兩種情況下在過圓心O并垂直于圓平面的z軸上任一點P（如圖所示）的場強與電勢；則有（）

A.場強相等，電勢相等B.場強不等，電勢不等C.場強分量Ez相等，電勢相等D.場強分量Ez相等，電勢不等2、某靜電場在x軸的電勢的分布如圖所示，x2處的電勢為下列說法正確的有（）

A.將電量為q的點電荷從x1移到x2，電場力做的功為B.x1處的電場強度為零C.負電荷從x1移到x2，電勢能減小D.負電荷從x1移到x2，受到的電場力增大3、如圖所示，AEFD和EBCF是兩個等邊長的正方形，在A點固定一個帶電荷量為+Q的點電荷，在C點固定一個帶電荷量為-Q的點電荷；則下列說法正確的是。

A.E、F兩點的電場強度相同B.E、F兩點的電勢相同C.將一個負電荷由E點沿直線移動到F點，電場力先做正功后做負功D.將一個負電荷由E點沿直線移動到F點，電場力先做負功后做正功4、如圖甲，在勻強電場中的O點先后無初速釋放兩個正點電荷I和Ⅱ，電荷僅受勻強電場的作用沿直線向A運動，兩電荷的動能Ek隨位移x變化的關系如圖乙。若I的電荷量為q；則可知。

A.勻強電場的場強大小為E=B.電荷Ⅱ受到的電場力大小為C.電荷Ⅱ的電荷量為D.選O點為零電勢點，A點的電勢為5、如圖所示的正四面體四個頂點固定有電荷量為q的點電荷，其中A、C兩點為正電荷，B、D兩點為負電荷，a、b、c三點分別是AB邊、AC邊、AD邊的中點，則下列關于a、b、c三點電勢和電場強度的判斷中正確的是（）

A.a、b兩點的電勢相等B.a、c兩點的電勢相等C.a、c兩點的場強相同D.a、b兩點的場強相同6、如圖，一平行板電容器充電后與電源斷開。若電容器的正極板保持不動，將負極板緩慢向右平移一小段距離x0，則電容器的電容C、極板上帶電荷量Q、兩極板間電勢差U及電場強度E與負極板移動的距離x的關系圖像正確的是（）A.B.C.D.7、反射式速調(diào)管是常用微波器之一，它利用電子團在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似。已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量電荷量的帶負電的粒子從（-1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運動。則（）

A.軸左側電場強度和右側電場強度的大小之比B.粒子在區(qū)間運動過程中的電勢能減小C.該粒子運動過程中電勢能變化量的最大值為JD.該粒子運動的周期8、兩個直徑為d的帶正電的小球，當它們相距100d時作用力為F，則當它們相距為d時的作用力為()A.B.10000FC.100FD.以上結論都不對評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、在溫控電路中，通過熱敏電阻阻值隨溫度的變化可實現(xiàn)對電路相關物理量的控制。如圖所示，R1為電阻箱，R2為半導體熱敏電阻，C為電容器。已知熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小；則有（）

A.若R1固定，當環(huán)境溫度降低時電壓表的示數(shù)減小B.若R1固定，當環(huán)境溫度降低時R1消耗的功率增大C.若環(huán)境溫度不變，當電阻箱R1的阻值增大時，電容器C的電荷量減少D.若R1固定，環(huán)境溫度不變，當電容器C兩極板間的距離增大時極板之間的電場強度減小10、某一導體的伏安特性曲線如圖中（曲線）所示；關于導體的電阻，以下說法正確的是（）

A.點對應的電阻為B.點對應的電阻為C.工作狀態(tài)從A變化到了時，導體的電阻改變了D.工作狀態(tài)從A變化到了時，導體的電阻改變了11、已知無限長的通電直導線在空間某點形成的磁感應強度大小其中k為常數(shù)，I為通電直導線中的電流大小，d為該點到導線的距離。兩根無限長平行通電直導線a、b中的電流方向如圖中箭頭所示，其中導線a中的電流大小為I0，P為兩根導線所在平面內(nèi)的一個點，且P點到兩導線a、b的距離相等，P點的磁感應強度大小為B0。若導線b中的電流大小不變，僅改變其電流方向，P點的磁感應強度大小變?yōu)閯t可知導線b中的電流大小為（）

A.2I0B.C.3I0D.12、如圖所示，水平地面上放置一斜面體A，帶正電的小物塊B置于A的絕緣斜面上，輕推一下B，B能沿斜面勻速下滑?，F(xiàn)在斜面頂端正上方P點固定一帶正電的點電荷；讓B從斜面頂端向下運動，此后在斜面上滑動過程（）

A.B物塊做加速直線運動B.B物塊受到斜面A對它作用力不斷變小C.B物塊動能的增加量小于電勢能的減少量D.斜面體A受到地面水平向左的靜摩擦力13、如圖所示，真空中a、b、c、d四點共線且等距。先在a點固定一點電荷+Q，測得b點場強大小為E。若再將另一等量異種點電荷-Q放在d點時，則（）

A.b點場強大小為EB.c點場強大小為EC.b點場強方向向右D.c點電勢比b點電勢高14、如圖是某區(qū)域的電場線分布。A、B、C是電場中的三個點；下列說法正確的是（）

A.三點中B點場強最強，C點場強最弱B.一正點電荷在A處所受電場力的方向就是A點場強方向C.三點中B點電勢最高D.把一負電荷從B點移到C點，電勢能減小15、如圖所示；電路中A；B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計，開關S合上后，靜電計指針張開一個角度，下述做法可使靜電計指針張角增大的是（）

A.保持S閉合，使B兩板靠近一些B.保持S閉合，使B兩板正對面積減小一些C.斷開S后，使B板向右平移一些D.斷開S后，使B正對面積減小一些16、如圖所示，電源電動勢為內(nèi)阻為平行金屬板電容器中帶電粒子處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片移動時；電流表的示數(shù)減小，則下列說法正確的是（）

A.滑片向端移動，電壓表示數(shù)減小B.電源總功率減小，電源效率增大C.電容器的帶電量增大，粒子將向上運動，且?guī)ж撾奃.消耗的功率增大，消耗的功率減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示,A、B為相互接觸的用絕緣支柱支撐的金屬導體,起初它們不帶電,在它們的下部貼有金屬箔片,C是帶正電的小球。當C移近A時,A、B上的金屬箔片都張開。

(1)若撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)

(2)若先分離A、B,再撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)。在分離A、B的過程中,A、B組成的系統(tǒng)電勢能_______(選填“增大”“不變”或“減小”)

(3)靜電感應的原因是金屬導體中存在大量的_____________。18、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略，電壓表、電流表均為理想電表，R1、R2均為定值電阻。開關S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，電流表A的變化情況是__________；若電壓表V示數(shù)變化的絕對值為△U，電流表A示數(shù)變化的絕對值為△I，則的變化情況是__________，你判斷的理由是：_____________。

19、尖端放電和靜電屏蔽。

（1）電離：導體尖端的電荷密度很大，附近的電場強度___________，空氣中的帶電粒子劇烈運動，使空氣分子被撞“散”而使正、負電荷___________的現(xiàn)象。

（2）尖端放電：導體尖端的強電場使附近的空氣電離，電離后的異種離子與尖端的電荷___________；相當于導體從尖端失去電荷的現(xiàn)象。

（3）靜電屏蔽：靜電平衡時，導體殼內(nèi)空腔里的電場___________；外電場對殼內(nèi)不會產(chǎn)生影響。

（4）尖端放電和靜電屏蔽的應用；防止。

a.尖端放電。

①應用：___________是利用尖端放電避免雷擊的一種設施。

②防止：高壓設備中導體的表面盡量___________；減少電能的損失。

b.靜電屏蔽的應用。

①電學儀器和電子設備外面會有金屬罩；通訊電纜外面包一層鉛皮，可以防止外電場的干擾。

②電工進行高壓帶電作業(yè)時，穿戴金屬絲網(wǎng)制成的衣、帽、手套、鞋子，可以對人體起到靜電屏蔽作用，使人安全作業(yè)。20、概念：一切物體都在輻射電磁波，且輻射與物體的______有關，所以叫熱輻射。21、圖為某電場的部分電場線。由圖可知A、B兩點的場強大小EA_____EB（選填“>”、“<”或“＝”），電場中的A點放入一個帶電荷量為的負電荷，所受電場力大小為方向水平向左。則A點的電場強度E=_____________N/C，若將該電荷撤走，則A點的電場強度E=__________N/C22、在圖示電路中，初始時靜電計不帶電，干電池的電動勢為E，開關S閉合，一質(zhì)量為m的帶電液滴懸停在間距為d的平行板電容器中P點。已知重力加速度大小為g，則液滴所帶的電荷量為______。開關S閉合時，若下極板不動，將上極板緩慢豎直上移靜電計指針的張角將______（選填“增大”“不變”或“減小”）。

23、(1)下列各個實驗中，應用了等效法的是_________，應用了控制變量法的是_________

A．探究小車速度隨時間的變化關系。

B．探究彈簧伸長與彈力的關系。

C．探究求合力的方法。

D．探究小車加速度與質(zhì)量；力的關系。

(2)①用20分度的游標卡尺測量鋼球的直徑，示數(shù)如圖所示，則鋼球直徑為___________mm。

②若某同學也是用這個游標卡尺測量另一物體的長度，測量結果為51.45mm，則在讀數(shù)時游標尺上的第_________格與主尺上的第_________毫米格對齊。24、一個靈敏電流計允許通過的最大電流（滿刻度電流）為表頭電阻若將其改裝成量程為的電流表，應__________（填串聯(lián)或并聯(lián)）一個電阻，阻值為__________若將其改裝成量程為的電壓表，應__________（填串聯(lián)或并聯(lián)）一個阻值為__________的電阻．25、如圖，有一水平方向的勻強電場，場強為9×103N／C．在電場內(nèi)的豎直平面內(nèi)作半徑為1m的圓，圓心處放置電量為1×10-6C的正點電荷，則圓周上C點處的場強大小為______N／C，方向________．(k=9.0×109N.m2/C2)

評卷人得分四、實驗題(共4題，共8分)26、為測量某微安表的內(nèi)阻，并將其改裝成量程為的電流表；實驗室提供以下器材：

待測微安表（量程內(nèi)阻約）

微安表（量程內(nèi)阻約）

定值電阻（阻值為）

滑動變阻器（阻值范圍）

干電池（電動勢約內(nèi)阻很?。?/p>

開關及導線若干。

（1）在虛線框內(nèi)畫出測量微安表內(nèi)阻的完整電路圖，并在圖中標明器材符號_______；

（2）若實驗過程中測得的示數(shù)為的示數(shù)為則的內(nèi)阻______（用表示）；

（3）給并聯(lián)一個定值電阻改裝成量程為的電流表，用標準電流表與其串聯(lián)進行校準。當標準電流表的示數(shù)為時，微安表的示數(shù)如圖，其讀數(shù)為______則改裝之后的電流表實際量程是0~______

27、如圖為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；和是固定電阻，是可變電阻；虛線方框內(nèi)為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位分別為直流電壓擋和擋。直流電流和擋，歐姆擋。

（1）測量時，接線柱B接的是________（填“紅”或“黑”）表筆；電路中與的比值________（填“大于”“小于”或“等于”）

（2）若電池E的電動勢為當把開關B端接到位置3，短接A、B表筆進行歐姆調(diào)零后，用該擋測量一個未知電阻阻值，指針偏轉到電流表G滿偏刻度的處，則該電阻的阻值為________電池E使用時間較長，電池的電動勢變小、內(nèi)阻變大；重新調(diào)零后，實驗要求若被測電阻阻值等于中值電阻時，測量的相對誤差不能超過則電池電動勢降低為________（結果保留三位有效數(shù)字）時必須更換電池。28、實驗室有一只靈敏電流計，刻度盤上共有格刻度而無具體示數(shù)，已知該電流計的滿偏電流約為幾百微安，內(nèi)阻約為幾百歐姆。為了測出和小明設計了圖示的甲；乙電路。除電流計外，提供的器材有：

①電壓表V（量程4V；內(nèi)阻為15kΩ）；

②滑動變阻器（0~20Ω，2A）；滑動變阻器（0~2000Ω；0.5A）；

③電阻箱（0~999.9Ω）；電阻箱（0~9999.9Ω）；

④電池組（電動勢6V；內(nèi)阻忽略不計）

⑤開關；導線若干。

（1）甲中滑動變阻器應選擇_______（填“”或“”）；

（2）乙中虛線框內(nèi)的可變電阻應選擇_______（填“”、“”或“”）；

（3）實驗主要步驟：

①將甲中滑動變阻器滑到最左端，閉合開關，滑片向右滑動，記下電壓表的示數(shù)U和電流計指針的格數(shù)某次實驗電壓表示數(shù)為電流計指針為格，那么電流計的滿偏電流為_______

②將乙中的可變電阻調(diào)至最大值，斷開閉合S，減小R的阻值，使電流計指針達到滿偏；閉合調(diào)節(jié)B，電流計指針指在格，此時電阻箱讀數(shù)為則為_______

（4）用圖乙測量內(nèi)阻時，考慮到系統(tǒng)誤差，內(nèi)阻測量值_______（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。29、某同學用電壓表和電流表測一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻；并按照圖甲所示的電路圖進行實驗，所用電壓表可視為理想電壓表。

（1）圖乙為根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪制的圖像，從圖像中可知該電池電動勢__________V，內(nèi)阻__________Ω。（均保留小數(shù)點后一位）

（2）該同學找資料查證量程為的電流表內(nèi)阻比較小，接近電池內(nèi)阻，則該電池內(nèi)阻的測量值__________（填“”“”或“”）真實值。

（3）該同學放棄電壓表，并且將滑動變阻器更換為電阻箱R，采用如圖丙所示電路進行實驗，經(jīng)多次測量并記錄電阻箱阻值R及對應的電流強度I，重新繪制出如圖丁所示的圖像（忽略電流表的內(nèi)阻），已知圖線斜率為k，圖線與縱坐標軸的截距為b，則電池電動勢__________，內(nèi)阻__________。（用k、b中的物理量表示）評卷人得分五、解答題(共3題，共9分)30、發(fā)生彈性形變的物體，由于各部分之間彈力的相互作用，具有彈性勢能，用表示，研究表明其中k表示彈簧的勁度系數(shù)，x表示彈簧的形變量．在傾角為的斜面的底端有一個固定擋板D，擋板與小物塊A之間用輕彈簧拴接，小物塊A、B之間不粘連（A、B均可視為質(zhì)點）．當彈簧處于自然長度時，B在O點；當A、B靜止時，B在M點，OM=l．現(xiàn)用力壓B，使B緩慢運動至N點，保持A、B靜止，MN=2l．已知：O與擋板之間的斜面是光滑的，O點以上的斜面是粗糙的，A、B與斜面間的動摩擦因數(shù)A的質(zhì)量是m，B的質(zhì)量是2m，重力加速度為g．求：

（1）彈簧的勁度系數(shù)k以及物塊B在M點時；彈簧具有的彈性勢能；

（2）緩慢壓物塊B到N點的過程中，外力對B做的功；

（3）撤去外力，A、B將沿著斜面向上運動，則物塊B沿斜面第一次上升至P點，則OP之間的距離是多少？31、目前太陽能已被廣泛利用。如圖所示的太陽能路燈的額定功率為P，光電池的光電轉換效率為η，用P0表示太陽輻射的總功率，用r表示太陽與地球間的距離。太陽光傳播到達地面的過程中大約有的能40％量損耗。已知電池板接收太陽垂直照射的等效面積為S。求單位時間內(nèi)電池板產(chǎn)生的電能W，及路燈正常工作時間t與日照時間t0之比。

32、如圖所示，一質(zhì)量m=2×10-4kg，電荷量q=+3×10-9C的帶電小球A用長為10cm的輕質(zhì)絕緣細線懸掛于O點，另一帶電量未知的小球B固定在O點正下方絕緣柱上（A、B均可視為點電荷）。當小球A平衡時，恰好與B處在同一水平線上，此時細線與豎直方向的夾角θ=37°。已知重力加速度g=10m/s2，靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2；求：

（1）小球A受到的靜電力大?。?/p>

（2）小球A所在位置的場強大小和方向；

（3）小球B的電荷量。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

均勻分布和不均與每個點電荷與z軸所成夾角一樣，且大小一樣，所以z軸場強分量Ez相等；電勢大小與電荷的分布情況無關，都相等。

故選C。2、C【分析】【詳解】

A．由圖可知，x1處的電勢為零，則將電量為q的點電荷從x1移到x2電場力做的功為

故A錯誤；

B．圖中曲線斜率絕對值表示場強大小，x1處的斜率不為零，故x1處的場強不為零；故B錯誤；

C．負電荷從x1移到x2；電勢升高，電勢能減小，故C正確；

D．負電荷從x1移到x2；曲線的斜率絕對值減小，所以場強減小，負電荷受到的電場力減小，故D錯誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．+Q、-Q是兩個等量異種點電荷，其電場關于AC連線對稱，關于AC的中垂線也對稱，可知結合等量異種點電荷電場線的分布情況可知E、F兩點的電場強度大小相等；方向也相同，所以電場強度相同，故A正確。

B．根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知E點的電勢高于F兩點的電勢；故B錯誤。

CD．將一個負電荷由E點沿著直線移動到F點，電勢逐漸降低，由Ep=qφ知；負電荷的電勢能逐漸增大，則電場力一直做負功，故CD錯誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

A.對電荷I，從O點到A點，由動能定理可得

故電場強度大小為E=

故A正確；

B.對電荷Ⅱ，由動能定理可得

故電荷Ⅱ受到的電場力為

故B錯誤；

C.由場強為E=電荷Ⅱ受到的電場力為可得電荷Ⅱ受到的電荷量為

D.選O點為零電勢點，則

由可得，A點電勢為5、B【分析】【詳解】

正四面體任意兩條對邊都是異面垂直，棱AB與棱CD就是異面垂直的；如果連接BD的中點E和BC的中點F，可得EF與AB垂直，同時bc與AB垂直，這兩個中點連線的特殊性質(zhì)決定了正四面體有對稱面；其中A、C兩點為正電荷，B、D兩點為負電荷，所以此四面體中AD（以BD的中點E）關于面ACE對稱，即a、c兩點也對稱，所以a、c兩點的電勢相等，場強大小相等，方向相反；同理可知，a、b兩點形成的電場不對稱；所以兩點的電勢不同，場強不同。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電容的決定式

負極板向右移動，板間距離d增大；電容減小，故A錯誤；

B．充電后的電容器與電源斷開連接后，極板帶電量Q保持不變；故B錯誤；

C．由

當Q不變，C減小時，U增大；故C錯誤；

D．由

可得

在帶電量Q一定時，只改變距離d，E不變；故D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．圖象的斜率表示電場強度；則。

左側電場強度

右側電場強度

所以

故A錯誤；

B．由于內(nèi)電勢逐漸降低，則帶負電的粒子在區(qū)間運動過程中的電勢能增加；故B錯誤；

C．該粒子運動過程中電勢能變化量的最大值為

故C錯誤；

D．設粒子在原點左右兩側運動的時間分別為t1、t2，在原點時的速度為vm，由運動學公式有

同理可知

而周期T=2（t1+t2）

聯(lián)立并代入相關數(shù)據(jù)可得T=3.0×10-8s

故D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

當兩個直徑為d的帶電球相距100d時，兩電荷可以看成點電荷，庫侖定律適用。但當它們相距d時，不能看成點電荷，庫侖定律不適用，無法用比例法求解它們相距d時的作用力。故D正確；A；B、C錯誤。故選D。

【點睛】

本題考查對庫侖定律適用的條件理解能力，并注意點電荷的成立條件。二、多選題(共8題，共16分)9、C:D【分析】【詳解】

AB．R1固定，當環(huán)境溫度降低時R2增大，R總增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知干路電流I減小，由U=（E﹣Ir）可得，路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大，R1消耗的功率P=I2R1減小；故AB錯誤；

C．若環(huán)境溫度不變，熱敏電阻R2阻值不變，當電阻箱R1的阻值增大時，R總增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知干路電流I減小，電容器的電壓UC=IR2

UC減小，電容器C的帶電量Q=CUC

減小；故C正確；

D．若R1固定，環(huán)境溫度不變，熱敏電阻R2阻值不變，電容器C兩板間的電壓不變，當電容器C兩極板間的距離增大時，則減??；故D正確。

故選CD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．點對應的電阻為

故A錯誤；B正確；

CD．點對應的電阻為

故工作狀態(tài)從變化到了時，導體的電阻改變了C錯誤，D正確。

故選BD。11、C:D【分析】【詳解】

設導線b中的電流大小為I，在圖示電流方向時，兩導線在P點形成磁感應強度方向均垂直于紙面向里，根據(jù)矢量疊加原理可知

改變導線b中的電流方向，兩導線在P點形成的磁感應強度方向相反，根據(jù)矢量疊加原理可知

即

或

聯(lián)立解得

或

CD正確。

故選CD。12、A:B:C【分析】【詳解】

A．物塊B下滑的過程中；B；P距離越來越大，正電荷P對正電荷B的庫倫斥力是變力且越來越小，B做變加速運動，故A正確；

B．由于P對B的庫倫斥力變??；所以這個庫倫力在垂直于斜面的分力也減小，AB之間摩擦力也減小，所以B對A的作用力也不斷減小，故B正確；

C．根據(jù)題意，沒有電荷P時，B沿斜面向下做勻速運動，根據(jù)動能定理mgh-Wf=0①

有電荷P時，B沿斜面做變加速運動，由動能定理mgh+W電-Wf′=△Ek②

由于f′＞f，所以Wf′＞W(wǎng)f③

因為電勢能的減小量等于電場力做功，聯(lián)合①②③式可得物塊動能的增加與電勢能的減小量之差為△Ek-W電=mgh-Wf′=Wf-Wf′＜0

則有△Ek＜W電

故C正確；

D．沒有電荷P時，由平衡條件mgsinθ=μmgcosθ

解得μ=tanθ

有電荷P時，A對B的支持力N在水平方向的分量Nx=Nsinθ

A對B的摩擦力f在水平方向的分量fx=fcosθ=μNcosθ=Ntanθcosθ=Nsinθ

即Nx=fx，說明Nx和fx是一對平衡力；

根據(jù)牛頓第三定律：B對A的壓力在水平方向的分量Nx′和B對A的摩擦力在水平方向的分量fx′也是一對平衡力；所以A在水平方向無運動趨勢，地面對A的摩擦力為零，故D錯誤；

故選ABC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．設ab=bc=cd=L

由題可知+Q在b點產(chǎn)生的場強大小為E，方向水平向右，由點電荷的場強公式得

-Q在b點產(chǎn)生的電場強度大小為方向水平向右

所以b點的場強大小為方向水平向右

A錯誤；C正確；

B．根據(jù)對稱性可知，c點與b點的場強大小相等，為方向水平向右，B正確；

D．電場線方向從a指向d，而順著電場線方向電勢降低，則c點電勢比b點電勢低；D錯誤。

故選BC。14、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線越密電場強度越大，越疏電場強度越小，所以三點中B點場強最強，C點場強最弱；A正確；

B．正電荷所受電場力方向與電場強度方向相同；B正確；

C．沿電場線方向電勢逐漸降低；C正確；

D．把一負電荷從B點移到C點；電場力做負功，電勢能增大，D錯誤。

故選ABC。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．開關S閉合；電容器兩端的電勢差不變，等于電源的電動勢，則指針的張角不變，AB錯誤；

C．斷開S，電容器所帶的電量不變，B板向右平移拉開些，由

可知電容減小，根據(jù)

知；電勢差增大，則指針張角增大．C正確；

D．斷開S，電容器所帶的電量不變，A、B的正對面積減小一些，電容減小，根據(jù)

知；電勢差增大，則指針張角增大，D正確。

故選CD。16、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)“串反并同”，電流表示數(shù)減小，必定增大，滑片向a端移動；電壓表示數(shù)必定增大，故A錯誤；

B．電路總電阻增大，總功率

減小，電源效率

增大；故B正確；

C．電容器上極板帶正電，帶電粒子受到向上的電場力靜止，所以帶電粒子帶負電，增大時，電壓增大；電容器電壓增大，電量增大，電容器間的電場強度增大，質(zhì)點所受向上的電場力增大，粒子將向上運動，故C正確；

D．增大時，的電壓減小，功率減小，的電壓增大；功率增大，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，當撤去C時，AB是連接在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷相互中和，AB上的金屬箔片都閉合。

（2）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，先移開AB在撤去C時，AB不是連在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷不能相互中和，AB仍然帶電，AB下部的金屬箔片張開；在分離AB的過程中，C對A吸引，C對B排斥，C對AB都在做正功，電勢能在減小。

（3）感應起電是自由電荷從物體的一端移動到另一端，因此要發(fā)生感應起電就必須要有自由電荷【解析】閉合張開減小自由電荷18、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]．由電路圖可知，R2與R0并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電壓表測量并聯(lián)支路的電壓，電流表測量R2的電流；當滑動端向下滑動時，滑動變阻器接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，R1和內(nèi)阻r上的電壓變大，則并聯(lián)支路電壓減小，即電壓表V讀數(shù)減小，電流表A示數(shù)減?。灰騌2是固定電阻，則

可知不變?！窘馕觥孔冃〔蛔儯║=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根據(jù)圖像）19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】很強分離中和處處為零避雷針光滑20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度21、略

【分析】【詳解】

[1]電場線疏密表示場強的大小，點的電場線比點的電場線密，則有：

[2]點的電場強度為：

場強方向與負電荷所受電場力方向相反；即水平向右；

[3]把將該電荷撤走后，點的電場強度不變，大小仍為方向水平向右。【解析】<400004000022、略

【分析】【詳解】

[1]開關S閉合時，液滴受力平衡，則有

解得

[2]當上極板緩慢豎直上移板間距離增大，由于開關S閉合時，靜電計所測電壓不變，則靜電計指針張角不變。【解析】不變23、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]探究小車速度隨時間的變化關系時；用平均速度替代瞬時速度，體現(xiàn)了極限的思想；探究彈簧伸長與彈力的關系時，采用了圖像分析的方法；探究求合力的方法時，采用了等效替代的方法；探究小車加速度與質(zhì)量；力的關系時，應用了控制變量法，故選C、D；

(2)[3][4][5]20分度的游標卡尺，其精確度為故鋼球的直徑。

當測量結果為51.45mm時；即。

故讀數(shù)時游標尺上的第9格與主尺刻度對齊。主尺對齊的刻度為。

【解析】CD10.1596024、略

【分析】【詳解】

[1][2]把靈敏電流計改裝成的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為

[3][4]把靈敏電流計改裝成的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為【解析】并聯(lián)串聯(lián)25、略

【分析】【分析】

根據(jù)公式求出點電荷在C點處產(chǎn)生的場強大小；判斷出場強方向，C點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解C點處的場強大小和方向；

【詳解】

點電荷在C點處產(chǎn)生的場強大小為，方向從O→C，C點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則得，C點的場強大小為，方向與水平成斜向右上方．【解析】N/C右上方與水平方向成45度角四、實驗題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]滑動變阻器最大值比待測電阻的阻值小得到，所以滑動變阻器應采用分壓接法；由于，沒有電壓表，可以采用安阻法，將定值電阻與待測表頭并聯(lián)，由

可測得待測表頭兩端電壓；便可通過歐姆定律測得待測表頭電阻，電路圖如圖所示。

（2）[2]由歐姆定律有

（3）[3]故微安表的示數(shù)如圖，其讀數(shù)為

[4]標準電流表所測的電流為干路電流，相當于微安表改裝后所測的總電流，設微安表改裝后的最大量程為則有

解得改裝之后的電流表實際量程最大值為【解析】300.9527、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖可知，B端接3時與電源負極連接，則接線柱B接的是紅表筆；

[2]由圖可知，B端接4時，為直流電壓擋；B端接5時，為直流電壓擋；則有

可得

則有

（2）[3]當把開關B端接到位置3，由題意和電路圖可知，電路最大電流為短接A、B表筆，進行歐姆調(diào)零，則有

解得

用該擋測量一個未知電阻阻值，指針偏轉到電流表G滿偏刻度的處，有

聯(lián)立解得

[4]當電動勢變小，內(nèi)阻變大時