2025年滬科新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示電路，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中；電壓表；電流表的示數(shù)變化情況為。

A.兩電表示數(shù)都增大B.兩電表示數(shù)都減少C.電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大D.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少2、西安到榆林，既可以選擇直達動車，也可以選擇普通列車，這些出行方式的選擇體現(xiàn)了哪種邏輯關系（）A.“與”邏輯B.“或”邏輯C.“非”邏輯D.“與非”邏輯3、如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為4∶1，原線圈接在的交流電源上，副線圈接有的電阻．電流表、電壓表均為理想電表．下列說法正確的是（）

A.原線圈的輸入功率為B.電流表的讀數(shù)為4.0AC.電壓表的讀數(shù)為D.副線圈兩端交流電的周期為50s4、現(xiàn)有甲；乙、丙三種初溫度相同的液體；其中甲、乙為質(zhì)量相等的不同液體，乙、丙為質(zhì)量不等的同種液體。若對這三種液體分別加熱，則可根據(jù)它們吸收的熱量和升高的溫度，在“溫度—熱量”圖像上分別畫出對應的三點甲、乙、丙，如圖所示，由此圖像得出下列結論：①丙的比熱比甲的比熱大；②丙的比熱比甲的比熱??；③丙的質(zhì)量比甲的質(zhì)量大；④丙的質(zhì)量比甲的質(zhì)量小。這些結論中正確的是（）

A.只有①正確B.只有②正確C.只有①、④正確D.只有②、③正確5、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時（）A.速度最大B.回復力最大C.加速度最大D.彈性勢能最大6、下圖為某繩波形成過程的示意圖．質(zhì)點1在外力作用下沿豎直方向做簡諧運動，帶動2，3，4，各個質(zhì)點依次上下振動，把振動從繩的左端傳到右端．已知t＝0時，質(zhì)點1開始向上運動；t＝時；質(zhì)點1到達最上方，質(zhì)點5開始運動．下列說法正確的是。

A.t＝時，質(zhì)點5開始向下運動B.t＝時，質(zhì)點5的加速度方向向上C.t＝時，質(zhì)點5的位移方向向上D.t＝時，質(zhì)點9的速度最大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，一根固定的絕緣豎直長桿位于范圍足夠大且相互正交的勻強電場和勻強磁場中，電場強度大小為E=磁感應強度大小為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小圓環(huán)套在桿上，環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)為μo現(xiàn)使圓環(huán)以初速度vo向下運動，經(jīng)時間to；圓環(huán)回到出發(fā)點．若圓環(huán)回到出發(fā)點之前已經(jīng)開始做勻速直線運動，不計空氣阻力，重力加速度為g．則下列說法中正確的是（）

A.環(huán)經(jīng)過時間剛好到達最低點。

B.環(huán)的最大加速度為am=g+B.環(huán)在t0時間內(nèi)損失的機械能為m(v02-)C.環(huán)下降過程和上升過程系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能相等8、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷等壓過程a→b，等溫過程b→c，然后從c→a，回到原狀態(tài)，其p–T圖像如圖所示，其中ca是直線，其延長線過原點O。下列判斷正確的是（）

A.氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等B.氣體在狀態(tài)b時的內(nèi)能等于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能C.在過程a→b中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D.在過程b→c中氣體從外界吸收的熱量小于氣體對外界做的功9、一定質(zhì)量的理想氣體，某循環(huán)過程的壓強p與體積V的變化關系圖象如圖所示，其中過程1為等壓變化，過程2和過程4為等溫變化，過程3為等容變化，a、b、c、d是循環(huán)過程中的四個狀態(tài)；下列說法正確的是__________。

A.過程1氣體對外做功，內(nèi)能減小B.過程3氣體溫度降低，放出熱量C.過程4氣體放出熱量，內(nèi)能減小E.狀態(tài)c氣體的內(nèi)能高于狀態(tài)a氣體的內(nèi)能E.狀態(tài)c氣體的內(nèi)能高于狀態(tài)a氣體的內(nèi)能10、下列說法正確的是（）A.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體B.做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式C.晶體有固定的熔點，但物理性質(zhì)不可能表現(xiàn)為各向同性E.分子間距離越大，分子勢能越大，分子間距離越小，分子勢能也越小E.分子間距離越大，分子勢能越大，分子間距離越小，分子勢能也越小11、關于光在傳播過程中的現(xiàn)象，下述說法中正確的是（）A.雨后天空出現(xiàn)的彩虹是光的衍射現(xiàn)象B.白光通過三棱鏡在光屏上形成的彩色光帶是光的色散現(xiàn)象C.涂有增透膜的照相機鏡頭呈淡紫色，說明增透膜增加了淡紫色光的透射程度D.夜間觀看到天空星座的位置比實際位置偏高，這是光的折射現(xiàn)象造成的12、兩粗細相同的同種金屬電阻絲的電流I和電壓U的關系圖象如圖所示；可知。

A.兩電阻的大小之比為1B.兩電阻的大小之比為3C.兩電阻絲長度之比為3D.兩電阻絲長度之比為113、甲乙兩列簡諧橫波波速均為v=2m/s；甲沿x軸負方向傳播，乙沿x軸正方向傳播，某時刻波的圖象分別如圖甲；乙所示，其中P、Q處的質(zhì)點均處于波峰，關于這兩列波，下列說法正確的是_________．

A.甲波中的M處質(zhì)點比P處質(zhì)點先回到平衡位置B.從圖示的時刻開始，P處質(zhì)點與Q處質(zhì)點同時回到平衡位置C.從圖示的時刻開始，經(jīng)過1.0s，P質(zhì)點沿x軸負方向通過的位移為2mE.如果這兩列波相遇不可能形成穩(wěn)定的干涉圖樣E.如果這兩列波相遇不可能形成穩(wěn)定的干涉圖樣14、如圖所示為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干種不同頻率的光．關于這些光，下列說法正確的是()

A.最容易表現(xiàn)出波動性的光是由n＝4能級躍遷到n＝1能級產(chǎn)生的B.這些氫原子最多可輻射出6種不同頻率的光C.若用n＝3能級躍遷到n＝2能級輻射出的光照射某金屬恰好發(fā)生光電效應，則用n＝4能級躍遷到n＝3能級輻射出的光照射該金屬一定能發(fā)生光電效應D.用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑產(chǎn)生的光電子的最大初動能為3.86eV評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內(nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的壓強____（選填“增大”“減小”或“不變”）。酒精分子間作用力F與分子間距r的關系如圖所示，時，分子間勢能由r決定，規(guī)定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O，另一分子從間距由減小到的過程中，勢能____（選填“增大”“減小”或“不變”）。

16、用圖示的電路可以測量電阻的阻值，途中是待測電阻，R0是定值電阻，G是靈敏度很高的電流表，M、N是一段均勻的電阻絲．閉合開關，改變滑動頭P的位置，當通過電流表G的電流為零時，測得則的阻值__________

17、質(zhì)譜儀是分離同位素的重要儀器，其原理如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板P1，P2之間的電壓為U，一個帶負電的粒子（不計重力）從P1板中由靜止釋放，之后從O點進入另一磁感應強度為B的勻強磁場中，在洛侖磁力的作用下，粒子做勻速圓周運動，經(jīng)過半個圓周后打在擋板MN上的A點。已知粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，可以判斷粒子帶________電，OA兩點間的距離為________18、質(zhì)量為m,電荷量為q的帶電粒子由靜止開始，在電壓為U的電場中僅在電場力作用下加速后的速度為___________19、一根長為L，橫截面積為S的粗細均勻的金屬棒，棒內(nèi)單位體長度自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流自由電子定向運動的平均速率為v。則金屬棒內(nèi)的電流強度大小為_________20、已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為ν的光子的動量為______．用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動量改變量的大小為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)24、某同學采用“半偏法”測量一個量程為的電壓表的內(nèi)阻（約）；電路圖如圖所示。

(1)要使測量值盡量準確，除了選用電源、導線、開關和待測電壓表外，還應從提供的滑動變阻器中選用______（選填“A”或“B”），電阻箱中選用______（選填“C”或“D”），電源中選______（選填“E”或“F”）

A.滑動變阻器（）

B.滑動變阻器（）

C.電阻箱（），阻值最小改變量為

D.電阻箱（），阻值最小改變?yōu)?/p>

E.（電動勢）；內(nèi)阻可忽略。

F.電源（電動勢）；內(nèi)阻可忽略。

(2)該同學在測量電壓表的內(nèi)阻時；實驗步驟如下：

①按實驗原理圖連按好電路，把開關斷開，把滑動變阻器的滑片置于______（選填“a”或“b”）；

②閉合開關移動滑動變阻器的滑片使電壓表的示數(shù)為

③保持位置不變，再斷開開關調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電壓表的示數(shù)為此時電阻箱的阻值為則被測電壓表內(nèi)阻的測量值______。

(3)為了減少實驗的誤差，必須使滑動變阻器的最大阻值______（選填“遠小于”或“遠大于”）電壓表的內(nèi)阻。

(4)電壓表內(nèi)阻的測量值和真實值相比，______（選填“略大于”“略小于”或“等于”）25、某同學在進行電阻測量時，需要將一塊滿偏電流為阻值為的小量程電流表改裝成量程為的電壓表，則需要選擇一個阻值為__________的電阻與這一電流表__________（選填“串”、“并”）聯(lián)．26、（1）在用油膜法估測分子大小的實驗中，選用下列器材：淺盤（直徑為30~40cm）、注射器（或滴管）、_________、按一定比例稀釋好的油酸溶液、坐標紙、玻璃板、水彩筆（或鋼筆）.請將還需要的一種實驗器材補填在橫線上.

（2）在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中；有下列實驗步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定．

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上；計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大?。?/p>

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

上述步驟中，正確的操作順序是__________．（填寫步驟前面的字母）

（3）在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，所用油酸酒精溶液的濃度為每mL溶液中有純油酸mL；用注射器測得1mL上述溶液為75滴．把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用筆在玻璃板上描述油酸膜的形狀，再把玻璃板放在坐標紙上，其形狀如圖所示,坐標中正方形方格的邊長為1cm，則：

①油酸膜的面積是_____________cm2．

②按以上實驗數(shù)據(jù)估測出油酸分子的直徑為___________________m．（②問結果均保留一位有效數(shù)字）

（4）(多選)某學生在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗時，計算結果偏大，可能是由于()

A．油酸未完全散開。

B．油酸溶液濃度低于實際值。

C．計算油膜面積時；舍去了所有不足一格的方格。

D．求每滴體積時，1mL的溶液的滴數(shù)多記了10滴評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)27、如圖所示，粗細均勻的氣缸A、B，A的底面積是B的4倍，其下端由體積可忽略的細管連通，并安裝有電熱絲，A上端封閉，B上端與大氣連通，兩氣缸除A頂部導熱外，其余部分均絕熱。兩氣缸中各有一活塞a、b，活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣?，F(xiàn)將整個裝置置于大氣壓為溫度為280K環(huán)境中，當?shù)獨鉁囟扰c環(huán)境溫度相同時，活塞a離氣缸頂?shù)木嚯x是活塞b在距離氣缸頂部距離是大氣壓強保持不變；不計活塞的質(zhì)量和體積，忽略摩擦。

（1）環(huán)境溫度緩慢升高，求活塞b升至頂部時氧氣的溫度；

（）保持（1）中環(huán)境溫度不變，繼續(xù)用電熱絲緩慢加熱氮氣，當活塞a距離氣缸頂部的距離為時；求氮氣的壓強。

28、如圖甲所示，一圓柱形絕熱氣缸開口向上豎直放置，通過絕熱活塞將一定質(zhì)量的理想氣體密封在氣缸內(nèi)，活塞質(zhì)量m=1kg、橫截面積S=5×10-4m2，原來活塞處于A位置?，F(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，直到活塞緩慢到達新的位置B，在此過程中，缸內(nèi)氣體的V-T圖像如圖乙所示，已知大氣壓強p0=1.0×105Pa，忽略活塞與氣缸壁之間的摩擦，重力加速度g=10m/s2。

（1）求缸內(nèi)氣體的壓強和活塞到達位置B時缸內(nèi)氣體體積；

（2）若缸內(nèi)氣體原來的內(nèi)能U0=72J；且氣體內(nèi)能與熱力學溫度成正比，求缸內(nèi)氣體變化過程中從電熱絲吸收的總熱量。

29、如圖所示兩小滑塊分別靜止在平臺的兩端，間距x=6.25m，質(zhì)量分別為m1=1kg、m2=2kg水平面上依次排放兩塊完全相同的木板A、B，其長度均為L=2.5m，質(zhì)量均為M=1kg，木板上表面與平臺等高滑塊與平臺間、木板與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ1=0.2，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)均為μ2，現(xiàn)給滑塊m1一水平向右的初速度v0=13m/s，一段時間后與m2發(fā)生彈性碰撞．最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，g取10m/s2．求：

(1)碰前滑塊m1的速度大小及碰后滑塊m2的速度大小。

(2)若滑塊m2滑上木板A時，木板不動而滑上木板B時，木板B開始滑動，則μ2應滿足什么條件。

(3)若μ2=0．8求木板B的位移大小。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向a端滑動時，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，則電壓表的示數(shù)UV=E-I(r+R1)，則UV增大；流過R2的電流增大，電流表的讀數(shù)為則電流表示數(shù)減小；故A，B，C錯誤，D正確.2、B【分析】【詳解】

西安到榆林；出行方式有兩種，所以這兩種屬于并列關系，屬于或的關系。

故選B。3、C【分析】【分析】

根據(jù)瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，即可求得結論．

【詳解】

A、由題意知，原線圈電壓有效值為220V，原、副線圈匝數(shù)之比為4:1，由U1：U2=n1：n2，可得：U2=55V，由輸入功率和輸出功率相等可得，原線圈中的輸入功率為：P入=P出==55W；故A錯誤；

B、副線圈的電流為：I2=U2/R=55/55A=1A，由I1:I2=n2:n1可得：I1=0.25A；即電流表的讀數(shù)為0.25A，故B錯誤；

C；電壓表的讀數(shù)為副線圈電壓的有效值；即為：U=55.0V，故C正確；

D、由可知；ω=100π，又由ω=2π/T，解得：T=0.02s，變壓器不改變周期，所以副線圈兩端交流電的周期為0.02s，故D錯誤．

故選C．4、D【分析】【詳解】

甲乙丙三種物質(zhì)初溫相同，甲、乙是質(zhì)量相等的不同液體，從圖上可以看出，在吸收熱量相同的情況下，乙末溫高，根據(jù)可知乙的比熱容比甲的比熱容??；

乙、丙是質(zhì)量不等的同種液體，比熱容相同，在吸收熱量相同的情況下，乙末溫高，根據(jù)可知乙的質(zhì)量比丙的質(zhì)量小。

綜合以上分析有

故選D。5、A【分析】A、D、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，彈性勢能最小，動能最大，故速度最大，故A正確，D錯誤；B、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)F=-kx，回復力為零，故B錯誤；C、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)加速度為零，故C錯誤；故選A．

【點睛】本題關鍵是明確簡諧運動的運動特點，熟悉回復力、加速度的計算公式．6、C【分析】【詳解】

A.由于每個質(zhì)點均做受迫振動；所以開始振動方向相同，均為向上運動，A錯誤．

BC.t＝T/2時，質(zhì)點5振動了T/4；此時質(zhì)點5達到波峰，位移最大且方向向上，加速度最大，但方向向下，B錯誤C正確．

D.通過圖像可知波長為16，質(zhì)點9與質(zhì)點1之間的距離為8即所以波傳到質(zhì)點9的時間為T/2，經(jīng)過3T/4時，質(zhì)點9剛好到達正向最大位移處，速度為零，D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)7、B:C【分析】【分析】

A；環(huán)來回運動性質(zhì)不相對稱；從而判定即可；B、依據(jù)牛頓第二定律，結合洛倫茲力大小公式f=Bqv，及左手定則，即可求解；C、根據(jù)動能定理，即可回到原點的機械能變化量；D、依據(jù)動能定理，結合初末速度，即可求解．

【詳解】

AB、由題意可知，環(huán)在運動的過程中，受到的電場力大小為方向始終豎直向上．假設豎直向下為正方向，則當環(huán)下滑的過程中，受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得：化解得：負號代表該加速度與運動方向相反，故物體在下滑的過程中做加速度逐漸減小的減速運動；當環(huán)上升的過程中，根據(jù)牛頓第二定律解得：環(huán)做加速度逐漸減小的減速運動，在到達原出發(fā)點前，加速度減為零，此時，開始以速度v做勻速直線運動．

所以，由于運動的不對稱性可以確定，從開始下滑到最低點的時間不等于A錯誤；整個運動過程中，加速度一直減小，所以在運動的最開始時，加速度最大，加速度大小的最大值為：B正確；

C、由以上計算，可知，整個過程中，系統(tǒng)損失的機械能C正確；

D；環(huán)上升和下降的過程中；摩擦力的平均值大小不相等，故因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能不相等，D錯誤．

故本題選BC．

【點睛】

考查牛頓第二定律、動能定理的內(nèi)容，掌握機械能損失與除重力以外的力做功有關，理解環(huán)在運動中受到洛倫茲力與速率的關系，及洛倫茲力的方向判定，注意環(huán)來回運動性質(zhì)的不同，是解題的關鍵．8、A:B【分析】【詳解】

由理想氣體方程可得

a、c連線過坐標原點，說明氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等；故A正確；

B．一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關，因b、c兩狀態(tài)溫度相同，所以氣體在狀態(tài)b時的內(nèi)能等于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能；故B正確；

C．分析圖象可知過程a→b中，溫度升高，內(nèi)能增大，壓強不變，由可知溫度升高時，氣體體積變大，說明氣體對外界做功，由熱力學第一定律可得

氣體從外界吸收的熱量大于氣體對外界所做的功；故C錯誤；

D．分析圖象可知過程b→c中溫度不變；內(nèi)能不變，壓強變大，氣體的體積減小，說明外界對氣體做功，由熱力學第一定律可得氣體對外放熱，且對外界放出的熱量等于外界對氣體做的功，故D錯誤。

故選AB。9、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

AD．由理想氣體狀態(tài)方程可知；過程1氣體的壓強不變，體積變大，溫度升高，內(nèi)能變大，故A錯誤，D正確；

B．過程3氣體體積不變；對外不做功，壓強減小，溫度降低，內(nèi)能減小，放出熱量，故B正確；

C．過程4為等溫過程；外界對氣體做功，氣體溫度不變，放出熱量，內(nèi)能不變，故C錯誤；

E．狀態(tài)c氣體的溫度高于狀態(tài)a氣體的溫度，所以狀態(tài)c氣體的內(nèi)能大于狀態(tài)a氣體的內(nèi)能；故E正確。

故選BDE。10、A:B:D【分析】【詳解】

A．在引起外界變化的情況下；熱量可以由低溫物體傳向高溫物體，故A正確；

B．根據(jù)熱力學第一定律；做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式，故B正確；

C．晶體一定有固定的熔點；單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性，故C錯誤；

D．布朗運動劇烈程度跟溫度與固體顆粒的大小有關；相同溫度下液體中懸浮的花粉小顆粒越小，布朗運動越劇烈，故D正確；

E．當分子間表現(xiàn)為斥力時；分子間距離越大，分子間作用力做正功，分子勢能減??；當分子間表現(xiàn)為引力時，分子間距離越大，分子間作用力做負功，分子勢能增大，故E錯誤。

故選ABD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．雨后天空出現(xiàn)的彩虹是光的折射現(xiàn)象；故A錯誤；

B．白光通過分光鏡在光屏上形成的彩色光帶是由于不同色光折射率不同而產(chǎn)生光的色散現(xiàn)象；故B正確；

C．在選擇增透膜時，一般是使對人眼靈敏的綠色光在垂直入射時相互抵消，這時光譜中其它頻率的光將大部分抵消，因此進入鏡頭的光有很多，但以抵消綠光為主，這樣照相的效果更好。對于增透膜，有約1.3%的光能量會被反射，再加之對于其它波長的光，給定膜層的厚度是綠光在薄膜中的波長的倍；從薄膜前后表面的反射綠光相互抵消，而波長較長的紅色光以及波長較短的不能完全抵消，所以鏡頭呈淡紫色，故C錯誤。

D．夜間觀看到天邊星座的位置比實際位置高；這是光的折射現(xiàn)象，故D正確；

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

AB：由圖可知，當電壓為1V時，的電流為3A，而的電流為1A；由可知，3．故A項錯誤；B項正確．

CD：由電阻定律可知，電阻與導線長度成正比，與橫截面積成反比；因粗細相同，則兩同種金屬電阻絲長度之比3．故C項正確，D項錯誤．13、A:D:E【分析】【詳解】

甲沿x軸負方向傳播，則甲波中的M處質(zhì)點沿y軸負方向振動，比P處質(zhì)點先回到平衡位置，選項A正確；因甲乙兩波的波長不同，雖然傳播速度相同，但是周期不同，則從圖示的時刻開始，P處質(zhì)點與Q處質(zhì)點回到平衡位置的時間不同，選項B錯誤；甲簡諧橫波沿x軸負方向傳播，介質(zhì)中質(zhì)點只在各自平衡位置附近上下振動，不沿x軸負方向移動，故C錯誤．甲波的周期則t=1.0s=0.5T，則從圖示的時刻開始，經(jīng)過1.0s，M質(zhì)點通過的路程為2A=20cm，選項D正確；，乙波的周期周期不同，兩波頻率不同，不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉，選項E正確；故選ADE.

點睛：波的基本特點是波傳播的是振動形式和能量，而質(zhì)點不隨波遷移，只在各自的平衡位置附近振動．要熟練進行質(zhì)點振動方向和波的傳播方向關系的判斷．14、B:D【分析】【分析】

波長越短的光越不容易產(chǎn)生波動性；大量處于激發(fā)態(tài)n的氫原子，在向低能級躍遷時可產(chǎn)生的光子種類為個；處于激發(fā)態(tài)的氫原子的電子從高能級向低能級躍遷過程中，產(chǎn)生的光子能量由前后兩個能級的能量差決定，根據(jù)愛因斯坦光電效應方程，電子從金屬表面逸出時的最大初動能．

【詳解】

A、最容易表現(xiàn)出波動性的光是波長較大，即頻率較小的光．根據(jù)在所有輻射出的光中，只有從n=4能級到n=3能級躍遷的能量差最??；波長最長，最滿足題意，故A錯誤；

B、由于是一群氫原子處于n=4能級，故它們在向低能級躍遷過程中產(chǎn)生的光子種類為種；故B正確；

C、根據(jù)從n＝4能級躍遷到n＝3能級輻射出的光子的頻率小于從n＝3能級躍遷到n＝2能級輻射出的光子的頻率用頻率的光恰好發(fā)生光電效應，則頻率小于該種金屬的極限頻率（截止頻率）；無論光多么強，都不能發(fā)生光電效應，C錯誤；

D、用n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光子的能量為又根據(jù)光電效應方程，最大初動能D正確．

故選BD．

【點睛】

本題考查了能級躍遷和光電效應的綜合運用，知道能級間躍遷輻射的光子頻率與能級差的關系以及光電效應的條件是解決本題的關鍵．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時；分子平均動能增大，單位時間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強增大。

[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當另一分子從間距由減小到的過程中，分子力做正功，則勢能減小?！窘馕觥吭龃鬁p小16、略

【分析】【詳解】

通過電流表G的電流為零，電流表G兩端電勢相等．電阻絲MP段與PN段電壓之比等于和的電壓比，即通過電阻絲兩側的電流是相等的，通過和的電流也相等，則有根據(jù)電阻定律公式可知聯(lián)立可得解得．【解析】17、略

【分析】【分析】

帶電粒子在加速電場中電場力做功等于粒子動能的增加量；由動能定理可以求得粒子進入磁場時的速度v；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，在磁場中運動半個圓周后打在A點，根據(jù)左手定則判斷粒子的電性；洛倫茲力提供向心力；O；A兩點間的距離是圓的直徑．

【詳解】

帶電粒子在加速電場中加速，在磁場中向上偏轉，根據(jù)左手定則可知，粒子帶負電；由動能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：

O、A兩點間的距離：x=2r=

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．【解析】負18、略

【分析】【分析】

帶電粒子經(jīng)加速電場加速后；動能的大小等于電場力做功，求得速度v；

【詳解】

設加速后的速度為v，根據(jù)動能定理可得：所以．

【點睛】

本題考查帶電粒子在電場中的加速，注意動能定理的應用．【解析】19、略

【分析】【分析】

根據(jù)導體中自由電子的定向移動速率可明確t內(nèi)通過截面的電量；再由電流的定義即可求電流強度的大?。?/p>

【詳解】

由題意金屬棒中的電荷量為q=LSne，由一端運動到另一端所需時間根據(jù)得金屬棒中電流為．

【點睛】

本題考查了電流微觀表達．在求解時要注意明確，t內(nèi)長度為vt的導線內(nèi)部電子能全部通過截面，從而可以由電流定義求解．【解析】20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光子的動量公式取入射的方向為正方向，則光子動量的變化量為

【點睛】

光子的動量的公式以及動量的矢量性．【解析】①.②.四、作圖題(共3題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共6分)24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]本題滑動變阻器“是分壓式接法；為了操作方便應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，故滑動變阻器選A；

[2]因為本實驗是采用“半偏法”測電壓表的內(nèi)阻，電壓表半偏時，電阻箱的阻值認為等于電壓表的內(nèi)阻，電壓表的大約值為所以電阻箱選D；

[3]由于電壓表量程為并且(2)中電壓表示數(shù)要調(diào)到所以電源只能選F。

(2)[4]按實驗原理圖連接好電路，把開關斷開，為了保證開關閉合時電路的安全，且本實驗采用分壓接法，為了讓測量電路中的電壓由零開始調(diào)節(jié)，把滑動變阻器的滑片置于端；

[5]電阻箱和電壓表串聯(lián)的總電壓是調(diào)節(jié)電阻箱使電壓表示數(shù)為時，電阻箱上分壓為根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，得被測電壓表內(nèi)阻的測量值等于電阻箱的阻值

(3)[6]為了減小電壓表內(nèi)阻對電路的影響；使測量電路兩端的電壓保持不變；應使滑動變阻器的最大阻值遠小于電壓表內(nèi)阻；

(4)[7]實驗中認為電阻箱和電壓表電阻相等，故調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電壓表指針指到位置，此時電阻箱的電壓大于故電阻箱的電阻大于電壓表的電阻，即測量值偏大。【解析】ADFa遠小于略大于25、略

【分析】【詳解】

設小量程電流表的內(nèi)阻為量程為需要串聯(lián)電阻的阻值為電壓表改裝的原理圖為：

改裝電壓表需要串聯(lián)大電阻來分壓；故填：串聯(lián)；

根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律：

計算得出：．【解析】串26、略

【分析】【詳解】

（1）在本實驗中；要用量筒量取酒精和油酸，從而配制酒精油酸溶液，先在水槽中灑上痱子粉，再將用酒精稀釋過的油