2025年蘇人新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇人新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S后，向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片；則滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值和安培表示數(shù)的變化情況是。

A.連入電路的阻值變小，安培表的示數(shù)變小B.連入電路的阻值變小，安培表的示數(shù)變大C.連入電路的阻值變大，安培表的示數(shù)變小D.連入電路的阻值變大，安培表的示數(shù)變大2、如圖；一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A沿直線(xiàn)變化到狀態(tài)B的過(guò)程中，其體積（）

A.保持不變B.逐漸變大C.逐漸變小D.先變小后變大3、如圖為一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與體積V關(guān)系圖像，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)C。設(shè)A、B、C狀態(tài)對(duì)應(yīng)的溫度分別為T(mén)A、TB、TC；則以下判斷正確的是（）

A.TA>TB；TB<TCB.TA>TB；TB>TCC.TA<TB；TB<TCD.TA<TB；TB>TC4、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再到狀態(tài)C，最后變化到狀態(tài)A，完成循環(huán)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.狀態(tài)A到狀態(tài)B是等溫變化B.狀態(tài)A時(shí)所有分子的速率都比狀態(tài)C時(shí)的小C.狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體對(duì)外界做功為D.整個(gè)循環(huán)過(guò)程，氣體從外界吸收的熱量是5、一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷從狀態(tài)ABCDA的一個(gè)循環(huán)，在此循環(huán)過(guò)程中氣體的壓強(qiáng)p與溫度T的關(guān)系如圖所示。下列說(shuō)法不正確的是（）

A.從狀態(tài)A到B的過(guò)程中，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都在增大B.從狀態(tài)B到C的過(guò)程中，氣體吸收熱量C.從狀態(tài)C到D的過(guò)程中，氣體內(nèi)能不變D.從狀態(tài)D到A的過(guò)程中，氣體的密度增大6、韋伯和紐曼總結(jié)、提出了電磁感應(yīng)定律，如圖是關(guān)于該定律的實(shí)驗(yàn)，P是由閉合線(xiàn)圈組成的螺線(xiàn)管，把磁鐵從P正上方，距P上端h處由靜止釋放，磁鐵豎直穿過(guò)P后落在海綿墊上并停下．若僅增大h，重復(fù)原來(lái)的操作，磁鐵穿過(guò)P的過(guò)程與原來(lái)相比，下列說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量將增大B.線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增大C.通過(guò)線(xiàn)圈導(dǎo)線(xiàn)截面的電量將增大D.線(xiàn)圈對(duì)磁鐵的阻礙作用將變小7、邊界MN的一側(cè)區(qū)域內(nèi)，存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于光滑水平桌面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．邊長(zhǎng)為l的正三角形金屬線(xiàn)框abc粗細(xì)均勻，三邊阻值相等，a頂點(diǎn)剛好位于邊界MN上，現(xiàn)使線(xiàn)框圍繞過(guò)a點(diǎn)且垂直于桌面的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為如圖所示，則在ab邊開(kāi)始轉(zhuǎn)入磁場(chǎng)的瞬間ab兩端的電勢(shì)差Uab為（）

A.Bl2B.-Bl2C.-Bl2D.Bl28、A、B兩塊正對(duì)的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線(xiàn)，細(xì)線(xiàn)下端系一帶電小球（可視為點(diǎn)電荷）．兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻（其阻值隨所受光照強(qiáng)度的增大而減?。?，R2為滑動(dòng)變阻器，R3為定值電阻．當(dāng)R2的滑片P在中間時(shí)閉合電鍵S，此時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時(shí)絕緣細(xì)線(xiàn)與金屬板A的夾角為θ．電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定；下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）

A.若將R2的滑動(dòng)觸頭P向a端移動(dòng)，則θ不變B.若將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I減小，U減小C.保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用較強(qiáng)的光照射R1，則小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變小D.保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用較強(qiáng)的光照射R1，則U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變9、如圖所示；當(dāng)一束一定強(qiáng)度的某一頻率的黃光照射到光電管陰極K上時(shí)，此時(shí)滑片P處于A；B中點(diǎn)，電流表中有電流通過(guò)，則。

A.若將滑動(dòng)觸頭P向B端移動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)有一定增大B.若用紅外線(xiàn)照射陰極K時(shí)，電流表中一定沒(méi)有電流通過(guò)C.若用強(qiáng)度更弱的黃光照射陰極K，電流表讀數(shù)不變D.若用強(qiáng)度更弱的紫外線(xiàn)照射陰極K，光電子的最大初動(dòng)能一定變大評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，在直角三角形ABC內(nèi)充滿(mǎn)垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)，AB邊長(zhǎng)度為d，現(xiàn)垂直AB邊射入一群質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速度大小均為v的帶正電粒子，已知垂直AC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，而運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t(不計(jì)重力).則下列判斷中正確的是()

A.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為5tB.該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為D.粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為11、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化時(shí)的p—T圖像，由圖像可知（）

A.該氣體的體積先增大后不變B.該氣體分子的平均動(dòng)能一直變大C.該氣體的內(nèi)能先變大后變小E.該氣體一直從外界吸熱E.該氣體一直從外界吸熱12、下列說(shuō)法正確的是（）A.晶體的所有物理性質(zhì)沿各個(gè)方向是不同的B.把溫度降到接近布朗運(yùn)動(dòng)依然可以發(fā)生C.兩分子間距離變化時(shí)，可能存在分子勢(shì)能相等的兩個(gè)位置E.未來(lái)科技進(jìn)步了，人類(lèi)就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用E.未來(lái)科技進(jìn)步了，人類(lèi)就可以將散失在空氣中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用13、____的桌面有垂直桌面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B；一L×2L的線(xiàn)圈一半在桌面上，AB（長(zhǎng)L）邊和桌邊平行，以AB邊為軸旋轉(zhuǎn)線(xiàn)圈，關(guān)于線(xiàn)圈的說(shuō)法正確的有（）

A.線(xiàn)圈沒(méi)有旋轉(zhuǎn)時(shí)的磁通量等于BL2B.線(xiàn)圈旋轉(zhuǎn)600時(shí)的磁通量等于BL2C.線(xiàn)圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1200的過(guò)程中磁通量沒(méi)有變化D.線(xiàn)圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1800的過(guò)程中磁通量的變化等于3BL214、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置．兩塊相互靠近的等大正對(duì)的平行金屬板M；N組成電容器；板N固定在絕緣座上并與靜電計(jì)中心桿相接，板M和靜電計(jì)的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時(shí)，給電容器充電，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度．在整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，保持電容器所帶電荷量不變，對(duì)此實(shí)驗(yàn)過(guò)程的描述正確的是（）

A.只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計(jì)指針張角變大B.只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計(jì)指針張角變大C.只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計(jì)指針張角減小D.只在M、N之間插入云母板，靜電計(jì)指針張角變大15、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷,t＝0時(shí)，甲靜止，乙以6m/s的初速度向甲運(yùn)動(dòng)．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)（整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸），它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線(xiàn)所示．則由圖線(xiàn)可知（）

A.兩點(diǎn)電荷的電性一定相同B.甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小C.甲乙達(dá)到共速時(shí)，乙的位移等于4倍甲的位移D.乙速度為零兩點(diǎn)電荷的電勢(shì)能最大16、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)探究電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示，其中P為電流傳感器，V為理想電壓表．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開(kāi)關(guān)S1閉合，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2擲向a，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭到某位置使電容器C充電，當(dāng)電路穩(wěn)定后記錄理想電壓表的示數(shù)．再迅速將開(kāi)關(guān)S2擲向b，使電容器放電。電流傳感器P將電容器充、放電過(guò)程中的電流數(shù)據(jù)傳送給計(jì)算機(jī)，在計(jì)算機(jī)上可顯示出電流i隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。然后改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置；重復(fù)上述步驟，記錄多組電流隨時(shí)間變化的圖像和電壓表的示數(shù)．對(duì)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程和由圖像及數(shù)據(jù)所得出的結(jié)果，下列說(shuō)法中正確的是()

A.流過(guò)電流傳感器P的充電電流和放電電流方向相同B.圖乙中的第①段(充電階段)電流曲線(xiàn)與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時(shí)所帶的電荷量C.電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓的關(guān)系圖象應(yīng)為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)D.電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量與滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置無(wú)關(guān)17、如圖所示；透明瓶?jī)?nèi)有一些水，水的上方有水蒸汽，用橡皮塞把瓶口封住，用氣筒向瓶?jī)?nèi)打氣，然后瓶塞會(huì)突然跳出，此時(shí)觀(guān)察到瓶?jī)?nèi)有白霧產(chǎn)生.關(guān)于上述過(guò)程下列說(shuō)法正確的有。

A.快速向瓶?jī)?nèi)打入氣體的過(guò)程，氣體狀態(tài)變化是等容變化B.快速向瓶?jī)?nèi)打入氣體時(shí)，瓶?jī)?nèi)水蒸汽分子密度保持不變C.瓶塞突然跳出瞬間氣體對(duì)外做功，瓶?jī)?nèi)氣體溫度降低D.瓶?jī)?nèi)瞬間形成的白霧是懸浮在氣體中的小水滴18、如圖所示，在粗糙水平面上，用水平輕繩相連的兩個(gè)相同的物體A、B質(zhì)量均為m，在水平恒力F作用下以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)．在t＝0時(shí)輕繩斷開(kāi)，A在F作用下繼續(xù)前進(jìn)，則下列說(shuō)法正確的是()

A.時(shí)，A的動(dòng)量為2mvB.時(shí)，A的動(dòng)量為4mvC.時(shí)，B的動(dòng)量為0D.t＝0至?xí)r間內(nèi)，A、B的總動(dòng)量守恒評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)19、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動(dòng)變阻器最大值R3＝5Ω，則當(dāng)滑動(dòng)觸頭從a滑到b的過(guò)程中，電流表示數(shù)的變化情況是______________________________．

20、如圖甲所示為一個(gè)邏輯門(mén)的輸入端A、B和輸出端Z上的電信號(hào)，試在乙圖的虛線(xiàn)框中畫(huà)出邏輯門(mén)的符號(hào)_____________。

21、如圖為演示“通電導(dǎo)線(xiàn)之間通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用”的實(shí)驗(yàn)示意圖，接通電源時(shí)，發(fā)現(xiàn)兩導(dǎo)線(xiàn)會(huì)相互靠近或遠(yuǎn)離已知接線(xiàn)柱是按如圖所示方式連接的．

(1)請(qǐng)?jiān)趫D中虛線(xiàn)框中標(biāo)出B導(dǎo)線(xiàn)在A導(dǎo)線(xiàn)周?chē)a(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向用“”或“”表示

(2)在圖中標(biāo)出A導(dǎo)線(xiàn)所受安培力的方向_____________．22、（1）關(guān)于熱力學(xué)定律和分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是____．（填選項(xiàng)前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內(nèi)能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢(shì)能一定增大。

D.若兩分子間距離減小；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機(jī)的儲(chǔ)氣罐中儲(chǔ)有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設(shè)充氣過(guò)程為等溫過(guò)程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲(chǔ)氣罐中氣體壓強(qiáng)為_(kāi)____．（填選項(xiàng)前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm23、做汽車(chē)安全氣囊的模擬實(shí)驗(yàn)時(shí)，密封的儲(chǔ)氣罐與氣囊相連，撞擊時(shí)儲(chǔ)氣罐閥門(mén)自動(dòng)打開(kāi)，大量氣體進(jìn)入氣囊，氣囊在極短時(shí)間內(nèi)迅速展開(kāi)，在人體前部形成彈性氣墊，然后氣囊泄露，收縮，從而有效保護(hù)人體，氣囊展開(kāi)過(guò)程中，將氣體視為理想氣體，氣體的內(nèi)能______（選填“增大”、“減小”或“不變”）；泄露收縮過(guò)程中氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力___________（選填“增大”、“減小”或“不變”）24、一個(gè)質(zhì)量m=1.0kg的物體，放在水平桌面上，物體與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.2，當(dāng)物體受到一個(gè)F=10N水平推力的作用時(shí)，在10s內(nèi)推力的沖量大小為_(kāi)_____N·s．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線(xiàn)電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線(xiàn)方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線(xiàn)。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)28、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究碰撞過(guò)程中不變量的實(shí)驗(yàn)：在小車(chē)A的前端粘有橡皮泥；給小車(chē)A一定的初速度，使之做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)B相碰并粘成一體，繼續(xù)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖甲所示，在小車(chē)A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz，長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力。

（1）若得到打點(diǎn)紙帶如圖乙所示，并已將測(cè)“得各”計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離標(biāo)在圖上。A為運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選________段來(lái)計(jì)算小車(chē)A碰前的速度，應(yīng)選________段來(lái)計(jì)算小車(chē)A和小車(chē)B碰后的共同速度（以上兩空選填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）。

（2）測(cè)得小車(chē)A的質(zhì)量mA＝0.40kg，小車(chē)B的質(zhì)量mB＝0.20kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得：碰前mAvA＋mBvB＝________kg·m/s；碰后mAvA′＋mBvB′＝________kg·m/s。29、根據(jù)單擺可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋鐖D甲所示；將細(xì)線(xiàn)的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一小鋼球，就做成了單擺．

①以下是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的一些做法，其中正確的有________．

A.擺球應(yīng)選用直徑較?。幻芏容^大的小球；擺線(xiàn)應(yīng)選用細(xì)而不易伸長(zhǎng)的線(xiàn)。

B.為了便于記錄周期；開(kāi)始時(shí)將擺球拉開(kāi)，應(yīng)使擺線(xiàn)與平衡位置有較大角度。

C.記錄周期時(shí)，當(dāng)擺球通過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，擺球再次回到平衡位置停止計(jì)時(shí)，此時(shí)間間隔為則單擺周期

D.記錄周期時(shí)，當(dāng)擺球通過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，記下擺球做30次全振動(dòng)所用的時(shí)間則單擺周期

②若已測(cè)出懸點(diǎn)到小球球心的距離（擺長(zhǎng)））L及單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則重力加速度g=______________（用L、n、t表示）．

③圖乙是擺線(xiàn)長(zhǎng)為L(zhǎng)時(shí)小球的振動(dòng)圖象，取則小球的回復(fù)加速度取最大值為_(kāi)___________．30、（1）我國(guó)艦載飛機(jī)在“遼寧艦”上成功著艦后，某課外活動(dòng)小組以艦載飛機(jī)利用阻攔索著艦的力學(xué)問(wèn)題很感興趣，他們找來(lái)了木板、鋼球、鐵釘、橡皮條以及墨水，制作了如圖（1）所示的裝置，準(zhǔn)備定量研究鋼球在橡皮條阻攔下前進(jìn)的距離與被阻攔前速率的關(guān)系，要達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，需直接測(cè)量的物理量是鋼球由靜止釋放時(shí)的___________和在橡皮條阻攔下前進(jìn)的距離，還必須增加的一種實(shí)驗(yàn)器材是_________，忽略鋼球所受的摩擦力和空氣阻力，重力加速度已知，根據(jù)__________定律（定理）；可得到鋼球被阻攔前的速率。

（2）某同學(xué)對(duì)有故障的電熱毯進(jìn)行探究；題（2）圖1是電熱毯的電路示意圖，其中電熱線(xiàn)和導(dǎo)線(xiàn)通過(guò)金屬接線(xiàn)片連接，題（2）圖2為測(cè)試電路實(shí)物圖，A；B為測(cè)試表筆，電壓表內(nèi)阻很大，可視為理想電表。

①請(qǐng)?jiān)诖痤}卡虛線(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出與題（2）圖2對(duì)應(yīng)的電路圖___________；

②斷開(kāi)K1，用上述測(cè)試電路在1和1′之間檢測(cè)得知電熱線(xiàn)無(wú)故障，然后測(cè)得電熱線(xiàn)的U-I曲線(xiàn)如題（2）圖3所示，已知電熱線(xiàn)材料的電阻率為2.8×10-7Ω·m，電熱線(xiàn)的直徑為0.200mm，可求得此電熱線(xiàn)的電阻為_(kāi)______kΩ，總長(zhǎng)度為_(kāi)_______m；（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

③為了進(jìn)一步檢查故障，該同學(xué)閉合開(kāi)關(guān)K1和K2，用表筆A和B分別對(duì)題（2）圖1中所示的各點(diǎn)進(jìn)行測(cè)試，部分測(cè)試結(jié)果如下表所示，由此測(cè)試結(jié)果可判斷出電路有斷路，位置在________之間。（在“1和2”、“1′和2′”、“2和3”、“2′和3′”中選填一項(xiàng)）。測(cè)試點(diǎn)1和1′1和31和2′2′和3′2′和3′電表指針有無(wú)偏轉(zhuǎn)電壓表有有無(wú)有無(wú)電流表無(wú)有有無(wú)有有評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共10分)31、如圖乙所示，ABCD是一直角梯形棱鏡的橫截面，位于截面所在平面內(nèi)的一束光線(xiàn)由O點(diǎn)垂直AD邊射入．已知棱鏡的折射率

①求光線(xiàn)第一次射出棱鏡時(shí)，出射光線(xiàn)的方向_______

②第一次的出射點(diǎn)距C_____cm參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

由滑動(dòng)變阻器的連接方式可知滑片左移時(shí)接入電阻的變化；再由閉合電路的歐姆定律即可得出電路中電流的變化。

【詳解】

由電路圖可知；滑動(dòng)變阻器接入電路部分為右半部分，故向左移動(dòng)時(shí)，接入部分增大，故接入電阻增大；

電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流減小，故電流表示數(shù)減小，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)睛】

本題考查滑動(dòng)變阻器的使用方法及閉合電路的歐姆定律，屬基礎(chǔ)題目。2、B【分析】【分析】

【詳解】

將t軸上絕對(duì)零度（即-273℃）點(diǎn)D與AB連接起來(lái)，AD與BD均表示氣體的等容變化；由數(shù)學(xué)知識(shí)得知：

等容線(xiàn)斜率越大，越大，由氣態(tài)方程得知，體積越小。由圖知：AD斜率較大，BD斜率較小，則AD線(xiàn)對(duì)應(yīng)的氣體體積較小，BD線(xiàn)對(duì)應(yīng)的體積較大，故氣體由A變化到B，體積逐漸增大。

故選B。3、A【分析】【詳解】

ABCD．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知：從A到B，體積不變，壓強(qiáng)減小，故溫度降低，即TA>TB；從B到C，壓強(qiáng)不變，體積增大，故溫度升高，即TBC；故BCD錯(cuò)誤，A正確。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B，體積和壓強(qiáng)都增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

溫度一定升高；A錯(cuò)誤。

B．從狀態(tài)C到狀態(tài)A，壓強(qiáng)不變，體積減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

溫度一定降低，分子平均速率減小，但平均速率是統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于具體某一個(gè)分子并不適應(yīng)，故不能說(shuō)狀態(tài)A時(shí)所有分子的速率都比狀態(tài)C時(shí)的小；B錯(cuò)誤。

C．從狀態(tài)A到狀態(tài)B，壓強(qiáng)的平均值

氣體對(duì)外界做功為大小

C錯(cuò)誤；

D．從狀態(tài)B到狀態(tài)C為等容變化，氣體不做功，即從狀態(tài)C到狀態(tài)A為等壓變化，體積減小，外界對(duì)其他做功

對(duì)于整個(gè)循環(huán)過(guò)程，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

得

代入數(shù)據(jù)解得

D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A→B的過(guò)程中；溫度升高，分子平均動(dòng)能增大，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能有的增加，有的減小，故A錯(cuò)誤；

B．從狀態(tài)B→C的過(guò)程中；溫度升高，氣體內(nèi)能增加；壓強(qiáng)不變，根據(jù)蓋呂薩克定律可知體積增大，對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱，故B正確；

C．從狀態(tài)C→D的過(guò)程中；溫度不變，氣體內(nèi)能不變，故C正確；

D．如圖所示。

在p－T圖象中，過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)為等容線(xiàn)，斜率越大，體積越小，可知從狀態(tài)D→A的過(guò)程中；氣體體積減小，氣體的密度增大，故D正確.

本題選不正確的，故選A。6、B【分析】【分析】

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小等于磁通量的變化率；因此通過(guò)線(xiàn)圈速度越大，磁通量的變化率越大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大.

【詳解】

A、若僅增大h；對(duì)穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量沒(méi)有影響;故A錯(cuò)誤.

B、若僅增大h；磁鐵經(jīng)過(guò)線(xiàn)圈的時(shí)間減小，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增大;故B正確.

C、若僅增大h，對(duì)穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量沒(méi)有影響，所以穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量的變化相同，則通過(guò)線(xiàn)圈導(dǎo)線(xiàn)截面的電量：保持不變;故C錯(cuò)誤.

D；線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增大；所以感應(yīng)電流增大，對(duì)線(xiàn)圈對(duì)磁鐵的阻礙作用將變大;故D錯(cuò)誤.

故選B.

【點(diǎn)睛】

本題考查了電磁感應(yīng)定律與閉合電路電流與電量問(wèn)題，考點(diǎn)結(jié)合巧妙，題目新穎，有一定創(chuàng)新性.7、A【分析】【分析】

當(dāng)ab邊即將進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，是ab部分在切割磁感線(xiàn)，相當(dāng)于電源，根據(jù)切割公式求解切割電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解a、b間的電壓大小．

【詳解】

當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，ab部分在切割磁感線(xiàn)，切割長(zhǎng)度為兩個(gè)端點(diǎn)間的距離，即a、b間的距離為l，設(shè)每個(gè)邊的電阻為R，a、b兩點(diǎn)間的電壓為：U=I?2R=?2R，故U=Bωl2；故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A．

【點(diǎn)睛】

本題考查轉(zhuǎn)動(dòng)切割問(wèn)題，關(guān)鍵是明確ab邊在切割磁感線(xiàn)，ac、bc邊電阻是外電路電阻，根據(jù)切割公式求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再結(jié)合閉合電路歐姆定律列式分析．8、B【分析】【分析】

該電路R1和R3串聯(lián)，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓；根據(jù)閉合電路的動(dòng)態(tài)分析，分析電容器兩端的電壓變化，從而知道電場(chǎng)的變化以及θ角的變化．通過(guò)電容器兩端電壓的變化，就可知道電容器所帶電量的變化．

【詳解】

滑動(dòng)變阻器處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)，所以移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，電容器兩端的電壓不變，則θ不變．故A正確，B錯(cuò)誤．用更強(qiáng)的光線(xiàn)照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即U減小，所以U的變化量的絕對(duì)值等于內(nèi)電壓的增加量=r不變．因?yàn)橥怆妷簻p小，R3電壓增大，則R1兩端電壓減小，所以電容器兩端的電壓減小，所以小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變小．故CD正確．此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選B．9、D【分析】A、光電管所加的電壓，使光電子到達(dá)陽(yáng)極，則電流表中有電流流過(guò)，且可能處于飽和電流，若將滑動(dòng)觸頭P向B端移動(dòng)時(shí)，電流表讀數(shù)有可能不變，故A錯(cuò)誤；B、若用紅外線(xiàn)照射陰極K時(shí)，因紅外線(xiàn)的頻率小于黃色光，因此可能不發(fā)生光電效應(yīng)，也可能會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，電流表不一定沒(méi)有電流通過(guò)．故B錯(cuò)誤；C、若用強(qiáng)度更弱的黃光照射陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)有光子飛出，但光強(qiáng)變?nèi)羰沟蔑w出的光子數(shù)目減小，電流表讀數(shù)減小．故C錯(cuò)誤；D、紫外線(xiàn)的頻率大于黃色光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ek=hv-W0可知用一束紫外線(xiàn)照射陰極K時(shí)；出射光電子的最大初動(dòng)能一定變大，與光的強(qiáng)弱無(wú)關(guān)．故D正確；故選D。

【點(diǎn)睛】解答本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，以及知道影響光電流的因素，同時(shí)掌握相同能量的頻率越高的，光子數(shù)目越少．二、多選題(共9題，共18分)10、B:C:D【分析】【分析】

帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直AC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是周期，由此求得周期．根據(jù)周期公式求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B．經(jīng)分析可知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的情況是粒子垂直AB邊入射后，軌跡恰好與BC邊相切，畫(huà)出運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求出軌道半徑R，根據(jù)v=即可求出粒子速度．

【詳解】

帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直AC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是T/4，即為：T/4=t，則得周期為：T=4t，故A錯(cuò)誤；由T=4t，T=得：故B正確；

運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度為軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系有：解得：R=d，故C正確；根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度為：周期為：T=4t，半徑為：R=d，聯(lián)立可得：故D正確．故選BCD．

【點(diǎn)睛】

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，考查半徑公式和周期公式的運(yùn)用，解題的關(guān)鍵是要畫(huà)出粒子軌跡過(guò)程圖，確定圓心，利用幾何方法求出半徑．11、A:B:E【分析】【詳解】

AD．根據(jù)可得由圖可得，圖上各點(diǎn)與原點(diǎn)連線(xiàn)的斜率先減小后不變，則該氣體的體積先增大后不變，該氣體分子的密集程度先減小后不變，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

BC．該氣體的溫度一直升高；該氣體分子的平均動(dòng)能一直變大，理想氣體的內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，該氣體的內(nèi)能一直變大，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

E．第一個(gè)過(guò)程；對(duì)外做功，而內(nèi)能增大，氣體從外界吸熱，第二個(gè)過(guò)程，內(nèi)能增大，不對(duì)外做功，氣體從外界吸熱，選項(xiàng)E正確。

故選ABE。12、B:C:D【分析】【詳解】

A．單晶體具有各向異性；即單晶體沿著各個(gè)方向的物理性質(zhì)和化學(xué)光學(xué)性質(zhì)不同，多晶體具有各向同性，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是熱運(yùn)動(dòng)的反映，而熱運(yùn)動(dòng)在時(shí)不會(huì)停止；布朗運(yùn)動(dòng)可以繼續(xù)發(fā)生，故B選項(xiàng)正確；

C．由于分子之間的距離為時(shí)；分子勢(shì)能最小，故存在分子勢(shì)能相等的兩個(gè)位置，故C選項(xiàng)正確；

D．熱力學(xué)第一定律揭示了一切跟熱有關(guān)的現(xiàn)象遵循能量守恒定律；故D選項(xiàng)正確；

E．能量轉(zhuǎn)化過(guò)程中；存在能量散失，不能使散失在環(huán)境中的內(nèi)能全部重新收集起來(lái)加以利用，故E選項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選BCD。13、A:B:D【分析】【分析】

根據(jù)φ=BScosθ求解磁通量；根據(jù)?φ=φ2-φ1求解磁通量的變化量。

【詳解】

根據(jù)φ=BS可知，線(xiàn)圈沒(méi)有旋轉(zhuǎn)時(shí)的磁通量等于BL2，選項(xiàng)A正確；線(xiàn)圈旋轉(zhuǎn)600時(shí)的磁通量：B?L?2Lcos600=BL2，選項(xiàng)B正確；線(xiàn)圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1200的過(guò)程中磁通量變化了：B?L?2Lcos600-(-BL2)=2BL2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；線(xiàn)圈從開(kāi)始到旋轉(zhuǎn)1800的過(guò)程中磁通量的變化等于B?L?2L-(-BL2)=3BL2，選項(xiàng)D正確；故選ABD.14、A:B【分析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對(duì)面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對(duì)面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大．故C錯(cuò)誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=知電勢(shì)差減小；則靜電計(jì)指針張角變?。蔇錯(cuò)誤．故選AB．

考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析．15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖可知；兩小球間產(chǎn)生的排斥力，因?yàn)閯傞_(kāi)始乙做減速運(yùn)動(dòng)，甲做初速度為0的加速運(yùn)動(dòng)，則兩個(gè)電荷的電性一定相同，故A正確；

B．由圖可知；甲的速度一直增大，所以動(dòng)能一直增大，而乙的速度先減小后增大，所動(dòng)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)兩電荷從開(kāi)始到速度相同過(guò)程中的平均作用力為經(jīng)歷的時(shí)間為對(duì)甲球由動(dòng)量動(dòng)理可得：對(duì)乙由動(dòng)量定理有：

解得：分別對(duì)甲和乙由動(dòng)能定理得：聯(lián)立解得：故C正確．

D．從開(kāi)始到兩電荷速度相等時(shí)兩電荷間距最小，由于兩電荷的電性相同，所以系統(tǒng)克服電場(chǎng)力做功最大，兩電荷電勢(shì)最大，故D錯(cuò)誤．16、B:C【分析】【詳解】

A．從圖中可知；電容器的左端為正，充電過(guò)程中電流從電源正極流向電容正極，放電過(guò)程電流從電容的正極流出，所以充電和放電電流方向不同，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)公式Q=It

可得圖乙中的第①段（充電階段）電流曲線(xiàn)與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時(shí)所帶的電荷量；故B正確；

C．因?yàn)殡娙萜鞯碾娙菔呛愣ú蛔兊?，根?jù)電容定義式

變形得Q=CU

可得到Q是關(guān)于U的一次函數(shù)；所以電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量隨電容器充電結(jié)束時(shí)兩極間電壓變化的關(guān)系圖像應(yīng)為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)，故C正確；

D．因?yàn)殡娙萜魇歉瑒?dòng)變阻器的左端并聯(lián)在一起的，所以電容器的充電結(jié)束時(shí)的電壓和滑動(dòng)片的位置有關(guān)，根據(jù)公式

可知電容器充電結(jié)束時(shí)所帶電荷量與滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭的位置有關(guān)；故D錯(cuò)誤。

故選BC。17、C:D【分析】【分析】

【詳解】

快速向瓶?jī)?nèi)打入氣體的過(guò)程，在瓶塞未跳起前，壓縮瓶?jī)?nèi)的氣體做功，瓶?jī)?nèi)氣體的內(nèi)能增加，瓶?jī)?nèi)水蒸汽分子密度增大，繼續(xù)打氣，當(dāng)瓶塞跳起時(shí)，瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)瓶塞做功，瓶?jī)?nèi)氣體的內(nèi)能減少，溫度降低，使瓶?jī)?nèi)的水蒸氣液化成小水珠，出現(xiàn)白氣，故選項(xiàng)C、D正確，A、B錯(cuò)誤．18、A:C:D【分析】【詳解】

A.時(shí)，即B剛停下時(shí)，對(duì)AB，從t=0到運(yùn)用動(dòng)量守恒定律；

解得A的動(dòng)量為故A正確；

B.當(dāng)時(shí)；對(duì)A由動(dòng)量定理得：

代入。

解得：故B錯(cuò)誤;

C.t=0到B停下，對(duì)B；動(dòng)量定理。

即時(shí)，B停下，所以時(shí)，B的動(dòng)量為0；故C正確；

D.設(shè)A、B受到的滑動(dòng)摩擦力都為f，斷開(kāi)前兩物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件得：F=2f，設(shè)B經(jīng)過(guò)時(shí)間t速度為零，對(duì)B由動(dòng)量定理得：

解得：由此可知，在剪斷細(xì)線(xiàn)前，兩木塊在水平地面上向右做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，以AB為系統(tǒng)，繩子的屬于系統(tǒng)的內(nèi)力，系統(tǒng)所受合力為零；在剪斷細(xì)線(xiàn)后，在B停止運(yùn)動(dòng)以前，兩物體受到的摩擦力不變，兩木塊組成的系統(tǒng)的合力仍為零，則系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，故在至的時(shí)間內(nèi)A、B的總動(dòng)量守恒，故D正確；三、填空題(共6題，共12分)19、略

【分析】【詳解】

由電路的組成可知，R1和R3的上半部分串聯(lián)，R2和R3的下半部分串聯(lián)，然后再并聯(lián)．只要求出P由a向b滑動(dòng)過(guò)程中電阻的變化，就可求得電流的變化．設(shè)P、a間電阻為Ra；則混聯(lián)電路的電阻為。

上式中分子里兩個(gè)因式之和為定值，則當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

當(dāng)時(shí)，R＝2.1Ω，I2＝3A

故當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從a端滑動(dòng)到b端的過(guò)程中；電流表示數(shù)變化：從3.94A減小到2.52A再增大到3A.

【點(diǎn)睛】

本題正確列出并聯(lián)電路電阻表達(dá)式，再根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系，即可正確解題．【解析】從3.94A減小到2.52A再增大到3A20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]與門(mén)的特點(diǎn)：事件的所有條件滿(mǎn)足；事件才能發(fā)生?；蜷T(mén)的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿(mǎn)足，事件就能發(fā)生。非門(mén)的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反。由圖象知輸入端有一個(gè)為高電勢(shì)時(shí)，輸出端即為高電勢(shì)，此邏輯電路為或門(mén)電路，該邏輯門(mén)的符號(hào)是。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

根據(jù)右手安培定則可判斷B導(dǎo)線(xiàn)在A導(dǎo)線(xiàn)周?chē)a(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則可判斷A導(dǎo)線(xiàn)所受安培力的方向水平向右；

【解析】22、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內(nèi)能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對(duì)外做功要少得話(huà)，物體的內(nèi)能會(huì)減小，所以答案A錯(cuò)；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調(diào)等所以答案B錯(cuò)；在分子力為排斥力時(shí)距離增大分子勢(shì)能減小，答案C錯(cuò)，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．23、略

【分析】【詳解】

[1]氣囊展開(kāi)過(guò)程中；氣體迅速膨脹，對(duì)外做功，由于時(shí)間極短，可看作絕熱膨脹，故內(nèi)能減小；

[2]泄露收縮過(guò)程中；整個(gè)氣體是進(jìn)一步膨脹的，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，內(nèi)能進(jìn)一步減小，故剩余部分氣體的溫度進(jìn)一步降低，而溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，故分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能減小，而分子密集程度也稀疏了，故氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力減小。

【點(diǎn)睛】

熱力學(xué)第一定律就是不同形式的能量在傳遞與轉(zhuǎn)換過(guò)程中守恒的定律，表達(dá)式為表述形式：熱量可以從一個(gè)物體傳遞到另一個(gè)物體，也可以與機(jī)械能或其他能量互相轉(zhuǎn)換，但是在轉(zhuǎn)換過(guò)程中，能量的總值保持不變?！窘馕觥繙p小減小24、略

【分析】根據(jù)I=Ft得；10s內(nèi)推力的沖量I=10×10N?s=100N?s

點(diǎn)睛：本題考查了沖量公式的基本運(yùn)用，知道推力F的沖量與其它力的大小無(wú)關(guān)，不要受題目中摩擦力等因素的影響．【解析】100四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線(xiàn)管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線(xiàn)管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)