2025年新世紀(jì)版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新世紀(jì)版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、半徑R=4cm的圓盤(pán)可繞圓心O水平轉(zhuǎn)動(dòng)，其邊緣有一質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），若物塊隨圓盤(pán)一起從靜止開(kāi)始加速轉(zhuǎn)動(dòng)，其向心加速度與時(shí)間滿足a0=t2，物塊與圓盤(pán)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6，取g=10m/s2，則：（）A.2s末圓盤(pán)的線速度大小為0.4m/sB.2s末物塊所受摩擦力大小為6NC.物塊繞完第一圈的時(shí)間約為1.88sD.物塊隨圓盤(pán)一起運(yùn)動(dòng)的最大速度約為0.5m/s2、如圖所示，在U-I圖象上，a、b、c各點(diǎn)均表示該電路中的一個(gè)確定的工作狀態(tài)，α=β=45°，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在b點(diǎn)時(shí)，電源有最小的輸出功率B.在b點(diǎn)時(shí)，電源的總功率最大C.從a→b，β增大，電源的總功率和輸出功率都增大D.從b→c，β增大，電源的總功率和輸出功率都減小3、如圖所示，圖甲實(shí)線為方向未知的三條電場(chǎng)線，a、b兩帶電粒子從電場(chǎng)中的p點(diǎn)靜止釋放．不考慮兩粒子間的相互作用，僅在電場(chǎng)力作用下，兩粒子做直線運(yùn)動(dòng)，a、b粒子的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙中實(shí)線①；②所示；虛線為直線．則

（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B.a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)C.a電勢(shì)能減小，b電勢(shì)能增大D.a動(dòng)能減小，b動(dòng)能增大4、如圖所示；在粗糙程度相同的絕緣斜面上固定一點(diǎn)電荷Q，在M點(diǎn)無(wú)初速度地釋放帶有與Q同種電荷的小物塊，小物塊在Q的電場(chǎng)中沿斜面運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)靜止，則從M到N的過(guò)程中（）

A.小物塊所受庫(kù)侖力逐漸減小。

B.M點(diǎn)的電勢(shì)一定高于N點(diǎn)的電勢(shì)。

C.小物塊的電勢(shì)能一定增加。

D.電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功小于小物塊克服摩擦力做的功。

5、如圖所示，小球m被一根細(xì)線拉著在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則關(guān)小、球m的受力分析，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.小球m受重力、支持力、繩的拉力和向心力的作用B.小球m所受拉力的方向始終指向圓心C.小球m所受重力和支持力是一對(duì)平衡力D.小球m所受拉力提供它做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、重力為100N的物塊放置在水平地面上，至少要用35N的水平推力，才能把它從原地開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．物塊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)以后，用30N的水平推力就可以使物塊繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)由此可知：物塊與地面之間的最大靜摩擦力Fmax=____；物塊所受的滑動(dòng)摩擦力F=____物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=____；運(yùn)動(dòng)過(guò)程中如果用20N的水平推力推物塊，物塊所受的摩擦力是____N．7、（2011秋?湖北月考）（1）歷史上第一次利用加速器實(shí)現(xiàn)的核反應(yīng)，是用加速后動(dòng)能為0.5MeV的質(zhì)子H轟擊靜止的X，生成兩個(gè)動(dòng)能均為8.9MeV的He．（1MeV=1.6×10-13）

①上述核反應(yīng)方程為_(kāi)___；

②質(zhì)量虧損為_(kāi)___kg．

（2）如圖所示，固定的光滑的弧形軌道末端水平，固定于水平桌面上，B球靜止于軌道的末端．軌道最高點(diǎn)距軌道末端高度及軌道末端距地高度均為R．A球由軌道最高點(diǎn)靜止釋放，A球質(zhì)量為2m，B球質(zhì)量為m，A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力及碰撞過(guò)程中的機(jī)械能的損失．求：A、B兩球落地點(diǎn)的水平距離？8、如圖所示，是一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波的傳播速度v=2m/s，則振動(dòng)的周期為_(kāi)___s，x=1.0m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿____（填“y軸正方向”或“y軸負(fù)方向”），x=2.0m處的質(zhì)點(diǎn)在0-1.5s內(nèi)通過(guò)的路程為_(kāi)___cm．9、【題文】一個(gè)元電荷的電量是____C，3.2×10-8C電量有____個(gè)基元電荷。10、一物體做單向直線運(yùn)動(dòng)，前一半時(shí)間以v1勻速運(yùn)動(dòng)，后一半時(shí)間以速度v2勻速運(yùn)動(dòng)，則全程平均速度為_(kāi)___．11、（2013春?芮城縣期中）如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌間距為d，一端跨接一阻值為R的電阻，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直軌道所在平面，一根長(zhǎng)直金屬棒與軌道成60°角放置，當(dāng)金屬以垂直棒的恒定速度v沿金屬軌道滑行時(shí)，電阻R中的電流大小為_(kāi)___．（不計(jì)軌道與棒的電阻）12、B．（選修模塊3-4）

（1）在以下說(shuō)法中，正確的是____

A．醫(yī)學(xué)上利用γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的穿透能力強(qiáng)的特點(diǎn)。

B．若用頻率更高的單色光照射時(shí)；同級(jí)牛頓環(huán)半徑將會(huì)變大。

C．機(jī)械波在傳播波源的振動(dòng)的形式的同時(shí)傳遞了能量。

D．麥克耳孫-莫雷實(shí)驗(yàn)表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)；光速都是一樣的。

（2）有兩個(gè)同學(xué)利用假期分別去參觀北大和南大的物理實(shí)驗(yàn)室，各自在那里利用先進(jìn)的DIS系統(tǒng)較準(zhǔn)確地探究了“單擺的周期T與擺長(zhǎng)L的關(guān)系”，他們通過(guò)校園網(wǎng)交換實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，并由計(jì)算機(jī)繪制了T2-L圖象，如圖甲所示．去北大的同學(xué)所測(cè)實(shí)驗(yàn)結(jié)果對(duì)應(yīng)的圖線是____（選填“A”或“B”）．另外，在南大做探究的同學(xué)還利用計(jì)算機(jī)繪制了a、b兩個(gè)擺球的振動(dòng)圖象（如圖乙），由圖可知，兩單擺擺長(zhǎng)之比=____．在t=1s時(shí)b球振動(dòng)方向是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當(dāng)溫度升高時(shí)，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場(chǎng)方向垂直____．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、滑動(dòng)摩擦力的方向總是與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反．____（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、兩個(gè)力的合力總是大于原來(lái)每一個(gè)力．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、火車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，則轉(zhuǎn)彎時(shí)，對(duì)外軌產(chǎn)生向外的擠壓作用．____．20、質(zhì)點(diǎn)就是體積很小的物體．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會(huì)發(fā)生改變____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共4分)22、水中和玻璃中的氣泡，看起來(lái)特別明亮，是因?yàn)橐徊糠稚涞狡浣缑嫔系墓獍l(fā)生了全反射．根據(jù)圖所示的入射光線，完成該光線射到界面上后的光路圖．23、如圖所示，輕桿與豎直墻壁之間用鉸鏈連接，桿的末端吊著一個(gè)重為G的物體，墻與輕繩、桿之間的夾角都是θ=60°，求輕繩和桿各受多大的力？評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)24、（2015春?宜興市校級(jí)期末）質(zhì)量為M1、半徑為R的光滑圓槽，與一個(gè)質(zhì)量為M2的光滑弧形槽，相對(duì)地放在光滑水平面上，連接處與水平面相切．一個(gè)質(zhì)量為m的物體從M1頂端正上方高為h0處自由落下，先沿M1槽下滑，后又滑到M2頂端時(shí)恰好與M2相對(duì)靜止．

求：（1）物體m離開(kāi)M1時(shí)的速率；

（2）弧形槽M2的高度h．25、（2015秋?乳山市期中）一質(zhì)點(diǎn)沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)；其v-t圖象如圖所示．質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)開(kāi)始沿x軸正向運(yùn)動(dòng)．求：

（1）質(zhì)點(diǎn)在第5秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的加速度。

（2）質(zhì)點(diǎn)在3.5s末的速度。

（3）質(zhì)點(diǎn)在前8s內(nèi)位移及平均速度．評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共32分)26、水平拋出的一個(gè)石子，經(jīng)過(guò)0.4s落到地面，落地時(shí)的速度方向跟水平方向的夾角是53°，g取10m/s2．試求：（sin53°=0.8；cos53°=0.6）

（1）物體拋出時(shí)的高度；

（2）物體拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)的水平距離；

（3）落地速度．27、如圖：真空中一點(diǎn)電荷+Q；A到+Q距離為L(zhǎng)，求A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向．

28、如圖所示，兩根相距l(xiāng)的豎直平行金屬導(dǎo)軌位于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．另有兩根質(zhì)量均為m、電阻均為R的金屬棒ab、cd，與導(dǎo)軌光滑良好接觸．若要使cd棒靜止，則應(yīng)使ab棒在豎直方向作勻速直線運(yùn)動(dòng)．求：ab棒的運(yùn)動(dòng)速度大?。?9、如圖所示，間距為l的平行金屬導(dǎo)軌LMN和OPQ分別固定在兩個(gè)豎直面內(nèi)，電阻為R、質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的相同導(dǎo)體桿ab和cd分別放置在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直．在水平光滑導(dǎo)軌間有與水平面成θ、并垂直于ab的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；傾斜導(dǎo)軌間有沿斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B．傾斜導(dǎo)軌與水平面夾角也為θ，桿cd與傾斜導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因素為μ．a(chǎn)b桿在水平恒力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)cd剛要滑動(dòng)時(shí)ab恰達(dá)到最大速度．（θ=30°、μ=；最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）求：

（1）此時(shí)桿cd中的電流大??；

（2）桿ab的最大速度；

（3）若此過(guò)程中流過(guò)桿ab的電量為q，則cd產(chǎn)生的焦耳熱Q為多大？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】根據(jù)a0=t2，求出2s末的向心加速度，再根據(jù)a=，求得2s末的線速度，根據(jù)靜摩擦力提供向心力求出2s末所受靜摩擦力；根據(jù)a==t2，解得：v=0.2t，速度隨時(shí)間均勻增加，求出平均速度，再根據(jù)求解物塊繞完第一圈的時(shí)間，當(dāng)靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，速度取最大值，根據(jù)向心力公式求解最大速度．【解析】【解答】解：A、2s末圓盤(pán)的向心加速度a=4m/s2，根據(jù)a=得：v===0.4m/s；故A正確；

B；物塊隨圓盤(pán)一起從靜止開(kāi)始加速轉(zhuǎn)動(dòng)；靜摩擦力沿著半徑方向的分量提供向心力，則2s末時(shí)刻：

f1=ma=1×4=4N；

根據(jù)a==t2，得：v=0.2t，故切向加速度為a′=0.2m/s2；靜摩擦力的切向分量為：

f2=ma′=2N

故靜摩擦力的合力為：f==2N＜6N；故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)a==t2，得：v=0.2t，所以速度隨時(shí)間均勻增加，則t時(shí)間內(nèi)的平均速度==0.1t；

所以繞完第一圈的時(shí)間t==；解得：t=1.58s，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，速度取最大值，此時(shí)摩擦力的徑向風(fēng)量提供加速度，若μmg=m；解得：

v=≈0.5m/s；所以最大速度不是0.5m/s，故D錯(cuò)誤．

故選：A2、D【分析】【分析】在U-I圖象中，直線ac的斜率表示的是電源的電阻的大小，直線的截距代表電源的電動(dòng)勢(shì)的大小，直線ob的斜率代表的是外電阻的大小，當(dāng)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時(shí)候，電源的輸出功率最大．【解析】【解答】解：A、在b點(diǎn)時(shí)，因?yàn)棣?β，所以直線ob的斜率大小與直線ac的斜率大小相等；所以此時(shí)外電阻和電源的內(nèi)電阻的大小相等，此時(shí)電源的輸出功率最大，故A錯(cuò)誤；

B、電源的總功率為P=EI=；所以在電路的總電阻最小的時(shí)候，電源的功率最大，在a點(diǎn)時(shí)，電路的總電阻最小，所以此時(shí)的總功率最大，故B錯(cuò)誤；

C、由A、B分析可知，在b點(diǎn)時(shí)電源的輸出功率最大，在a點(diǎn)時(shí)，電源的總功率最大，所以從a→b時(shí)；β角越大，電源的總功率在減小，電源的輸出功率在增大，故C錯(cuò)誤；

D、由A、B分析可知，在b點(diǎn)時(shí)電源的輸出功率最大，在a點(diǎn)時(shí)，電源的總功率最大，在c點(diǎn)時(shí)，電源的總功率最小，所以從b→c時(shí)；β角變大，電源的總功率減小，電源的輸出功率在減小，故D正確．

故選D．3、B【分析】【分析】從速度-時(shí)間圖象中分析出帶電粒子加速度是增大還是減小，可知粒子在電場(chǎng)中向左還是向右運(yùn)動(dòng)，通過(guò)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能、動(dòng)能的變化．【解析】【解答】解：A．從速度時(shí)間圖象中可以看出，a粒子加速度逐漸增大，b粒子加速度逐漸減小，因?yàn)榱Ｗ觾H受電場(chǎng)力，可知a粒子電場(chǎng)力逐漸增大，b粒子電場(chǎng)力逐漸減小，所以a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)．由于不知電場(chǎng)的方向，所以無(wú)法判斷a、b的電性．故A錯(cuò)誤；B正確．

C．帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，所以a、b的電勢(shì)能均減?。蔆錯(cuò)誤．

D．帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，因?yàn)閮H受電場(chǎng)力，根據(jù)動(dòng)能定理，a、b的動(dòng)能均增加．故D錯(cuò)誤．

故選B．4、A|D【分析】

A；小物塊與電荷Q之間的距離增大；而電量都不變，根據(jù)庫(kù)侖定律可知小物塊所受庫(kù)侖力逐漸減小．故A正確．

B；由于點(diǎn)電荷Q的電性未知；電場(chǎng)線方向未知，無(wú)法判斷M、N電勢(shì)的高低．故B錯(cuò)誤．

C；電場(chǎng)力對(duì)物塊做正功；電勢(shì)能一定減小．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)動(dòng)能定理得知：電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功、摩擦力對(duì)小物塊做的功及重力做功之和等于零；則知電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功和重力做功之和等于小物塊克服摩擦力做的功，故電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功小于小物塊克服摩擦力做的功，故D正確．

故選AD

【解析】【答案】小物塊與電荷Q之間的距離增大；根據(jù)庫(kù)侖定律分析庫(kù)侖力的變化．由于點(diǎn)電荷Q的電性未知，無(wú)法判斷M；N電勢(shì)的高低．電場(chǎng)力對(duì)物塊做正功，電勢(shì)能減?。鶕?jù)動(dòng)能定理分析電場(chǎng)力做功與物塊克服摩擦力做功的關(guān)系．

5、A【分析】【分析】小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，勻速圓周運(yùn)動(dòng)是變速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；受重力、支持力、拉力，支持力和重力平衡，拉力提供向心力，故A錯(cuò)誤，C正確；

B；小球m所受拉力的方向始終指向圓心；故B正確；

D；小球m所受拉力提供它做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力；故D正確；

本題選錯(cuò)誤的，故選：A．二、填空題(共7題，共14分)6、35N30N0.330【分析】【分析】當(dāng)木箱剛要滑動(dòng)時(shí)受到的靜摩擦力達(dá)到最大值，恰好等于此時(shí)的水平推力．當(dāng)物體被推動(dòng)后，受到滑動(dòng)摩擦力，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件求出滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)摩擦力公式求出動(dòng)摩擦因數(shù)．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中如果改用20N的水平推力推木箱時(shí)，物體由于慣性繼續(xù)向前滑動(dòng)，滑動(dòng)摩擦力不變．【解析】【解答】解：由題；當(dāng)要用35N的水平推力時(shí)，木箱才能從原地開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)水平推力恰好等于最大靜摩擦力，所以木箱與地板間的最大靜摩擦力為35N．

用30N的水平推力；使木箱繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，則由平衡條件得到，木箱受到的滑動(dòng)摩擦力f=30N；

木箱對(duì)地面的壓力大小等于重力；即N=G=100N；

所以動(dòng)摩擦因數(shù)為μ===0.3．

在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中如果改用20N的水平推力推木箱時(shí)；物體由于慣性繼續(xù)向前滑動(dòng)，滑動(dòng)摩擦力不變，仍為30N．

故答案為：35N，30N，0.3，30．7、H+X→He+He3.1×10-29【分析】【分析】（1）根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒列出核反應(yīng)方程．根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程△E=△mc2求出質(zhì)量虧損．

（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出A球與B球碰撞前的速度，根據(jù)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒求出碰撞后兩球的速度，根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而求出平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移之差．【解析】【解答】（1）解：①核反應(yīng)方程為：H+X→He+He或H+Li→He+He

②kg=3.1×10-29kg．

故答案為：H+X→He+He，3.1×10-29kg．

（2）解：A球下滑到與B球碰撞前機(jī)械能守恒；則：

2mgR=（2m）v2

v=

A球與B球發(fā)生彈性碰撞；動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，則：

2mv=2mvA+mvB

（2m）v2=（2m）vA2+mvB2

彈性碰撞后；A球與B球做平拋運(yùn)動(dòng)：

R=gt2

x=v0t

則A；B兩球落地點(diǎn)的水平距離

△x=（vB-vA）t=2R

答：A、B兩球落地點(diǎn)的水平距離為2R．8、略

【分析】

由圖知，該波的波長(zhǎng)為λ=2m，則周期為T(mén)==s=1s

簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播；波形向左平移，得知x=1.0m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向；

時(shí)間t=1.5s=1.5T；質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)的路程是四個(gè)振幅，則在1.5s時(shí)間內(nèi)x=2m處質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為S=1.5×4A=6×5cm=30cm

故答案為：1；y軸負(fù)方向，30

【解析】【答案】由圖讀出波長(zhǎng)；由波速公式求出周期；波向左傳播，運(yùn)用波形的平移法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；根據(jù)時(shí)間與周期的倍數(shù)關(guān)系，求解質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程．

9、略

【分析】【解析】

試題分析：一個(gè)元電荷的電量是1.6×10-19C，3.2×10-8C電量有個(gè)基元電荷。

考點(diǎn)：考查元電荷。

點(diǎn)評(píng)：難度較小，元電荷的電量是自然界中最小的電量單元，任何一個(gè)帶電體所帶電荷量都是元電荷的整數(shù)倍【解析】【答案】1.6×10-19，2×101110、【分析】【分析】整個(gè)過(guò)程的平均速度等于總位移和總時(shí)間的比值．所以要求解整個(gè)過(guò)程的平均速度，只要求出總位移和總時(shí)間即可【解析】【解答】解：整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度為：

故答案為：11、【分析】【分析】當(dāng)金屬棒沿垂直于棒的方向以速度v滑行時(shí)，金屬棒切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，金屬棒有效的切割長(zhǎng)度為，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由閉合電路歐姆定律求出電流．【解析】【解答】解：金屬棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

E=BLv=Bv

通過(guò)R的電流為：

I===

故答案為：12、CDB4：9沿y軸負(fù)方向【分析】【分析】（1）γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的具有高能量容易破環(huán)腫瘤細(xì)胞；牛頓環(huán)是等厚干涉；條紋間距與波長(zhǎng)成正比；機(jī)械波在傳播的是振動(dòng)形式和能量；光速不變?cè)硎菒?ài)因斯坦狹義相對(duì)論的基本假設(shè)之一；

（2）根據(jù)T2～L圖象比較出重力加速度的大小，因?yàn)楸本┖湍暇┊?dāng)?shù)氐闹亓铀俣炔煌瑥亩芍贝蟮耐瑢W(xué)所測(cè)實(shí)驗(yàn)結(jié)果對(duì)應(yīng)的圖線．根據(jù)振動(dòng)圖象得出兩擺的周期比，從而根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出兩單擺的擺長(zhǎng)之比．【解析】【解答】解：（1）A．醫(yī)學(xué)上利用γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的具有高能量的特點(diǎn)；故A錯(cuò)誤；

B．若用頻率更高的單色光照射時(shí)；光的波長(zhǎng)變小，同級(jí)牛頓環(huán)半徑將會(huì)變小，故B錯(cuò)誤；

C．機(jī)械波在傳播波源的振動(dòng)的形式的同時(shí)傳遞了能量．故C正確；

D．愛(ài)因斯坦的相對(duì)論與麥克耳孫-莫雷實(shí)驗(yàn)表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)；光速都是一樣的，與參考系的選取無(wú)關(guān)．故D正確．

故選：CD

（2）由T=2π得到，T2=L，知T2-L圖象的斜率越大；則重力加速度越小，因?yàn)槟暇┊?dāng)?shù)氐闹亓铀俣刃∮诒本?，去北大的同學(xué)所測(cè)實(shí)驗(yàn)結(jié)果對(duì)應(yīng)的圖線的斜率小，應(yīng)該是B圖線．

由振動(dòng)圖線知，兩單擺的周期比為=，由T=2π知，兩單擺擺長(zhǎng)之比=．

x-t圖象的斜率表示速度，故在t=1s時(shí)b球振動(dòng)方向是-y方向；

故答案為：

（1）CD；

（2）B；4：9；沿y軸負(fù)方向．三、判斷題(共9題，共18分)13、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動(dòng)能變化的標(biāo)志．氣體壓強(qiáng)是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當(dāng)溫度升高時(shí)，分子的運(yùn)動(dòng)變得更加激烈，分子的運(yùn)動(dòng)加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強(qiáng)增大．故該說(shuō)法正確．

故答案為：√14、×【分析】【分析】電荷的定向移動(dòng)叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)力方向；

左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場(chǎng)方向垂直；

故答案為：×．15、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失，故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．【解析】【解答】解：滑動(dòng)摩擦力阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)；與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．有時(shí)會(huì)和物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，故與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×17、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】解答此題時(shí)；要從力的大小和方向兩個(gè)方面來(lái)考慮，在分析各選項(xiàng)時(shí)千萬(wàn)不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當(dāng)兩個(gè)力方向相同時(shí)；合力等于兩分力之和，合力大于每一個(gè)分力；當(dāng)兩個(gè)分力方向相反時(shí)，合力等于兩個(gè)分力之差，合力可能小于分力，由此可見(jiàn)：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯(cuò)誤；

故答案為：×．19、√【分析】【分析】火車(chē)在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時(shí)，需要有力提供指向圓心的向心力，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，只能軌道的壓力提供．【解析】【解答】解：火車(chē)在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時(shí)；做圓周運(yùn)動(dòng)，需要有力提供指向圓心的向心力，即方向指向內(nèi)側(cè)，此時(shí)外軌對(duì)火車(chē)的壓力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，火車(chē)對(duì)外軌產(chǎn)生向外的壓力作用，此說(shuō)法正確。

故答案為：√20、×【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來(lái)判斷即可．【解析】【解答】解：能否看成質(zhì)點(diǎn)；與質(zhì)量；體積大小無(wú)關(guān)，質(zhì)量、體積很大的物體也能看成質(zhì)點(diǎn)，比如地球公轉(zhuǎn)時(shí)的地球可以看成質(zhì)點(diǎn)，故錯(cuò)誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會(huì)顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：（×）四、作圖題(共2題，共4分)22、略

【分析】【分析】光線在界面上發(fā)生全反射，根據(jù)反射定律作出光路圖即可．【解析】【解答】解：圖中入射光線在界面上發(fā)生全反射；根據(jù)反射定律知反射角等于60°，完成該光線射到界面上后的光路圖如圖．

23、略

【分析】【分析】對(duì)O點(diǎn)受力分析，受物體的拉力（等于G）、輕桿對(duì)O點(diǎn)的彈力和上面繩子的拉力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件并結(jié)合幾何關(guān)系求解即可．【解析】【解答】解：由于輕桿與豎直墻壁之間用鉸鏈連接；所以桿受到彈力方向沿桿子方向；

對(duì)重物受力分析；重物受到重力和繩子的拉力，受力平衡，則繩子拉力T=G；

對(duì)O點(diǎn)受力分析；如圖所示：

O點(diǎn)受力平衡；根據(jù)幾何關(guān)系可知：F=T=G

答：輕繩和桿受到的力都為G．五、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)24、略

【分析】【分析】（1）物體m與M1作用的過(guò)程中；系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，據(jù)此列式，聯(lián)立方程求解；

（2）m滑上M2的過(guò)程中，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，據(jù)此列式，聯(lián)立方程求解．【解析】【解答】解：（1）物體m與M1作用的過(guò)程中；系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mv1+M1v2=0

整個(gè)過(guò)程中；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有：

解得：

（2）m滑上M2的過(guò)程中；系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有：

mv1+M2v2=（m+M2）v；

；

聯(lián)立解得：h=

答：（1）物體m離開(kāi)M1時(shí)的速率為；

（2）弧形槽M2的高度h為．25、略

【分析】【分析】在速度時(shí)間圖線中，圖象的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的速度等于平均速度，平均速度等于位移除以時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）圖象的斜率表示加速度，則在第5s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度為：a=；

（2）質(zhì)點(diǎn)在3-4s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，3.5s末的速度為：v=

（3）質(zhì)點(diǎn)在前8s內(nèi)位移為：x=；

平均速度為：

答：（1）質(zhì)點(diǎn)在第5秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的加速度為-1m/s2；

（2）質(zhì)點(diǎn)在3.5s末的速度為1m/s；

（3）質(zhì)點(diǎn)在前8s內(nèi)位移為3m，平均速度為0.375m/s．六、解答題(共4題，共32分)26、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；結(jié)合位移時(shí)間公式求出石子拋出點(diǎn)距離地面的高度；

（2）根據(jù)速度時(shí)間公式求出落地時(shí)豎直方向速度；根據(jù)幾何關(guān)系求出水平速度，再求出水平位移；

（3）結(jié)合平行四邊形定則求出石子落地的速度．【解析】【解答】解：（1）石子的拋出點(diǎn)距離地面的高度h==0.8m．

（2）落地時(shí)豎直分速度vy=gt=10×0.4m/s=4m/s，根據(jù)tan53°=