2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、不考慮溫度對電阻的影響，對一個“220V,40W”的燈泡，下列說法正確的是()A.接在110V的電路上時的功率為20WB.接在110V的電路上時的功率為10WC.接在440V的電路上時的功率為160WD.接在220V的電路上時的功率為40W2、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過一系列變化過程，如圖所示，下列說法中正確的是()

A.a隆煤b

過程中，氣體體積增大，壓強減小B.b隆煤c

過程中，氣體壓強不變，體積增大C.c隆煤a

過程中，氣體壓強增大，體積變小D.c隆煤a

過程中，氣體內(nèi)能增大，體積增大3、真空中有兩個固定的帶正電的點電荷，其電量Q1＞Q2，點電荷q置于Q1、Q2連線上某點時，正好處于平衡，則（）A.q一定是正電荷；B.q一定是負電荷；C.q靠近Q2D.q靠近Q14、當某一導體的兩端電壓為3V時，通過該導體的電流強度為0.3A，如果使該導體兩端的電壓再增加6V，那么此導體的電阻和通過它的電流強度分別是A.10Ω、0.6AB.20Ω、0.6aC.10Ω、0.9AD.20Ω、0.9A5、如圖所示，水平桌面上放置一根條形磁鐵，磁鐵中央正上方用絕緣彈簧懸掛一水平直導線，并與磁鐵垂直。當直導線中通入圖中所示方向的電流時，和未通電相比較，可以判斷出A.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力增大B.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力減小C.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力增大D.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力減小6、下列各圖中，已標出電流及電流的磁場方向(B

圖表示通電環(huán)形導線產(chǎn)生的磁場，“?

”表示導線中電流I

的方向垂直于紙面向里，“隆脩

”表示導線中電流I

的方向垂直于紙面向外)

其中正確的是()A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、如圖所示，某發(fā)電站通過燃燒煤來發(fā)電．發(fā)電站通過升壓器、輸電線和降壓器把電能輸送給生產(chǎn)和照明組成的用戶，發(fā)電機輸出功率是120kW，輸出電壓是240V，升壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：25，輸電線的總電阻為10Ω，用戶需要的電壓為220V．則：

①升壓變壓器的輸出電壓為____．

②輸電線上的電流為____．

③輸電線上損失的電功率為____．

④降壓器原、副線圈的匝數(shù)比為____．8、勻強電場中兩點間的電勢差等于____與____的乘積．9、一根電阻為1Ω，橫截面積為S的粗細均勻的金屬絲，將它拉長至原來的3倍，橫截面積為______S，則此時金屬絲的電阻為______Ω．10、如圖所示，一只理想變壓器原線圈與頻率為50Hz的正弦交流電源相連，兩個阻值均為20Ω的電阻串聯(lián)后接在副線圈的兩端。圖中的電流表，電壓表均為理想交流電表，原副線圈分別為200匝和100匝，電壓表的示數(shù)為5V。則電流表的讀數(shù)為A；交流電源的輸出電壓的最大值為____V。11、雷達利用了微波____、____的特點來工作的．12、自然界中只存在兩種電荷，______電荷和______電荷．13、（1）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，用主尺最小分度為1mm，游標上有20個分度的卡尺測量金屬球的直徑，結(jié)果如圖1所示，可以讀出此金屬球的直徑為______mm．

（2）單擺細繩的懸點與拉力傳感器相連，將擺球拉開一小角度使單擺做簡諧運動后，從某時刻開始計時，拉力傳感器記錄了拉力隨時間變化的情況，如圖2所示，則該單擺的周期為______s．

14、某同學為了驗證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵心的線圈L

相同的小燈泡AB

電阻R

開關(guān)S

和電池組E

用導線將它們連接成如圖所示的電路.

檢查電路后，閉合開關(guān)S

小燈泡發(fā)光；電感線圈自感系數(shù)較大.

當開關(guān)斷開的瞬間，則有______(

填序號壟脵A

比B

先熄滅壟脷B

比A

先熄滅壟脹AB

一起熄滅)B

燈的電流方向為______(

填序號壟脵

左到右，壟脷

右到左)

某同學雖經(jīng)多次重復斷開開關(guān)S

仍未見老師演示時出現(xiàn)的小燈泡B

閃亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因.

你認為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是______(

填序號壟脵

電源的內(nèi)阻較大壟脷

線圈電阻偏小壟脹

線圈的自感系數(shù)較大)

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共27分)20、如圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導軌豎直放置，相距l(xiāng)=0.2m

導軌上端連接著電阻R1=1婁賂

質(zhì)量為m=0.01kg

電阻為R2=0.2婁賂

的金屬桿ab

與導軌垂直并接觸良好，導軌電阻不計.

整個裝置處于與導軌平面垂直的磁感應強度為B=1T

的勻強磁場中.ab

桿由靜止釋放；若下落h=O.8m

后開始做勻速運動，g

取10m/s2

求：

(1)

桿勻速運動的速度大??；

(2)

勻速運動過程中桿ab

兩端的電壓哪端高；高多少；

(3)

該過程整個裝置產(chǎn)生的熱量．21、如圖所示，豎直平面內(nèi)有坐標系xoy

在第二象限有平行于坐標平面的勻強電場E1(

未畫出)

第一象限有與x

軸夾角婁脠=53鈭?

的虛線OP

虛線OP

與x

軸組成的空間內(nèi)有水平朝左的勻強電場E2

有一個質(zhì)量為m=2kg

帶電量為+1C

的帶電粒子，以豎直向上的初速度v0=10m/s

從第二象限的A

點出發(fā)，并以v=5m/s

的初速度垂直于虛線經(jīng)過虛線上的P

點，并最終剛好從P

點正下方以速度185m/s

穿過x

軸.(g=10m/s2)

(1)

請求出P

點的坐標。

(2)

請求出第二象限內(nèi)的電場E1

對帶電粒子做的功。

(3)

試求電場E2

的大小．22、一矩形線圈，在勻強磁場中繞垂直磁感線的對稱軸轉(zhuǎn)動，形成如圖16所示的交變電動勢圖象，試根據(jù)圖象求出：（1）線圈轉(zhuǎn)動的角速度；（2）電動勢的有效值；（3）t=1.0×10?2s時，線圈平面和磁場方向的夾角。評卷人得分五、推斷題(共3題，共9分)23、【化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應的化學方程式：反應rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應類型有________rm{(}填寫編號rm{)}rm{壟脵}加成反應rm{壟脷}消去反應rm{壟脹}取代反應rm{壟脺}氧化反應rm{壟脻}還原反應，寫出制備化合物的最后一步反應_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請寫出其結(jié)構(gòu)簡式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應。24、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應rm{壟脷}rm{壟脼}的化學方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應中屬取代反應的有______________

rm{(4)}反應______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學的要求。25、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時生成NH3，該反應的離子方程式為____。

（2）含乙酸鈉和對氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請根據(jù)以下工業(yè)生產(chǎn)流程回答有關(guān)問題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關(guān)資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學式為____；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。評卷人得分六、識圖作答題(共1題，共6分)26、如圖表示下丘腦與垂體的兩種功能聯(lián)系方式：一種是體液聯(lián)系，構(gòu)成下丘腦-腺垂體系統(tǒng)；一種是神經(jīng)聯(lián)系，構(gòu)成下丘腦-神經(jīng)垂體系統(tǒng)。圖中AB表示垂體的兩部分，CD表示聯(lián)系方式。請回答：⑴腺垂體和神經(jīng)垂體分別對應圖中的____（填字母）、____（填字母）。⑵水鹽平衡調(diào)節(jié)中，____激素在下丘腦神經(jīng)細胞合成，沿軸突運至末梢，經(jīng)____方式釋放到神經(jīng)垂體中，然后通過組織細胞間的____運輸進入血液。⑶當皮膚的____受到寒冷刺激時，產(chǎn)生的神經(jīng)沖動經(jīng)傳入神經(jīng)傳至下丘腦。下丘腦就會分泌相應的激素，該激素可經(jīng)圖中____（C/D）聯(lián)系方式運輸?shù)絖___（A/B）垂體，參與內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)調(diào)節(jié)。⑷神經(jīng)調(diào)節(jié)和體液調(diào)節(jié)的關(guān)系之一可以概括為內(nèi)分泌腺本身____地受____的調(diào)節(jié)。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|D【分析】【解析】試題分析：由電功率公式接在110V的電路上時的功率為同理判斷接在440V的電路上時的功率為80W,C錯；D對；考點：考查對電功率的應用【解析】【答案】BD2、A【分析】略【解析】A

3、C【分析】【解析】試題分析：AB、因為為固定的正電荷，只要放入的電荷受到的合力為0即可，通過受力分析可知，既可以放入正電荷，也可以放入負電荷；錯誤CD、由庫侖定律，對q有由題知可見即q靠近故選C考點：庫侖定律【解析】【答案】C4、C【分析】試題分析：根據(jù)部分電路的歐姆定律知導體的電阻為：電阻不隨電壓而改變電阻仍為10Ω，所以電流：C正確，ABD錯誤。考點：本題考查了歐姆定律得理解和應用【解析】【答案】C5、D【分析】【分析】畫出條形磁鐵位置磁感線情況，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向，再根據(jù)牛頓第三定律判斷磁體受到的磁場力方向。本題考查了磁場對通電導線的作用；本題關(guān)鍵要明確磁場是傳遞磁極與磁極、電流與磁體、電流與電流間相互作用的媒介物，同時要會畫常見磁感線，會用左手定則判斷安培力方向。【解答】條形磁鐵位置磁感線如圖；故磁場方向向右；

根據(jù)左手定則；電流受到的安培力向下，故彈簧彈力變大；

根據(jù)牛頓第三定律，電流對磁體的作用力與安培力等大、反向、共線，即向上，故磁體對桌面的壓力減??；故ABC錯誤；D正確。

故選D。

【解析】D

6、B【分析】解：A

根據(jù)安培定則；螺線管內(nèi)部的磁場方向向右。故A錯誤。

B；從上往下看；線框的電流方向為逆時針方向，根據(jù)安培定則知，磁場的方向向上。故B正確。

C；直線電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場方向(

從上向下看)

逆時針方向。故C錯誤。

D；由于電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，磁場方向應該逆時。故D錯誤。

故選：B

根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向；直導線大拇指指向為電流方向，而環(huán)導線四指指向即為電流方向，從而進行判斷正誤。

解決本題的關(guān)鍵知道電流和周圍磁場方向的關(guān)系，會通過安培定則進行判斷，注意直導線與環(huán)導線大拇指指向區(qū)別?！窘馕觥緽

二、填空題(共8題，共16分)7、6000V?20A?4000W290：11【分析】【解答】（1）根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得，升壓變壓器的輸出電壓，（2）則輸電電流，（3）輸電線上損耗的功率P損=I22R=400×10W=4000W．（4）降壓變壓器的輸入電壓U3=U2﹣I2R=6000﹣20×10V=5800V；

則降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為．

故答案為：（1）6000V（2）20A（3）4000W（4）290：11

【分析】根據(jù)發(fā)電機的輸出電壓，結(jié)合電壓比等于匝數(shù)比求出升壓變壓器的輸出電壓，根據(jù)P=UI求出輸電線上的電流；從而得出輸電線上損失的功率．

根據(jù)輸電線上損失的電壓得出降壓變壓器的輸入電壓，結(jié)合電壓之比等于匝數(shù)比求出降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比8、電場強度這兩點沿電場方向的距離【分析】【解答】解：在勻強電場中；由U=Ed得：在勻強電場中兩點間的電勢差等于電場強度與這兩點沿電場線方向上距離的乘積．

故答案為：電場強度；這兩點沿電場方向的距離．

【分析】在勻強電場中，電場強度與電勢差的關(guān)系為U=Ed，d是兩點沿電場線方向距離．公式變形即可得到E的表達式．9、略

【分析】解：一根粗細均勻的導線均勻拉長2倍，長度增加原來的2倍，同時橫截面積變原來的即S；

據(jù)R=求得即電阻變大為原來的9倍；即：R′=9R=9Ω．

故選：9

導體的電阻大小與導體的長度；橫截面積和材料有關(guān)；長度越大，橫截面積越小，電阻越大．據(jù)此分析回答．

知道導體的電阻大小與導體的長度（當材料和橫截面積一定時，導線越長、電阻越大）、橫截面積（當材料和長度一定時，導線越細、電阻越大）的具體關(guān)系是本題的關(guān)鍵．【解析】910、略

【分析】電壓表示數(shù)為5V，由串并聯(lián)可知，變壓器輸出電壓為10V，由公式可以求出輸入電壓為20V，輸出電流為0.5A，輸入電流為0.25A，由電壓的有效值與峰值間的關(guān)系可知交流電源的輸出電壓的最大值為V【解析】【答案】0.2511、波長短不容易衍射【分析】【解答】雷達是利用電磁波來測定物體位置的無線電設(shè)備；

因為波長越短的電磁波可以更好的反射；因此雷達使用的電磁波是波長比較短的﹣﹣﹣微波．同時由于波長短，所以不容易衍射，因此定位準確．

故答案為：波長短；不容易衍射．12、略

【分析】解：自然界只存在兩種電荷：正電荷和負電荷．

故答案為：正；負．

自然界存在兩種電荷：正電荷和負電荷．用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電荷．用毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電荷．

掌握什么是正電荷、負電荷．電荷間的作用．【解析】正；負13、略

【分析】解：（1）主尺讀數(shù)為14mm；游標尺讀數(shù)為0.05mm×7=0.35mm；

故游標卡尺讀數(shù)為14mm+0.35mm=14.35mm；

（2）單擺擺動過程中；每次經(jīng)過最低點時拉力最大，每次經(jīng)過最高點時拉力最小，拉力變化的周期為1.0s，故單擺的擺動周期為2.0s；

故答案為：（1）14.35；（2）2.0．

（1）游標卡尺主尺示數(shù)與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)；

（2）單擺擺動過程中；每次經(jīng)過最低點時拉力最大，每次經(jīng)過最高點時拉力最小，單擺的擺動周期是拉力變化周期的2倍．

本題第一問關(guān)鍵明確游標卡尺讀數(shù)=主尺讀數(shù)+游標尺讀數(shù)；第二問關(guān)鍵單擺擺動過程中繩子拉力的變化規(guī)律．【解析】14.35；2.014、③；②；②【分析】解：當開關(guān)斷開的瞬間；L

中產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，AB

兩燈串聯(lián)，同時逐漸變暗到熄滅，故選擇壟脹

在沒有斷開前；流過B

燈電流方向從左向右，當斷開后，在電路上線圈產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的減小，流過B

燈的電流方向從右向左.

故選擇壟脷

．

小燈泡能否閃亮的原因是之前與之后的電流有差值；當之后電流大于之前，則會閃亮，若小于或等于則不會閃亮，因此造成未閃亮的原因是線圈電流偏大，電阻偏小，故選擇壟脷

故答案為：壟脹壟脷壟脷

．

當開關(guān)接通和斷開的瞬間；流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來分析．

對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，注意流過燈泡B

的電流方向是解題的關(guān)鍵．【解析】壟脹壟脷壟脷

三、判斷題(共5題，共10分)15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、計算題(共3題，共27分)20、略

【分析】

(1)

桿勻速下降時所受重力與安培力平衡；由此列式求解桿勻速運動的速度大??；

(2)

根據(jù)右手定則判斷桿兩端電勢的高低；AB

兩端的電壓為等效電源的路端電壓，根據(jù)歐姆定律確定；

(3)

根據(jù)能量守恒定律求整個裝置產(chǎn)生的熱量．

本題對綜合應用電路知識、電磁感應知識和數(shù)學知識的能力要求較高，但是常規(guī)題，不難．【解析】解：(1)

桿達到勻速運動時速度最大；此時桿處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有：

mg=BIL壟脵

又根據(jù)歐姆定律有桿中電流I=ER1+R2壟脷

桿切割產(chǎn)生的電動勢E=BLv壟脹

由壟脵壟脷壟脹

式可得v=mg(R1+R2)B2L2=0.01隆脕10隆脕(1+0.2)12隆脕0攏廬22m/s=3m/s

(2)

由右手定則知，桿b

端電勢高。

根據(jù)閉合電路歐姆定律知，切割磁感線的導體相對于電流，ab

兩端的電勢差相當于電流的路端電壓；故有：

U=R1R1+R2E=11+0.2隆脕1隆脕0.2隆脕3V=0.5V

(4)

在桿下落h

的過程中根據(jù)能量守恒定律有。

mgh=Q+12mv2

解得裝置產(chǎn)生的熱量Q=mgh鈭?12mv2=0.01隆脕10隆脕0.8鈭?12隆脕0.01隆脕32J=0.035J

答：(1)

桿勻速運動的速度大小為3m/s

(2)

勻速運動過程中桿ab

兩端的電壓b

端高；高0.5V

(3)

該過程整個裝置產(chǎn)生的熱量為0.035J

．21、略

【分析】

(1)

從P

到Q

根據(jù)動能定理求出Q

點的縱坐標；再根據(jù)幾何關(guān)系求出橫坐標；

(2)

對粒子從A

點到P

點運用動能定理即可求出第二象限內(nèi)的電場E1

對帶電粒子做的功。

(3)

將運動分解為水平和豎直方向；由豎直分運動根據(jù)運動學公式求出時間，水平方向根據(jù)運動學公式求出加速度，最后根據(jù)牛頓第二定律求出電場E2

的大?。?/p>

分析清楚粒子的運動情況，判斷其受力情況是解決本題的關(guān)鍵.

對于拋體運動，要熟練掌握運動的分解法，由動力學方法研究．【解析】解：(1)

在由P

到Q

的過程中，mgh=12mvQ2鈭?12mv2

代入數(shù)據(jù)：2隆脕10隆脕h=12隆脕2隆脕(185)2鈭?12隆脕2隆脕52

h=8m

根據(jù)幾何關(guān)系：tan婁脠=hOQ=8x=43

解得：x=6m

P

點的坐標為(6,8)

(2)

在AP

過程中根據(jù)動能定理；有：

mgh+W=12mvP2鈭?12mvA2

代入數(shù)據(jù)：2隆脕10隆脕8+W=12隆脕2隆脕52鈭?12隆脕2隆脕102

W=85J

(3)

粒子在由P

到Q

所用的時間在豎直方向上有h=vcos婁脠t+12gt2

代入數(shù)據(jù)：8=5隆脕0.6t+12隆脕10t2

t=1s

而在水平方向上粒子速度減為0

所用時間為t隆盲=12t=12s

vsin婁脠鈭?at鈥?=0

代入數(shù)據(jù)：5隆脕0.8鈭?a隆脕12=0

a=8m/s2

qE2=ma

代入數(shù)據(jù)：E2=2隆脕8=16V/m

答：(1)P

點的坐標(6,8)

(2)

第二象限內(nèi)的電場E1

對帶電粒子做的功為85J

(3)

電場E2

的大小16V/m

22、略

【分析】（1）（3分）由圖象得，交變電動勢的周期T=6×10s而周期代入數(shù)值解得105rad/s（2）（3分）由圖象得，交變電動勢的最大值為Em＝20V，電動勢的有效值代入數(shù)值解得14.1V（3）（3分）交變電動勢的瞬時值表達式線圈平面和磁場方向的夾角將t=1.0×10?2s代入，解得【解析】【答案】（1）（2）14.1V（3）五、推斷題(共3題，共9分)23、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機物的合成。【解答】根據(jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計算得出rm{C}所以rm{A}為水計算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{(1)A}為中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式知，rm{F}中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個羥基，脫水生成醛基，化學方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個羥基，脫水生成醛基，化學方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應類型有消去反應、加成反應、取代反應、氧化反應、取代反應，制備化合物相同的官能團，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應為能發(fā)生銀鏡反應，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應，則應為甲酸某酯，且氯原子應連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個基團為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}24、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎(chǔ)知識的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應rm{壟脷}rm{壟脼}的化學方程式分別為：的化學方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應，反應rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應生成乙醛，反應rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應生成乙酸，反應rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應，反應rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成苯甲醇，屬于取代反應，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應生成乙醇，反應rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}25、略

【分