2025年北師大版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版必修3物理上冊階段測試試卷917考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O點為半圓弧的圓心，電荷量相等、符號相反的兩個點電荷分別置于M、N兩點，這時O點電場強度的大小為E1；若將M點處的點電荷移至P點，則O點的場強大小變?yōu)镋2，E1與E2的大小之比為（）

A.2：1B.1：2C.D.2、如圖所示，按A、B、C、D四種方式在一個正方形的四個頂點分別放置一個點電荷，所帶電量已在圖中標出，其中正方形中心場強最大的是（）A.B.C.D.3、宇航員在探測某星球時,發(fā)現該星球均勻帶電,且電性為負,電荷量為Q.在一次實驗時,宇航員將一帶負電q(qQ)的粉塵置于該星球表面h高處,該粉塵恰好處于懸浮狀態(tài).宇航員又將此粉塵帶至距該星球表面2h高處,無初速釋放,則此帶電粉塵將()A.仍處于懸浮狀態(tài)B.背離該星球心飛向太空C.向該星球心方向下落D.沿該星球自轉的線速度方向飛向太空4、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現將其與二極管串聯接在電動勢為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計所帶電量可忽略。閉合開關S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點；現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法正確的是（）

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角不變C.帶電油滴的電勢能將減少D.油滴仍將往上移動5、如圖所示，用控制變量法可以研究影響平行板電容器的因素（如圖）。設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ。實驗中極板所帶電荷量不變；若（）

A.保持S不變，減小d，θ則變小；B.保持S不變，減小d，θ則不變C.保持d不變，減小S，θ則變??；D.保持d不變，增大S，θ則不變6、關于電流，下列說法正確的是（）A.因為電流有方向，所以電流是矢量B.導體內沒有電流時，就說明導體內部的電荷沒有移動C.負電荷定向移動的方向與電流方向相反D.電路中電流的方向是由電源的負極到電源的正極7、在如圖所示的電路中；當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，則下列說法不正確的是（）

A.電路再次穩(wěn)定時，電源效率減小B.燈變暗，電流表的示數增大，電容器極板的帶電量減少C.燈變亮，電壓表的示數減小，電源輸出功率減小D.電源的內部消耗功率增大8、如圖所示，三根長均為L的直導線水平放置，截面構成以A為頂點的等腰直角三角形，其中導線A、B電流的方向垂直紙面向里，導線C中電流的方向垂直紙面向外。若導線B、C中的電流在導線A所在位置處產生的磁感應強度的大小均為導線A通過的電流大小為I，則導線A受到的安培力的大小和方向為。

A.水平向左B.水平向左C.豎直向上D.豎直向上評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略，一帶負電油滴恰好靜止于電容器中的P點；現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則。

A.平行板電容器的電容將變大B.靜電計指針張角將不變C.帶電油滴所受的電場力變小，G表中有a→b的電流D.當液滴靜止時，若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，再將其下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴將向下運動10、下列關于熱輻射和黑體輻射的說法正確的是（）A.一切物體都在輻射電磁波B.一般物體輻射電磁波的強度與溫度無關C.隨著溫度的升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動D.黑體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波11、光滑絕緣水平面上有兩個帶等量異種電荷的小球A、B，小球A通過絕緣輕彈簧與豎直墻相連，如圖所示．今小球B在外力F作用下緩慢向右移動，移動中兩小球帶電荷量不變，則對兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)的分析正確的是（）

A.外力F對系統(tǒng)做正功，彈性勢能增大B.外力F對系統(tǒng)做正功，彈性勢能減小C.靜電力做正功，電勢能減小D.靜電力做負功，兩球間電勢能增大12、如圖所示，正三棱柱的A點固定一個電荷量為+Q的點電荷，C點固定一個電荷量為-Q的點電荷，D、點分別為邊的中點；選無窮遠處電勢為0。下列說法中不正確的是（）

A.B、兩點的電場強度相同B.將一負試探電荷從點移到點，其電勢能減少C.將一正試探電荷沿直線從B點移到點，電場力始終不做功D.若在點再固定一電荷量為+Q的點電荷，點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，則D點的電場強度指向B點13、一平行板電容器充電后與電源斷開，從負極板上某處由靜止釋放一個電子，設其到達正極板的速度為v1，運動過程中加速度為a1，現將兩板間距離增為原來的2倍，再從負極板處由靜止釋放一個電子，設其到達正極板的速度為v2，運動過程中加速度為a2，則（）A.a1∶a2=1∶1B.a1∶a2=2∶1C.v1∶v2=1∶2D.v1∶v2=1∶14、如圖甲所示，兩平行金屬板豎直放置，左極板接地，中間有小孔。右極板電勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。電子原來靜止在左極板小孔處，若電子到達右板的時間大于T；（不計重力作用）下列說法中正確的是（）

A.從t=0時刻釋放電子，電子可能在兩板間往返運動B.從t=0時刻釋放電子，電子將始終向右運動，直到打到右極板上C.從t=時刻釋放電子，電子可能在兩板間往返運動，也可能打到右極板上D.從t=時刻釋放電子，電子必將從左極板小孔處離開15、在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強度減弱；則（）

A.電壓表的示數變小B.電源輸出功率變大C.通過的電流變大D.小燈泡變亮16、如圖所示的U﹣I圖像中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知（）

A.R的阻值為1.5ΩB.電源電動勢為3V，內阻為1.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電源內部消耗功率為1.5W17、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0，已知t＝0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場．則。

A.所有粒子都不會打到兩極板上B.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場C.運動過程中所有粒子的最大動能不可能超過2Ek0D.只有t＝(n＝0,1,2)時刻射入電場的粒子才能垂直電場方向射出電場評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖，兩根通電長直導線a、b平行放置，a、b中的電流強度分別為I和2I，此時a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向為正，則b受到的磁場力大小為_____．當在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時b受到的磁場力大小為_____．19、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導線的一部分構成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關于導線的對稱點，當三根導線中通以大小相等、方向如圖的電流時，O點的磁感應強度的大小為B，M點磁感應強度的大小為則N點磁感應強度的大小為_________；若將導線中的電流撤去，而保持另兩根導線中的電流不變，則N點的磁感應強度的大小變?yōu)開_________．

20、如圖所示，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，電荷量分別為2×10-5C、4×10-5C用絕緣絲線懸掛于同一點，a球繩長0.6m，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為α=37°、β=53°，靜電力常量為9.0×109Nm2/C2，g取10m/s2則a、b間靜電力大小為__________N，a球的質量為__________kg

21、靜電平衡時，空腔導體內表面沒有電荷，導體殼內空腔里的電場強度處處為______.外電場對殼（網）內的儀器不會產生影響，金屬殼的這種作用叫作______．22、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。電場強度的大小為______V/m，坐標原點處的電勢為_______V，電子在a點的電勢能比在b點的高_____eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV。

23、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4×10-6C的點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10-4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10-4J；N板接地．則。

（1）A點的電勢=________________

（2）UMN等于__________24、（1）如圖甲所示，電壓表選0～3V量程時的讀數為________V，電壓表選0～15V量程時的讀數為________V。

（2）如圖乙所示，電流表選0～0.6A量程時的讀數為________A，電流表選0～3A量程時的讀數為________A。

（3）如圖丙所示，電阻箱的讀數為________。

25、如圖所示，電解槽A與電阻R并聯后接到電源上，電源的電動勢E=120V，內阻r＝1Ω，電阻R＝19Ω，電解槽電阻r′＝0.5Ω。S閉合時電阻R消耗的功率為475W，則此時通過電阻R的電流為______A，電解槽中電能轉化為化學能的功率為______W。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共7分)26、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)27、某同學通過實驗測定一個阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值。

(1)現有電源（4V；內阻可不計）；滑動變阻器（0~50Ω，額定電流2A），開關和導線若干，以及下列電表：

A.電流表（0~3A；內阻約0.025Ω）

B.電流表（0~0.6A；內阻約0.125Ω）

C.電壓表（0~3V；內阻約3kΩ）

D.電壓表（0~15V；內阻約15kΩ）

為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用____（選填器材前的字母）；實驗電路應采用圖1中的___（選填“甲”或“乙”）。

(2)圖2是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線。請根據在(1)問中所選的電路圖，補充完成圖2中實物間的連線。()

(3)接通開關，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數I、電壓表示數U。某次電表示數如圖3所示，可得該電阻的測量值=___Ω（保留兩位有效數字）。

(4)選用乙電路產生誤差的主要原因是_____。

(5)在不損壞電表的前提下，將滑動變阻器滑片P從一端滑向另一端，隨滑片P移動距離x的增加，被測電阻Rx兩端的電壓U也隨之增加，下列反映U—x關系的示意圖中正確的是___。

28、用以下器材測量待測電阻Rx的阻值：

A．待測電阻Rx；阻值約為200Ω左右。

B．電源E；電動勢約為3.0V，內阻可忽略不計。

C．電流表A1，量程為0～10mA，內電阻r1=20Ω

D．電流表A2，量程為0～20mA，內電阻r2約為8Ω

E．定值電阻R0，阻值R0=80Ω

F．滑動變阻器R1；最大阻值為10Ω

G．滑動變阻器R2；最大阻值為200Ω

H．單刀單擲開關S；導線若干。

（1）為了測量電阻，你認為應選擇圖中的___________圖作為實驗電路（填“甲”；“乙”或“丙”）。

（2）滑動變阻器應該選___________（填“R1”或“R2”）；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片P應置于___________（填“a”或“b”）端。

（3）調節(jié)滑動變阻器，直到___________（填“A1”或“A2”）先到達滿偏，此時另一個電表的示數剛好達到滿偏，由此可確定待測電阻為___________Ω（保留三位有效數字）。29、為測定一節(jié)干電池（電動勢約1.5V，內阻約1.0Ω）的電動勢和內阻，實驗室備有電流計G（滿偏電流3mA，內阻25Ω）、定值電阻R0＝0.126Ω、開關和若干導線及以下器材：

A.量程0~3V；內阻約1000Ω的電壓表。

B.量程0~15V；內阻約1500Ω的電壓表。

C.總阻值為10Ω；額定電流為2A的滑動變阻器。

D.總阻值為100Ω；額定電流為1A的滑動變阻器。

(1)因電流表量程太小，需將R0與電流計________以擴大量程；

(2)電壓表應選擇________，滑動變阻器應選擇________（填代號）

(3)請在虛線框內完成實驗電路圖________；

(4)根據所畫出的電路圖，引起該實驗系統(tǒng)誤差的主要原因是________________。

30、如圖是做探究影響感應電流方向的因素的實驗器材。

（1）在圖中用實線代替導線把它們連成實驗電路______。

（2）假設在開關閉合的瞬間，靈敏電流計的指針向左偏轉，下列操作也可使指針向左偏的是()

A.滑動變阻器滑片向左滑動。

B.滑動變阻器滑片向右滑動。

C.將連接電源正負極導線交換連接后；線圈A從B中拔出。

D.將連接電源正負極導線交換連接后，線圈A向B插入評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)31、如圖所示，分別在A、B兩點放置點電荷Q1=2×10-14C和Q2=-2×10-14C，在AB的垂直平分線上有一點C，且AB=AC=BC=6×10-2m．（k=9.0×109N.m2/C2）

（1）求C點的場強大??；

（2）如果把一個電子在C點，它所受到的庫侖力是多大？32、如圖所示，質量為m=1kg，電量q=+10-4C的物塊（可以看成質點），放置在質量M=2kg足夠長的絕緣木板中間物塊與木板間的動摩擦因數為μ=0.1，木板放置在光滑的水平地面上.在地面上方存在兩個具有理想邊界的電場區(qū)，兩區(qū)域內的電場強度大小相等，均為E=3×104V/m，寬度均為L=1m，邊界距離為d，Ⅰ區(qū)電場強度的方向水平向右，Ⅱ區(qū)的電場強度方向水平向左。將物塊與木板從圖示位置（物塊在區(qū)內的最左邊）由靜止釋放，已知在整個過程中物塊不會滑離木板。取g=10m/s2。

(1)在物塊剛離開Ⅰ區(qū)域時；物塊的速度多大?

(2)若物塊剛進入Ⅱ區(qū)域時，物塊與木板的速度剛好相同，求兩電場區(qū)的邊界距離d；

(3)物塊與木板最終停止運動時；求它們相對滑動的路程。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

設M點的電荷為正電荷，兩個電荷在O點的場強均為將M點處的點電荷移至P點，該電荷在O點場強大小為方向沿PO方向，N點的負電荷在O點場強大小為方向沿ON方向；兩個場強的夾角為60°，合場強為。

解得。

故選C。2、A【分析】【分析】

先分析各點電荷在中心處的場強大小和方向；再根據矢量合成法則，即可求出中心處的場強。

【詳解】

A．根據點電荷電場強度公式結合矢量合成法則，正方形對角線異種電荷的電場強度，為各自點電荷在中心處相加，因此中心處的合電場強度大小為

B．兩個負電荷在正方形中心處場強為零；兩個正點電荷在中心處電場強度為零，因此中心處的合電場強度大小為0；

C．同理，正方形對角線的兩負電荷的電場強度在中心處相互抵消，而正點電荷在中心處，疊加后電場強度大小為

D．同理，在中心處的電場強度大小

綜上比較；正方形中心場強最大的是A，所以A正確。

故選A。

【點睛】

考查點電荷在某點場強的矢量合成。3、A【分析】【詳解】

將該星球看成質點和點電荷，由萬有引力定律可知：由庫侖定律可知：因為粉塵在ｈ高處懸浮靜止，所以同理可知當粉塵處于２ｈ高處時仍滿足故粉塵仍處于懸浮狀態(tài)．

考點：本題考查庫侖力和萬有引力的特點并利用其大小關系判斷物體的運動情況．4、C【分析】【詳解】

A．根據平行板電容器電容決定式

可知d增大；則電容減小，故A錯誤；

B．靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器電容減小，則電容器要放電，但是由于二極管的單向導電性，導致電容器電量不變，故根據

可知，U變大；所以靜電計指針張角變大，故B錯誤；

C．因電容器電量不變，則當d增大時，根據

可知電場強度不變，由于P點與下極板的距離增大，可知P點與下極板的電勢差變大，P點的電勢增大；由受力平衡可知；帶電油滴帶負電，故帶電油滴的電勢能減小，故C正確；

D．因電場強度不變；則油滴所受電場力不變，油滴仍將保持靜止，故D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

AB．根據電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，減小d時，電容變大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，則靜電計指針的偏角θ變??；故A正確，B錯誤；

CD．根據電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，減小S時，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角θ變大；反之，保持d不變，增大S，則θ減小，故CD錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A．即有大小又有方向；相加時遵從平行四邊形定則的物理量叫作矢量，而電流雖然有方向，但其相加時不遵從平行四邊形定則，所以其不是矢量，故A項錯誤；

B．導體內部的電荷時刻在無規(guī)則運動；當導體兩端存在電壓后，電荷做定向移動，形成電流，故B項錯誤；

C．電流的方向是正電荷定向移動的方向；與負電荷定向移動的方向相反，故C項正確；

D．電路中電流的方向在外電路是從電源正極到電源負極；在內電路是電源負極當電源正極，故D項錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

A．由題可知，滑片P向下調節(jié)，滑動變阻器的阻值R減小，即電路中的總電阻R總減小，由部分電路歐姆定律可得，電路中的總電流I總增大，電路內壓U內增大，路端電壓U外減小，由電源的效率得

即電源效率減??；所以A正確，但不符合題意；

B．燈L1的電流增大，所以L1的電壓U1增大，又路端電壓U外減小，所以燈L2和電容器兩端的電壓U2都減小，所以燈L2變暗，L2的電流I2也減小。又總電流增大，所以電流表的示數增大。對于電容器來說，兩端電壓U2減小，由

可得；電容器極板的帶電量減小，所以B正確，但不符合題意；

C．由B選項分析可知，燈L1的電流增大，所以L1變亮，電壓表測的是電路的路端電壓，所以電壓表示數減小，電源的輸出功率為

路端電壓U外減小，總電流I總增大；所以無法判斷電源的輸出功率變化，所以C錯誤，符合題意；

D．電源的內部消耗功率為

由于總電流I總增大；所以電源的內部消耗功率增大，所以D正確，但不符合題意。

故選C。8、C【分析】B、C中的電流在A處產生的磁感應強度的大小均為如圖所示：

根據平行四邊形定則，結合幾何關系，有A處的磁感應強度為：由左手定則可知，安培力方向豎直向上，大小為故C正確，ABD錯誤，故選C．二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

A.將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導致極板間距增大，根據知，增大；則平行板電容器的電容將變小，故A錯誤；

B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差；因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；

C.電勢差不變，增大，根據則電場強度減小，帶電油滴所受的電場力變小，根據可知平行板電容器的電荷量減小，平行板電容器放電，G表中有的電流；故C正確；

D.若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，則電荷量不變，兩極板間的電場強度：

極板間距離發(fā)生變化，電場強度不變，則油滴所受電場力不變，帶電油滴將靜止，故D錯誤．10、A:C:D【分析】【詳解】

AB.我們周圍的一切物體都在輻射電磁波；這種輻射與物體的溫度有關，所以叫做熱輻射，故A正確，B錯誤；

C．隨著溫度的升高；黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故C正確；

D．如果某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射；這種物體就是絕對黑體，簡稱黑體，故D正確。

故選ACD。11、B:D【分析】【詳解】

AB、外力對小球做正功，當小球B向右運動時，兩球距離增大，庫侖力減小，因此彈簧的伸長量減小，彈性勢能減小，故A錯誤，B正確；

CD、由于兩球距離增大，庫侖力做負功，系統(tǒng)電勢能增大，故C錯誤，D正確；

故選BD．

【點睛】

根據功的公式明確拉力做功情況，再根據彈簧的彈力做功明確彈簧彈性勢能的變化，再由庫侖力做功情況，即可明確電勢能的變化．12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據場強疊加可知，B、兩點的電場強度大小和方向均不相同；選項A錯誤，符合題意；

B．點電勢高于零，點電勢低于零，則將一負試探電荷從點移到點；其電勢能升高，選項B錯誤，符合題意；

C．平面是等勢面，則將一正試探電荷沿直線從B點移到點；電場力始終不做功，選項C正確，不符合題意；

D．若在點再固定一電荷量為+Q的點電荷，點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，則由兩處電荷在D點的場強指向C，在處的電荷在D點的場強也是指向C，則D點的電場強度指向C點；選項D錯誤，符合題意；

故選ABD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．平行板電容器充電后與電源斷開；將兩板間的距離增為原來的2倍，此時電容器極板上的電荷量不變，又。

所以電場強度E不變；根據公式。

U=Ed極板之間的電勢差是原來的2倍；根據牛頓第二定律得。

則。

a1∶a2=E1∶E2=1∶1選項A正確；B錯誤；

CD．電子從負極板移動到正極板的過程中；運用動能定理得。

解得。

若將兩板間距離增為原來的2倍；則極板之間的電勢差是原來的2倍，解得。

選項C錯誤；D正確。

故選AD。14、B:D【分析】【詳解】

AB．從時刻釋放電子，電子在時間內向右做勻加速直線運動，在時間內向右做勻減速直線運動；且兩段時間內的加速度大小相同，根據勻變速直線運動的對稱性可知電子將始終向右運動，直到打到右極板上，故A錯誤，B正確；

C．從時刻釋放電子，電子在時間內向右做勻加速直線運動，在時間內向右做勻減速直線運動，在時速度減為零，且距離右板最近，但由題意可知此時電子未達到右板；電子在時間內向左做勻加速直線運動，在時間內向左做勻減速直線運動，在時速度減為零，根據運動的對稱性可知此時電子回到出發(fā)點，所以從時刻釋放電子；電子一定在兩板間往返運動，但不可能打到右極板上，故C錯誤；

D．時刻釋放電子，先向右運動，后向左運動，由于一個周期內向左運動的位移大于向右運動的位移，又電子到達右板的時間大于T；則電子最終從左極板的小孔離開電場，故D正確。

故選BD。15、A:C【分析】【詳解】

ACD．將照射的光的強度減弱，則阻值增大，根據串反并同可知，與它串聯的電壓表示數減小，與它并聯的的電流變大；與它串聯的小燈泡變暗，故D錯誤，AC正確；

B．因為阻值增大；電路中總電阻增大，根據電源輸出功率特點。

可知；電源輸出功率減小，故B錯誤。

故選AC。16、A:B:D【分析】【詳解】

A．R的阻值為

故A正確；

B．電源的U-I圖像縱截距表示電動勢，斜率的絕對值表示內阻，則

故B正確；

C．電源的輸出功率為

故C錯誤；

D．電源內部消耗的功率為

故D正確。

故選ABD。17、A:B:C【分析】【分析】

粒子在平行極板方向不受電場力；做勻速直線運動；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，豎直方向分速度變化量為零，根據動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零．

【詳解】

粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，根據動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零，故運動時間為周期的整數倍，故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子始終做單向直線運動，該粒子豎直方向的分位移最大，該粒子恰好從上極板邊緣飛出，則其他粒子沒有達到上極板邊緣，故所有粒子最終都不會打到極板上，AB正確D錯誤；t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為設豎直方向最大速度為vym，則根據分位移公式有由于故有故有C正確．

【點睛】

本題關鍵根據正交分解法判斷粒子的運動，明確所有粒子的運動時間相等，t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，然后根據分運動公式列式求解．三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導線c后，c在a、b兩導線處的磁感應強度大小相等，方向相反，c導線對b導線的作用力是它對a導線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導線對a導線的作用力可能是F也可能是-3F，c導線對b導線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；19、略

【分析】【詳解】

[1]．無限長直導線ab、cd、ef，構成一個等邊三角形，且三根導線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應強度大小為B，因為直導線ab、cd關于O點對稱，所以這兩導線在O點的磁場為零，則磁感應強度大小B是由直導線ef產生的，而直導線ab、ef關于N點對稱，所以這兩根直導線的磁場為零，因此N點的磁感應強度大小為B．

[2]．因為M點的磁感應強度為B′=Bef+Bcd+Bab，又因為Bab=B，Bef與Bcd大小相等．當撤去導線ef，其余兩根導線在N點的磁感應強度大小為：Bab+Bcd=．【解析】B20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]a、b兩球高度相等，可得

b兩球間的距離，根據幾何關系可得

根據庫侖定律

[2]對a受力分析列平衡方程可得【解析】①.7.2②.0.9621、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】0靜電屏蔽22、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意可知，電場為勻強電場，則取ac之間的d點，坐標為（3.5cm，6cm），由可知，d點電勢為連接則為等勢線，過c點作等勢線bd的垂線交bd于f點；如圖所示。

由幾何關系可得cf的長度為3.6cm，所以電場強度的大小

[2]勻強電場中，相同方向上變化相同的距離電勢差相等，故

即

得坐標原點O處的電勢為1V。

[3][4]負電荷在電勢低處電勢能高，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能高7eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】25017923、略

【分析】【分析】

【詳解】

AN間的電勢差：又：UAN=φA-φN，φN=0，則A點的電勢：φA=-100V，則．【解析】-100V-300V24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖可知；電壓表選0～3V量程時，電壓表的分度值為0.1V，讀數為1.20V。

[2]電壓表選0～15V量程時；電壓表分度值為0.5V，讀數為6.0V。

（2）[3]電流表選0～0.6A量程時；分度值為0.02A，讀數為0.50A。

[4]電流表選0～3A量程時；分度值為0.1A，讀數為2.50A。

（3）[5]根據電阻箱的讀數規(guī)則可得

【解析】1.206.00.502.50530.0Ω25、略

【分析】【詳解】

[1]根據P=I2R可得通過電阻R的電流為

[2]路端電壓U=IRR=95V

總電流

則電解槽的電流I1=I-IR=20A

電解槽中電能轉化為化學能的功率為【解析】51700四、作圖題(共1題，共7分)26、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)27、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]電路中可能出現的最大電流為則電流表選用B；電源電動勢4V，則電壓表選用C；因電壓表內阻遠大于待測電阻的阻值，則采用電流表外接，故選甲電路；

(2)[3]電路連線如圖：

(3)[4]電流表最小刻度為0.02A，則讀數為0.50A，電壓表最小刻度為0.1V，則讀數為2.60V，可得該電阻的測量值

(4)[5]選用乙電路產生誤差的主要原因是電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值；

(5)[6]根據閉合電路歐姆定律與電阻定律

當滑片P移動距離x的增加，被測電阻Rx兩端的電壓增大，但不成正比，且增加越來越快，則U-x圖象如圖A所示。

故選A?！窘馕觥緽