2025年上外版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，帶電量分別為qa、qb、qc的小球，固定在等邊三角形的三個頂點上，qa所受庫侖力的合力F方向垂直于qa、qb的連線；則（）

A.qb、qc異號，且qc=2qbB.qa、qb異號，且qb=2qaC.qa、qc同號，且qc=2qaD.qa、qb同號，且qb=2qa2、如圖，電路中定值電阻的阻值R大于電源內(nèi)阻閉合開關(guān)，將滑動變阻器的滑片向下滑動，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值分別為理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為則（）

A.A的示數(shù)減小B.的示數(shù)增大C.與的比值不變D.小于3、如圖所示的電路中,電壓表和電流表均為理想電表,電源電動勢為E、內(nèi)阻為r,R為電位器(滑動變阻器).R1、R2為定值電阻,L1是小燈泡．當電位器的觸片由圖示位置滑向b端一段距離的過程中,下列說法錯誤的是（）

A.電流表A2示數(shù)將變大B.電源的輸出功率可能變大、也可能先變小再變大C.小燈泡消耗的電功率將變大D.電壓表示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將減小4、如圖所示，在空間某點A存在大小、方向恒定，相互垂直的兩個勻強磁場B1、B2，B1=3T，B2=4T，則A點的磁感應(yīng)強度大小為（）

A.7TB.1TC.5TD.大于3T，小于4T5、如圖所示，帶電體系由一對帶電荷量均為q的等量異種點電荷組成，已知兩點電荷間的距離為l，P點為兩電荷連線的中垂線上一點，P、O兩點間的距離為r，且M和N分別為兩點電荷延長線上關(guān)于中點O對稱的兩點；下列說法正確的是（）

A.M和N兩點的場強大小相等，方向相反B.若取無窮遠處電勢為0，則M和N兩點電勢相同C.在P點由靜止釋放一電子，電子將沿兩電荷連線的中垂線做往返運動D.P點場強的大小約為6、如圖所示，AC、BD為圓的兩條相互垂直的直徑，圓心為O，半徑為R．E、F為圓周上關(guān)于BD對稱的兩點，EOD=30o．將電量均為Q的兩個異種點電荷分別放在E、F兩點，E點放負電荷．靜電力常量為K；下列說法正確的是（）

A.電子沿圓弧從B點運動到C點，電場力做功為零B.電子在A點的電勢能比C點小C.A點和C點的場強相同D.O點的場強大小為7、如圖所示，以點電荷為球心畫出兩個球面1和2，半徑分別為和a點位于球面1上，b點位于球面2上。下列說法正確的是（）

A.a點電勢高于b點電勢B.a、b兩點場強比為C.穿過球面l的電場線總條數(shù)比穿過球面2的多D.將帶正電的點電荷q從a點移動到b電勢能減小8、如圖所示，在勻強電場中，有邊長為10cm的等邊三角形ABC，三角形所在平面與勻強電場的電場線平行，O點為該三角形的中心，三角形各頂點的電勢分別為下列說法正確的是（）

A.O點電勢為零B.勻強電場的電場強度大小為40V/m，方向由A指向CC.在三角形ABC外接圓的圓周上，電勢最低點的電勢為2VD.將電子由A點移到C點，電子的電勢能減少了4eV9、如圖所示，是勻強電場中一個橢圓上的三個點，其中點的坐標為點的坐標為點的坐標為兩點分別為橢圓的兩個焦點，三點的電勢分別為橢圓所在平面與電場線平行，元電荷下列說法中正確的是（）

A.點的電勢為B.點的電勢為C.勻強電場的場強大小為D.將一個電子由點移到點，電子的電勢能增加評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，在平面直角坐標系Oxy內(nèi)存在勻強電場，OABC為邊長為L的正方形，已知OABC四點電勢分別為且則下列判斷正確的是（）

A.該電場的電場強度B.若測出OABC區(qū)域內(nèi)某點的電勢，則可確定該點的橫坐標C.把正電荷從O點沿移動到C點，電場力做正功D.把負點電荷從O點移到B點，點電荷的電勢能一定減小11、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離；則（）

A.帶點油滴將沿豎直方向向上運動B.P點的電勢將降低C.帶點油滴的電勢能將增大D.電容器的電容減小，極板帶電量減小12、如圖所示，為圓的六等分點，圓處在與圓平行的勻強電場（未畫出）中，圓的半徑為將大量質(zhì)量為電荷量為的帶正電粒子（不計受到的重力）從點沿不同方向（在該圓面內(nèi)）以大小為的速度拋出后，再次與圓相交時，通過點的粒子速度最大，且為不計粒子間的相互作用，則下列說法正確的是（）

A.勻強電場的方向由點指向點B.勻強電場的電場強度大小為C.通過點時，粒子的速度大小為D.通過點時，粒子的速度大小為13、傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖是由電容器作為傳感器來測定壓力變化的電路，當待測壓力F作用于可動膜片電極上時；以下說法中正確的是（）

A.若F向上壓膜片電極，電路中有從a到b的電流B.若F向上壓膜片電極，電路中有從b到a的電流C.若F向上壓膜片電極，電路中不會出現(xiàn)電流D.若電流表有示數(shù)，則說明壓力F發(fā)生變化14、有兩段電阻絲,材料相同,長度也相同,它們的橫截面的直徑之比為dA:dB=1:2,把它們串聯(lián)在電路中,則下列說法正確的是()

A.它們的電阻之比RA:RB=4:1B.通過它們的電流之比IA:IB=1:1C.電子在兩段電阻絲中定向移動速度大小之比vA:vB=1:4D.兩段電阻絲中的電場強度大小之比EA:EB=1:4評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、在如圖所示的閉合電路中，當滑片P向右移動時，兩電表示數(shù)的大小變化情況是：電流表示數(shù)變________，電壓表示數(shù)變________．

16、如圖所示，在邊長為L的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為＋q、＋q、＋q和－q的點電荷，則正方形中心O點的電場強度大小為______，方向為________．

17、靜電平衡：導(dǎo)體內(nèi)的自由電子不再發(fā)生______的狀態(tài)．18、如圖所示，兩條不等長的細線一端固定在同一點，另一端分別拴兩個帶同種電荷的小球，兩小球所帶的電荷量分別為質(zhì)量分別為當兩小球靜止時恰好處于同一水平線上，且試分析造成的原因是___________。

19、如圖，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為20cm的正六邊形的六個頂點，已知電場方向與六邊形所在平面平行，若A、B、C三點電勢分別為2V；3V、4V；則。

(1)F點的電勢為___________V

(2)勻強電場的場強大小為___________V/m20、公式回顧：電場強度定義式：__________；電勢：__________；電場強度與電勢差的關(guān)系：__________；電勢差與靜電力做的功：__________；電容的定義式：__________；電容的決定式：__________。評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

22、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)23、如圖所示，在豎直平面內(nèi)存在豎直方向的勻強電場。長度為l的輕質(zhì)絕緣細繩一端固定在O點，另一端連接一質(zhì)量為m、電荷量為的小球（可視為質(zhì)點），初始時小球靜止在電場中的a點，此時細繩拉力為mg，g為重力加速度。

（1）求電場強度E和a、O兩點的電勢差UaO；

（2）小球在a點獲得一水平初速度va，使其能在豎直面內(nèi)做完整的圓周運動，則va應(yīng)滿足什么條件？

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知，小球a，c之間存在排斥力，同號，小球a，b之間存在吸引力，異號，所以和異號，根據(jù)平行四邊形法則，排斥力是吸引力的兩倍，根據(jù)庫倫定律

故

根據(jù)題意得

所以有

故BCD錯誤；A正確。

故選A。2、C【分析】【詳解】

AB．分析電路，電路為串聯(lián)電路，理想電壓表測量R兩端的電壓，測量滑動變阻器的電壓，測量路端電壓，理想電流表A測量電路電流，當將滑動變阻器的滑片向下滑動，電路中總電阻減小，電路中電流增大，即A的示數(shù)增大，電源內(nèi)部電壓增大，外電路電壓減小，即示數(shù)減??；AB錯誤；

C．根據(jù)閉合電路的歐姆定律

所以

得

所以與的比值不變；C正確；

D．根據(jù)閉合電路的歐姆定律

得

因為

所以

D錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

由題中“當電位器的觸片由圖示位置滑向b端一段距離的過程中”可知；本題考查動態(tài)電路變化，跟距歐姆定律和串并聯(lián)電路特點可分析本題。

【詳解】

A、當電位器的觸片由圖示位置滑向b端一段距離的過程中；電阻變小，因此電流變大，故A不符合；

B、根據(jù)公式可知，

當外電阻等于內(nèi)阻時；輸出功率最大，故電位器移動的過程中，輸出功率可能變小，也可能先變大后變小，因此B的說法錯誤，故B符合；

C、由于電位器的觸片由圖示位置滑向b端一段距離的過程中；電阻變小，因此小燈泡的電流和電壓都變大，因此小燈泡消耗的電功率將變大，故C不符合；

D、電壓表示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值為外電阻阻值，當電路中一個電阻變小，總電阻也變小，故D不符合。4、C【分析】【詳解】

由題意可知，相互垂直的兩個磁場B1、B2，且B1=3T，B2=4T，根據(jù)勾股定理有A點的磁感應(yīng)強度大小為

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場的疊加，可知M和N兩點的場強大小相同；方向也相同，A錯誤；

B．取無窮遠電勢為0，則M點電勢為正，N點電勢為負；兩點電勢不同，B錯誤；

C．P點電場水平向右，電子在P點由靜止釋放，不會沿直線PO做往返運動；C錯誤；

D．根據(jù)電場疊加原理可得P點場強為由題意知P點場強約為D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．等量異種點電荷形成的電場，中垂線BD是等勢面，電場強度關(guān)于中垂線對稱分布．電子沿圓弧從B運動到C，相當于從O點到C點；電場力做正功，選項A錯；

B．根據(jù)E點放負電荷，F(xiàn)點放正電荷所以C點電勢高于A點，但是電子為負電荷，所以根據(jù)判斷電子在C點電勢能比A點電勢能??；選項B錯；

C．根據(jù)對稱性；A點和C點的電場強度大小相等，但方向不同，選項C錯；

D．E和F的點電荷在O點電場強度大小相等，關(guān)于OA對稱分布，根據(jù)幾何關(guān)系可得O點電場強度選項D對。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．點電荷的電場線指向點電荷，電勢沿電場線方向降低，則a點電勢低于b點電勢；故A錯誤；

B．根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場公式

則a、b兩點場強比為

故B正確；

C．穿過任何一個球面的電場線總條數(shù)相同；故C錯誤；

D．將帶正電的點電荷q從a點移動到b；電勢升高，電勢能增加，故D錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

ABD．由于在勻強電場中，則電勢均勻變化，即AC中點處電勢為4V，設(shè)該點為D點；如圖。

由于B點電勢為4V，則BD為電勢為4V的等勢線，所以O(shè)點電勢應(yīng)該為4V；場強方向垂直于BD斜向上，根據(jù)

方向從C到A；

說明將電子由A點移到C點電勢能增加了4eV；AB錯誤，D正確；

C．在三角形ABC外接圓的圓周上，電勢最低點的點為A點；電勢為2V，C錯誤。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)橢圓關(guān)系可知兩點與點的距離：

由得：

根據(jù)U=Ed得：

所以：

可知

軸即為一條等勢線，電場強度方向指向軸負方向，點電勢為5V；故A錯誤；

B.由電場線與等勢面關(guān)系得得

故B正確；

C.電場強度：

C錯誤；

D.根據(jù)得：

故電子的電勢能減少故D錯誤。

故選：B。

二、多選題(共5題，共10分)10、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)

可知AB連線為等勢線，電場方向垂直AB連線由A指向O，則該電場的電場強度為

故A錯誤；

B．設(shè)OABC區(qū)域內(nèi)某點的電勢為該點的橫坐標則有

可得

若測出OABC區(qū)域內(nèi)某點的電勢；則可確定該點的橫坐標，故B正確；

C．把正電荷從O點沿移動到C點，由于可知電場力做功為零，故C錯誤；

D．把負點電荷從O點移到B點，由于根據(jù)

可知負點電荷的電勢能一定減??；故D正確。

故選BD。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強減??；油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動。故A錯誤。

B．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低。故B正確。

C．由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，根據(jù)可知；油滴的電勢能將增加。故C正確。

D．根據(jù)Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容可知電容減小，故帶電量減小，故D正確。

故選：BCD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．由題意可知從到過程，電場力做功最大，則點到圓周上各點中，兩點距離沿電場方向距離最大，故電場方向與過點的切線垂直；如圖所示。

粒子從到過程，根據(jù)動能定理可得

解得

故A錯誤；B正確；

CD．粒子從到過程，根據(jù)動能定理可得

解得

故C正確；D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

ABC．根據(jù)平行金屬板電容表達式

若F向上壓膜片電極，則兩極板的板間距d減小，則電容C增大，根據(jù)

由于電容器與電源保持相連，電壓U不變，而電容C增大，則極板所帶電荷量Q增大，電源對電容器進行充電，外電路中產(chǎn)生順時針方向的瞬時電流，直到再次充滿，所以F向上壓膜片電極，電路中有從b到a的電流；，故B正確，AC錯誤；

D．只要壓力發(fā)生變化；極板間距離就有變化，電容也就變化，電流表就有示數(shù)，故D正確。

故選BD。14、A:B【分析】【詳解】

A、長度、材料均相同，它們的橫截面的直徑之比為dA:dB=1:2，則橫截面積之比為SA：SB=1:4，根據(jù)可知，電阻之比RA:RB=4:1；故A正確；

B、因兩者是串聯(lián)，它們的電流總相等，有IA:IB=1:1；故B正確；

C、根據(jù)電流的微觀表達式I=neSv，則有，定向移動速率與橫截面成反比，因此定向移動速度之比vA：vB=4:1；故C錯誤；

D、串聯(lián)電路，電流相等，設(shè)為I，則兩段中的電場強度因此電場強度與電壓成正比，則有電場強度之比EA：EB=UA：UB=RA：RB=4:1;故D錯誤；

故選AB.

【點睛】

知道影響電阻大小的因素，知道串聯(lián)電路電流的規(guī)律，會靈活應(yīng)用歐姆定律，同時掌握電流的微觀表達式的內(nèi)容，及確定電場強度與電阻成正比的結(jié)論.三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]閉合電路中，當滑片向右移動時，滑動變阻器的電阻變大，使電路中電阻變大，由閉合電路歐姆定律可得電流變小，則內(nèi)壓及的分壓減小時，故滑動變阻器兩端電壓變大，所以電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大?！窘馕觥啃〈?6、略

【分析】【詳解】

A、C兩點上的電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強為B、D兩點電荷在O點產(chǎn)生場強的合場強．則O點的場強：E=EB+ED＝方向沿OD連線由O指向D．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握點電荷的場強公式，以及點電荷的場強方向，會根據(jù)平行四邊形定則進行場強的疊加．【解析】方向沿OD連線由O指向D17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】定向移動18、略

【分析】【分析】

【詳解】

對兩個球受力分析；均受重力；拉力和靜電斥力，如圖所示。

無論電荷量大小熱河，靜電斥力都大小相等，故電荷量關(guān)系不影響角度和根據(jù)平衡條件有

由于

故

故原因是【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1][2]如圖。

連接AC和BE，則AC⊥BE，由于A、B、C三點的電勢分別為2、3V、4V