2025年浙教新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版必修3物理上冊月考試卷218考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的電路中；電源內(nèi)阻不可忽略，電鍵S閉合前燈泡A；B、C均已發(fā)光。當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，A、B、C三個(gè)燈泡的亮度變化情況是（燈都不會燒壞）（）

A.A亮度不變，B變亮，C變暗B.A變亮，B變暗，C變亮C.A變暗，B變亮，C變暗D.A變暗，B變亮，C亮度不變2、熱水器中，常用熱敏電阻實(shí)現(xiàn)溫度控制。如圖是一學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)的模擬電路，為加熱電阻絲，為正溫度系數(shù)的熱敏電阻（溫度越高電阻越大），C為電容器。S閉合后；當(dāng)溫度升高時(shí)（）

A.電容器C的帶電荷量增大B.燈泡L變暗C.電容器C兩板間的電場強(qiáng)度減小D.消耗的功率增大3、元電荷的值近似為（）A.1.6×10-21CB.1.6×10-20CC.1.6×10-19CD.1.6×10-18C4、A點(diǎn)為已知電場中的一個(gè)固定點(diǎn)，在A點(diǎn)放一個(gè)電荷量為+q的點(diǎn)電荷，其所受電場力為F，A點(diǎn)的場強(qiáng)為E，則（）A.若將A點(diǎn)的點(diǎn)電荷移去，A點(diǎn)的場強(qiáng)變?yōu)榱鉈.若在A點(diǎn)換上電荷量為+2q的點(diǎn)電荷，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小將發(fā)生變化C.若在A點(diǎn)換上電荷量為-q的點(diǎn)電荷，A點(diǎn)的場強(qiáng)方向?qū)l(fā)生變化D.A點(diǎn)場強(qiáng)的大小、方向與放在該處的點(diǎn)電荷的大小、正負(fù)、有無均無關(guān)5、如圖所示，真空中一正方體空間ABCD—A′B′C′D′，帶電量為Q的正點(diǎn)電荷固定于A點(diǎn)；則（）

A.B點(diǎn)位置與C點(diǎn)位置的電場強(qiáng)度大小之比為B.正方體所有頂點(diǎn)中，C′點(diǎn)位置的電勢最低C.C、D′、B′三點(diǎn)所在位置的電勢相等、場強(qiáng)相同D.電子從D′點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B′點(diǎn)的過程中，電勢能先增大后減小6、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢為內(nèi)電阻為為電容器，為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器．開關(guān)閉合后，燈泡能正常發(fā)光．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（）

A.燈泡將變亮B.燈泡亮度不變C.電容器所帶的電荷量將減小D.電容器所帶的電荷量將增大7、一物塊由O點(diǎn)下落，到A點(diǎn)時(shí)與直立于地面的輕彈簧接觸，到B點(diǎn)時(shí)速度達(dá)到最大，到C點(diǎn)時(shí)速度減為零；然后被彈回．物塊在運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力大小不變，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則物塊()

A.從A下降到B的過程中，合力先變小后變大B.從A下降到C的過程中，加速度先增大后減小C.從C上升到B的過程中，動(dòng)能先增大后減小D.從C上升到B的過程中，系統(tǒng)的重力勢能與彈性勢能之和不斷增加8、下列描繪兩種溫度下黑體輻射強(qiáng)度與頻率關(guān)系的圖中，符合黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、圖中虛線為勻強(qiáng)電場中與場強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等?，F(xiàn)將M、N從虛線上的O點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示。點(diǎn)a、b、c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)，已知O點(diǎn)電勢高于c點(diǎn)。若不計(jì)重力；則（）

A.M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B.N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相同C.N在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中電場力做正功D.M在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中，電場力對它做的功等于零10、如圖所示，一輕質(zhì)絕緣細(xì)線一端固定在O點(diǎn)，另一端系一帶電量大小為q、質(zhì)量為m的小球，小球靜止懸掛放置在正對距離為d的平行板電容器A、B間，電容器極板足夠大，電容器兩板連接在電源兩端細(xì)線與豎直方向夾角細(xì)線、小球在豎直平面內(nèi)紙面內(nèi)，A、B兩板平行正對傾斜放置，且與紙面垂直、與細(xì)線平行。已知重力加速度為g；下列說法正確的有（）

A.小球帶正電B.電源電動(dòng)勢C.若在豎直面內(nèi)保持兩板正對面積不變，B板向A板緩慢靠近，則小球?qū)⒕徛弦艱.若繩子突然斷開，則小球?qū)⒆銮€運(yùn)動(dòng)11、兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于x軸上，電量大小分別為Q和2Q，在它們形成的電場中，有一個(gè)試探電荷+q沿x軸從+∞向坐標(biāo)原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)，其電勢能Ep隨x變化的關(guān)系如圖所示，圖中x0已知，且該處電勢能最小，當(dāng)x→+∞時(shí)，電勢能Ep→0；當(dāng)x→0時(shí)，電勢能Ep→+∞。根據(jù)圖象提供的信息可以確定（）

A.在x0處電場力最大B.在x軸上x＞x0的區(qū)域電場方向向左C.兩個(gè)點(diǎn)電荷的電性為D.2Q在x軸上的坐標(biāo)為(1)x012、如圖是某等量電荷的等勢線分布，相鄰的等勢線間電勢差均相等，點(diǎn)a、b、c連線與兩電荷的連線平行，且一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷M僅在電場力的作用下經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)速度方向如圖，經(jīng)過b所在等勢線到達(dá)c所在等勢線；取無窮遠(yuǎn)處電勢為零。下列說法正確的是（）

A.兩等量電荷電性相反B.a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.a、c兩點(diǎn)的電勢不相等D.點(diǎn)電荷到達(dá)c所在等勢線時(shí)速度大小與在a點(diǎn)時(shí)相等13、空間某區(qū)域電場線分布如圖所示，帶正電小球（質(zhì)量為m，電荷量為q），在A點(diǎn)速度為v1，方向水平向右，至B點(diǎn)速度為v2，v2與水平方向間夾角為A、B間高度差為H，以下判斷不正確的是（）

A.A、B兩點(diǎn)間電勢差B.小球由A至B，電勢能的減少量為C.小球由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，機(jī)械能一定增加D.小球重力在B點(diǎn)的瞬時(shí)功率為mgv2cos14、如圖所示，和都是阻值為的定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，電源內(nèi)阻為r，和都是理想電壓表和電流表，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由圖示位置向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，分別表示電壓表示數(shù)的變化量，表示電流表A的示數(shù)變化量；則下列說法中正確的是（）

A.表示數(shù)減小B.表示數(shù)減小C.D.電壓表示數(shù)的變化量的絕對值小于電壓表示數(shù)的變化量的絕對值15、電路如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)；則：

A.電源的總功率變小B.電容器貯存的電量變小C.燈L1變亮D.燈L2的電流變化ΔI2大于燈L1的電流變化ΔI116、為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培提出假設(shè)地球的磁場是在地球自轉(zhuǎn)過程中，由繞過地心的軸的環(huán)形電流引起的。假設(shè)地球表面帶電，通過觀察得知地磁場逐漸減弱。下列判斷正確的是（）A.地球表面帶的是負(fù)電B.地球表面帶的是正電C.地球自轉(zhuǎn)越來越慢D.地球自轉(zhuǎn)越來越快17、若在地球赤道表面做奧斯特實(shí)驗(yàn)。忽略磁偏角，將導(dǎo)線南北放置，正下方放置小磁針，未通電前磁針恒指南北，第一次通電電流大小為時(shí)磁針偏轉(zhuǎn)角度為30°；第二次通電電流大小為時(shí)磁針偏轉(zhuǎn)角度為60°。已知通電直導(dǎo)線在周圍空間產(chǎn)生的磁場大小與導(dǎo)線中電流大小成正比；與距離遠(yuǎn)近成反比，下列選項(xiàng)正確的有（）

A.當(dāng)導(dǎo)線中不通電時(shí)小磁針恒指南北是因?yàn)榈卮艌龅挠绊態(tài).如果將導(dǎo)線東西方向放置，通電后小磁針恒指東西C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場強(qiáng)E和帶電量Q在下列情況下怎樣變化？（填：減小；增大或不變）

（1）保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C____，U____，Q_____，E________．

（2）給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C____，U____，Q____，E_____．19、如圖所示，同一平面內(nèi)有兩根互相平行的長直導(dǎo)線甲和乙，通有大小均為I=5A且方向相反的電流，a、b兩點(diǎn)與兩導(dǎo)線共面，其連線與導(dǎo)線垂直，a、b到兩導(dǎo)線中點(diǎn)O的連線長度和甲乙間距離均相等，已知直線電流I產(chǎn)生的磁場中磁感應(yīng)強(qiáng)度的分布規(guī)律是（K為比例系數(shù)，r為某點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離），現(xiàn)測得O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B0=3T，則a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為_____T，乙導(dǎo)線單位長度（1米）受到的安培力的大小為__________N．

20、該同學(xué)將一阻值隨溫度升高而減小的電阻接在一節(jié)干電池兩端，開始時(shí)電阻溫度較低，之后溫度緩慢升高，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是________。

A.

B.

C.21、為了探究影響電荷間相互作用力的因素，某老師做了如下實(shí)驗(yàn)：把一個(gè)帶正電荷的導(dǎo)體球A固定在絕緣支架上，然后把系在絕緣絲線上的帶電小球先后掛在圖中位置，使帶電小球與導(dǎo)體球A的球心在同一水平線上，小球靜止時(shí)的狀態(tài)如圖所示。可以判斷絲線上的小球帶______（選填“正”或“負(fù)”）電荷，兩個(gè)電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而______（選填“增大”或“減小”）。

22、（1）處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部任意兩點(diǎn)間的電勢差為零。（______）

（2）靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，導(dǎo)體的電勢也為零。（______）

（3）因?yàn)橥怆妶龊退懈袘?yīng)電荷的電場在導(dǎo)體內(nèi)部疊加的合電場為0，所以處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部電場處處為0。（______）

（4）避雷針能避免建筑物被雷擊是因?yàn)樵茖又袔У碾姾杀槐芾揍樛ㄟ^導(dǎo)線導(dǎo)入大地。（______）

（5）用金屬網(wǎng)把驗(yàn)電器罩起來，再使帶電金屬球靠近驗(yàn)電器，則驗(yàn)電器箔片能張開。（______）

（6）飛機(jī)輪上裝有拖地線，油罐車后面拖條鐵鏈都是把靜電導(dǎo)入大地。（______）23、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過程中始終維持球狀，球內(nèi)任意點(diǎn)的電勢___________；始終在球外的任意點(diǎn)的場強(qiáng)___________。（填寫變大、變小或不變）24、將帶電量為的負(fù)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場力做了的功，則A、B兩點(diǎn)間的電勢差______V；若令A(yù)點(diǎn)的電勢能為零，則該電荷在B點(diǎn)的電勢能為______J。25、如圖所示，電源內(nèi)阻Ω，Ω，Ω，燈L上標(biāo)有“3V、1.5W”的字樣，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P移到最右端時(shí)，電流表示數(shù)為1A，燈L恰能正常發(fā)光．則電源的電動(dòng)勢____V；當(dāng)P移到最左端時(shí)，電流表的示數(shù)_____A.

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)26、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短27、連線題：請將下列電路元器件的實(shí)物圖與其符號相連。

28、試畫出點(diǎn)電荷、等量異種點(diǎn)電荷、等量同種點(diǎn)電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。29、如圖，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個(gè)由四個(gè)阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)30、利用圖甲電路測量某電池的內(nèi)阻，其中AB為一段粗細(xì)均勻的鉛筆芯，筆芯上套有一金屬滑環(huán)P（寬度和電阻不計(jì)，與筆芯良好接觸并可自由移動(dòng)）。實(shí)驗(yàn)器材還有：標(biāo)準(zhǔn)電池（電動(dòng)勢為E0，內(nèi)阻不計(jì)），電阻箱（最大阻值為99.99Ω），靈敏電流計(jì)G（量程為600μA），待測電池（電動(dòng)勢Ex小于E，內(nèi)阻rx未知）；開關(guān)3個(gè)，刻度尺等。

主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a.測量出鉛筆芯A、B兩端點(diǎn)間的距離L0；

b.將電阻箱調(diào)至某一阻值R，閉合開關(guān)S1、S2、S3，移動(dòng)滑環(huán)P使電流計(jì)G示數(shù)為零，測量出此時(shí)的AP長度L；

c.改變電阻箱的阻值R，重復(fù)步驟b，記錄下多組R及對應(yīng)的L值?；卮鹨韵聠栴}：

(1)步驟b中，移動(dòng)滑環(huán)P使G的示數(shù)為零。此時(shí)電阻箱兩端電壓UR=_______（用L、L0、E0表示）。

(2)利用記錄的多組R、L數(shù)據(jù)，作出圖像如圖乙，則隨變化的關(guān)系式為=___（用E0，Ex，rx，L0，R表示）；根據(jù)圖像可得待測電池的內(nèi)阻rx=____Ω（保留兩位有效數(shù)字）。

(3)在步驟b的操作過程中，若無論怎樣移動(dòng)滑環(huán)P，也無法使G的示數(shù)為零，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)，有一個(gè)開關(guān)未閉合，你認(rèn)為未閉合的開關(guān)是____（填S1、S2、S3）。

(4)本實(shí)驗(yàn)中若標(biāo)準(zhǔn)電池的內(nèi)阻不可忽略，則待測電池內(nèi)阻的測量結(jié)果將_______（填“偏大”、“不變”或“偏小”）。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)31、如圖所示，把一帶電荷量為的小球A用絕緣細(xì)繩懸起，若將帶電荷量為的帶電小球B靠近A，當(dāng)兩個(gè)帶電小球在同一高度相距30cm時(shí)，繩與豎直方向成角，取且A，B兩小球均可視為點(diǎn)電荷，求：

(1)B兩球間的庫侖力大??；

(2)球的質(zhì)量。

32、如圖，空間有一豎直向下沿x軸方向的靜電場，電場的場強(qiáng)大小按分布（x是軸上某點(diǎn)到O點(diǎn)的距離）。x軸上，有一長為L的絕緣細(xì)線連接均帶負(fù)電的兩個(gè)小球A、B，兩球質(zhì)量均為m，B球帶電荷量大小為q，A球距O點(diǎn)的距離為L。兩球現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)；不計(jì)兩球之間的靜電力作用。

(1)求A球的帶電荷量大小qA；

(2)剪斷細(xì)線后，求B球下落速度達(dá)到最大時(shí)，B球距O點(diǎn)距離為x0；

(3)剪斷細(xì)線后，求B球下落最大高度h。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，燈泡C、D并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻R減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I增大；燈泡A的電壓。

UA=E-Ir減小，電流IA減??；燈泡A變暗，燈泡B的電流。

IB=I-IA增大，電壓UB增大；燈泡B變亮，C燈的電壓。

UC=UA-UBUA減小，UB增大，則UC減小，燈泡C變暗，故C正確。2、A【分析】【詳解】

AB．由電路圖可知，S閉合后，當(dāng)溫度升高時(shí)，由于電路為并聯(lián)電路，電阻增大，則總電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知總電流I減小，由于

則U增大，即電燈泡兩端電壓U增大，即燈泡L變亮，由于

可知，增大，則流過和的電流減小，由于

可知減小，由于

則可知增大，則電容器C兩端電壓增大，由

可知電容器C的帶電荷量增大；故A正確，B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)

可知電容器C兩端電壓增大，則電容器C兩板間的電場強(qiáng)度增大；故C錯(cuò)誤；

D．由上述可知，流過的電流減小，根據(jù)

可知消耗的功率減?。还蔇錯(cuò)誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

元電荷是最小的電荷量，其值為

其他帶電體的電荷量皆為元電荷的整數(shù)倍；故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的；與試探電荷的有無；電量的大小、電性等都無關(guān)，則選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)E=B點(diǎn)位置與C點(diǎn)位置的電場強(qiáng)度大小之比為2：1；故A錯(cuò)誤；

B．正方體所有頂點(diǎn)中，C′點(diǎn)距離正電荷的距離最遠(yuǎn)；則電勢最低，故B正確；

C．C、D′、B′三點(diǎn)所距離正電荷的距離相等；則三點(diǎn)的電勢相等；場強(qiáng)大小相同，但是方向不同，故C錯(cuò)誤；

D．電子從D′點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B′點(diǎn)的過程中；距離正電荷的距離先減小后增加，則電勢先升高后降低，電子的電勢能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

AB.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，R增大，總電阻變大。根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I減小，燈泡L將變暗；選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

CD.路端電壓增大，而電容器的電壓等于路端電壓，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量將增大，故D正確，C錯(cuò)誤。7、C【分析】【詳解】

A．從A下降到B的過程中，物塊受到向下的重力，彈簧向上的彈力和向上的空氣阻力，重力大于彈力和空氣阻力之和，彈力逐漸增大，合力逐漸減小，加速度逐漸變小，到B點(diǎn)時(shí)速度達(dá)到最大，此時(shí)

合力為零，則從A下降到B的過程中合力一直減小到零；故A錯(cuò)誤；

B．從A下降到B的過程中，彈簧的彈力和空氣阻力之和小于重力，物塊的合力逐漸向下，加速度逐漸減小到零；從B下降到C的過程中，物塊的合力向上，加速度向上逐漸增大，則從A下降到C的過程中；加速度先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C．從C上升到B的過程中，開始彈力大于空氣阻力和重力之和，向上加速，當(dāng)加速度減為零時(shí)

此時(shí)的壓縮量位置在B點(diǎn)下方，速度達(dá)到向上的最大，此后向上做變減速直線運(yùn)動(dòng)，故從C上升到B的過程中；動(dòng)能先增大后減小，故C正確；

D．對于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)，由于空氣阻力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能減小，即物塊的動(dòng)能、重力勢能與彈性勢能之和減小，從C上升到B的過程中；物塊的動(dòng)能先增大后減小，則系統(tǒng)的重力勢能與彈性勢能之和在動(dòng)能最大之前是一直減小，之后就不能確定，故D錯(cuò)誤。

故選C。8、B【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律；黑體熱輻射的強(qiáng)度與波長的關(guān)系為：隨著溫度的升高，一方面，各種波長的輻射強(qiáng)度都有增加，則各種頻率的輻射強(qiáng)度也都增加，另一方面，輻射強(qiáng)度的極大值向波長較短的方向移動(dòng)，即頻率較大的方向移動(dòng)分析圖像，只有B項(xiàng)符合黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律，故B項(xiàng)正確．

故選B.二、多選題(共9題，共18分)9、C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場力方向，O點(diǎn)電勢高于c點(diǎn)，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可判斷出電場方向，從而確定出粒子的電性。由動(dòng)能定理可判斷，N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小。N從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中電場力做正功。O、b間電勢差為零；由動(dòng)能定理可知電場力做功為零。

【詳解】

A．由題，等勢線在水平方向，O點(diǎn)電勢高于c點(diǎn)，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知電場方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出N粒子所受的電場力方向豎直向上，M粒子所受的電場力方向豎直向下，故知M粒子帶正電，N帶負(fù)電；故A錯(cuò)誤；

B．由動(dòng)能定理可判斷，N從O點(diǎn)到a點(diǎn)與M從O點(diǎn)到c點(diǎn)的電勢差大小不相等，所以電勢能變化量不相等，故動(dòng)能的變化量不同，又因在O點(diǎn)兩粒子的速率相同，故N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小不同。故B錯(cuò)誤；

C．N從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中電場力與速度的夾角為銳角；電場力做正功。故C正確；

D．O、b間電勢差為零，由動(dòng)能定理可知M從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中；電場力對它做功為零。故D正確；

故選CD。

【點(diǎn)睛】10、B:C【分析】【詳解】

A．由于B板帶正電；只受重力，繩子拉力，電場力三個(gè)力平衡，可知小球所受電場力指向B板才能受力平衡，所以小球必帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B．設(shè)小球所受電場力大小為F電，根據(jù)平衡條件有

解得

則A、B間電場強(qiáng)度大小為

電源電動(dòng)勢為

故B正確；

C．A、B兩板間電場強(qiáng)度大小為

若在豎直面內(nèi)保持兩板正對面積不變，B板向A板緩慢靠近，則電場強(qiáng)度增大，小球所受電場力增大，且方向不變，而小球所受重力不變，且重力與電場力的合力與繩子拉力平衡，開始時(shí)F與F電垂直；如圖所示，可知繩子拉力變大，且與水平方向夾角減小，即小球緩慢上移，故C正確；

D．若繩子突然斷開；則小球只受重力和電場力，由于這兩個(gè)力都是恒定的，且小球初速度為0，故小球?qū)⒀乩K子拉力反方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．圖線Ep-x的斜率表示試探電荷所受的電場力大小，因?yàn)殡妶隽λ砸部梢杂眯甭时硎倦妶鰪?qiáng)度的大小，在處；圖線的斜率為零，即該點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電場力為零，故A錯(cuò)誤；

B．在x軸上的區(qū)域，隨x增大電勢是逐漸升高的；電場強(qiáng)度的方向指向電勢降低的方向，所以該區(qū)域電場方向應(yīng)該是水平向左，故B正確；

C．當(dāng)時(shí)，電勢能而在的區(qū)域內(nèi)電勢為負(fù)值，所以正電荷固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O處，負(fù)電荷應(yīng)該在x軸的負(fù)軸上，且電荷量應(yīng)該是2Q；故C錯(cuò)誤；

D．處場強(qiáng)為零，正電荷Q在坐標(biāo)原點(diǎn)，設(shè)負(fù)電荷2Q距離原點(diǎn)為x，則

解得所以2Q在x軸上的坐標(biāo)為故D正確。

故選BD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．依題意，根據(jù)題圖提供等勢線的分布情況，符合等量異種電荷等勢線的分布特點(diǎn)，故該帶電荷為兩等量電荷，電性相反，根據(jù)等量異種電荷電場線的分布特點(diǎn)，可知a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等；但方向不同，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)等量異種電荷等勢線的分布特點(diǎn)，可知a、c兩點(diǎn)的電勢不相等，則點(diǎn)電荷僅在電場力的作用下從a點(diǎn)到達(dá)c所在等勢線時(shí)，電場力做功不為零，動(dòng)能將發(fā)生改變，所以點(diǎn)電荷到達(dá)c所在等勢線時(shí)速度大小與在a點(diǎn)時(shí)不相等；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

AB．小球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)過程中，重力和電場力做功，由動(dòng)能定理得

得電場力做功

所以電勢能減小量為

由電場力做功

得A、B兩點(diǎn)間的電勢差

故A錯(cuò)誤；B正確；

C．電場力做正功；機(jī)械能增大。故C正確；

D．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)所受重力與速度方向不同，則其重力的瞬時(shí)功率

故D錯(cuò)誤。

本題選錯(cuò)的，故選AD。14、B:C:D【分析】【詳解】

AB．R的滑片向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，R的阻值減小，利用閉合電路歐姆定律結(jié)論“并同串反”知：表示數(shù)增大，表示數(shù)減少；故A錯(cuò)誤，B正確；

D．R減小，回路總阻值減小，總電流增大，r和R分壓變大，減小，可知的絕對值小于的絕對值；故D正確；

C．設(shè)流經(jīng)的電流為流經(jīng)的電流為流經(jīng)的電流為則

由閉合電路歐姆定律有

聯(lián)立解得

可得

故C正確。

故選BCD。15、B:C:D【分析】【詳解】

AC．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，干路電流變大，則燈L1變亮．電源的總功率

E不變；則電源的總功率變大，A錯(cuò)誤C正確；

B．干路電流增大，電源的內(nèi)電壓和燈L1的電壓增大，則電路中并聯(lián)部分的電壓U并減小，通過R1的電流減小，而干路電流增大，所以通過燈L2的電流變大，燈L2變亮；電容器的電壓等于并聯(lián)部分的電壓，則其電壓減小，電容器貯存的電量變小，B正確；

D．因L1中電流I1增大，R1中電流IR1減小，而L2中電流I2增大；根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)有：

故L1電流的變化值一定小于L2中電流的變化值，D正確．16、A:C【分析】【詳解】

AB．地磁的南極在地理北極的附近；故在用安培定則判定環(huán)形電流的方向時(shí)右手的拇指必需指向南方；而根據(jù)安培定則：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動(dòng)的方向，故四指的方向應(yīng)該向西，地球表面應(yīng)帶負(fù)電，故A正確B錯(cuò)誤；

CD．地磁場減弱時(shí)環(huán)形電流強(qiáng)度減小，而由電流的定義可知在電荷量不變的情況下周期變長；故地球自轉(zhuǎn)變慢，C正確D錯(cuò)誤；

故選AC。17、A:D【分析】【詳解】

A．因地磁場的方向從地理的南極指向地理的北極；則當(dāng)導(dǎo)線中不通電時(shí)小磁針恒指南北是因?yàn)榈卮艌龅挠绊懀珹正確；

B．如果將導(dǎo)線東西方向放置；通電后導(dǎo)線的下方的磁場指向南北方向，則小磁針恒指南北，B錯(cuò)誤；

CD．將導(dǎo)線南北放置，正下方磁場指向東西方向，設(shè)地磁場為向北的B0，則

解得

C錯(cuò)誤；D正確。

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

（1）保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，由知，則C變小，由知，U不變，故Q變小，根據(jù)知，E變?。唬?）充電后與電源斷開，則帶電量不變，再減小電容器極板間距離d，由知，C增大，由知，Q不變，則U變小，由知；E與d無關(guān)，故E不變．

【點(diǎn)睛】對于電容器動(dòng)態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當(dāng)電容器保持與電源相連時(shí)，電壓不變．當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】變小不變變小變小增大變小不變不變19、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)兩導(dǎo)線間距為d，根據(jù)右手螺旋定則知，甲導(dǎo)線在O點(diǎn)的場強(qiáng)方向垂直紙面向里，乙導(dǎo)線在O點(diǎn)的場強(qiáng)方向垂直紙面向里，根據(jù)場強(qiáng)的疊加有：

甲導(dǎo)線在a點(diǎn)的場強(qiáng)方向垂直紙面向外，乙導(dǎo)線在a點(diǎn)的場強(qiáng)方向垂直紙面向里，根據(jù)場強(qiáng)的疊加知，a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為：

[2]甲導(dǎo)線在乙導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為：

則單位長度的乙導(dǎo)線所受的安培力為：F=BIL=【解析】13.7520、C【分析】【詳解】

[1]開始時(shí)電阻溫度較低，阻值較大，回路中電流較小，隨著電阻溫度升高，阻值減小，回路中電流開始逐漸增大，最后保持不變，則回路中電流隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是C。21、略

【分析】【詳解】

[1]由電荷間相互作用規(guī)律知；同種電荷相互排斥?，F(xiàn)導(dǎo)體球A固定，通過圖中細(xì)線偏轉(zhuǎn)的角度，可以判斷小球受到導(dǎo)體球A向右的排斥力，故絲線上的小球帶正電；

[2]帶電小球靜止時(shí)，有

可見:帶電小球偏轉(zhuǎn)角度越大，受到的作用力越大，由圖可知懸掛的小球離帶正電的A球越遠(yuǎn)，受到的作用力越小，故兩個(gè)電荷之間的作用力大小隨它們之間距離的增大而減小?！窘馕觥空郎p小22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是個(gè)等勢體；其內(nèi)部任意兩點(diǎn)間的電勢差為零，所以對；

（2）[2]靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；導(dǎo)體是個(gè)等勢體，但是電勢不一定為零，所以錯(cuò)；

（3）[3]因?yàn)橥怆妶龊退懈袘?yīng)電荷的電場在導(dǎo)體內(nèi)部疊加的合電場為0；所以處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部電場處處為0，所以對；

（4）[4]避雷針能避免建筑物被雷擊是因?yàn)楫?dāng)帶電云層靠近建筑物時(shí)；避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．其原理為尖端放電，所以錯(cuò)；

（5）[5]用金屬網(wǎng)把驗(yàn)電器罩起來；由于靜電屏蔽，所以再使帶電金屬球靠近驗(yàn)電器，則驗(yàn)電器箔片不能張開，則錯(cuò)；

（6）[6]飛機(jī)輪上裝有拖地線，油罐車后面拖條鐵鏈都是把靜電導(dǎo)入大地，所以對。【解析】對錯(cuò)對錯(cuò)錯(cuò)對23、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點(diǎn)的電勢能，等于把它從這點(diǎn)移動(dòng)到零勢能位置時(shí)靜電力做的功。我們?nèi)∫粋€(gè)正的點(diǎn)電荷放在球內(nèi)任意點(diǎn)，把該點(diǎn)電荷移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數(shù)和記為橡皮球吹大后，該點(diǎn)電荷與球上所有電荷的距離變遠(yuǎn)，再把該點(diǎn)電荷移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數(shù)和記為根據(jù)庫倫定律有

所以球吹大后；該點(diǎn)電荷的電勢能變小，該位置的電勢變小。

[2]一個(gè)半徑為R的均勻帶電球體或球殼，在球的外部產(chǎn)生的電場，與一個(gè)位于球心的、電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場相同，求外各點(diǎn)的電場強(qiáng)度為

球吹大后，始終在球外的任意點(diǎn)距球心的距離r不變，球所帶電荷量Q不變，則場強(qiáng)不變?！窘馕觥孔冃〔蛔?4、略

【分析】【詳解】

[1]負(fù)電荷從電場中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，克服電場力做了的功，即電場力做功為

AB兩點(diǎn)間的電勢差為

[2]規(guī)定A點(diǎn)的電勢能為零，從A點(diǎn)到B點(diǎn)，負(fù)電荷的電勢能增加

可知B點(diǎn)的電勢能為【解析】525、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）當(dāng)P移到最左端時(shí)，【解析】62四、作圖題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減小；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，