2025年蘇人新版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇人新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、矩形閉合線圈平面跟磁感線方向平行；如圖所示，下列哪種情況線圈中有感應電流。

A.線圈繞ab軸轉動B.線圈沿現(xiàn)在所處平面下移C.線圈垂直紙面向外移動D.線圈繞ad軸轉動2、如圖，一光滑平行金屬軌道平面與水平面成θ角，兩導軌上端用一電阻R相連，該裝置處于勻強磁場中，磁場方向垂直軌道平面向上．質(zhì)量為m的金屬桿ab，以初速度v0從軌道底端向上滑行，滑行到某一高度h后又返回到底端．若運動過程中，金屬桿保持與導軌垂直且接觸良好，并不計金屬桿ab的電阻及空氣阻力，則()

A.上滑過程中安培力的沖量比下滑過程安培力的沖量大B.上滑過程通過電阻R的電量比下滑過程多C.上滑過程通過電阻R產(chǎn)生的熱量比下滑過程多D.上滑過程的時間比下滑過程長3、如圖，通電導線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣．當MN中電流突然減小時；線圈所受安培力的合力方向。

A.向左B.向右C.垂直紙面向外D.垂直紙面向里4、水平方向振動的彈簧振子，其質(zhì)量為最大速率為則下列正確的是（）A.從某時刻算起，在四分之一個周期的時間內(nèi)，彈力做的功不可能為零B.從某時刻算起，在半個周期的時間內(nèi)，彈力做的功可能是零到之間的某一個值C.從某時刻算起，在半個周期的時間內(nèi)，彈力的沖量一定為零D.從某時刻算起，在半個周期的時間內(nèi)，彈力的沖量可能是零到之間的某一個值5、如圖所示，一束可見光穿過平行玻璃磚后，變?yōu)閍、b兩束單色光．如果光束b是藍光，則光束a可能是。

A.紅光B.黃光C.綠光D.紫光6、下列物理學史說法正確的是()A.安培提出了電磁感應定律B.盧瑟福提出了原子的“棗糕”結構模型C.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子后猜想出原子內(nèi)的正電荷集中在很小的核內(nèi)D.α粒子散射實驗說明了原子正電荷和絕大部分質(zhì)量集中在一個很小的核上7、在光電效應實驗中，李飛同學用同一光電管在不同實驗條件下得到了三條光電流與電壓之間的關系曲線（甲光、乙光、丙光），如圖所示．則可判斷出（）

A.甲光的頻率大于乙光的頻率B.乙光的波長大于丙光的波長C.乙光對應的截止頻率大于丙光的截止頻率D.甲光的光照強度小于乙光的光照強度8、如圖所示電路，開關S原來是閉合的，當R1、R2的滑片剛好處于各自的中點位置時；懸在空氣平行板電容器C兩水平極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態(tài)．要使塵埃P向下加速運動，下列方法中可行的是。

A.把R1的滑片向左移動B.把R2的滑片向左移動C.把R2的滑片向右移動D.把開關S斷開評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、A、B、C是三個不同規(guī)格的燈泡，按如圖所示方式連接，閉合開關后恰好都能正常發(fā)光，已知電源的電動勢為E，內(nèi)電阻為r，將滑動變阻器的滑片P向左移動少許；設燈泡不會燒壞，則（）

A.整個電路的總功率一定變小B.電源的輸出功率可能變小C.A、B燈變亮，C燈變暗D.B燈變亮，A、C燈都變暗10、回熱式制冷機是一種極低溫設備，制冷極限約50K。某臺回熱式制冷機工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個過程。已知狀態(tài)A、B的溫度均為27℃，狀態(tài)C、D的溫度均為－133℃；下列判斷正確的是（）

A.氣體由狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程，溫度先升高后降低B.氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程，分子平均動能保持不變C.氣體由狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程，分子間的平均間距減小D.氣體由狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程，其熱力學溫度與壓強成正比11、下列說法中正確的是（）A.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小B.高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故C.功轉變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強高于外界壓強，在緩慢漏氣過程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內(nèi)氣體吸收熱量且分子平均動能不變E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強高于外界壓強，在緩慢漏氣過程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內(nèi)氣體吸收熱量且分子平均動能不變12、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點P將向上運動D.上消耗的功率逐漸增大13、回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置；如圖所示，它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近，分別和高頻交流電源向連接，兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，帶電粒子由加速器的中心附近進入加速器，直到達到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出．如果用同一回旋加速器分別加速氚核和α粒子（氚核和α粒子質(zhì)量比為3：4，電荷量之比為1：2），則以下說法正確的是（）

A.加速α粒子的交流電源的周期較大，α粒子獲得的最大動能較小B.若增大磁感應強度，則α粒子獲得的最大動能增大C.若增大加速電壓，氚核獲得的最大動能增大D.若增大加速電壓，氚核在加速器中運動的總時間變短14、如圖所示，R1和R2是同種材料、厚度相同、上下表面為正方形的金屬導體，但R1的尺寸比R2的尺寸大．將兩導體同時放置在同一勻強磁場B中；磁場方向垂直于兩導體正方形表面，在兩導體上加相同的電壓，形成圖所示方向的電流；電子由于定向移動，會在垂直于電流方向受到洛倫茲力作用，從而產(chǎn)生霍爾電壓，當電流和霍爾電壓達到穩(wěn)定時，下列說法中正確的是。

A.R1中的電流大于R2中的電流B.R1中的電流等于R2中的電流C.R1中產(chǎn)生的霍爾電壓小于R2中產(chǎn)生的霍爾電壓D.R1中產(chǎn)生的霍爾電壓等于R2中產(chǎn)生的霍爾電壓15、兩列簡諧橫波的振幅都是10cm，傳播速度大小相同。實線波的頻率為2Hz，沿x軸正方向傳播；虛線波沿x軸負方向傳播。某時刻兩列波在如圖所示區(qū)域相遇；則（）

A.在相遇區(qū)域會發(fā)生干涉現(xiàn)象B.實線波和虛線波的頻率之比為3：2C.平衡位置為x=6m處的質(zhì)點此刻速度為零E.從圖示時刻起再經(jīng)過0.25s，平衡位置為x=5m處的質(zhì)點的位移y＜0E.從圖示時刻起再經(jīng)過0.25s，平衡位置為x=5m處的質(zhì)點的位移y＜016、如圖所示，所有接觸面均光滑，質(zhì)量為的半圓弧槽靜止地靠在豎直墻面處，是槽的兩個端點，為槽的底部中點．現(xiàn)將質(zhì)量為的小球自槽口點由靜止釋放；下列說法中正確的是（）

A.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒B.小球從到運動過程中，小球重力做功的瞬時功率越來越大C.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒D.小球從到運動過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量不守恒評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。18、光敏電阻是由半導體材料制成的，受到光照射時，其導電性能顯著增強。將其與電磁繼電器組合，就可用來自動控制街道路燈的開與關。圖中所示是自動控制路燈的工作原理圖，當光照暗到一定程度時，路燈能點亮。電阻之一為光敏電阻，另一為定值電阻。當放大電路的輸入a端電壓升高至某一值時，使經(jīng)過繼電器J的電流增大到受繼電器J控制的電鍵S閉合，路燈就點亮。則_____是光敏電阻，若要提高電路的靈敏度，則_____（選填“增大”或“減小”）定值電阻的阻值。

19、如圖甲所示為一個邏輯門的輸入端A、B和輸出端Z上的電信號，試在乙圖的虛線框中畫出邏輯門的符號_____________。

20、如圖，兩側粗細均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環(huán)境溫度為大氣壓強現(xiàn)從右側端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端到達右管底部。此時封閉氣體的壓強為______要使封閉氣體在回到原來的體積，應將氣體溫度升高到______

21、泡沫鋁是一種同時兼有金屬和氣泡特征的新型材料。將純鋁熔化成液態(tài)后加入添加劑，就會在液態(tài)鋁內(nèi)產(chǎn)生大量氣泡，冷凝后就可得到帶有微孔的泡沫鋁。由于泡沫鋁具有密度小，高吸收沖擊能力，耐高溫、防火性能強、抗腐蝕、隔音降噪、導熱率低、電磁屏蔽性高、耐候性強等優(yōu)異的物理性能、化學性能和可回收性，泡沫鋁在當今的材料領域具有廣闊的應用前景。泡沫鋁是晶體，某些物理性質(zhì)表現(xiàn)為___________（填“各向同性”或“各向異性”）。在冷凝過程中，氣體內(nèi)能___________（填“增加”或“減少”）22、進行如下實驗：先把空的燒瓶放入冰箱冷凍，取出燒瓶，并迅速把一個氣球緊套在燒瓶頸上，封閉了一部分氣體，然后將燒瓶放進盛滿熱水的燒杯里，氣球逐漸膨脹起來，如圖。若某時刻該密閉氣體的體積為V，密度為ρ，平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該密閉氣體的分子個數(shù)為______。若將該密閉氣體視為理想氣體，氣球逐漸膨脹起來的過程中，氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了______J。若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體的溫度_____（填“升高”或“降低”）。23、某同學設計了一個加速度計，如圖所示．較重的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側用彈簧3拉著；R為滑動變阻器，4是滑動片，它與電阻器任一端間的電阻值都與它到這端的距離成正比．這個裝置實際上是一個加速度傳感器．工作時將框架固定在被測物體上，使彈簧及電阻R均與物體的運動方向平行．當被測物體加速運動時，滑塊將在彈簧的作用下，以同樣的加速度運動．通過電路中儀表的讀數(shù)，可以得知加速度的大小．已知兩個電池E的電動勢相同，均為9V，內(nèi)阻可以忽略不計；滑塊的質(zhì)量為0.6kg，兩彈簧的勁度系數(shù)均為2×102N/m，電阻器的全長8.0cm，彈簧在彈性形變內(nèi)，電壓表為指針式直流電壓表（可視為理想電壓表），零刻度在表盤中央（即可顯示正負電壓），當P端的電勢高于Q端時；指針向零點左側偏轉．當被測物體的加速度為零時，電壓表的示數(shù)為零；當被測物體的加速度達到最大時，電壓表的示數(shù)為滿偏量程．

（1）當加速度為零時，應將滑動片調(diào)到距電阻器左端______cm處；

（2）當物體具有圖示方向的加速度a時，電壓表的指針將向零點______（填“左”；“右”）側偏轉；

（3）若將電壓表的表盤換成直接表示加速度大小及方向的刻度盤，則表盤的刻度______（填“均勻”、“非均勻”）分布．24、一種海浪發(fā)電機的氣室如圖所示。工作時；活塞隨海浪上升或下降，改變氣室中空氣的壓強，從而驅(qū)動進氣閥門和出氣閥門打開或關閉。氣室先后經(jīng)歷吸入；壓縮和排出空氣的過程，推動出氣口處的裝置發(fā)電。氣室中的空氣可視為理想氣體。

(1)下列對理想氣體的理解，正確的有_____

A．理想氣體實際上并不存在；只是一種理想模型。

B．只要氣體壓強不是很高就可視為理想氣體。

C．一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能與溫度；體積都有關。

D．在任何溫度；任何壓強下；理想氣體都遵循氣體實驗定律。

(2)壓縮過程中，兩個閥門均關閉。若此過程中，氣室中的氣體與外界無熱量交換，內(nèi)能增加了3.4×104J，則該氣體的分子平均動能_____（選填“增大”“減小”或“不變”），活塞對該氣體所做的功_____（選填“大于”“小于”或“等于”）3.4×104J。

(3)上述過程中，氣體剛被壓縮時的溫度為27℃，體積為0.224m3，壓強為1個標準大氣壓。已知1mol氣體在1個標準大氣壓、0℃時的體積為22.4L，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.02×1023mol-1，則此時氣室中氣體的分子數(shù)為_____。（計算結果保留一位有效數(shù)字）25、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)29、某實驗小組欲自制歐姆表測量一個電阻的阻值；實驗提供的器材如下：

A.待測電阻Rx(約200Ω)；

B.電源(電動勢E約1.4V，內(nèi)阻r約10Ω)；

C.靈敏電流計G(量程1mA，內(nèi)阻Rg=200Ω)；

D.電阻R1=50Ω；

E.電阻R2=200Ω；

F.滑動變阻器R3(阻值范圍為0~50Ω)；

G.滑動變阻器R4(阻值范圍為0~500Ω)；

H.開關；導線若干．

(1)由于電源電動勢未知，該實驗小組經(jīng)過分析后，設計了如圖(a)所示的電路測量．部分步驟如下：先閉合開關S1、S2，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使靈敏電流計讀數(shù)I1接近滿偏；保持滑動變阻器滑片位置不動，斷開開關S2，讀出此時靈敏電流計的示數(shù)I2．

①根據(jù)實驗要求，定值電阻a應選___________；滑動變阻器R應選___________．(選填器材前的標號)

②若實驗中I1=0.90mA，I2=0.54mA，則電源電動勢為___________V．

(2)測出電動勢后，該小組成員在圖(a)的基礎上，去掉兩開關，增加兩支表筆M、N，其余器材不變，改裝成一個歐姆表，如圖(b)所示，則表筆M為___________(選填“紅表筆”或“黑表筆”)．用改裝后的歐姆表測量待測電阻Rx阻值，正確操作后，靈敏電流計讀數(shù)如圖(c)所示，則待測電阻R的阻值為___________Ω．評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)30、如圖所示，激光液面控制儀的原理是：固定一束激光AO以入射角i照射液面，反射光OB射到水平光屏上，屏上用光電管將光訊號變成電訊號，電訊號輸入控制系統(tǒng)用以控制液面高度．如果發(fā)現(xiàn)光點在屏上向右移動了s的距離射到B′點，由此可知液面降低了________．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A、根據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件，當線圈繞ab軸轉動時；穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，故A正確.

B、線圈沿沿現(xiàn)在所處平面下移，磁場與線圈平行，磁通量始終為零，故△Φ=0；無電流產(chǎn)生，故B錯誤.

B、線圈垂直紙面向外平動，磁場與線圈平行，線圈有效面積為零，故△Φ=0；無電流產(chǎn)生，故C錯誤.

D、線圈繞ad軸轉，磁場與線圈始終平行，線圈有效面積為零，故△Φ=0；無電流產(chǎn)生，故D錯誤.

故選A.2、C【分析】【詳解】

ACD．由于導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電流，棒的機械能不斷減少，經(jīng)過同一位置時下滑的速度小于上滑的速度，則下滑階段的平均速度大于下滑階段的平均速度，而上滑階段的位移與下滑階段的位移大小相等，所以上滑過程的時間比下滑過程短；下滑時棒受到的安培力小于上滑所受的安培力，則下滑過程安培力的平均值小于上滑過程安培力的平均值，所以上滑導體棒克服安培力做功大于下滑過程克服安培力做功，故上滑過程中電阻R產(chǎn)生的熱量大于下滑過程中產(chǎn)生的熱量多；根據(jù)沖量定義上滑過程中安培力的沖量

與下滑過程安培力的沖量相等；故AD錯誤，C正確；

B．根據(jù)感應電量公式知；上滑過程和下滑過程磁通量的變化量相等，則通過電阻R的電量相等，故B錯誤；

故選C。3、B【分析】【詳解】

當MN中電流突然減小時，單匝矩形線圈abcd垂直紙面向里的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，單匝矩形線圈abcd中產(chǎn)生的感應電流方向順時針方向，由左手定則可知，線圈所受安培力的合力方向向右，選項B正確．4、D【分析】【詳解】

A．在四分之一個周期的時間內(nèi)，如果初末位移大小關于平衡位置對稱，彈力做功之和為零，故A錯誤；

B．經(jīng)過半個周期，質(zhì)點速度大小一定相等，方向相反，彈力做功之和為零，故B錯誤；

CD．對于簡諧運動，經(jīng)過半個周期后速度與之前的速度關系是大小相等，方向相反；如以初速度為則末速度為故速度變化為若開始時在最大位移處，初速度為末速度也是所以速度的變化也是根據(jù)動量定理，彈力的沖量

所以彈力的沖量大小可能是間的某個值；故C錯誤；D正確；

故選D。5、D【分析】根據(jù)題意作出完整光路圖，如圖所示，a光進入玻璃磚時光線偏折角較大，根據(jù)光的折射定律可知玻璃磚對a光的折射率較大，因此a光的頻率應高于b光；故選D．

【名師點睛】由教材中白光通過三棱鏡時發(fā)生色散的演示實驗可知，光線在進入棱鏡前后偏折角度越大，棱鏡對該光的折射率越大，該光的頻率越大．6、D【分析】【詳解】

A；法拉第提出了電磁感應定律；故A錯誤；

BCD、湯姆生利用陰極射線管發(fā)現(xiàn)了電子，說明原子可分，并提出原子的棗糕模型，盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗提出了原子的核式結構模型，實驗說明了原子正電荷和絕大部分質(zhì)量集中在一個很小的核上，故BC錯誤，D正確。7、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)光電效應方程，遏止電壓與入射光頻率的關系

入射光的頻率越高，對應的遏止電壓越大；甲光；乙光的遏止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等，故選項A不合題意；

B.丙光的遏止電壓大于乙光的遏止電壓，所以丙光的頻率大于乙光的頻率，由c=知；乙光的波長大于丙光的波長，故選項B符合題意；

C.同一種金屬；截止頻率是相同的，故選項C不合題意；

D.甲的光電流比乙光大，因此甲光的光照強度大于乙光的光強度，故選項D不合題意．8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．塵埃P受到重力和電場力而平衡，要使塵埃P向下加速，就要減小電場力，故要減小電容器兩端的電壓；電路穩(wěn)定時，滑動變阻器R1無電流通過，兩端電壓為零，故改變R1的電阻值無效果；故A錯誤；

BC．變阻器R2處于分壓狀態(tài)，電容器兩端電壓等于變阻器R2左半段的電壓，故要減小變阻器R2左半段的電阻值，變阻器R2滑片應該向左移動；故B正確，C錯誤；

D．把閉合的開關S斷開；電容器兩端電壓增大到等于電源電動勢，故P向上加速，故D錯誤．

故選B．二、多選題(共8題，共16分)9、B:C【分析】【詳解】

將滑動變阻器的滑片P向左移動時，其接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，則A燈變亮。根據(jù)可知，E不變，I增大，則電源的總功率一定增大。并聯(lián)部分的總電阻減小，分擔的電壓減小，則C燈變暗。由于通過B燈的電流等于干路電流與通過C燈電流之差，干路電流增大，而通過C燈的電流減小，則通過B燈的電流增大，變亮．即A、B燈比原來亮；C燈變暗；當外電路電阻和電源內(nèi)阻相等時，電源的輸出功率最大，由于內(nèi)外電阻的關系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變化。

故選BC。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．狀態(tài)A、B的溫度相等；根據(jù)。

＝C經(jīng)過A、B的等溫線應是過A、B的雙曲線，沿直線由A到B，pV先增大后減小；所以溫度先升高后降低，A正確；

B．氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程；溫度降低，分子平均動能減小，B錯誤；

C．氣體由狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程；體積增大，分子間的平均間距變大，C錯誤；

D．氣體由狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程；體積不變，根據(jù)。

＝C其熱力學溫度與壓強成正比；D正確。

故選AD。11、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間距離增大時；分子間的引力和斥力都減小，選項A正確；

B．高原地區(qū)水的沸點較低；這是高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，選項B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第二定律；功轉變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程，選項C正確；

D．布朗運動是固體顆粒的無規(guī)則運動；它說明液體分子的永不停息地做無規(guī)則運動，選項D錯誤；

E．瓶內(nèi)氣體緩慢流出過程中氣體體積增大；氣體對外做功，而溫度始終相等，內(nèi)能不變，則氣體需要吸收熱量。因溫度是分子平均動能的標志，則分子的平均動能不變，故E正確。

故選ACE。12、A:B【分析】【詳解】

由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；

當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減小；

由歐姆定律可知流過R3的電流減??；則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；故B正確；

因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；故電壓表示數(shù)減小；故A正確；

因電容器兩端電壓減??；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C錯誤；

因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減?。蔇錯誤．

綜上所述；故選AB．

【點晴】

本題考查閉合電路的歐姆定律，一般可以先將分析電路結構，電容器看作開路；再按部分-整體-部分的分析思路進行分析．13、B:D【分析】【詳解】

交流電源的周期T=故用同一回旋加速器分別加速氚核和α粒子的周期之比為：

T1：T2==3：2；根據(jù)qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=則粒子出D形盒時的動能Ekm=故氚核和α粒子，粒子出來時的最大動能之比為：

Ek1：Ek2==1：3，故加速氚核的交流電源的周期較大，氚核獲得的最大動能較大，故A錯誤，根據(jù)上式，可知，若增大磁感應強度，則α粒子獲得的最大動能增大，故B正確；根據(jù)qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=則粒子出D形盒時的動能Ekm=最大動能與電壓無關，故C錯誤；若增大加速電壓，加速的次數(shù)減少，故加速的時間減小，故D正確；故選BD．

【點睛】

本題回旋加速器考查電磁場的綜合應用：在電場中始終被加速，在磁場中總是勻速圓周運動．所以容易讓學生產(chǎn)生誤解：增加射出的動能由加速電壓與縫間決定．原因是帶電粒子在電場中動能被增加，而在磁場中動能不變．14、B:D【分析】【分析】

根據(jù)電阻定律研究電阻的關系；根據(jù)歐姆定律判斷電流關系；根據(jù)洛倫茲力等于電場力可判斷霍爾電壓關系.

【詳解】

根據(jù)電阻R=設正方形金屬導體邊長為a，厚度為b，則R==則R1=R2，在兩導體上加上相同電壓，則R1中的電流等于R2中的電流，A錯誤，B正確．由=UH===則R1中產(chǎn)生的霍爾電壓等于R2中產(chǎn)生的霍爾電壓；C錯誤，D正確；故選BD．

【點睛】

本題是物理規(guī)律在實際中應用的范例，根據(jù)本題的結果，可以將導體微型化，而電阻不變，同時知道霍爾電壓的產(chǎn)生原理.15、B:D:E【分析】【詳解】

A．兩列波傳播速度大小相同，有圖可知，實線波的波長虛線波的波長由

可知，實線波和虛線波的頻率之比

故A正確；

B．由于故兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，故B錯誤；

C．兩列簡諧橫波在平衡位置為處；振動加強，速度是兩者之和，所以不可能為零，故C錯誤；

D．兩列簡諧橫波在平衡位置為處的質(zhì)點是振動加強的；此刻各自位移都大于5cm，合位移大于10cm，故D正確；

E．從圖示時刻起再經(jīng)過0.25s，實線波在平衡位置為處于波谷，而虛線波處于y軸上方，但不在波峰處，所以質(zhì)點的位移故E正確。

故選ADE。16、A:D【分析】【詳解】

A．依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A正確；

B．小球在點，速度大小為0，小球的功率為0，小球在點，速度方向與重力方向垂直，小球的功率為0，小球從到Ｃ運動過程中；功率先變大后變小，故B錯誤；

CD．依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)動量不守恒，故C錯誤，D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由自動控制路燈的工作原理圖，當光照暗到一定程度時，路燈能點亮。當放大電路的輸入a端電壓升高至某一值時，使經(jīng)過繼電器J的電流增大到受繼電器J控制的電鍵S閉合，路燈就點亮。當R2是光敏電阻時，若無光照其阻值變大，從而使a端的電壓升高；最終將路燈點亮；

[2]若要提高電路的靈敏度，即當光很弱時路燈可以點亮，即當電阻R2阻值較大時，a端的電壓升高到某一值，則定值電阻的阻值變大了?！窘馕觥吭龃?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]與門的特點：事件的所有條件滿足；事件才能發(fā)生?；蜷T的特點：只要有一個條件滿足，事件就能發(fā)生。非門的特點：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反。由圖象知輸入端有一個為高電勢時，輸出端即為高電勢，此邏輯電路為或門電路，該邏輯門的符號是。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]對于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態(tài)1的壓強為

狀態(tài)2的體積為

根據(jù)氣體實驗定律得

解得

[2]升溫過程是等壓變化，根據(jù)氣體實驗定律得

將帶入得【解析】88.932021、略

【分析】【詳解】

[1]泡沫鋁是晶體；但是是多晶體，表現(xiàn)為各向同性；

[2]在金屬液體冷凝過程中，氣泡收縮變小，外界對氣體做功，同時溫度降低，放出熱量，由熱力學第一定律

可知氣體內(nèi)能減少?！窘馕觥扛飨蛲詼p少22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．該密閉氣體的質(zhì)量為。

物質(zhì)的量。

分子個數(shù)為。

解得。

[2]．氣球逐漸膨脹起來的過程中；氣體對外做了0.8J的功，同時吸收了0.9J的熱量，則該氣體內(nèi)能變化了。

?U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即內(nèi)能增加0.1J；

[3]．若氣球在膨脹過程中迅速脫離瓶頸，則該氣球內(nèi)氣體迅速絕熱膨脹對外做功，則氣體的溫度降低?！窘馕觥?.1J降低23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當加速度為零時，滑塊應處于電阻器的中央，電阻器的全長8.0cm，則應將滑動片調(diào)到距電阻器左端4cm處；

（2）[2]當物體具有圖示方向的加速度a時，滑塊所受的彈簧的拉力的合力向右，滑塊相對框架向左移動，根據(jù)順著電流方向電勢降低，可知P端的電勢低于Q點的電勢，則電壓表的指針將向零點右側偏轉；

（3）[3]設加速度為a時，電壓表的讀數(shù)為U，則2kx=ma

又

聯(lián)立解得

由于U與a成正比，所以表盤的刻度應均勻。

點睛：本題中應變式加速度計體現(xiàn)了一種重要的實驗設計思想--轉換思想，即把難以直接測量的力學量轉換為容易測量的電學量。這類題目是力與電綜合題，關鍵要尋找力電聯(lián)系的橋梁?！窘馕觥浚?）4；（2）右；（3）均勻24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]AD．理想氣體是指在任何溫度；任何壓強下都遵守氣體實驗定律的氣體；是為了研究方便而引入的不計本身大小、分子間除碰撞外不計相互作用力，無分子勢能、分子間碰撞為彈性碰撞的理想模型，故AD正確；

B．實際氣體溫度不太低；壓強不太大時可視為理想氣體；故B錯誤；

C．由于理想氣體不計分子勢能；因此其內(nèi)阻只與溫度有關，故C錯誤。

故選AD。

（2）[2][3]由于壓縮過程中氣體與外界無熱量交換，氣體內(nèi)能增加，因此溫度升高，氣體的分子平均動能增大，根據(jù)熱力學第一定律可知W=ΔU=3.4×104J

（3）[4]設氣體在標準狀況下的體積為V0，上述過程為等壓過程，有=

氣體物質(zhì)的量為n=

分子數(shù)為N=nNA

聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得N==5×1024【解析】①.AD②.增大③.等于④.5×102425、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】四、作圖題(共3題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2