2025年粵教版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選修3物理上冊月考試卷532考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一含有理想變壓器的電路如圖所示，變壓器原副線圈匝數(shù)比n1∶n2＝2∶1，圖中電阻R1、R2和R3的阻值分別是4Ω、2Ω和3Ω，U為有效值恒定的正弦交流電源．當(dāng)開關(guān)S斷開時，理想電流表的示數(shù)為I，當(dāng)S閉合時，電流表的示數(shù)為()

A.IB.IC.ID.2I2、一含有理想降壓變壓器的電路如圖所示，U為正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定，L為燈泡(其燈絲電阻可以視為不變)，R、R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻；其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小。現(xiàn)將照射光強度增強，則。

A.原線圈兩端電壓不變B.通過原線圈的電流減小C.R1兩端的電壓將增大D.燈泡L將變暗3、氫原子的能級圖如圖所示，如果大量氫原子處在n=3能級的激發(fā)態(tài)；則下列說法正確的是。

A.這群氫原子能輻射出3種不同頻率的光子B.波長最長的輻射光是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=1能級產(chǎn)生的C.輻射光子的最小能量為12.09eVD.處于該能級的氫原子至少需吸收13.6eV能量的光子才能電離4、下列說法正確的是（）A.運送沙子的卡車停于水平地面，在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內(nèi)氣體對外界放熱B.民間常用“拔火罐”來治療某些疾病，方法是將點燃的紙片放入一個小罐內(nèi)，當(dāng)紙片燃燒完時，迅速將火罐開口端緊壓在皮膚上，火罐就會緊緊地被“吸”在皮膚上。其原因是：當(dāng)火罐內(nèi)的氣體體積不變時，溫度降低，壓強減小C.第二類永動機違反能量守恒定律，因而永遠無法制成D.已知水的摩爾質(zhì)量為18g/mol，水的密度為1g/cm3，由以上數(shù)據(jù)可估算出1mol水分子的個數(shù)5、下列說法中符合物理史實的是A.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B.伽利略發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律C.奧斯特提出了分子電流假說D.牛頓提出了萬有引力定律6、圖所示裝置中，cd桿原來靜止。當(dāng)ab桿做如下哪些運動時，cd桿將向右移動()

A.向右勻速運動B.向左勻速運動C.向右加速運動D.向左加速運動7、水平桌面上放一閉合鋁環(huán)；在鋁環(huán)軸線上方有一條形磁鐵，當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速靠近鋁環(huán)時，下列判斷正確的是（）

A.鋁環(huán)有收縮的趨勢，對桌面的壓力減小B.鋁環(huán)有擴張的趨勢，對桌面的壓力增大C.鋁環(huán)有收縮的趨勢，對桌面的壓力增大D.鋁環(huán)有擴張的趨勢，對桌面的壓力減小8、一束可見光從空氣進入某介質(zhì)后，變?yōu)閍、b兩束單色光。如果光束b是藍光；則光束a可能是。

A.紫光B.黃光C.綠光D.紅光9、如圖所示；MN是空氣與某種液體的分界面，一束紅光由空氣射到分界面，一部分光被反射，一部分光進入液體中.當(dāng)入射角是45°時，折射角為30°，則以下說法正確的是()

A.反射光線與折射光線的夾角為B.該液體對紅光的折射率為C.該液體對紅光的全反射臨界角為D.當(dāng)紫光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，折射角也是評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為θ的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計．斜面處在一勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．質(zhì)量為m、電阻可以不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑，并上升h高度，在這一過程中（）

A.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所做的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱11、圖中B為理想變壓器，接在交變電壓有效值保持不變的電源上。L為指示燈，燈泡L1和L2完全相同（其阻值均恒定不變），R是一個定值電阻；電壓表；電流表都為理想電表。開始時開關(guān)S是閉合的，當(dāng)S斷開后，下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)變大B.電流表A1的示數(shù)變大C.電流表A2的示數(shù)變大D.燈泡L1的亮度變亮12、如圖所示的電路，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；閉合開關(guān)S，滑動變阻器滑片P向左移動，下列結(jié)論正確的是（）

A.小燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大C.電容器C上電荷量增大D.電源的總功率變大13、在如圖所示的電路中，E為電源的電動勢，r為電源的內(nèi)電阻，R1、R2為可變電阻．在下列敘述的操作中，可以使燈泡L的亮度變暗的是（）

A.僅使R2的阻值增大B.僅使R2的阻值減小C.僅使R1的阻值增大D.僅使R1的阻值減小14、一定量的理想氣體經(jīng)歷了A→B→C→D→A的循環(huán)，ABCD位于矩形的四個頂點上。下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)C的溫度為B.從A→B，分子的平均動能減少C.從D→A，氣體壓強增大、內(nèi)能減小D.經(jīng)歷A→B→C→D→A一個循環(huán)，氣體吸收的熱量大于釋放的熱量15、下列說法正確的是（）A.布朗運動和擴散現(xiàn)象都是溫度越高越明顯B.晶體的所有物理性質(zhì)都表現(xiàn)為各向異性C.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響D.晶體和非晶體在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化16、下列關(guān)于熱機的說法中，正確的是（）A.熱機是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置B.熱機是把機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的裝置C.只要對內(nèi)燃機不斷進行革新，它可以把氣體的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能D.即使沒有漏氣，也沒有摩擦，內(nèi)燃機也不能把內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能17、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，開關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光．當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是()

A.燈泡L變亮B.電源內(nèi)部消耗的功率減小C.流過R0的電流方向為從右向左D.電容器C的電荷量增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

19、如圖所示是一個簡單的組合邏輯電路；完成其真值表。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

20、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，最后由狀態(tài)C變化到狀態(tài)A．氣體完成這個循環(huán)，內(nèi)能的變化△U=____，對外做功____W=，氣體從外界吸收的熱量____Q=

．（用圖中已知量表示）21、蒸汽機、內(nèi)燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現(xiàn)能量的轉(zhuǎn)移和轉(zhuǎn)化，我們把這些氣體稱為工質(zhì)。某熱機經(jīng)過一個循環(huán)后，工質(zhì)從高溫?zé)嵩次鼰酫1，對外做功W，又向低溫?zé)嵩捶艧酫2，工質(zhì)完全恢復(fù)初始狀態(tài)，內(nèi)能沒有變化。根據(jù)熱力學(xué)第一定律，在工質(zhì)的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關(guān)系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉(zhuǎn)化的角度，說明___能不能完全轉(zhuǎn)化為___能而不產(chǎn)生其他影響。22、如圖甲所示是兩電阻R1、R2各自的U-I圖線．則電阻R1的阻值為______Ω．如果把R1、R2兩個電阻串聯(lián)接成如上圖乙所示的電路時，電流表的示數(shù)為0.1A．則此時電阻R2兩端的電壓是______V．

23、兩個分別帶有電荷量和的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)閯t兩球間的庫侖力的大小為的__________倍．24、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內(nèi)部原有一電荷P處于靜止狀態(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

25、如圖甲所示，在xOy平面內(nèi)有兩個沿z方向做簡諧振動的點波源S1（－2，0）和S2（4，0）。兩波源的振動圖線分別如圖乙和圖丙所示，兩列波的波速均為0.50m/s。兩列波從波源傳播到點A（－2，8）的振幅為______m，兩列波引起的點B（1，4）處質(zhì)點的振動相互____（填“加強”或“減弱”），點C（0.5，0）處質(zhì)點的振動相互________（填“加強”或“減弱”）。

26、已知光速為c，普朗克常數(shù)為h，則頻率為ν的光子的動量為______．用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動量改變量的大小為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)27、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

28、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

29、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共5分)30、如圖甲連接電路，選用8V直流電源，470微法的電解電容器．當(dāng)單刀雙擲開關(guān)s擲向1端，電源向電容器充電．然后把開關(guān)擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出如圖乙所示的電流隨時間變化曲線．一位同學(xué)對實驗進行了一些分析，其中正確的是_______

A、開關(guān)s擲向2端時，流經(jīng)電流傳感器的電流方向從B到A

B、放電過程中電容器的電容C、電荷量Q、電壓U都變小

C、Ι-t圖中曲線與坐標軸圍成的面積表示電容器儲存的電荷量

D、電容器充電完畢時，儲存的電能約為0.015JA.開關(guān)s擲向2端時，流經(jīng)電流傳感器的電流方向從B到AB.放電過程中電容器的電容C、電荷量Q、電壓U都變小C.Ι-t圖中曲線與坐標軸圍成的面積表示電容器儲存的電荷量D.電容器充電完畢時，儲存的電能約為0.015J評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)31、如圖所示，豎直放置的汽缸內(nèi)用活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體。初始時，缸內(nèi)氣體的壓強為1.5×105Pa；體積為600mL，溫度為200K，活塞被缸內(nèi)的卡扣托住?，F(xiàn)緩慢升高缸內(nèi)氣體溫度，當(dāng)氣體溫度達到600K時，活塞對卡扣的壓力恰好減為0，然后繼續(xù)緩慢升高缸內(nèi)氣體溫度到800K，整個過程氣體吸收的熱量為600J且未漏氣，不計汽缸和活塞間的摩擦。求：

（1）缸內(nèi)氣體在溫度為800K時的體積；

（2）整個過程氣體內(nèi)能的增加量。

32、如圖所示，一粗細均勻的細長玻璃管，上端開口、下端封閉，上部分有高h1=50cm的水銀柱，水銀面恰好與管口平齊，中間部分封有長l=8.0cm的理想氣體,下部分有高h2=70cm的水銀柱．現(xiàn)使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動到開口向下的位置．已知大氣壓強p0=76cmHg；轉(zhuǎn)動過程中無漏氣現(xiàn)象．

①玻璃管轉(zhuǎn)動到開口向下位置時；會有一部分水銀流出，求出剩余水銀柱的長度．

②求玻璃管轉(zhuǎn)動到開口向下的位置時，氣體柱的長度．33、小明受回旋加速器的啟發(fā)，設(shè)計了如圖1所示的“回旋變速裝置”．兩相距為d的平行金屬柵極板M、N，板M位于x軸上，板N在它的正下方．兩板間加上如圖2所示的幅值為U0的交變電壓，周期．板M上方和板N下方有磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反的勻強磁場．粒子探測器位于y軸處，僅能探測到垂直射入的帶電粒子．有一沿x軸可移動、粒子出射初動能可調(diào)節(jié)的粒子發(fā)射源，沿y軸正方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子．t=0時刻，發(fā)射源在（x，0）位置發(fā)射一帶電粒子．忽略粒子的重力和其它阻力，粒子在電場中運動的時間不計．

（1）若粒子只經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)并在y=y0處被探測到，求發(fā)射源的位置和粒子的初動能；

（2）若粒子兩次進出電場區(qū)域后被探測到，求粒子發(fā)射源的位置x與被探測到的位置y之間的關(guān)系參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

變壓器輸入電壓為U與電阻R1兩端電壓的差值；再根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可求得輸出電流；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比對兩種情況列式；聯(lián)立可求得U與I的關(guān)系；則可求得電流表的示數(shù)．

【詳解】

根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，得副線圈電流I2＝2I;副線圈兩端的電壓根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得原線圈兩端的電壓為U1=2U2＝20I；電阻R1兩端的電壓IR1＝4I；在原線圈回路中U＝4I+U1＝24I；S閉合時，電流表示數(shù)為I′，副線圈中電流2I′；副線圈兩端的電壓原線圈兩端的電壓U1′＝8I′；電阻R1兩端的電壓I′?R1=4I′；在原線圈回路U=4I′+8I′=24I；解得：I′=2I；故D正確，ABC錯誤；故選D．

【點睛】

本題考查理想變壓器原理及應(yīng)用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開關(guān)通斷時電路的連接方式；同時注意明確輸入電壓與總電壓之間的關(guān)系．2、C【分析】【詳解】

當(dāng)光照增強時，光敏電阻的阻值減小，總電阻減小，電源輸出的電壓有效值不變，所以原線圈中的電流變大，電阻R兩端的電壓增大，原線圈兩端的電壓減小，故AB錯誤；根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知，副線圈兩端的電壓變小，由電流與匝數(shù)成反比，知副線圈中的電流增大，電阻R1兩端的電壓增大，并聯(lián)部分的電壓減小，電阻R2中的電流減小，燈泡中的電流增大，燈泡L將變亮，故C正確，D錯誤；故選C。3、A【分析】【詳解】

這群氫原子能輻射出種不同頻率的光子，選項A正確；波長最長的輻射光對應(yīng)著能級差最小的，則是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=2能級產(chǎn)生的，選項B錯誤；輻射光子的最小能量是從n=3到n=2的躍遷，能量為（-1.51）-（-3.4）=1.89eV，選項C錯誤；處于該能級的氫原子至少需吸收1.51eV能量的光子才能電離，選項D錯誤.4、B【分析】【詳解】

A．在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體的壓強減小，溫度不變，根據(jù)玻意耳定律pV=C

分析知氣體的體積增大，對外做功，即W<0

溫度不變，即ΔU=0

由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q＋W

可得Q>0

胎內(nèi)氣體從外界吸熱；故A錯誤；

B．當(dāng)火罐內(nèi)的氣體體積不變時，溫度降低，根據(jù)查理定律

分析知；氣體的壓強減小，這樣外界大氣壓大于火罐內(nèi)氣體的壓強，從而使火罐緊緊地“吸”在皮膚上，故B正確；

C．第二類永動機沒有違反能量守恒定律；但是違背了熱力學(xué)第二定律，故C錯誤；

D．依據(jù)阿伏伽德羅常數(shù)；可知1mol水分子的個數(shù)，不需要再計算，故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【分析】

依據(jù)各人的貢獻可以判定哪些說法正確。

【詳解】

A項：奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)；首次證明電可以生磁，故A錯誤；

B項：開普勒發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律；故B錯誤；

C項：安培提出分子電流假說；解釋了為什么磁體具有磁性，說明了磁現(xiàn)象產(chǎn)生的電本質(zhì)，故C錯誤；

D項：牛頓提出了萬有引力定律；故D正確。

故選：D。

【點睛】

對于物理學(xué)史屬于常識性問題，平時要加強記憶，注意積累。6、C【分析】【詳解】

ab桿向右或向左勻速運動時，在ab桿中產(chǎn)生恒定的電流，該電流在線圈L1中產(chǎn)生恒定的磁場，在L2中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以cd桿不動。故AB錯誤。ab桿向右加速運動，根據(jù)右手定則，知在ab桿上產(chǎn)生增大的a到b的電流，根據(jù)安培定則，在L1中產(chǎn)生向上增強的磁場，該磁場向下通過L2，根據(jù)楞次定律，在cd桿上產(chǎn)生c到d的電流，根據(jù)左手定則，受到向右的安培力，向右運動。故C正確。ab桿向左加速運動，根據(jù)右手定則，知在ab桿上產(chǎn)生增大的b到a的電流，根據(jù)安培定則，在L1中產(chǎn)生向下增強的磁場，該磁場向上通過L2；根據(jù)楞次定律，在cd桿上產(chǎn)生d到c的電流，根據(jù)左手定則，受到向左的安培力，向左運動。故D錯誤。故選C。

【點睛】

本題綜合考查了右手定則、左手定則、安培定則以及楞次定律，綜合性較強，關(guān)鍵搞清各種定則適用的范圍，不能混淆．7、C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速靠近鋁環(huán)時，通過鋁環(huán)的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，鋁環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場要阻礙磁通量的增加，阻礙磁鐵的靠近，所以鋁環(huán)對桌面的壓力會增大，鋁環(huán)還有收縮的趨勢，以縮小面積來阻礙磁通量的增加．所以選項C正確，ABD錯誤8、A【分析】由圖可知，a的折射率大于b，則a的頻率大于b，若b是藍光，則a一定是紫光，故選A.9、C【分析】【詳解】

A.根據(jù)反射定律得到反射角為45°；由幾何知識得，反射光線與折射光線的夾角是105°．故A錯誤．

B.由折射率公式得故B錯誤．

C.由臨界角公式sinC=1/n，得，sinC=則C=45°．故C正確．

D.根據(jù)折射定律得知，紫光的折射率大于紅光的折射率，則紫光以同樣的入射角從空氣射到分界面，折射角小于30°．故D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)10、A:D【分析】【詳解】

AB．導(dǎo)體棒勻速上升過程中，合力為零，則合力所作的功等于零，根據(jù)動能定理得：

得

克服安培力所做功即等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，恒力F等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和；A正確，B錯誤；

由

得

C．即恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱；故C正確；

D．重力做功不改變金屬棒的機械能，恒力F與安培力的合力所做的功等于金屬棒機械能的增量，故D錯誤．11、A:D【分析】【詳解】

C．當(dāng)開關(guān)S斷開時，輸出端總電阻增大，副線圈電路電流減小，電流表A2的示數(shù)變小；C錯誤；

B．由原副線圈匝數(shù)比不變，副線圈電流減小，則原線圈電流減小，電流表A1的示數(shù)變??；B錯誤；

輸出電壓由輸入電壓及匝數(shù)比決定；所以輸出電壓不變，電壓表的示數(shù)不變，A錯誤；

A．電源電壓不變，燈泡上電流減小，電壓減小，則原線圈兩端電壓增大，由可知副線圈兩端電壓增大；電壓表的示數(shù)變大，A正確；

D．副線圈兩端電壓增大，輸出干路電流減小，R兩端電壓減小，則輸出端燈泡L1電壓增大，L1變亮；D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器滑片P向左移動；總電阻增大，電動勢不變，則總電流減小，電流表的示數(shù)變小，內(nèi)電壓減小。而電動勢不變，則外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大，通過燈泡的電流減小，則小燈泡變暗，故A錯誤，B正確；

C．外電壓增大，通過燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，所以滑動變阻器兩端的電壓增大，根據(jù)知；電容器上電荷量增大，故C正確；

D．根據(jù)知；電流減小，則電源的總功率減小，故D錯誤。

故選BC。

【點睛】

本題考查電路的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，運用“局部→整體→局部”的思路進行分析。13、B:C【分析】A項，使R2增大；則總電阻增大，總電流減小，內(nèi)阻上電壓減小，路端電壓增大，故通過燈泡的電流增大，燈泡變亮，故A項錯誤．

B項，R2減小；總電阻減小，總電流增大，內(nèi)阻上電壓增大，路端電壓減小，故通過燈泡的電流減小，燈泡變暗，故B項正確．

C項，使R1電阻增大，則總電阻增大，電路中總電流減小，則內(nèi)阻上的電壓減小，路端電壓增大，故R2中的電流增大；通過燈泡的電流減小，燈泡變暗，故C項正確．

D項，使R1的電阻減小，則總電阻減小，總電流增大，內(nèi)阻上電壓增大，路端電壓減小，R2中電流減??；故燈泡中電流增大，燈泡變亮，故D項錯誤．

綜上所述，本題正確答案為BC．14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．過程為等壓過程，則有

即有

解得

過程也為等壓過程，則有

即

解得故A正確；

B．從A→B從A→B；溫度升高，分子平均動能增大，故B錯誤；

C．從D→A；由圖可知，氣體壓強增大，溫度升高，氣體內(nèi)能增大，故C錯誤；

D．經(jīng)歷A→B→C→D→A一個循環(huán),氣體內(nèi)能不變；在p-V圖像中，圖像與坐標軸圍成面積表示功，所以即整個過程，氣體對外界做功，所以氣體吸收的熱量大于釋放的熱量，故D正確。

故選AD。15、A:D【分析】【詳解】

A．布朗運動和擴散現(xiàn)象都與溫度有關(guān)；溫度越高越明顯，故A正確；

B．由于晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的，故B錯誤；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全用來做功，而不產(chǎn)生其他影響，故C錯誤；

D．晶體和非晶體是相對的；在一定條件下可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化，故D正確。

故選AD。16、A:D【分析】【詳解】

AB．把燃料燃燒時釋放的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置被稱為熱機；故A正確，B錯誤；

CD．熱機是把內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置；過程中一定有部分熱量排放給低溫物體（冷凝器或大氣），即有能量耗損。所以不可能把氣體的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能，故C錯誤，D正確。

故選AC。17、B:D【分析】【詳解】

AB、當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，滑動變阻器的阻值R增大，電流減小，燈泡L的功率減小，燈泡L將變暗，故A錯誤；

B、電源內(nèi)部消耗的功率減小，故B正確；

CD、路端電壓增大，則電容器C的電荷量增大，電容器C充電，流過R0的電流方向為從左向右，故C錯誤，D正確；

故選BD．

【點睛】

當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同。【解析】5.445.69519、略

【分析】【分析】

【詳解】

該邏輯電路由非門和與門構(gòu)成；非門電路特點是輸出端情況與輸入端相反，即當(dāng)輸入端為“1”時，輸出端為“0”，當(dāng)輸入端為“0”時，輸出端為“1”，與門電路的特點是指決定某事件的條件全部具備時，該事件才發(fā)生，即當(dāng)輸入端全為“1”時，才會輸出“1”，其他輸入情況，輸出均為“0”

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001020、略

【分析】【詳解】

氣體完成一個循環(huán)過程，溫度的變化量為零，則內(nèi)能的變化△U=0；對外做功等于圖中三角形ABC的面積，即W=p0V0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱：Q=W=p0V0；【解析】021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學(xué)第一定律，熱量、做功、內(nèi)能的符號規(guī)定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學(xué)第二定律知，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化成機械能而不產(chǎn)生其他影響。【解析】Q1－Q2＝W內(nèi)機械22、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，U1=4V時，I1=0.2A，則

由圖乙知，兩電阻串聯(lián)在電路中，由圖甲可知：當(dāng)I1=I2=0.1A時，U2=1V；【解析】20Ω1V.23、略

【分析】【分析】

清楚兩小球相互接觸后；其所帶電量先中和后均分．根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題．

【詳解】

相距為r時，根據(jù)庫侖定律得：接觸后各自帶電量變?yōu)閯t此時兩式聯(lián)立得即大小為F的倍．

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵．【解析】24、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據(jù)

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據(jù)

電容變大，根據(jù)

電量要增加，但是由于電壓不變，根據(jù)

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據(jù)

則電容變大，電量不變，根據(jù)

則電壓減小，根據(jù)

場強減小，電場力減小，故P的運動情況將是向下運動【解析】（1）靜止不動（2）靜止不動（3）向下運動25、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可得周期

則波長

兩列波從波源傳播到點A（－2，8）的路程差

兩列波的振動步調(diào)相反，所以A點為振動減弱點；其振幅為2m。

[2]從波源傳播到點B（1；4）路程差為0，引起該處質(zhì)點的振動相互減弱。

[3]從波源傳播到點C（0.5，0）的路程差為

該處質(zhì)點為振動加強點?！窘馕觥?減弱加強26、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光子的動量公式取入射的方向為正方向，則光子動量的變化量為

【點睛】

光子的動量的公式以及動量的矢量性．【解析】①.②.四、作圖題(共3題，共30分)27、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】28、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即