2025年滬教版必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修2物理上冊月考試卷399考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、有一星球的密度與地球的密度相同，但它表面處的重力加速度是地球表面處的重力加速度的4倍，則該星球的質(zhì)量是地球質(zhì)量的（）A.B.4倍C.16倍D.64倍2、2019年11月14日，我國國家航天局在河北懷來的地外天體著陸綜合試驗場進行了火星探測器的相關(guān)實驗工作，通過天文觀測知道，火星直徑約為地球的一半，質(zhì)量約為地球的十分之一，它繞太陽公轉(zhuǎn)的軌道半徑約為地球繞太陽公轉(zhuǎn)半徑的1.5倍。以下說法正確的是（）A.火星公轉(zhuǎn)的向心加速度比地球的大B.火星公轉(zhuǎn)的周期比地球的小C.火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球的大D.火星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度小3、如圖所示；把一個小球放在玻璃漏斗中，轉(zhuǎn)動漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動（）

A.小球做勻速圓周運動的軌道平面越接近漏斗口，小球的角速度越小B.小球做勻速圓周運動的軌道平面越接近漏斗口，小球所受合外力越小C.小球做勻速圓周運動的軌道平面越接近漏斗口，小球所周期越小D.小球做勻速圓周運動的軌道平面越接近漏斗口，小球做圓周運動的線速度越小4、下列物理量不能用來描述質(zhì)點做圓周運動的快慢的是（）A.線速度B.角速度C.半徑D.周期5、如圖所示，有兩條位于同一豎直平面內(nèi)的水平軌道，軌道上有兩個物體和，它們通過一根繞過定滑輪的不可伸長的輕繩相連接，物體以勻速向右運動，在繩子與軌道成角時，物體的速度大小為（））

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，A、B兩物塊放在圓盤上，兩物塊到圓盤中心的距離現(xiàn)讓圓盤在水平面內(nèi)做勻速圓周運動；兩物塊相對圓盤靜止。下列說法中正確的是（）

A.兩物塊的線速度大小相等B.兩物塊的角速度相等C.兩物塊的周期相等D.兩物塊的向心加速度大小相等7、如圖所示，從某高度水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達一豎直墻面時，速度與豎直方向的夾角為θ，不計空氣阻力，重力加速度為g.下列說法正確的是（）

A.小球水平拋出時的初速度大小為gttanθB.小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為C.若小球初速度增大，則平拋運動的時間變長D.若小球初速度增大，則θ增大8、據(jù)報道，美國國家航天航天局（NASA）首次在太陽系外發(fā)現(xiàn)“類地”行星Kepler-186f．若宇航員乘坐宇宙飛船到達該行星，進行科學(xué)觀測：該行星自轉(zhuǎn)周期為T；宇航員在該行星“北極”距該行星地面附近h處自由釋放一個小球（引力視為恒力），落地時間為t，已知該行星半徑為R，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是（）A.該行星的第一宇宙速度為B.該行星的平均密度為C.如果該行星存在一顆同步衛(wèi)星，其距行星表面高度為D.宇宙飛船繞該星球做圓周運動的周期小于9、關(guān)于地球的同步衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.它處于平衡狀態(tài)，且具有一定的高度B.它的加速度可能等于9.8m/s2C.它的周期是24h，且軌道平面與赤道平面重合D.它繞行的速度小于7.9km/s10、2017年4月,我國第一艘貨運飛船天舟一號順利升空，隨后與天宮二號交會對接．假設(shè)天舟一號從B點發(fā)射經(jīng)過橢圓軌道運動到天宮二號的圓軌道上完成交會，如圖所示．已知天宮二號的軌道半徑為r，天舟一號沿橢圓軌道運動的周期為T，A、B兩點分別為橢圓軌道的遠地點和近地點，地球半徑為R，引力常量為G．則（）

A.天宮二號的運行速度小于7.9km/sB.天舟一號的發(fā)射速度大于11.2km/sC.根據(jù)題中信息可以求出地球的質(zhì)量D.天舟一號在A點的速度大于天宮二號的運行速度11、如圖所示，虛線Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ分別表示地球衛(wèi)星的三條軌道，其中軌道Ⅰ為與第一宇宙速度7.9km/s對應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道Ⅱ為橢圓軌道，軌道Ⅲ為與第二宇宙速度11.2km/s對應(yīng)的脫離軌道，a、b、c三點分別位于三條軌道上，b點為軌道Ⅱ的遠地點，b、c點與地心的距離均為軌道Ⅰ半徑的2倍；則（）

A.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上處于平衡狀態(tài)B.衛(wèi)星在a點的加速度大小為在c點加速度大小的4倍C.衛(wèi)星在軌道Ⅱ的運行周期為軌道Ⅰ周期的倍D.質(zhì)量相同的衛(wèi)星在b點的機械能小于在c點的機械能12、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧固定在斜面底端，t=0時刻，一物塊從斜面頂端由靜止釋放，直至運動到最低點的過程中，物塊的速度v和加速度a隨時間t、動能Ek和機械能E隨位移x變化的關(guān)系圖像可能正確的是（）

A.B.C.D.13、如圖所示，傾角為=30°的光滑斜面固定在水平面上，頂端有一輕質(zhì)小滑輪，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面底端擋板上，另一端與質(zhì)量為m的滑塊A相連，滑塊A通過細線與另一質(zhì)量也為m的物塊B相連。初始時刻用手托著物塊B，使系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)此時細線的張力恰好為零?，F(xiàn)突然釋放物塊B，在滑塊A沿斜面向上滑動的過程中，彈簧形變始終處于彈性限度內(nèi)，不計一切阻力，A始終未與滑輪相碰，物塊B始終未落地，重力加速度為g；則下列說法正確的是（）

A.剛釋放物塊B的瞬間，B的加速度大小為gB.B組成的系統(tǒng)速度最大時，滑塊A的位移為C.在滑塊A向上滑動到最高點的過程中，滑塊A的機械能保持不變D.在滑塊A向上滑動到最高點的過程中，滑塊A和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能一直增大14、關(guān)于曲線運動，下列說法正確的是（）A.做曲線運動物體的速度和加速度一定是在變化的B.一個物體做曲線運動，它所受的合外力可能保持不變C.與速度方向垂直的力只改變速度的方向，不改變速度的大小D.勻速圓周運動的加速度不變評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，質(zhì)量為m的小物體由靜止開始從A點下滑，經(jīng)斜面的最低點B，再沿水平面到C點停止。已知A與B的高度差為h，A與C的水平距離為s，物體與斜面間及水平面間的滑動摩擦系數(shù)相同，則物體由A到C過程中，摩擦力對物體做功是______，動摩擦因數(shù)是________。

16、以初速為射程為的平拋運動軌跡制成一光滑軌道．一物體由靜止開始從軌道頂端滑下，當其到達軌道底部時，物體的速率為____，其水平方向的速度大小為____．17、如圖所示，足球守門員在發(fā)門球時，將一個靜止的質(zhì)量為0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出，這時足球獲得的動能是______________J，足球沿草地做直線運動，受到的阻力是足球重力的0.2倍，當足球運動到距發(fā)球點20m的后衛(wèi)隊員處時，速度為______________m/s（g取10m/s2）

18、在一次測試中，質(zhì)量為1.6×103kg的汽車沿平直公路行駛，其發(fā)動機的輸出功率恒為100kW。汽車的速度由10m/s增加到16m/s，用時1.7s，行駛距離22.6m。若在這個過程中汽車所受的阻力恒定，則汽車的速度為10m/s時牽引力的大小為_______N，此時汽車加速度的大小為________m/s2。19、一物體質(zhì)量為1kg，沿傾角為30°的傳送帶從最高端A點以初速度v0=8m/s下滑，傳送帶勻速向下運動的速度為2m/s，全長20m．物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為物體運動到傳送帶底端B點的速度大小為_____m/s；全過程中因物體和傳送帶間的摩擦而產(chǎn)生的熱量為_____J．全程運動時間為（）（重力加速度g=10m/s2），若摩擦因數(shù)變?yōu)樵瓉淼?/3,則上述問題的結(jié)果為（）（）（）。20、某同學(xué)在原地進行單手運球訓(xùn)練中發(fā)現(xiàn)，讓籃球從靜止開始下落并自由彈起，彈起的最大高度比原來低20cm。為了讓籃球每次都能彈回原來的高度，當球回到最高點時，向下拍打一次球，每分鐘拍打100次，籃球質(zhì)量為0.6kg。取重力加速度g=10m/s2.。不計空氣阻力和拍球瞬間的能量損失，則該同學(xué)每次拍打籃球需做功為___________J，拍打籃球的平均功率為___________W。21、如圖所示，質(zhì)量為3kg的木塊在傾角為的斜面頂端由靜止開始在外力作用下加速下滑，已知加速度假設(shè)斜面足夠長，且以斜面頂端O點所在平面為零勢能面，g取10m/s2，求：

（1）2s末木塊的重力勢能Ep=__________；

（2）前2s內(nèi)木塊重力的平均功率=__________；

（3）2s末木塊重力的瞬時功率P=____________。22、設(shè)地球繞太陽做勻速圓周運動，半徑為R，速度為v，則太陽的質(zhì)量可用v、R和引力常量G表示為__________．太陽圍繞銀河系中心的運動可視為勻速圓周運動，其運動速度約為地球公轉(zhuǎn)速度的7倍，軌道半徑約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的2×109倍．為了粗略估算銀河系中恒星的數(shù)目，可認為銀河系中所有恒星的質(zhì)量都集中在銀河系中心，且銀河系中恒星的平均質(zhì)量約等于太陽質(zhì)量，則銀河系中恒星數(shù)目約為_____________．23、人造地球衛(wèi)星做半徑為r，線速度大小為v的勻速圓周運動，當其角速度變?yōu)樵瓉淼谋逗?，運動半徑為___________，線速度大小為_______________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)24、如圖所示，在一內(nèi)壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內(nèi)，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質(zhì)點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

25、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

26、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

27、在圖的實驗中，假設(shè)從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內(nèi)每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內(nèi)的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)28、如圖所示，傾角為的粗糙斜面底端與半徑的光滑半圓軌道平滑相連，為軌道圓心，為圓軌道直徑且處于豎直方向，A、兩點等高，質(zhì)量的滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)（?。?/p>

（）若滑塊從A點以初速度開始下滑，恰能沿軌道滑到點，求初速度的大??；

（）若滑塊離開處的速度大小為求滑塊從點飛出至落到斜面上的時間

29、質(zhì)量為m的小球以某速度從A點無摩擦地滾上半圓軌道，小球通過軌道的最高點B后恰好做平拋運動，且正好落在水平地面上的C點，已知AC=4R；求：

（1）小球在B點時的速度大??；

（2）小球在B點時半圓軌道對它的彈力大小；

30、已知地球半徑為R；地球表面重力加速度為g，萬有引力常量為G，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響．

（1）求衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的第一宇宙速度v1；

（2）若衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動且運行周期為T，求衛(wèi)星運行半徑r；31、據(jù)報道，美國航空航天管理局計劃在2008年10月發(fā)射“月球勘測軌道器（LRO）”．已知LRO繞月飛行的周期為T，月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g，試求LRO距月球表面的高度h？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

由得所以則根據(jù)

A.選項A不符合題意；

B.4倍；選項B不符合題意；

C.16倍；選項C不符合題意；

D.64倍，選項D符合題意；2、D【分析】【詳解】

根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)行星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、太陽質(zhì)量為M，有

解得

A．根據(jù)知軌道半徑越大；加速度越小，故A錯誤；

B．根據(jù)知軌道半徑越大；周期越大，故B錯誤；

C．根據(jù)知軌道半徑越大；線速度越小，故C錯誤；

D．設(shè)火星體半徑為R，表面重力加速度為

故D正確。

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

對小球受力分析得。

解得。

則在運動過程中保持不變，因此合力不變，越接近漏斗口半徑越大，所以角速度越小，線速度越大，周期越大，故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

線速度、角速度和周期都能描述做圓周運動的快慢程度，而半徑不能描述質(zhì)點做圓周運動的快慢。故選C。5、B【分析】【詳解】

將B點的速度分解如右圖所示,

則有:解得：；故B正確；ACD錯誤。

故選B

點睛：根據(jù)運動的合成與分解,結(jié)合A的速度與B的速度沿著繩子方向的速度大小相等,結(jié)合平行四邊形定則求出物體B的速度.二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】【分析】

【詳解】

兩物塊同軸轉(zhuǎn)動，則角速度相等，根據(jù)

可知，周期相等，根據(jù)v=ωr

可知，線速度不相等；根據(jù)

可知；兩物塊的向心加速度大小不相等。

故選BC。7、A:D【分析】【詳解】

A．小球到達豎直墻壁時沿豎直方向和水平方向上的分速度大小分別為vy＝gtvx＝vytanθ＝gttanθ

所以小球水平拋出時的初速度大小為gttanθ；故A正確；

B．設(shè)小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為α，則

故B錯誤；

C．由于小球到達墻壁的距離一定；初速度越大，運動的時間越短，故C錯誤；

D．若小球初速度增大，小球到達墻壁的時間變短，由tanθ＝

可知θ增大；故D正確．

故選AD。8、A:B【分析】【詳解】

A．根據(jù)得，行星表面的重力加速度

根據(jù)

得，行星的第一宇宙速度

故A正確；

B．根據(jù)

得，行星的質(zhì)量

則行星的平均密度

故B正確；

C．根據(jù)

又

解得

故C錯誤；

D．根據(jù)

最小周期

故D錯誤。

故選AB。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．同步衛(wèi)星做勻速圓周運動；萬有引力提供向心力，處于不平衡狀態(tài)，A錯誤；

B．地球表面附近的向心加速度為

設(shè)同步衛(wèi)星離地球表面的高度為則

B錯誤；

C．同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)的周期相等，為24同步衛(wèi)星相對與地面靜止；同時繞地心旋轉(zhuǎn)，因此軌道平面與赤道平面重合，C正確；

D．7.9km/s是衛(wèi)星繞地球運行的最大速度；由于同步衛(wèi)星距離地球表面具有一定的高度，因此它繞行的速度小于7.9km/s，D正確；

故選CD。10、A:C【分析】7.9km/s是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，衛(wèi)星越高，線速度越小，則天宮二號的運行速度小于7.9km/s，選項A正確；11.2km/s是第二宇宙速度，是衛(wèi)星脫離地球引力逃到其它星球上去的最小速度，則天舟一號的發(fā)射速度小于11.2km/s，選項B錯誤；根據(jù)開普勒第三定律=常數(shù)，已知天宮二號的軌道半徑r，天舟一號的周期T以及半長軸(r+R)，可求得天宮二號的周期T1，再根據(jù)可求解地球的質(zhì)量，選項C正確；天舟一號在A點加速才能進入天宮二號所在的軌道，則天舟一號在A點的速度小于天宮二號的運行速度，選項D錯誤；故選AC.11、B:D【分析】【詳解】

A．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上做勻速圓周運動；萬有引力提供向心力，合力不為零，不處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；

B．根據(jù)牛頓第二定律可得

可得

由于c點與地心的距離為軌道Ⅰ半徑的2倍，可知衛(wèi)星在a點的加速度大小為在c點的4倍；故B正確；

C．由題可知軌道Ⅰ的半徑與軌道Ⅱ的半長軸之比為

根據(jù)開普勒第三定律

可得

故C錯誤；

D．衛(wèi)星從軌道Ⅱ變到軌道Ⅲ需要點火加速，在變軌處動能增大，也就是機械能增大，而同一軌道機械能守恒，因此質(zhì)量相同的衛(wèi)星在b點的機械能小于在c點的機械能；故D正確。

故選BD。12、A【分析】【詳解】

A．在接觸彈簧前，物塊的速度v隨著時間均勻增加；接觸彈簧后，在達到最大速度前，做加速度減小的加速運動，達到最大速度后，做加速度增大的減速運動，直到停止，故A正確；

B．在接觸彈簧前，加速度恒定，剛接觸彈簧后的加速度大小為

達到最大速度后，設(shè)此時彈簧的型變量為

其中

設(shè)物塊與彈簧接觸前運動了物塊從釋放到運動到最低點

整理得

有

因此

故B錯誤；

C．由動能定理，在接觸彈簧前，物體沿著斜面下滑的位移為x

動能隨著位移線性增加；接觸彈簧后，在達到最大速度前，做加速運動，物塊的動能隨著位移是增加的，達到最大速度后，做減速運動，動能隨著位移的增加而減少，故C錯誤；

D．在接觸彈簧前，只有摩擦力做負功，物體的機械能減少

在接觸彈簧后，有摩擦力和彈簧彈力做負功，物體的機械能隨位移減少的規(guī)律如下

是開口向下的拋物線的一段；故D錯誤。

故選A。13、B:D【分析】【詳解】

A．物塊B剛釋放的瞬間，細線中即出現(xiàn)了張力，即物塊B所受的合力小于重力，加速度小于g；故A錯誤；

B．滑塊A運動之前，彈簧處于壓縮狀態(tài)

解得

A、B組成的系統(tǒng)速度最大時，其加速度為零，對于物塊A，所受合力為零

解得

所以滑塊A的位移為

故B正確；

C．滑塊A向上滑動到最高點的過程中；繩子拉力做正功，彈簧彈力先做正功，后做負功，剛開始滑動和到最高點，滑塊A的重力勢能增加，機械能增加，故在整個過程中滑塊A的機械能不守恒，故C錯誤；

D．在滑塊A向上滑動到最高點的過程中；繩子的拉力一直對物塊A做正功，所以滑塊A和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能一直在增大，故D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

A．根曲線運動的特點；可知做曲線運動的物體的速度一定是變化的，但加速度不一定變化，如平拋運動，其加速度為重力加速度，保持不變，A錯誤；

B．當物體做平拋運動時；它所受的合外力為重力，保持不變，B正確；

C．與速度方向垂直的力；此力只改變物體速度的方向，不改變其速度的大小，C正確；

D．勻速圓周運動的加速度的方向始終指向圓心；是不斷變化的，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]從A到C過程，由動能定理可得

計算得出摩擦力對物體做的功

[2]設(shè)斜面的長度為L，水平面的長度為L'，斜面傾角為θ，摩擦力做的功為

所以

解得動摩擦因數(shù)【解析】16、略

【分析】【詳解】

建立如圖所示的坐標系，軌跡是拋物線，所以消去參數(shù)t，得到拋物線的軌跡方程一物體由靜止開始從軌道頂端滑下，當其到達軌道底部時，豎直位移①，根據(jù)機械能守恒，②，①②聯(lián)立，

根據(jù)平拋運動速度方向與位移方向角度的關(guān)系，③，把①代入③得

所以。

解得：

【解析】17、略

【分析】【分析】

（1）已知球的質(zhì)量和速度；根據(jù)動能的計算公式即可求出足球的動能；

（2）對足球運用動能定理；求出足球足球運動到距守門員踢球點20m的后衛(wèi)隊員處時的速度．

【詳解】

（1）足球獲得的動能為：Ek＝mv2＝×0.4×102J＝20J

（2）足球受到的阻力為：f=0.2mg=0.2×0.4×10N=0.8N；

阻力對足球阻力所做的功Wf=fL=0.8×20=16J；

由動能定理得：-fL=mv'2-mv2；

代入數(shù)據(jù)解得：v′＝2m/s

【點睛】

本題考查動能定理的應(yīng)用，要注意做好受力分析和過程分析，找準初末狀態(tài)，本題中應(yīng)注意初始狀態(tài)為球被踢出之后的狀態(tài)，不能速度從零開始．【解析】20218、略

【分析】【詳解】

[1]汽車速度為時，牽引力大小為

[2]汽車加速過程，根據(jù)動能定理

解得阻力為

根據(jù)牛頓第二定律

解得【解析】19、略

【分析】【分析】

判斷出物體開始下滑的摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律求出運動的加速度，得出速度達到2m/s時的位移，判斷有無到達底端，因為滑動摩擦力小于重力的分力，所以速度相等后，一起做勻速直線運動．求出物體和傳送帶之間的相對位移，根據(jù)Q=f△x求出摩擦產(chǎn)生的熱量．

【詳解】

物體開始下滑的加速度=gsin30°﹣μgcos30°=﹣2.5m/s2；知方向沿斜面向上．

當速度減小到2m/s時，位移＜20m．

因為滑動摩擦力小于重力的分力；所以速度相等后，一起做勻速直線運動．則物體運動到底端B點的速度大小為2m/s．

在速度相等前發(fā)生相對滑動，時間t=．

傳送帶的位移x′=v0t=8×2.4m=19.2m．

則相對滑動的位移△x=19.2﹣12m=7.2m

則Q=J=54J．【解析】25420、略

【分析】【詳解】

[1]該同學(xué)每一次拍打小球做的功最終轉(zhuǎn)化為小球的重力勢能，則有

[2]每分鐘做的功

該同學(xué)拍打小球的平均功率【解析】1.2221、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]2s末木塊下滑的位移為

木塊的重力勢能

(2)[2]前2s內(nèi)木塊重力的平均功率

(3)[3]2s末木塊重力的瞬時功率【解析】-36J18W36W22、略

【分析】【詳解】

地球繞太陽做圓周運動的向心力由太陽對地球的萬有引力充當．根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有整理得

太陽繞銀河系運動也是由萬有引力充當向心力．同理可得．

【易錯提醒】不能正確理解天體做圓周運動的向心力來源。

【學(xué)科網(wǎng)備考提示】天體的運動均可看做勻速圓周運動，由萬有引力充當向心力．【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)

可得

當其角速度變?yōu)樵瓉淼谋叮?/p>

[2]由

可得線速度大小為【解析】2rv四、作圖題(共4題，共36分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

小球滑到達管道的頂端，設(shè)小球受重力和管道的作用力，則

由于

所以

說明小球在管道最