2024年高考物理模擬測(cè)試卷五

2024年高考物理模擬測(cè)試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要

求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

14.2024年中國(guó)散裂中子源（CSNS）將迎來(lái)驗(yàn)收，目前已建設(shè)的3臺(tái)譜儀也將啟動(dòng)首批試驗(yàn)。有關(guān)中子的

探討，下列說(shuō)法正確的是

A.Th核發(fā)生一次a衰變，新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)削減了4

B.一個(gè)笊核和一個(gè)旅核經(jīng)過(guò)核反應(yīng)后生成氮核和中子是裂變反應(yīng)

C.盧瑟福通過(guò)分析a粒子散射試驗(yàn)結(jié)果，發(fā)覺(jué)了質(zhì)子和中子

D.13衰變的實(shí)質(zhì)在于核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子

【答案】D

【解析】

A.Th核發(fā)生一次a衰變，新核與原來(lái)的原子核相比，質(zhì)量數(shù)減小4,電荷數(shù)減小2,則中子數(shù)削減了

2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.一個(gè)氣核和一個(gè)氤核經(jīng)過(guò)核反應(yīng)后生成氨核和中子是聚變反應(yīng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.盧瑟福通過(guò)分析。粒子散射試驗(yàn)結(jié)果，發(fā)覺(jué)了原子的核式結(jié)構(gòu)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D."衰變的實(shí)質(zhì)在于核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，選項(xiàng)D正確；

故選Do

15.如圖所示，為某運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）參與跳板跳水競(jìng)賽時(shí)，其豎直方向的速度隨時(shí)間變更的圖

象以他離開(kāi)跳板時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是

A.與時(shí)刻達(dá)到最高點(diǎn)

B.片2時(shí)刻的位移最大

C.%時(shí)刻的加速度為負(fù)

D.在§-t2時(shí)間內(nèi)重力做功明大于L-12時(shí)間內(nèi)克服阻力做功Wf

【答案】D

【解析】

A.運(yùn)動(dòng)員起跳時(shí)的速度方向向上，可知，白時(shí)刻達(dá)到最高點(diǎn)，故A錯(cuò)誤。

BC./V圖象為直線，加速度不變，所以在0-益時(shí)間內(nèi)人在空中，益時(shí)刻起先進(jìn)入水面，之后進(jìn)入水中,

此時(shí)人的位移不是最大，白時(shí)刻的加速度為正值，故BC錯(cuò)誤；

1,

D.由能量關(guān)系可知在友時(shí)間內(nèi)，Wc-Wf即在時(shí)間內(nèi)重力做功％大于友時(shí)間

內(nèi)克服阻力做功重力做功心故D正確；

故選Do

16.某志向變壓器有兩個(gè)副線圈，原線圖匝數(shù)為〃，兩個(gè)副線圖匝數(shù)分別為n和功，如圖所示。所接電阻

用=兄，電流表為志向溝通電表，D為志向二極管，原線圈接正弦溝通電源，下列說(shuō)法正確的是

A.滑動(dòng)變阻器7?滑片向上滑動(dòng)時(shí)，電流表示數(shù)變小

B.滑動(dòng)變阻器及滑片向上滑動(dòng)時(shí)，副線圈功的輸出電壓變大

C.兄兩端的電壓與用兩端的電壓之比為〃：1尬

D.用的功率與用的功率之比為域:笳

【答案】A

【解析】

一組原線圈對(duì)應(yīng)多組副線圈同樣符合電壓關(guān)系

nnxn。

功率關(guān)系:

P=P]+P2^UlIl+U2I2

AB.〃增大，n,ni,m不變，不影響U,〃和場(chǎng)所以工減小，4減小，所以原線圈功率戶(hù)減

小，故原線圈電流減小，A正確，B錯(cuò)誤。

CD.七兩端電壓等于4,其次個(gè)副線圈由于二極管的存在，使得用電壓不等于場(chǎng)所以?xún)呻娮?/p>

電壓值比不等于功:痣，功率根產(chǎn)=＞可知，兩電阻相等，但是兩電阻的電壓之比不是力:痣，

R

所以電壓值比也不是"：瑁；故C、D均錯(cuò)誤。

故選Ao

17.人造衛(wèi)星給人們的生活帶來(lái)了的便利，不同的人造衛(wèi)星有著不同的用途和軌道?，F(xiàn)有兩顆人造地球衛(wèi)

星a、b,分別穩(wěn)定在距地面高度為2A和37?的圓周軌道上，7?為地球半徑。則下列說(shuō)法中正確的是

A.a、b的速度之比為百：，5

B.a、b的周期之比為3百：8

C.a、b所受向心力之比為16:9

D.衛(wèi)星a的機(jī)械能確定小于b的機(jī)械能

【答案】B

【解析】

由萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力有

Mmv2，兀、2

G——-m—=——)r

rrT

得

v=/---,T=2〃J----

AVr\GM

A.a、b的速度之比為

2k=pR+RF=A

以、2R+R\3V3

故A錯(cuò)誤；

B.a、b的周期之比為

7；_](2R+R)3_3出

故B正確；

CD.由于不知道兩衛(wèi)星的質(zhì)量,所以無(wú)法確定兩衛(wèi)星的向心力和機(jī)械能的大小關(guān)系，故CD錯(cuò)誤。

18.如圖所示的靜電場(chǎng)中，實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示等勢(shì)面。則

A.b、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等

B.a、力兩點(diǎn)的電勢(shì)相等

C.b、c兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等

D.a、6兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等

【答案】A

【解析】

A.同一等勢(shì)面上的點(diǎn)電勢(shì)相等，所以6、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，A正確；

B.沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以a點(diǎn)電勢(shì)大于分點(diǎn)的電勢(shì)，B錯(cuò)誤；

C.6、。兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、但方向不同，所以場(chǎng)強(qiáng)不相等，C錯(cuò)誤；

D.電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，a點(diǎn)的電場(chǎng)線更密一些，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于6點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，D錯(cuò)誤。

故選Ao

19.如圖所示，粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為半圓的柱狀物體A,A與豎直墻壁之間放一光滑半圓球3,

整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)。已知A、3的質(zhì)量分別為掰和A、B兩物體的半徑均為R,3的圓心

到水平地面的豎直距離為0R,重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是

A.地面對(duì)A的支持力大小為（根+M）g

B.地面對(duì)A的摩擦力大小為0Mg

C.將A往左緩慢移動(dòng)少許，豎直墻壁對(duì)3的彈力減小

D.將A往左緩慢移動(dòng)少許，A、3之間的彈力保持不變

【答案】AC

【解析】

A.把A、B看成一個(gè)系統(tǒng)，對(duì)其運(yùn)用整體法，該系統(tǒng)在豎直方向上受到豎直向下的重力（的加g和地面

的支持力A的作用，二力平衡，所以有:

R=（業(yè)m）g

故A正確；

B.在水平方向上，該系統(tǒng)確定受到豎直墻水平向右的彈力的作用，那么確定也受到地面水平向左的摩

擦力，并且摩擦力大小等于豎直墻對(duì)B水平向右的彈力大小A?；再選取半圓球B為探討對(duì)象，運(yùn)用隔

離法，受力分析如圖所示。

依據(jù)幾何關(guān)系，。等于45°。依據(jù)力的分解和力的平衡條件可得：

&=當(dāng)_=0吸

COSJ

7^2-^fetanO-Mg

故B錯(cuò)誤；

C.依據(jù)尺2二批tan。，將/往左緩慢移動(dòng)少許，。減小，豎直墻壁對(duì)方的彈力減小，故C正確;

D.依據(jù)凡尸1空，將"往左緩慢移動(dòng)少許，。減小，46之間的彈力減小，故D錯(cuò)誤。

COS0

20.兩個(gè)線圈套在同一個(gè)鐵芯上，線圈的繞向如圖甲所示，左線圈連著正方形線框線框所在區(qū)域存

在變更的磁場(chǎng)，取垂直紙面對(duì)里為正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變更的關(guān)系如圖乙所示，不計(jì)線框以外

的感應(yīng)電場(chǎng)，右側(cè)線圈連接確定值電阻凡則下列說(shuō)法中正確的是

A.彳時(shí)刻aft邊中電流方向由。―》，e點(diǎn)電勢(shì)低于/"點(diǎn)電勢(shì)

B.設(shè)彳、匕時(shí)刻動(dòng)邊中電流大小分別為匕、4，則有㈠Le點(diǎn)與/■點(diǎn)電勢(shì)相等

C.與?。時(shí)間內(nèi)通過(guò)劭邊的電荷量為0，通過(guò)定值電阻A的電流方向豎直向下

D.“時(shí)刻成邊中電流方向由afb,通過(guò)定值電阻7?的電流方向豎直向下

【答案】BD

【解析】

A.由圖可知，力時(shí)刻磁場(chǎng)方向向里且勻稱(chēng)增加，依據(jù)楞次定律，線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，a右邊

中電流方向由a-6,依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知，正方形線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定值，原線圈中電

流值恒定，副線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，e點(diǎn)電勢(shì)等于/?點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B.依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

e=n——=nS,

AZA?

心時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度的變更率小于友時(shí)刻的磁感應(yīng)強(qiáng)度變更率，依據(jù)歐姆定律，=名，知/1＜九

R

副線圈磁通量不變，定值電阻7?中無(wú)電流，e點(diǎn)與/1點(diǎn)電勢(shì)相等，故B正確；

C.友?友時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度勻稱(chēng)變更，磁通量勻稱(chēng)變更，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，有恒定感應(yīng)電流通過(guò)通

過(guò)勵(lì)的電量為疔〃，不等于0,恒定電流通過(guò)鐵芯產(chǎn)生恒定磁場(chǎng)，故副線圈磁通量不變，副線圈無(wú)感

應(yīng)電流產(chǎn)生，則定值電阻〃中無(wú)電流，故C錯(cuò)誤；

D.化時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直紙面對(duì)外，磁場(chǎng)變小，磁通量減小，依據(jù)楞次定律得感應(yīng)電流逆時(shí)針，ab邊中

電流方向a-6,磁感應(yīng)強(qiáng)度的變更率增大，感應(yīng)電流大小變大，穿過(guò)原副線圈的磁通量增大，依據(jù)楞

次定律，副線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)上正下負(fù)，因此通過(guò)定值電阻丹的電流方向豎直向下，故D正確。

故選BD?

21.如圖所示，滑塊啊放置在足夠長(zhǎng)的木板外的右端，木板置于水平地面上，滑塊與板間動(dòng)摩擦因數(shù)為〃1,

木板與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為〃2,原來(lái)均靜止。零時(shí)刻用一水平恒力向右拉木板，使滑塊與木板發(fā)生相

對(duì)運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻撤去該力?；瑒?dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，則從零時(shí)刻起，二者的速度一時(shí)間圖象可

能為

00

【答案】AD

【解析】

零時(shí)刻用一水平恒力向右拉木板，使滑塊與木板發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，滑塊處和木板生均做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

對(duì)滑塊?

〃i〃11g=

加速度為

4=〃苗

撤去外力后，木板場(chǎng)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)滑塊處的速度小于磔，所以滑塊皿接著做勻加速運(yùn)動(dòng)，

當(dāng)而者速度相等時(shí)：

AB.假如〃i>〃2，滑塊的和木板場(chǎng)將保持相對(duì)靜止，在地面摩擦力作用下一起做勻減速運(yùn)動(dòng)。由牛

頓其次定律

〃2（班+^2）g=（班+m2）a2

加速度變?yōu)?/p>

?2=修

即滑塊的加速度變小，故A正確，B錯(cuò)誤。

CD.假如〃i<〃2，兩物體將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，由牛頓其次定律，此時(shí)滑塊外的加速度大小是〃話，即

滑塊的加速度大小不變，故D正確，C錯(cuò)誤。

故選AD。

三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必需作答。第33~38題為選考題，考生

依據(jù)要求作答。

（一）必考題：共129分。

22.（5分）利用供應(yīng)的下列器材：長(zhǎng)木板、鐵架臺(tái)、米尺、計(jì)時(shí)儀器、小車(chē)（可視為質(zhì)點(diǎn)）、祛碼等，探究

加速度與質(zhì)量的關(guān)系。如圖測(cè)量木板長(zhǎng)度將木板一端放在鐵架臺(tái)的支架上，讓小車(chē)從靜止起先由頂

端滑究竟端，測(cè)出下滑時(shí)間方，則小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度可表示為2==保持木板傾角

不變，向小車(chē)內(nèi)加入祛碼來(lái)變更小車(chē)質(zhì)量，多次測(cè)出加速度/,據(jù)此能否得出加速度與質(zhì)量的關(guān)系？

（填"能”或"不能”），緣由是。

【答案】下（2分）不能（1分）保持木板傾角不變，則加速度相等，與質(zhì)量無(wú)關(guān)（2分）

【解析】

小車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依據(jù)位移時(shí)間公式得：

I=—at2

2

解得：

21

a=7

設(shè)木板的傾角為6,依據(jù)牛頓其次定律得：

mgsinO-umgcosO.八八

a=-----------------------=gsmt）-/dcost）

m,

與質(zhì)量無(wú)關(guān)，保持木板傾角不變，則加速度相等；則此試驗(yàn)的過(guò)程中，不涉及到質(zhì)量，所以不能得出

加速度與質(zhì)量的關(guān)系。

23.在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗(yàn)時(shí)，所用器材有：電動(dòng)勢(shì)為6V的電源，額定電壓為2.5V的

小燈泡，以及符合試驗(yàn)要求的滑動(dòng)變阻器、電表、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線。要求能測(cè)出盡可能多組數(shù)據(jù)，如圖是

沒(méi)有連接完的實(shí)物電路。（已連接好的導(dǎo)線有a、b、c、d、e、f六根）

（1）請(qǐng)你用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將實(shí)物電路連接完整_______________________;

（2）連好電路，閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片只發(fā)覺(jué)小燈泡始終不亮，但電壓表有示數(shù)，電流表幾乎不偏

轉(zhuǎn)，則故障的緣由可能是；

（3）解除故障后比和開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑片戶(hù)到某處，電壓表的示數(shù)為2.2V,在要測(cè)量小燈泡的額定功率，應(yīng)將

滑片戶(hù)向端滑動(dòng)（選填“左”“右”）；

（4）通過(guò)移動(dòng)滑片R分別登記了多組對(duì)應(yīng)的電壓表和電流表的讀數(shù)，并繪制成了如圖所示的圖線。

依據(jù)圖線供應(yīng)的信息，可計(jì)算出小燈泡的額定功率是Wo

（5）圖線是曲線而不是過(guò)原點(diǎn)的直線，緣由是o

（2分）c段導(dǎo)線斷路或燈泡損壞（2分）

右（2分）0.50（2分）燈絲的電阻會(huì)隨溫度的上升而增大（2分）

【解析】

（1）因小燈泡電阻較小，則電流表要外接；滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路；電路連接如圖;

（2）連好電路，閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)變阻器滑片?，發(fā)覺(jué)小燈泡始終不亮，但電壓表有示數(shù)，電流表幾乎不

偏轉(zhuǎn)，則故障的緣由可能是c段導(dǎo)線斷路或燈泡損壞；

（3）解除故障后閉合開(kāi)關(guān)，移動(dòng)滑片戶(hù)到某處，電壓表的示數(shù)為2.2V,小于燈泡的額定電壓，則要測(cè)

量小燈泡的額定功率，必需要增加電壓，即應(yīng)將滑片尸向右端滑動(dòng)；

（4）依據(jù)圖線供應(yīng)的信息,可知當(dāng)代2.5V時(shí)，7=0.2A,則可計(jì)算出小燈泡的額定功率是P=IW0.50Wo

（5）圖線是曲線而不是過(guò)原點(diǎn)的直線，緣由是燈絲的電阻會(huì)隨溫度的上升而增大。

24.（14分）（2024?湖南高三）如圖，光滑軌道而cde固定在豎直平面內(nèi)，傾斜、水平、ce為半

徑R=2.7m的半圓弧軌道，三部分平滑連接，c為圓弧軌道的最低點(diǎn)，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球網(wǎng)和根2中間

壓縮一輕質(zhì)彈簧靜止在水平軌道上（彈簧與兩小球不拴接且被鎖定）?，F(xiàn)解除對(duì)彈簧的鎖定，小球網(wǎng)脫

離彈簧后恰能沿軌道運(yùn)動(dòng)到。處，小球根2沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)。已知啊=L5kg,的豎直高度差

H=1.8m,在c點(diǎn)時(shí)小球加2對(duì)軌道壓力的大小為尸=40N,彈簧復(fù)原原長(zhǎng)時(shí)小球仍處于水平軌道(不

計(jì)空氣阻力，g=10m/s2),已知加2＜叫。求:

(1)小球根2的質(zhì)量；

(2)彈簧鎖定時(shí)的彈性勢(shì)能。

【答案】(1)1.Okg(2)67.5J

【解析】

(1)對(duì)小球㈣，由機(jī)械能守恒定律得:

1,

—ZMjV；=m^H（2分）

解得

匕=6m/s（2分）

取水平向左為正，對(duì)小球機(jī)1、w2,由動(dòng)量守恒定律得:

0=—叫匕+m2V2（2分）

在c點(diǎn)，由牛頓其次定律得:

斤—m28=返(2分)

-R

聯(lián)立以上各式代入數(shù)值得:

v2=9m/s,m2=1.Okg（m2=3kg,V2=3m/s舍去）(2分)

(2)由能量的轉(zhuǎn)化及守恒得:

1,1,

Ep=~tnivi+萬(wàn)加2%（2分）

代入數(shù)值得:

Ep-67.5J（2分）

25.（18分）（2024?天津高三期末）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy的其次象限內(nèi)有平行于y軸的勻強(qiáng)

電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為￡,方向沿y軸負(fù)方向。在第一、四象限內(nèi)有一個(gè)半徑為A的圓，圓心坐標(biāo)為（兄

0）,圓內(nèi)有方向垂直于xoy平面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶正電的粒子（不計(jì)重力），以速度為％從其次象

限的戶(hù)點(diǎn)，沿平行于x軸正方向射入電場(chǎng)，通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)。進(jìn)入第四象限，速度方向與x軸正方向成30°，

最終從。點(diǎn)平行于y軸離開(kāi)磁場(chǎng)，已知尸點(diǎn)的橫坐標(biāo)為-2/1。求：

（1）帶電粒子的比荷幺；

m

（2）圓內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度6的大??；

（3）帶電粒子從尸點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)到從0點(diǎn)射出磁場(chǎng)的總時(shí)間。

【答案】（1）幺=3為1（2）號(hào)（3）6"+、成

m6Ehv0R3v0

【解析】

（1）由水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)得

2h=vati（1分）

豎直向下的分速度

=votan3O°（1分）

由豎直方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)知V尸at1,加速度為

。=晅（1分）

m

依據(jù)以上式解得

2

q_=V3v0。分）

m6Eh

（2）粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度為心有

cos30°=%（1分）

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

XXXX/'

由幾何關(guān)系得，粒子在磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為

r=R（1分）

由洛倫茲力供應(yīng)向心力可知

qvB=竺-（2分）

r

解得

4脅

*（2分）

（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

。。分）

2冗丫

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)=—,粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

v

2h

4=一（2分）

%

粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)

t—tx+t2（2分）

代入數(shù)據(jù)得:

6h+\[3nR

（2分）

3%

（~）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。假如多做,

則每科按所做的第一題計(jì)分。

33.[物理一選修3-3]（15分）

（1）（5分）下列說(shuō)法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分,

選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）

A.其次類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了熱力學(xué)其次定律,也違反了能量守恒定律

B.分子質(zhì)量不同的兩種氣體,溫度相同時(shí),其分子的平均動(dòng)能確定相同

C.布朗運(yùn)動(dòng)的規(guī)律反映出分子熱運(yùn)動(dòng)的規(guī)律,即小顆粒的運(yùn)動(dòng)是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

D.干濕泡濕度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度,這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果

E.假如兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡,那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定處于熱平衡,用來(lái)表征它

們所具有的“共同熱學(xué)性質(zhì)”的物理量叫做溫度

【答案】BDE

【解析】

A.其次類(lèi)永動(dòng)機(jī)違反了熱力學(xué)其次定律，但是不違反能量守恒定律，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.溫度是分子動(dòng)能的標(biāo)記，即使是分子質(zhì)量不同的兩種氣體，溫度相同時(shí)，其分子的平均動(dòng)能也確

定相同，選項(xiàng)B正確；

C.布朗運(yùn)動(dòng)的規(guī)律反映出分子熱運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，小顆粒的運(yùn)動(dòng)只是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的表現(xiàn)，選

項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.干濕泡濕度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果，

選項(xiàng)D正確；

E.假如兩個(gè)系統(tǒng)分別與第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必定處于熱平衡，用來(lái)

表征它們所具有的“共同熱學(xué)性質(zhì)”的物理量叫做溫度，選項(xiàng)E正確；

故選BDEo

（2）（10分）（2024?重慶高三）如圖所示，用質(zhì)量爐2kg的絕熱活塞在絕熱汽缸內(nèi)封閉確定質(zhì)量的志向

氣體,活塞與汽缸壁間摩擦力忽視不計(jì)，起先時(shí)活寒距離汽缸底部的高度A=0.2m,氣體的溫度

心=27℃；現(xiàn)用汽缸內(nèi)一電熱絲（未畫(huà)出）給氣體緩慢加熱，加熱至友=177℃,活塞緩慢上升到距離汽缸

底某高度益處，此過(guò)程中被封閉氣體汲取的熱量為3000J。已知大氣壓強(qiáng)M=1.0X10'5pa,重力加速度

g取10m/s2,活塞截面積5=4.OX10-4m2.求：

（i）初始時(shí)汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)"和緩慢加熱后活塞距離汽缸底部的高度公

（ii）此過(guò)程中氣體內(nèi)能的變更量

【答案】（i）p=1.5x105Pa寓=0.3m（ii）AU=2994J

【解析】

（i）對(duì)活塞受力分析可知：

pS=p°S+mg

解得

p=Pc+-=1.0xlO5d-----—=1.5xlO5Pa

"S4.0xlO-4

對(duì)氣體經(jīng)過(guò)的是等壓過(guò)程，則由蓋呂薩克定律：

0.2.

273+27-177+273

解得

為2=0.3m

(ii)此過(guò)程中氣體對(duì)外做功：

W=pSAh=1.5XX4.0X10-4x(Q.3-0.2)J=6J

依據(jù)AU=W+Q可得

At；=3000-6=29941

此過(guò)程中氣體內(nèi)能增加2994Jo

34.［物理一選修3-4）（15分）

（1）如圖所示為一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線為2=0時(shí)刻的波形圖，經(jīng)過(guò)6=6s,波形圖如圖中虛

線所示。已知波的周期7>4s,則下列說(shuō)法正確的是（）（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2

個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）

A.該波的波長(zhǎng)為8m

B.該波的周期可能為8s

C.在力=9s時(shí)，B質(zhì)點(diǎn)確定沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)

D.B、C兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)狀況總是相反的

E.該列波的波速可能為』m/s

6

【答案】BDE

【解析】

A.分析波形圖，可知波長(zhǎng)兒=碗，故