2025年湘教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于能源的開發(fā)和利用下列說法正確的是（）A.能源是無限的，地下煤、石油、天然氣是足夠人們開采的B.根據(jù)能量守恒定律，擔(dān)心能源枯竭就是杞人憂天C.能源的開發(fā)和利用不必考慮對(duì)環(huán)境的影響D.通過核裂變和平利用核能是目前開發(fā)新能源的一種途徑2、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0～x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱的曲線，x2～x3段是直線；則下列說法正確的是。

A.x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B.粒子在0～x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2～x3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.若x1、x3處電勢(shì)為1、3，則1<3D.x2～x3段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變3、關(guān)于光的本性，下列描述正確的是A.泊松亮斑說明光具有波動(dòng)性B.薄膜干涉說明光具有波動(dòng)性C.單縫衍射說明光具有波動(dòng)性D.偏振現(xiàn)象說明光是一種縱波4、以下說法中；錯(cuò)誤的是（）

A.對(duì)物體做10J的功；內(nèi)能可能增加10J，而不引起其它的變化。

B.物體的內(nèi)能減少10J；它可能對(duì)外做功10J，而不引起其它的變化。

C.電冰箱工作時(shí)；可以將熱量由溫度較低的箱內(nèi)傳向溫度較高的箱外。

D.經(jīng)過人類不斷的努力；最終可能得到-273.15℃的超低溫。

5、豎直放置的兩端封閉的玻璃管中注滿清水，內(nèi)有一個(gè)紅蠟塊能在水中勻速上浮.

當(dāng)紅蠟塊從玻璃管的下端勻速上浮的同時(shí)，使玻璃管水平勻速向右運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)方向與水平方向成30鈭?

角，如圖.

若紅蠟塊沿玻璃管上升的速度為7cm/s

則玻璃管水平運(yùn)動(dòng)的速度約為()A.14cm/s

B.12cm/s

C.7.0cm/s

D.3.5cm/s

6、如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流I1

和I2

且I1>I2abcd

為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點(diǎn)，且abc

與兩導(dǎo)線共面；b

點(diǎn)在兩導(dǎo)線之間，bd

的連線與導(dǎo)線所在平面垂直.

磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的點(diǎn)是(

)

A.a

點(diǎn)B.b

點(diǎn)C.c

點(diǎn)D.d

點(diǎn)7、發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)的科學(xué)家是(

)

A.洛倫茲B.庫(kù)侖C.法拉第D.奧斯特評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、下列說法中正確的是（）A.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷只能輻射特定頻率的光子B.光電效應(yīng)既顯示了光的粒子性，又顯示了光的波動(dòng)性C.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)，揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)D.一個(gè)氘核（H）與一個(gè)氦核（H）聚變生成一個(gè)氦核（He）的同時(shí)，放出一個(gè)中子9、某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機(jī)通過升壓變壓器T1

和降壓變壓器T2

向用戶供電.

已知輸電線的總電阻為R

降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數(shù)之比為41

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓u=2202sin100婁脨t(V)

降壓變壓器的副線圈與阻值R0=11婁賂

的電阻組成閉合電路.

若將變壓器視為理想變壓器，則下列說法中正確的是(

)

A.通過R0

電流的有效值是20A

B.降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

C.升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓D.升壓變壓器T1

的輸出功率大于降壓變壓器T2

的輸入功率10、如圖所示，把大小可以不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B互相排斥，靜止時(shí)，絕緣等長(zhǎng)細(xì)線與豎直方向的夾角分別為α和β，且α<β；由此可知（）

A.B球受到的庫(kù)侖力較大，電荷量較大B.B球的質(zhì)量較小C.B球受到細(xì)線的拉力較大D.兩球接觸后，再靜止時(shí)，A球的懸線與豎直方向的夾角仍然小于B球的懸線與豎直方向的夾角11、如圖所示，水平放置的兩塊平行金屬板，充電后與電源斷開．板間存在著方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直于紙面向里、磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子（不計(jì)重力及空氣阻力），以水平速度v0從兩極板的左端中間射入場(chǎng)區(qū)，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)．則（）A.粒子一定帶正電B.若僅將板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡偏向下極板C.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場(chǎng)強(qiáng)度均變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.若撤去電場(chǎng)，粒子在板間運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間可能是12、質(zhì)量是18g的水，18g的水蒸氣，32g的氧氣，在它們的溫度都是100℃時(shí)（）A.它們的分子數(shù)目相同，它們的內(nèi)能不相同，水蒸氣的內(nèi)能比水大B.它們的分子數(shù)目相同，分子的平均動(dòng)能相同C.它們的分子數(shù)目不相同，分子的平均動(dòng)能相同D.它們的分子數(shù)目相同，分子的平均動(dòng)能不相同，氧氣的分子平均動(dòng)能大13、乙兩球在光滑的水平面上；沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，它們的動(dòng)量分別為p錄脳=5kg隆隴m/sp脪脪=7kg隆隴m/s

已知甲的速度大于乙的速度，當(dāng)甲追上乙發(fā)生碰撞后，乙球的動(dòng)量變?yōu)?0kg隆隴m/s

則甲；乙兩球的質(zhì)量m錄脳隆脙m脪脪

的關(guān)系可能是()

A.1/10

B.1/5

C.1/3

D.1/2

14、(

多選)

如圖為盧瑟福所做的婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖，熒光屏和顯微鏡一起分別放在圖中的ABCD

四個(gè)位置時(shí)，下述說法中正確的是()A.相同時(shí)間內(nèi)在A

時(shí)觀察到屏上的閃光次數(shù)最多B.相同時(shí)間內(nèi)在B

時(shí)觀察到屏上的閃光次數(shù)比放在A

時(shí)稍少些C.放在D

位置時(shí)屏上仍能觀察到一些閃光，但次數(shù)極少D.放在CD

位置時(shí)屏上觀察不到閃光評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、照明用的交流電電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為μ=220sin100πt（V），則該交流電電壓的有效值為____V；如果用該照明用的交流電給手機(jī)電池充電（充電電壓約為4V）．則手機(jī)充電器是____（填“升壓”或“降壓”）變壓器．16、通過一理想變壓器，經(jīng)同一線路輸送相同的電功率P

原線圈的電壓U

保持不變，輸電線路的總電阻為R

當(dāng)副線圈與原線圈的匝數(shù)比為k

時(shí)，線路損耗的電功率為_______。若將副線圈與原線圈的匝數(shù)比提高到nk

線路損耗的電功率將變?yōu)樵瓉淼腳______。17、如圖所示；電路中電源電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻為1婁賂

小燈泡電阻為3婁賂.

開關(guān)S

閉合后，電路中的電流為________A

燈泡的電壓為________V

．

18、如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中有虛線OA，OA與x軸的夾角θ=30°，（OA與y軸之間的區(qū)域有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，OA與x軸之間的區(qū)域有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.25T，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=5×105N/C．現(xiàn)從y軸上的P點(diǎn)沿與y軸正向夾角60°的方向以初速度v0=5×105m/s射入一個(gè)質(zhì)量m=8×10-26kg、電量q=+8×10-19C的帶電粒子，粒子經(jīng)過磁場(chǎng)、電場(chǎng)后最終打在x軸上的Q點(diǎn)，已知P點(diǎn)到O的距離為m．（帶電粒子的重力忽略不計(jì)）求：

（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；

（2）粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間；

（3）Q點(diǎn)的坐標(biāo)。19、某同學(xué)在家里做用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)；但沒有合適的擺球，他找到了一塊大小為3cm左右，外形不規(guī)則的大理石塊代替小球（如圖）．他設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟是：

A．將石塊用細(xì)尼龍線系好；結(jié)點(diǎn)為M，將尼龍線的上端固定于O點(diǎn)。

B．用刻度尺測(cè)量OM間尼龍線的長(zhǎng)度L作為擺長(zhǎng)。

C．將石塊拉開一個(gè)大約α=30°的角度；然后由靜止釋放。

D．從擺球擺到最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，測(cè)出30次全振動(dòng)的總時(shí)間t，由T=得出周期。

E．改變OM間尼龍線的長(zhǎng)度再做幾次實(shí)驗(yàn)；記下相應(yīng)的L和T

F．求出多次實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的L和T的平均值作為計(jì)算時(shí)使用的數(shù)據(jù)，帶入公式g=（）2L求出重力加速度g．

（1）你認(rèn)為該同學(xué)以上實(shí)驗(yàn)步驟中有錯(cuò)誤或操作方法不當(dāng)?shù)氖莀_____

（2）該同學(xué)用OM的長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)；這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測(cè)量值比真實(shí)值偏大還是偏小？

（3）因石塊重心不便確定，另一個(gè)同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)巧妙的方法，可以避免上述誤差．第一次測(cè)得懸線長(zhǎng)為L(zhǎng)1，測(cè)得振動(dòng)周期T1；第二次改變懸線長(zhǎng)度為L(zhǎng)2，并測(cè)得此時(shí)振動(dòng)周期T2．根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式為______．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共3題，共9分)24、松毛蟲是對(duì)馬尾松破壞性最大的害蟲，以馬尾松松葉為食，其天敵有杜鵑、喜鵲、赤眼蜂等，杜鵑和喜鵲以松毛蟲為食，而赤眼蜂是一種卵寄生蜂，將卵產(chǎn)在松毛蟲卵中，并以害蟲卵內(nèi)物質(zhì)，供其子代發(fā)育成長(zhǎng)，馬尾松在遭受到松毛蟲啃食時(shí)會(huì)產(chǎn)生一種揮發(fā)性物質(zhì)，引來赤眼蜂?；卮鹣铝邢嚓P(guān)問題。(1)馬尾松林中所有植物、動(dòng)物、微生物共同組成了________。題中所涉及的種間關(guān)系有____________。(2)馬尾松受侵害后產(chǎn)生的揮發(fā)性物質(zhì)屬于________信息，引來松毛蟲的天敵赤眼蜂體現(xiàn)了信息傳遞的作用是________________________________________。(3)如圖是松毛蟲攝入能量在食物鏈中的去向，圖中字母代表相應(yīng)能量。①圖中B表示________________________________________，D表示儲(chǔ)存在_______________中的能量。②松毛蟲和杜鵑之間的能量傳遞效率為________(用圖中字母表示)。25、1．雞冠的性狀有多種，純合子豌豆冠雞與玫瑰冠雞交配，子一代（F1）全是胡桃冠，F(xiàn)1雌雄交配，F(xiàn)2出現(xiàn)了冠形為單冠的雞，表現(xiàn)型和數(shù)量如下表。。F2胡桃冠豌豆冠玫瑰冠單冠公雞7224248母雞7224248合計(jì)144484816

回答問題：（1）雞冠形狀的遺傳遵循__________定律。（2）從F2中隨機(jī)挑選豌豆冠雞和玫瑰冠雞各一只，形成一個(gè)雜交組合：豌豆冠（♀）×玫瑰冠（♂），或豌豆冠（♂）×玫瑰冠（♀）。①不考慮正交、反交的區(qū)別，只考慮基因型，則該雜交的基因型組合可能有____________種。②理論上，若雜交組合的后代出現(xiàn)四種表現(xiàn)型，且四種表現(xiàn)型的比例為1:1：1：1的概率是__________。（3）為了驗(yàn)證（1）中的結(jié)論，利用F2設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)補(bǔ)充完善實(shí)驗(yàn)方案并預(yù)期實(shí)驗(yàn)結(jié)果：實(shí)驗(yàn)方案：讓F2中全部胡桃冠母雞與_________交配，只收集、孵化每只母雞產(chǎn)的蛋，隔離、飼養(yǎng)每只母雞的子代（F3），觀察、統(tǒng)計(jì)全部F3的冠形和數(shù)量。預(yù)期實(shí)驗(yàn)結(jié)果：理論上，有16只母雞的子代表現(xiàn)型及其數(shù)量比為胡桃冠：豌豆冠=1:1；另有_______________________。26、miRNA是真核細(xì)胞中一類不編碼蛋白質(zhì)的短序列RNA；其主要功能是調(diào)控其他基因的表達(dá),在細(xì)胞分化；凋亡、個(gè)體發(fā)育和疾病發(fā)生等方面起著重要作用。研究發(fā)現(xiàn)，BCL2是一個(gè)抗凋亡基因，其編碼的蛋白質(zhì)有抑制細(xì)胞凋亡的作用。該基因的表達(dá)受MIR-15a基因控制合成的miRNA調(diào)控，如下圖所示，請(qǐng)分析回答：

（1）A過程是____________________，需要____________________的催化。B過程中能與①發(fā)生堿基互補(bǔ)配對(duì)的是___________________________。（2）據(jù)圖分析可知，miRNA調(diào)控BCL2基因表達(dá)的機(jī)理是__________________。（3）若MIR-15a基因缺失，則細(xì)胞發(fā)生癌變的可能性__________________（上升/不變/下降），理由是__________________________________。評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共4題，共20分)27、如圖所示，在柏油馬路和湖面上常常遇到耀眼的炫光，它使人的視覺疲勞．這些天然的炫光往往是光滑表面反射而來的鏡式反射光和從表面反射的漫反射光重疊的結(jié)果，漫反射光是非偏振光，而鏡式反射光一般是部分偏振光．由于它們是從水平面上反射的，光線的入射面是垂直的，所以反射光含有大量振動(dòng)在水平方向的偏振光．要想消除這種炫光，只要將光線中的水平振動(dòng)成分減弱些就可以了．同理，要想消除從豎直面反射來的炫光，如玻璃窗反射來的炫光，所用偏振軸應(yīng)取水平方向．請(qǐng)回答下列兩個(gè)問題：(1)某些特定環(huán)境下照相時(shí)，常在照相機(jī)鏡頭前裝一片偏振濾光片使影像清晰，這是利用什么原理？(2)市場(chǎng)上有一種太陽鏡，它的鏡片是偏振片，為什么不用普通的帶色玻璃片而用偏振片？安裝鏡片時(shí)它的透振方向應(yīng)該沿什么方向？28、能說明分子都在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)事實(shí)有________(

舉一例即可)

在兩分子間的距離由r

0(

此時(shí)分子間的引力和斥力相互平衡，分子力為零)

逐漸增大的過程中，分子力的變化情況是______________，分子勢(shì)能的變化情況是______________(

填“逐漸增大”、“逐漸減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”)

29、紅磷rm{P(s)}和rm{Cl_{2}(g)}發(fā)生反應(yīng)生成rm{PCl_{3}(g)}和rm{PCl_{5}(g)}反應(yīng)過程和能量關(guān)系如下圖所示rm{(}圖中的rm{婁隴}rm{H}表示生成rm{1mol}產(chǎn)物的數(shù)據(jù)rm{)}根據(jù)上圖回答下列問題：rm{(1)P}和rm{Cl_{2}}反應(yīng)生成rm{PCl_{3}}的熱化學(xué)方程式是：_______________________________。rm{(2)PCl_{5}}分解成rm{PCl_{3}}和rm{Cl_{2}}的熱化學(xué)方程式是：____________________________。rm{(3)}工業(yè)上制備rm{PCl_{5}}通常分兩步進(jìn)行，先將rm{P}和rm{Cl_{2}}反應(yīng)生成中間產(chǎn)物rm{PCl_{3}}然后降溫，再和rm{Cl_{2}}反應(yīng)生成rm{PCl_{5}}原因是_______________________。rm{(4)P}和rm{Cl_{2}}分兩步反應(yīng)生成rm{1molPCl_{5}}的rm{婁隴}rm{H}rm{{,!}_{3}=}______，rm{P}和rm{Cl_{2}}一步反應(yīng)生成rm{1molPCl_{5}}的rm{婁隴}rm{H}rm{{,!}_{4}}________rm{婁隴}rm{H}rm{{,!}_{3}(}填“大于”、“小于”或“等于”rm{)}rm{(5)PCl_{5}}與足量水充分反應(yīng)，最終生成兩種酸，其化學(xué)方程式是：_____________________。30、rm{3}名同學(xué)在用氯酸鉀和二氧化錳混合加熱制取氧氣的過程中，發(fā)現(xiàn)生成的氣體有刺激性氣味，針對(duì)這一“異?，F(xiàn)象”進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)探究及分析。rm{(1)}甲用濕潤(rùn)的rm{KI-}淀粉試紙檢驗(yàn)上述生成的氣體，觀察到試紙變藍(lán)，據(jù)此判斷氧氣中混有rm{Cl_{2}}用離子方程式解釋甲判斷試紙變藍(lán)的原因______。rm{(2)}乙認(rèn)為上述現(xiàn)象只能說明混合氣體具有_________性，實(shí)驗(yàn)中使試紙變藍(lán)的氣體____還可能是rm{O_{2}}或rm{O_{3}}為了進(jìn)一步驗(yàn)證甲的推測(cè)，乙補(bǔ)充了一個(gè)實(shí)驗(yàn)：將上述生成的氣體冷卻后通入盛有_________溶液的洗氣瓶中，若現(xiàn)象為_________，則甲的推測(cè)合理rm{{,!}}rm{(3)}丙查閱文獻(xiàn)獲知，這種方法制取氧氣的過程中確有rm{Cl_{2}}產(chǎn)生，并且查到了以下反應(yīng)歷程：rm{壟脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+Cl_{2}+O_{2}隆眉}rm{壟脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+

Cl_{2}+O_{2}隆眉}__________rm{壟脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+MnO_{2}+O_{2}隆眉}總反應(yīng)rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+3O_{2}隆眉}丙設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，通過觀察rm{壟脷}的特征顏色來驗(yàn)證反應(yīng)歷程中rm{壟脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+

MnO_{2}+O_{2}隆眉}的發(fā)生，具體實(shí)驗(yàn)操作為：將一定量的rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+

3O_{2}隆眉}和rm{MnO_{4}^{-}}混合于試管中，加熱，_________________________________。rm{壟脵}的化學(xué)方程式_______________________________________________。rm{KClO_{3}}另據(jù)文獻(xiàn)記載：此法制取的氧氣中除了含有rm{MnO_{2}}還混有化合物寫出歷程中反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式_______________________________________________。rm{壟脷}具有強(qiáng)氧化性，可以將污水中的rm{(4)}氧化成rm{Cl_{2}}反應(yīng)的離子方程式為_________。rm{ClO_{2}}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】解：A；地下煤、石油、天然氣屬于不可再生資源能源；故A錯(cuò)誤；

B；能源具有耗散性；能夠被人類利用的能源會(huì)越來越少，故B錯(cuò)誤；

C；能源的開發(fā)和利用需要考慮對(duì)環(huán)境的影響；故C錯(cuò)誤；

D；通過核裂變和平利用核能是目前開發(fā)新能源的一種途徑；故D正確。

故選：D。

地下煤；石油、天然氣屬于不可再生資源；能源具有耗散性；能夠被人類利用的能源會(huì)越來越少；能源的開發(fā)和利用需要考慮對(duì)環(huán)境的影響；通過核裂變和平利用核能是目前開發(fā)新能源的一種途徑。

本題考查了能源的開發(fā)和利用。題目以基礎(chǔ)為主，難度不大?！窘馕觥緿2、D【分析】【詳解】

EP-x圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F，根據(jù)F=qE可知x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小且為零；故A錯(cuò)誤；

B、粒子在0～x2段切線的斜率發(fā)生變化，所以加速度也在變化，做變速運(yùn)動(dòng)，x2～x3段斜率不變；所以做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、帶負(fù)電的粒子從x1到x3的過程中電勢(shì)能增加，說明電勢(shì)降低，若x1、x3處電勢(shì)為1、3，則1>3,故C錯(cuò)誤；

D、x2～x3段斜率不變；所以這段電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變，故D正確；

故選D

點(diǎn)睛：EP-x圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F，根據(jù)F=qE判斷各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向和大小，以及加速度的變化情況．至于電勢(shì)的高低，可以利用結(jié)論“負(fù)電荷逆著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能降低，沿著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能升高”來判斷．3、A|B|C【分析】試題分析：由于泊松亮斑、薄膜干涉、單縫衍射都說明光具有波動(dòng)性，故A、B、C都是正確的；D中的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波而不是縱波，故D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：光的波動(dòng)性。【解析】【答案】ABC4、D【分析】

A；由題W=10J；△U=10J，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：Q=0，即不引起其他變化，故A正確．

B；由題△U=-10J；根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：可能物體對(duì)外做功10J，即不引起其他變化，故B正確．

C；電冰箱工作時(shí)；壓縮機(jī)做功使熱量由溫度較低的箱內(nèi)傳向溫度較高的箱外．故C正確．

D；根據(jù)熱力學(xué)第三定律得：溫度不可能達(dá)到-273.15℃．故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的；故選D

【解析】【答案】本題應(yīng)根據(jù)熱力學(xué)第一定律；第二定律和第三定律進(jìn)行分析．

5、B【分析】由運(yùn)動(dòng)合成可知，兩個(gè)勻速運(yùn)動(dòng)合成一定是勻速運(yùn)動(dòng)，所以符合平行四邊形定則。根據(jù)平行四邊形定則，有tan30鈭?=v1v2

則v

2

=v1tan30鈭?=73m/s隆脰12m/s

故B正確；ACD錯(cuò)誤；

故選：B

【解析】B

6、C【分析】解：兩電流在該點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為0

說明兩電流在該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足等大反向關(guān)系．

根據(jù)右手螺旋定則在兩電流的同側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，則為a

或c

又I1>I2

所以該點(diǎn)距I1

遠(yuǎn)距I2

近，所以是c

點(diǎn)；

故選C．

由安培定則可判出兩導(dǎo)線在各點(diǎn)磁感線的方向；再由矢量的合成方法可得出磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的位置．

本題考查了安培定則及矢量的合成方法，特別應(yīng)注意磁場(chǎng)的空間性，注意培養(yǎng)空間想象能力．【解析】C

7、D【分析】解：

A；洛倫茲研究發(fā)現(xiàn)了運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力的規(guī)律.

故A錯(cuò)誤．

B；庫(kù)侖通過庫(kù)侖扭秤研究發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律.

故B錯(cuò)誤．

C；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象及其規(guī)律.

故錯(cuò)誤．

D；奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng).

故D正確．

故選D【解析】D

二、多選題(共7題，共14分)8、AD【分析】解：A；氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷；只能輻射特定頻率的光子，故A正確；

B；光電效應(yīng)顯示了光的粒子性；而不是波動(dòng)性，故B錯(cuò)誤；

C；天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)；揭示了原子核復(fù)雜結(jié)構(gòu)，而α粒子散射實(shí)驗(yàn)提示了原子的核式結(jié)構(gòu)，故C錯(cuò)誤；

D、由核反應(yīng)方程規(guī)則，則有：+→+故D正確；

故選：AD．

從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷輻射光子；

光電效應(yīng)顯示了光的粒子性；

天然放射現(xiàn)象揭示了原子核的復(fù)雜結(jié)構(gòu)；

由核反應(yīng)方程的規(guī)則：質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒；即可判定．

考查電子向低能級(jí)躍遷是釋放能量，高能級(jí)躍遷吸收能量，理解天然放射現(xiàn)象的意義，注意光電效應(yīng)的作用，會(huì)區(qū)別波動(dòng)性與粒子性．【解析】【答案】AD9、ABD【分析】解：A

降壓變壓器副線圈兩端交變電壓有效值為220V

負(fù)載電阻為11婁賂

所以通過R0

電流的有效值是20A

選項(xiàng)A正確；

B；降壓變壓器T2

的原、副線圈匝數(shù)之比為41

所以降壓變壓器T2

原、副線圈的電壓比為41

所以選項(xiàng)B正確；

C；升壓變壓器T1

的輸出電壓等于降壓變壓器T2

的輸入電壓加上輸電線上的電壓；所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D；升壓變壓器T1

的輸出功率等于降壓變壓器T2

的輸入功率加上輸電線上的功率；所以選項(xiàng)D正確．

故選：ABD

．

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大小．

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題．【解析】ABD

10、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫(kù)侖力等于B球?qū)球的庫(kù)侖力；故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)小球受力分析如圖。

設(shè)兩線懸掛于O點(diǎn)，從幾何關(guān)系得：力組成的三角形分別相似于△AOC和△BOC。根據(jù)相似三角形得

由于α＜βAC＜BC

所以GA＞GB

所以B球的質(zhì)量較?。还蔅正確；

C．因?yàn)镺A＝OB

所以

即B球受到細(xì)線的拉力較小；故C錯(cuò)誤；

D．兩球接觸后；再靜止時(shí)，兩小球的重力沒有發(fā)生變化，兩小球受各自的庫(kù)侖力也相等，所以A球的懸線與豎直方向的夾角仍然小于B球的懸線與豎直方向的夾角，故D正確。

故選BD。11、CD【分析】解：A；粒子無論帶何種電荷；電場(chǎng)力與洛倫茲力大小都相等，且Eq=qvB，故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)將板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍；期間的場(chǎng)強(qiáng)變小，Eq＜qvB粒子運(yùn)動(dòng)軌跡偏向極板；當(dāng)粒子為正電荷時(shí)，偏向上極板；當(dāng)粒子為負(fù)電荷時(shí)，偏向下極板，故B錯(cuò)誤；

C；據(jù)Eq=qvB可知；將磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場(chǎng)強(qiáng)度均變?yōu)樵瓉淼?倍，二力依然平衡，所以粒子仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D、當(dāng)撤去電場(chǎng)，粒子可能在極板間做半圓周運(yùn)動(dòng)再出磁場(chǎng)，據(jù)在磁場(chǎng)的圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=粒子在板間運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間可能是=故D正確．

故選：CD．

粒子在速度選擇器中所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡；列出平衡方程求解．

解決本題的關(guān)鍵知道從速度選擇器出來的粒子電場(chǎng)力和洛倫茲力相等，粒子的速度相同．并能靈活運(yùn)用．【解析】【答案】CD12、AB【分析】解：水和水蒸氣分子量相同；摩爾質(zhì)量相同，故分子數(shù)相同，為：

N1=N2=×6.02×1023=6.02×1023個(gè)；

32g的氧氣分子數(shù)為：

N3=×6.02×1023=6.02×1023個(gè)；

故N1=N2=N3；

溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志；故分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能相同；

內(nèi)能包括分子勢(shì)能和分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能；故內(nèi)能不相同；

100℃時(shí)；18g的水變?yōu)樗魵庖鼰?，故水蒸氣的?nèi)能大；

故選：AB

溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能與熱力學(xué)溫度成正比；根據(jù)N=NA求解分子數(shù)．

本題關(guān)鍵是明確溫度的微觀意義、阿伏加德羅常數(shù)的運(yùn)用、內(nèi)能等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵多看書．【解析】【答案】AB13、BC【分析】【分析】?jī)汕蚺鲎策^程遵守動(dòng)量守恒定律，由動(dòng)量守恒求出碰撞后甲的動(dòng)量；根據(jù)甲球速度大于乙球速度，以及碰撞過程中總動(dòng)能不增加，列出不等式，求出甲與乙質(zhì)量比值的范圍進(jìn)行選擇。本題考查對(duì)碰撞規(guī)律的理解和應(yīng)用能力，碰撞有三個(gè)基本規(guī)律：一、動(dòng)量守恒；二、系統(tǒng)總動(dòng)能不增加；三、碰撞后如同向運(yùn)動(dòng)，后面的物體的速度不大于前面物體的速度，即要符合實(shí)際運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹恳?yàn)榕鲎睬?，甲球速度大于乙球速度，則有P錄脳m錄脳>P脪脪m脪脪

得到m錄脳m脪脪<57

根據(jù)動(dòng)量守恒得：p錄脳+p脪脪=p錄脳隆盲+p脪脪隆盲

代入解得p錄脳隆盲=2kg?m/s

根據(jù)碰撞過程總動(dòng)能不增加得到：P錄脳22m錄脳+P脪脪22m脪脪鈮?P錄脳/22m錄脳+P脪脪/22m脪脪

代入解得：m錄脳m脪脪<717

又碰撞后兩球同向運(yùn)動(dòng)，甲的速度不大于乙的速度，則有：P錄脳/m錄脳鈮?P脪脪/m脪脪

代入解得：m錄脳m脪脪鈮?15

所以有：15鈮?m錄脳m脪脪鈮?717

故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選BC?！窘馕觥緽C

14、AC【分析】【分析】本題考查婁脕婁脕粒子散射實(shí)驗(yàn)。絕大多數(shù)婁脕

粒子穿過金箔后仍沿原來的方向前進(jìn)，但有少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，并有極少數(shù)婁脕

粒子的偏轉(zhuǎn)超過90鈭?

有的甚至幾乎達(dá)到180鈭?

而被反彈回來，這就是婁脕

粒子的散射現(xiàn)象。解題的關(guān)鍵是知道婁脕婁脕粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象?！窘獯稹緼A．實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，絕大多數(shù)婁脕

粒子穿過金箔后仍沿原來的方向前進(jìn)，相同時(shí)間內(nèi)在AA時(shí)觀察到屏上的閃光次數(shù)最多，故A正確；

B.放在BB位置時(shí)，相同時(shí)間內(nèi)觀察到屏上的閃光次數(shù)較少，相比放在AA時(shí)少多了，故B錯(cuò)誤；C.實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，有極少數(shù)婁脕

粒子的偏轉(zhuǎn)超過90鈭?

有的甚至幾乎達(dá)到180鈭?

而被反彈回來，放在DD位置時(shí)屏上仍能觀察到一些閃光，但次數(shù)極少，故C正確；D.放在CCDD位置時(shí)屏上能觀察到閃光，只是極少，故D錯(cuò)誤。故選AC。

【解析】AC

三、填空題(共5題，共10分)15、220降壓【分析】【解答】解：該交流電電壓的有效值

充電電壓約為4V；而交流電壓為220V，所以手機(jī)充電器是降壓變壓器．

故答案為：220；降壓．

【分析】根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系求出有效值的大小，要給手機(jī)充電，則必須壓把電壓降低．16、

【分析】【分析】(1)

根據(jù)原線圈的功率和輸送電壓，求出電流，根據(jù)原副線圈的電流比等于匝數(shù)的反比，得到副線圈的電流，再由P=I2R

求出功率；(2)

同理求出副線圈與原線圈的匝數(shù)比提高到nknk線路損耗的電功率，可求出線路損耗的電功率將變?yōu)樵瓉淼膸妆?。本題主要考查的是理想變壓器的工作原理，注意損失的功率用P=IP=I2RR計(jì)算?！窘獯稹吭€圈電流：I=PUI=dfrac{P}{U}副線圈電流：II鈥?=kdfrac{I}{I{{'}}}=k損失的功率：P=I2R=(PUk)2R=P2RU2k2P={I}^{2}R={left(dfrac{P}{Uk}right)}^{2}R=dfrac{{P}^{2}R}{{U}^{2}{k}^{2}}；可知，損失的功率為副線圈與原線圈匝數(shù)比的平方的反比若將副線圈與原線圈的匝數(shù)比提高到nknk為原來的nn倍，則線路損耗的電功率將變?yōu)樵瓉淼?n2dfrac{1}{{n}^{2}}故答案為：P2Rk2U2；1n2

【解析】P2Rk2U21n2

17、13【分析】【分析】在電源的外電路中，電流從電源的正極流向負(fù)極，根據(jù)閉合電路歐姆定律求電流的大小。本題是簡(jiǎn)單的電路分析和計(jì)算問題，關(guān)鍵要掌握電流的方向和閉合電路歐姆定律?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律得：電路中電流的大小為：I=ER+r=43+1A=1A

燈泡的電壓為：U=IR=1隆脕3V=3V

故答案為：13

【解析】113318、解：（1）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有。

解得。

r=0.2m

故粒子的軌道半徑為0.2m。

（2）粒子由P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)；由于∠O′PO=30°，延長(zhǎng)PO′交OA于O″，則PO″⊥OA，則PO″=OPcos30°=0.3m，則O′O″=PO″-PO′=0.1m得O′P=O′M，即得∠O′MO″=30°

由此得出粒子從OA邊射出時(shí)v0與OA的夾角為60°，即得從OA邊射出時(shí)v0與x軸垂直。

從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的時(shí)間為在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1和電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2之和。

t1===8.37×10-7s

粒子從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的時(shí)間為t=t1+t2=1.18×10-6s。

（3）粒子在電場(chǎng)中qE=ma，解得a==5×1012m/s2

水平位移x2=at22=0.3m

粒子在磁場(chǎng)中水平位移x1=r+rsin30°=0.3m

故x=x1+x2=0.6m

即Q點(diǎn)的坐標(biāo)為（0.6m，0）?！痉治觥?/p>

（1）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和洛倫茲力提供向心力公式列式求解；

（2）畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；粒子先做圓周運(yùn)動(dòng)，后作類似平拋運(yùn)動(dòng)，分別求出兩端時(shí)間即可；

（3）粒子做類似平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)；沿x方向勻加速，沿-y方向勻速，根據(jù)幾何關(guān)系列式求解即可。

本題關(guān)鍵是先確定粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，然后分為勻速圓周運(yùn)動(dòng)和類似平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分析，同時(shí)幾結(jié)合何關(guān)系列式求解?！窘馕觥拷猓海?）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有。

解得。

r=0.2m

故粒子的軌道半徑為0.2m。

（2）粒子由P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)；由于∠O′PO=30°，延長(zhǎng)PO′交OA于O″，則PO″⊥OA，則PO″=OPcos30°=0.3m，則O′O″=PO″-PO′=0.1m得O′P=O′M，即得∠O′MO″=30°

由此得出粒子從OA邊射出時(shí)v0與OA的夾角為60°，即得從OA邊射出時(shí)v0與x軸垂直。

從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的時(shí)間為在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1和電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2之和。

t1===8.37×10-7s

粒子從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的時(shí)間為t=t1+t2=1.18×10-6s。

（3）粒子在電場(chǎng)中qE=ma，解得a==5×1012m/s2

水平位移x2=at22=0.3m

粒子在磁場(chǎng)中水平位移x1=r+rsin30°=0.3m

故x=x1+x2=0.6m

即Q點(diǎn)的坐標(biāo)為（0.6m，0）。19、略

【分析】解：（1）B；（擺長(zhǎng)應(yīng)從懸點(diǎn)到大理石塊的質(zhì)心）；

C；拉開一個(gè)大約α=5°的角度；然后由靜止釋放；

D；（測(cè)量時(shí)間應(yīng)從單擺擺到最低點(diǎn)開始）；

F；（必須先分別求和各組L和T值對(duì)應(yīng)的g；再取所求得的各個(gè)g的平均值）

故選：BCDF．

（2）根據(jù)g=擺長(zhǎng)偏短，所以測(cè)得的重力加速度偏?。?/p>

（3）設(shè)石塊質(zhì)心到M點(diǎn)的距離為x，通過周期公式T=2π得。

T1=2π

T2=2π

可解得g=4π2

故答案為：（1）BCDF；（2）偏??；（3）g=4π2．

（1）擺長(zhǎng)等于懸點(diǎn)到大理石塊的質(zhì)心的距離；單擺在擺角較小時(shí)（小于5°）可看成簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；在最低點(diǎn)速度最大；此時(shí)開始計(jì)時(shí)誤差最??；不能通過測(cè)得物理量的平均值作為計(jì)算時(shí)使用的數(shù)據(jù)，應(yīng)根據(jù)各組數(shù)據(jù)求出重力加速度，再求平均值．

（2）根據(jù)g=判斷g值偏大還是偏?。?/p>

（3）可以設(shè)石塊質(zhì)心到N點(diǎn)的距離x，通過周期公式T=2π兩次測(cè)量列方程組求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式T=2π會(huì)用單擺的周期公式測(cè)得重力加速度．【解析】BCDF；g=4π2四、判斷題(共4題，共40分)20、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．五、識(shí)圖作答題(共3題，共9分)24、（1）群落競(jìng)爭(zhēng)、寄生、捕食

（2）化學(xué)調(diào)節(jié)生物種間關(guān)系，維持生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定

（3）①松毛蟲用于生長(zhǎng)、發(fā)育和繁殖的能量松毛蟲遺體、殘骸

②E/A【分析】【分析】本題綜合考查了群落和生物的種間關(guān)系及生態(tài)系統(tǒng)的能量流動(dòng)和信息傳遞的相關(guān)知識(shí)，熟記群落的概念，明確生物的種間關(guān)系，掌握生態(tài)系統(tǒng)的能量流動(dòng)和信息傳遞的過程及實(shí)踐應(yīng)用是解答本題的關(guān)鍵。【解答】（1）馬尾松林中所有植物、動(dòng)物、微生物共同組成了群落。題中所涉及的種間關(guān)系有競(jìng)爭(zhēng)、寄生、捕食。（2）馬尾松受侵害后產(chǎn)生的揮發(fā)性物質(zhì)屬于化學(xué)信息，引來松毛蟲的天敵赤眼蜂體現(xiàn)了信息傳遞的作用是調(diào)節(jié)生物種間關(guān)系，維持生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定。（3）若圖中字母代表相應(yīng)能量則①圖中B表示松毛蟲用于生長(zhǎng)、發(fā)育和繁殖的能量，D表示儲(chǔ)存在松毛蟲遺體、殘骸的能量。②松毛蟲和杜鵑之間的能量傳遞效率為E/A?！窘馕觥浚?）群落競(jìng)爭(zhēng)、寄生、捕食（2）化學(xué)調(diào)節(jié)生物種間關(guān)系，維持生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定（3）①松毛蟲用于生長(zhǎng)、發(fā)育和繁殖的能量松毛蟲遺體、殘?、贓/A25、（1）自由組合定律（或:分離定律和自由組合定律）

（2）①4②4/9

（3）（全部、多只）單冠公雞有8只母雞的子代全部為胡桃冠，有16只母雞的子代表現(xiàn)型及其數(shù)量比為胡桃冠:玫瑰冠=1：1，另有32只母雞的子代表現(xiàn)型及數(shù)量比為胡桃冠:豌豆冠:玫瑰冠:單冠=1:1:1:1【分析】【分析】本題考查基因的自由組合定律的應(yīng)用相關(guān)知識(shí)，意在考查考生理解能力和分析問題的能力。分析題表：F2代雞冠有胡桃冠、豌豆冠、玫瑰冠、單冠4種表現(xiàn)型，且比例為144：48：48：16=9：3：3：1，說明雞冠形狀受兩對(duì)等位基因控制，且遵循基因的自由組合規(guī)律。子代雌雄表現(xiàn)型及比例相同，說明兩對(duì)等位基因均位于常染色體上，設(shè)為A、a和B、b，則F1胡桃冠的基因型AaBb，F(xiàn)2胡桃冠基因型為A_B_，豌豆冠和玫瑰冠基因型為A_bb、aaB_，單冠基因型為aabb?！窘獯稹浚?）由分析可知，雞冠形狀的遺傳受兩對(duì)基因控制，且遵循基因的自由組合定律。（2）從F2中隨機(jī)挑選豌豆冠雞（設(shè)為A_bb）和玫瑰冠雞（aaB_）各一只，形成一個(gè)雜交組合：豌豆冠（♀）×玫瑰冠（♂），或：豌豆冠（♂）×玫瑰冠（♀）。①豌豆冠雞和玫瑰冠雞各有兩種基因型，不考慮正交、反交的區(qū)別，只考慮基因型，則形成的雜交組合有2×2=4種。②雜交結(jié)果為四種表現(xiàn)型，且四種表現(xiàn)型的比例為1︰1︰1︰1，這就要求雜交雙方（豌豆冠、玫瑰冠）均為雜合子（Aabb、aaBb，在F2中本表現(xiàn)型的個(gè)體中各占2/3），各產(chǎn)生兩種配子（Ab、ab和aB、ab），且配子的比例均為1︰1，表現(xiàn)型（基因型）才會(huì)出現(xiàn)（1︰1）（1︰1）展開式的雜交結(jié)果1︰1︰1︰1，其概率為2/3×2/3=4/9。（3）為了驗(yàn)證（1）中的結(jié)論，利用F2設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)補(bǔ)充完善實(shí)驗(yàn)方案并預(yù)期實(shí)驗(yàn)結(jié)果：實(shí)驗(yàn)方案：讓F2中全部胡桃冠母雞（A_B_）與（全部、多只）單冠公雞（aabb）交配，分只收集、孵化每只母雞產(chǎn)的蛋，隔離飼養(yǎng)每只母雞的子代（F3），觀察、統(tǒng)計(jì)全部F3的冠形和數(shù)量。預(yù)期實(shí)驗(yàn)結(jié)果：根據(jù)基因的自由組合定律：F2中全部胡桃冠母雞的基因型及所占比例為：1/9AABB、4/9AaBb、2/9AaBB、2/9AABb?；蛐蜑锳ABb的母雞為722/9=16只，與單冠公雞（aabb）交配，子代表現(xiàn)型及其數(shù)量比為胡桃冠：豌豆冠=1︰1；基因型為AABB的母雞為721/9=8只，與單冠公雞（aabb）交配，子代全為AaBb，表現(xiàn)為胡桃冠；基因型為AaBb的母雞724/9=32只，與單冠公雞（aabb）交配，子代表現(xiàn)型及其比例關(guān)系為：胡桃冠：豌豆冠：玫瑰冠：?jiǎn)喂?1：1：1：1；基因型為AaBB的母雞722/9=16只，與單冠公雞（aabb）交配，子代表現(xiàn)型及其比例關(guān)系為：胡桃冠：玫瑰冠=1：1?！窘馕觥浚?）自由組合定律（或:分離定律和自由組合定律）（2）①4②4/9（3）（全部、多只）單冠公雞有8只母雞的子代全部為胡桃冠，有16只母雞的子代表現(xiàn)型及其數(shù)量比為胡桃冠:玫瑰冠=1：1，另有32只母雞的子代表現(xiàn)型及數(shù)量比為胡桃冠:豌豆冠:玫瑰冠:單冠=1:1:1:126、（1）轉(zhuǎn)錄RNA聚合酶tRNA/反密碼子。

（2）miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補(bǔ)配對(duì)；形成雙鏈，阻斷翻譯過程。

（3）上升MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加【分析】【分析】本題主要考查基因表達(dá)的相關(guān)知識(shí)，意在考查考生分析和解決問題的能力。由圖可知，A代表轉(zhuǎn)錄過程，需要的酶是RNA聚合酶，B過程是翻譯過程，mRNA和tRNA之間可以發(fā)生堿基的互補(bǔ)配對(duì)。BCL2基因轉(zhuǎn)錄的mRNA可以與核糖體結(jié)合進(jìn)行翻譯，也可以與MIR-15a基因的轉(zhuǎn)錄產(chǎn)物結(jié)合，阻止MCL2基因的翻譯過程。?【解答】（1）A過程是翻譯，需要RNA聚合酶的催化。B過程中能與①（mRNA）發(fā)生堿基互補(bǔ)配對(duì)的是tRNA上的反密碼子。（2）據(jù)圖分析可知，miRNA調(diào)控BCL2基因表達(dá)的機(jī)理是：miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補(bǔ)配對(duì)，形成雙鏈，阻斷翻譯過程。（3）若MIR-15a基因缺失；則細(xì)胞發(fā)生癌變的可能性上升，理由是：MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加。

【解析】（1）轉(zhuǎn)錄RNA聚合酶tRNA/反密碼子。

（2）miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補(bǔ)配對(duì)；形成雙鏈，阻斷翻譯過程。

（3）上升MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加六、簡(jiǎn)答題(共4題，共20分)27、略

【分析】(1)在某些特定環(huán)境下，如拍攝池水中的游動(dòng)的魚時(shí)，由于水面反射光的干擾，影像會(huì)不清楚，在鏡頭前裝一片偏振片，清除反射光(反射光為偏振光)，影像就變得清晰．這是利用了光的偏振(2)這種太陽鏡是為了消除柏油馬路和湖面上反射的耀眼的炫光，因此應(yīng)用偏振片而不是帶色的普通玻璃片．該反射光為水平方向的偏振光，故應(yīng)使鏡片的透振方向豎直．【解析】【答案】見解析28、布朗運(yùn)動(dòng)或擴(kuò)散現(xiàn)象先增大后減小逐漸增大【分析】【分析】物質(zhì)是由大量分子組成的；分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，分子間存在著相互作用的引力和斥力；分子直徑的數(shù)量級(jí)為是10鈭?10m

當(dāng)分子間距大于平衡位置時(shí)，分子力將先增大后減小。

本題考查分子動(dòng)理論；掌握分子力與間距的變化關(guān)系，同時(shí)強(qiáng)調(diào)間距與平衡位置的比較。

【解答】擴(kuò)散現(xiàn)象(

布朗運(yùn)動(dòng))

說明分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；當(dāng)分子間距大于平衡位置時(shí)，若間距增大，則分子引力與斥力都在減小，但斥力減小得快，所以體現(xiàn)為引力，則引力越來越大，隨著間距增大一定值時(shí)，引力與斥力都變小，所以分子力也變小，故分子力先增大后減小，分子勢(shì)能逐漸增大。

故填：布朗運(yùn)動(dòng)或擴(kuò)散現(xiàn)象；先增大后減小，逐漸增大。

【解析】布朗運(yùn)動(dòng)或擴(kuò)散現(xiàn)象先增大后減小逐漸增大29、（1）P（s）+3/2Cl2（g）═PCl3（g）△H=-306kJ?mol-1（2）PCl5（g）═PCl3（g）+Cl2（g）△H=+93kJ?mol-1（3）兩步反應(yīng)均為放熱反應(yīng)，降溫有利于提高產(chǎn)率，防止產(chǎn)物分解（4）-399kJ?mol-1等于（5）PCl5+4H2O=H3PO4+5HCl【分析】【分析】本題考查熱化學(xué)方程式的書寫、蓋斯定律的應(yīng)用，題目難度不大，注意正確理解并運(yùn)用蓋斯定律，注意熱化學(xué)方程式的書寫方法?！窘獯稹縭m{(1)}由圖象可知，rm{1molP}與rm{Cl_{2}}反應(yīng)生成rm{1molPCl_{3}}放出rm{306kJ}的能量，則反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)簍TPCl_{3}(g)triangleH=-306kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)簍TPCl_{3}(g)triangleH=-306kJ?mol^{-1}}

rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)簍TPCl_{3}(g)triangle

H=-306kJ?mol^{-1}}由圖象可知，rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)簍TPCl_{3}(g)triangle

H=-306kJ?mol^{-1}}分解成rm{(2)}和rm{1molPCl_{5}}需要吸收rm{PCl_{3}}的能量，則反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為rm{PCl_{5}(g)簍TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangleH=+93kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{PCl_{5}(g)簍TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangleH=+93kJ?mol^{-1}}

rm{Cl_{2}}因?yàn)閮刹椒磻?yīng)均為放熱反應(yīng)，降溫有利于提高產(chǎn)率，防止產(chǎn)物分解，故先將rm{93kJ}和rm{PCl_{5}(g)簍TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangle

H=+93kJ?mol^{-1}}反應(yīng)生成中間產(chǎn)物rm{PCl_{5}(g)簍TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangle

H=+93kJ?mol^{-1}}然后降溫，再和rm{(3)}反應(yīng)生成rm{P}

故答案為：兩步反應(yīng)均為放熱反應(yīng)；降溫有利于提高產(chǎn)率，防止產(chǎn)物分解；

rm{Cl_{2}}由圖象可知，rm{PCl_{3}}和rm{Cl_{2}}分兩步反應(yīng)生成rm{PCl_{5}}的rm{triangleH_{3}=-306kJ/mol-(+93kJ/mol)=-399kJ/mol}根據(jù)蓋斯定律可知，反應(yīng)無論一步完成還是分多步完成，生成相同的產(chǎn)物，反應(yīng)熱相等，則rm{(4)}和rm{P}一步反應(yīng)生成rm{Cl_{2}}的反應(yīng)熱等于rm{1molPCl_{5}}和rm{triangle

H_{3}=-306kJ/mol-(+93kJ/mol)=-399kJ/mol}分兩步反應(yīng)生成rm{P}的反應(yīng)熱．

故答案為：rm{Cl_{2}}等于；

rm{1molPCl_{5}}rm{P}rm{Cl_{2}}rm{1molPCl_{5}}，rm{-399kJ?mol^{-1}}rm{(5)}

故答案為：rm{PCl}

rm{PCl}【解析】rm{(1)P