2025年西師新版選擇性必修3化學下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選擇性必修3化學下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、現(xiàn)代社會的發(fā)展與進步離不開材料，下列有關材料的說法錯誤的是A.制作N95型口罩的“熔噴布”，其主要組成為聚丙烯，聚丙烯是有機高分子化合物B.華為5G手機芯片的主要成分是二氧化硅C.中國天眼FAST用到的高性能碳化硅是一種新型的無機非金屬材料D.“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鞯耐鈿な翘胤N鈦合金，該鈦合金比金屬鈦硬度高、耐高壓、耐腐蝕2、某有機物W是一種優(yōu)良的水稻除草劑，它的結構簡式為下列有關該有機物的說法正確的是A.含有3種官能團B.一定條件下，該物質(zhì)能與溶液反應C.一定條件下，能發(fā)生加成、取代、消去等反應D.苯環(huán)上的二溴代物有兩種3、奧昔布寧具有解痙和抗膽堿作用；其結構簡式如圖所示。下列關于奧昔布寧的說法正確的是。

A.分子中的含氧官能團為羥基和羧基B.分子中所有碳原子共平面C.奧昔布寧不能使溴的CCl4溶液褪色D.奧昔布寧能發(fā)生消去反應4、燃燒0.1mol某有機物得0.2molCO2和0.3molH2O，由此得出的結論不正確的是（）A.該有機物分子中可能含有氧原子B.該有機物中碳、氫元素原子數(shù)目之比為1∶3C.該有機物分子中不可能含有碳碳雙鍵D.該有機物分子的結構簡式為CH3—CH35、用如圖所示裝置制備乙酸乙酯。實驗時觀察到試管a中不斷有蒸汽逸出；幾種有機化合物的沸點如表所示：

。物質(zhì)。

乙醇。

乙酸。

乙酸乙酯。

沸點/℃

78.5

117.9

77.1

下列說法不正確的是。

A.在試管a中應加入沸石防止液體暴沸B.a中逸出蒸汽的成分有乙醇、乙酸、乙酸乙酯、水等C.加熱溫度不能過高，原因是防止乙酸乙酯揮發(fā)D.b中飽和Na2CO3溶液可以吸收乙醇和乙酸6、某有機物X對氫氣的相對密度為30，分子中含碳40%，含氫6.7%，其余為氧，X可與碳酸氫鈉溶液反應。下列關于X的說法不正確的是A.X的相對分子質(zhì)量為60B.X的分子式為C.X的官能團為羧基D.X的結構簡式為7、今有高聚物下列有關它的敘述中正確的是A.它的鏈節(jié)是B.它的聚合度C.它的單體是D.它是一種線型高分子化合物8、a()、b()、c()三種物質(zhì)是治療感冒的常用藥物。下列有關說法錯誤的是（）A.1mola最多能與1molNaHCO3反應B.b既能與鹽酸反應，又能與NaOH溶液反應C.c屬于芳香烴，苯環(huán)上的一氯代物有3種D.a、b、c三種物質(zhì)都能發(fā)生取代反應評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、按要求回答下列問題：

(1)CH2=CH-COOCH3的官能團名稱是_______。

(2)分子式為C5H10O的醛的同分異構體有_______種。

(3)鍵線式表示的分子式_______。

(4)有機物(CH3)3CCH2CH(C2H5)2其系統(tǒng)命名法名稱應為_______。

(5)CH2=C(CH3)2的系統(tǒng)命名法名稱是_______。

(6)3，4，4—三甲基—1—戊炔的結構簡式為_______。

(7)的同分異構體中，含有酯基且羥基直接連苯環(huán)的二取代苯的結構有___種。

(8)的系統(tǒng)命名法名稱是_，其含有苯環(huán)的三取代有__種同分異構體(不含它自己)。10、學習有機化學；掌握有機物的組成結構；命名和官能團性質(zhì)是重中之重。請回答下列問題：

(1)的分子式為____，所含官能團的名稱為_____、_____。

(2)的系統(tǒng)命名為_____。

(3)寫出3，3一二甲基丁酸的結構簡式____。

(4)合成高聚物其單體的鍵線式____。11、的化學名稱為_______。12、乙烯和苯是來自石油和煤的兩種重要化工原料。

(1)乙烯在一定條件下與水反應可以生成乙醇，寫出該反應的化學方程式_______，反應類型為_______。

(2)聚乙烯塑料常用于制作食品包裝袋，寫出聚乙烯的結構簡式_______。

(3)有關苯的轉(zhuǎn)化關系如圖所示；請回答下列問題：

①反應Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ中屬于取代反應的是_______(填序號)。

②反應Ⅰ的化學方程式為_______。若將苯倒入盛有溴水的試管中，振蕩后靜置，現(xiàn)象是_______。

③反應Ⅲ中有機產(chǎn)物的結構簡式為：_______。

④反應Ⅳ中苯能與_______反應生成環(huán)己烷。13、體現(xiàn)現(xiàn)代奧運會公平性的一個重要方式就是堅決反對運動員服用興奮劑。以下是兩種興奮劑的結構：

興奮劑X：

興奮劑Y：

回答下列問題：

(1)興奮劑X分子中有______種含氧官能團，在核磁共振氫譜上共有______組峰。

(2)1mol興奮劑X與足量的NaOH溶液反應，最多消耗______molNaOH。

(3)1mol興奮劑Y與足量的濃溴水反應，最多可消耗______molBr2。

(4)興奮劑Y最多有______個碳原子共平面。

(5)1mol興奮劑X與足量的H2反應，最多消耗______molH2。14、有機物甲可作為無鉛汽油的抗爆震劑，其相對分子質(zhì)量為Mr（甲），80<100。取1mol甲在足量氧氣中完全燃燒后，生成5molCO2和6molH2O。

（1）Mr（甲）=________，甲的分子式為___________________；

（2）甲的核磁共振氫譜有兩個峰，峰面積之比為3∶1，則甲的結構簡式為______________。

（3）烯烴丙與水加成可生成乙，乙為甲的同分異構體，紅外光譜顯示乙中有-OH和對稱的-CH2-、-CH3等。

①丙的名稱_________________________。

②乙的鍵線式為__________________________，乙所含官能團的名稱為__________。

③乙同類別的同分異構體中，含有3個-CH3的結構有_______種。

（4）已知烯烴通過臭氧氧化并經(jīng)鋅和水處理得到醛或酮。例如：

上述反應可用來推斷烴分子中碳碳雙鍵的位置。

某烴A的分子式為C6H10，經(jīng)過上述轉(zhuǎn)化生成則烴A的結構可表示為_______________。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、植物油可以使酸性高錳酸鉀溶液褪色。(_______)A.正確B.錯誤16、和互為同系物。(_____)A.正確B.錯誤17、相同質(zhì)量的烴完全燃燒，耗氧量最大的是CH4。(___)A.正確B.錯誤18、高級脂肪酸和乙酸互為同系物。(_______)A.正確B.錯誤19、分子式為C7H8O的芳香類有機物有五種同分異構體。(___________)A.正確B.錯誤20、氯苯與NaOH溶液混合共熱，能發(fā)生了消去反應。(___________)A.正確B.錯誤評卷人得分四、實驗題(共2題，共20分)21、實驗室用燃燒法測定某種α-氨基酸X（CxHyOzNp）的分子組成。取3．34gX放在純氧中充分燃燒，生成CO2、H2O和N2。現(xiàn)用下圖所示裝置進行實驗（鐵架臺；鐵夾、酒精燈等未畫出）；請回答有關問題：

（1）實驗開始時，首先打開止水夾a，關閉止水夾b，通一段時間的純氧氣，這樣做的目的是__________；之后則需關閉止水夾a，打開止水夾b。

（2）上述裝置中A、D處都需要用酒精燈加熱，操作時應先點燃_____處的酒精燈。

（3）裝置D的作用是______。

（4）實驗結果：

①B中濃硫酸增重1．62g；C中堿石灰增重7．04g，F(xiàn)中收集到224mL氣體（標準狀況）。

②X的相對分子質(zhì)量為167；它是通過測定的（填一種現(xiàn)代化學儀器）

試通過計算確定該有機物X的分子式_________（寫出計算過程）。

（5）另取3．34gX與0．2mol/L的NaOH溶液反應，最多能中和NaOH溶液200mL，有機物X的13C-NMR（即核磁共振碳譜，其作用與核磁共振氫譜類似）如下圖所示。試確定有機物X的結構簡式為________。

22、實驗室用燃燒法測定某種α-氨基酸X（CxHyOzNp）的分子組成。取3．34gX放在純氧中充分燃燒，生成CO2、H2O和N2?，F(xiàn)用下圖所示裝置進行實驗（鐵架臺；鐵夾、酒精燈等未畫出）；請回答有關問題：

（1）實驗開始時，首先打開止水夾a，關閉止水夾b，通一段時間的純氧氣，這樣做的目的是__________；之后則需關閉止水夾a，打開止水夾b。

（2）上述裝置中A、D處都需要用酒精燈加熱，操作時應先點燃_____處的酒精燈。

（3）裝置D的作用是______。

（4）實驗結果：

①B中濃硫酸增重1．62g；C中堿石灰增重7．04g，F(xiàn)中收集到224mL氣體（標準狀況）。

②X的相對分子質(zhì)量為167；它是通過測定的（填一種現(xiàn)代化學儀器）

試通過計算確定該有機物X的分子式_________（寫出計算過程）。

（5）另取3．34gX與0．2mol/L的NaOH溶液反應，最多能中和NaOH溶液200mL，有機物X的13C-NMR（即核磁共振碳譜，其作用與核磁共振氫譜類似）如下圖所示。試確定有機物X的結構簡式為________。

評卷人得分五、計算題(共1題，共2分)23、燃燒法是測定有機物分子式的一種重要方法。將0.1mol某烴在氧氣中完全燃燒；得到二氧化碳在標準狀況下體積為11.2L，生成水為10.8g，求：

(1)該烴的分子式___________。

(2)寫出可能的結構簡式___________。評卷人得分六、結構與性質(zhì)(共4題，共12分)24、科學家合成非石墨烯型碳單質(zhì)——聯(lián)苯烯的過程如下。

(1)物質(zhì)a中處于同一直線的碳原子個數(shù)最多為___________。

(2)物質(zhì)b中元素電負性從大到小的順序為___________。

(3)物質(zhì)b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點的原因可能為___________。

(4)物質(zhì)c→聯(lián)苯烯的反應類型為___________。

(5)鋰離子電池負極材料中；鋰離子嵌入數(shù)目越多，電池容量越大。石墨烯和聯(lián)苯烯嵌鋰的對比圖如下。

①圖a中___________。

②對比石墨烯嵌鋰，聯(lián)苯烯嵌鋰的能力___________(填“更大”，“更小”或“不變”)。25、青蒿素是從黃花蒿中提取的一種無色針狀晶體；雙氫青蒿素是青蒿素的重要衍生物，抗瘧疾療效優(yōu)于青蒿素，請回答下列問題：

（1）組成青蒿素的三種元素電負性由大到小排序是__________，畫出基態(tài)O原子的價電子排布圖__________。

（2）一個青蒿素分子中含有_______個手性碳原子。

（3）雙氫青蒿素的合成一般是用硼氫化鈉(NaBH4)還原青蒿素．硼氫化物的合成方法有：2LiH+B2H6=2LiBH4；4NaH+BF3═NaBH4+3NaF

①寫出BH4﹣的等電子體_________（分子；離子各寫一種）；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心二電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有______種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵，原因是______________；

④NaH的晶胞如圖，則NaH晶體中陽離子的配位數(shù)是_________；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，求陰、陽離子的半徑比=__________由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有_________、_________。26、科學家合成非石墨烯型碳單質(zhì)——聯(lián)苯烯的過程如下。

(1)物質(zhì)a中處于同一直線的碳原子個數(shù)最多為___________。

(2)物質(zhì)b中元素電負性從大到小的順序為___________。

(3)物質(zhì)b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點的原因可能為___________。

(4)物質(zhì)c→聯(lián)苯烯的反應類型為___________。

(5)鋰離子電池負極材料中；鋰離子嵌入數(shù)目越多，電池容量越大。石墨烯和聯(lián)苯烯嵌鋰的對比圖如下。

①圖a中___________。

②對比石墨烯嵌鋰，聯(lián)苯烯嵌鋰的能力___________(填“更大”，“更小”或“不變”)。27、青蒿素是從黃花蒿中提取的一種無色針狀晶體；雙氫青蒿素是青蒿素的重要衍生物，抗瘧疾療效優(yōu)于青蒿素，請回答下列問題：

（1）組成青蒿素的三種元素電負性由大到小排序是__________，畫出基態(tài)O原子的價電子排布圖__________。

（2）一個青蒿素分子中含有_______個手性碳原子。

（3）雙氫青蒿素的合成一般是用硼氫化鈉(NaBH4)還原青蒿素．硼氫化物的合成方法有：2LiH+B2H6=2LiBH4；4NaH+BF3═NaBH4+3NaF

①寫出BH4﹣的等電子體_________（分子；離子各寫一種）；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心二電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有______種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵，原因是______________；

④NaH的晶胞如圖，則NaH晶體中陽離子的配位數(shù)是_________；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，求陰、陽離子的半徑比=__________由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有_________、_________。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．“熔噴布”的主要組成為聚丙烯；聚丙烯是有機高分子化合物，A項正確；

B．芯片的主要成分是單質(zhì)硅；B項錯誤；

C．SiC屬于新型無機非金屬材料；C項正確；

D．鈦合金材料具有強度大；密度小、耐腐蝕等特性；D項正確；

答案選B。2、B【分析】【詳解】

A．含有氯原子和酰胺鍵兩種官能團；A錯誤；

B．分子中含有氯原子和酰胺鍵一定條件下，能與溶液反應；B正確；

C．根據(jù)該物質(zhì)的結構可知該物質(zhì)不能發(fā)生消去反應；C錯誤；

D．該物質(zhì)苯環(huán)上的二溴代物有三種；D錯誤；

答案選B。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．奧昔布寧分子中的含氧官能團為羥基和酯基；不含有羧基，A不正確；

B．奧昔布寧分子中存在3個碳原子連接在同一飽和碳原子上的結構；根據(jù)甲烷的空間結構可知不可能所有碳原子共面，B不正確；

C．奧昔布寧分子中含有的-C≡C-，能發(fā)生加成反應使溴的CCl4溶液褪色；C不正確；

D．奧昔布寧分子中的和-OH相連的碳原子與環(huán)己基上的鄰位碳原子間可通過脫水形成碳碳雙鍵；從而發(fā)生消去反應，D正確；

故選D。4、D【分析】【分析】

根據(jù)元素守恒和原子守恒；推出0.1mol有機物中含有0.2molC和0.6molH，即1mol該有機物分子中有2molC原子和6molH原子，據(jù)此分析。

【詳解】

A．題中無法確認有機物的質(zhì)量或相對分子質(zhì)量；因此無法確認有機物中是否含氧元素，該有機物分子中可能存在氧原子，故A正確；

B．根據(jù)上述分析可知；該有機物中碳；氫元素原子數(shù)目之比為2：6=1：3，故B正確；

C．1mol該有機物中含有2molC和6molH，該有機物分子式C2H6Ox；不飽和度為0，即不含碳碳雙鍵，故C正確；

D．題中無法確認有機物的質(zhì)量或相對分子質(zhì)量；因此無法確認有機物中是否含氧元素，即無法確認有機物結構簡式，故D錯誤；

答案選D。

【點睛】

有機物分子式的確定，利用原子守恒和元素守恒，推出有機物中C原子的物質(zhì)的量和H原子的物質(zhì)的量，然后根據(jù)有機物的質(zhì)量，確認是否含有氧元素，從而求出有機物的實驗式，最后利用有機物的相對分子質(zhì)量，求出有機物的分子式。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當加熱液體混合物時需要加入沸石或碎瓷片防止暴沸；故A正確；

B．反應物乙醇和乙酸都易揮發(fā)；生成的乙酸乙酯也易揮發(fā)，在酒精燈加熱條件下水也會揮發(fā)，所以a中逸出的蒸汽的成分有乙醇；乙酸、乙酸乙酯、水等，故B正確；

C．在本實驗中；溫度不宜過高；過高會產(chǎn)生雜質(zhì)，加熱使乙酸乙酯揮發(fā)，經(jīng)過導管冷凝，在飽和碳酸鈉液面上收集，故C錯誤；

D．乙醇和水互溶；乙酸可以和碳酸鈉反應，故飽和碳酸鈉溶液可以吸收乙醇和乙酸，故D正確；

故選C。6、D【分析】【分析】

【詳解】

某有機物X對氫氣的相對密度為30，所以該有機物的相對分子質(zhì)量為60，分子中含碳40%，含氫6.7%，其余為氧，C原子的個數(shù)為H原子的個數(shù)為O原子的個數(shù)為所以X的分子式為X可與碳酸氫鈉溶液反應，可知X含有羧基，結構簡式是

A．由上述分析可知；該有機物的相對分子質(zhì)量為60，故A正確；

B．由上述分析可知，X的分子式為故B正確；

C．X可與碳酸氫鈉溶液反應；可知X含有羧基，是乙酸，故C正確；

D．由上述分析可知，X的結構簡式為故D錯誤；

故答案為D。7、D【分析】【分析】

由于該高聚物主鏈中只有碳原子，可以確定為加聚反應的產(chǎn)物，該高聚物的鏈節(jié)是單體是由此分析。

【詳解】

A．由于該高聚物主鏈中只有碳原子，可以確定為加聚反應的產(chǎn)物，該高聚物的鏈節(jié)是故A不符合題意；

B．由于該高聚物屬于高分子化合物；高聚物的聚合度都是很大的數(shù)值，它的聚合度一定大于3，故B不符合題意；

C．主鏈中只有C原子，所以可以確定為加聚反應產(chǎn)物，凡鏈節(jié)主鏈上只有碳原子并存在碳碳雙鍵結構的高聚物，其規(guī)律是“見雙鍵，四個碳，無雙鍵，兩個碳”，所以該高聚物中，鏈節(jié)為單體是故C不符合題意；

D．該高聚物是發(fā)生加聚反應的產(chǎn)物；是一種線型高分子化合物，故D符合題意；

答案選D。8、C【分析】【詳解】

A．1mola中含有1mol羧基，酯基不與NaHCO3反應，故1mola最多能與1molNaHCO3反應；A正確；

B．b中含有氨基；故能與鹽酸反應，同時又含有羧基，故能與NaOH溶液反應，B正確；

C．c中含有碳；氫兩種元素之外的氧元素和氮元素；故不屬于烴，也就不屬于芳香烴，苯環(huán)上的一氯代物有3種，C錯誤；

D．a(chǎn)可以發(fā)生水解以及苯環(huán)上的取代，b可以發(fā)生酯化反應屬于取代反應；c可以發(fā)生酯化反應以及苯環(huán)上的取代反應，故三種物質(zhì)都能發(fā)生取代反應，D正確；

故答案為：C。二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)根據(jù)有機物CH2=CH-COOCH3的結構簡式可知其含有的官能團名稱是碳碳雙鍵和酯基；故答案為：碳碳雙鍵和酯基；

(2)由于醛基必須在端位上，故分子式為C5H10O的醛即C4H9CHO,由丁基由4種結構可知，其同分異構體有4種，分別為CH3CH2CH2CH2CHO、CH3CH2CH(CH3)CHO、(CH3)2CHCH2CHO、(CH3)3CCHO；故答案為：4；

(3)由鍵線式表示的分子式為C6H14，故答案為：C6H14；

(4)根據(jù)烷烴的系統(tǒng)命名法可知有機物(CH3)3CCH2CH(C2H5)2其系統(tǒng)命名法名稱應為2；2-二甲基-4-乙基己烷，故答案為：2，2-二甲基-4-乙基己烷；

(5)根據(jù)烯烴的系統(tǒng)命名法可知CH2=C(CH3)2的系統(tǒng)命名法名稱是2-甲基-1-丙烯(或2-甲基丙烯)；故答案為：2-甲基-1-丙烯(或2-甲基丙烯)；

(6)根據(jù)炔烴的系統(tǒng)命名法可知3，4，4—三甲基—1—戊炔的結構簡式為故答案為：

(7)的同分異構體中，含有酯基且羥基直接連苯環(huán)的二取代苯的結構分別為酚羥基和CH3COO-、HCOOCH2-、CH3OOC-三種可能；每種又有鄰；間、對3種位置關系，共有3×3=9種，故答案為：9；

(8)的系統(tǒng)命名法名稱是2，4-二氯甲苯，其含有苯環(huán)的三取代物，先考慮二氯苯的位置關系有鄰、間、對三種，在苯環(huán)上連第三個基團，鄰二氯苯有2種，間二氯苯有3種，對二氯苯有1種，共有6種同分異構體，除去它本身，故答案為：5?！窘馕觥刻继茧p鍵，酯基4C6H142，2--二甲基-4-乙基己烷2-甲基-1-丙烯(或2-甲基丙烯)92，4-二氯甲苯510、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)根據(jù)的結構簡式可知，分子中含有10個碳原子、18個氫原子、1個氧原子，則分子式為所含官能團的名稱為碳碳雙鍵；羥基；

(2)含羥基且最長碳鏈4個碳；第3個碳上有一個甲基，系統(tǒng)命名為3-甲基-1-丁醇；

(3)3，3一二甲基丁酸含羧基且最第碳鏈4個碳，第3個碳上有2個甲基，可寫出結構簡式為

(4)合成高聚物其單體為CH2=C(CH3)-CH=CH2，其鍵線式為【解析】碳碳雙鍵羥基3-甲基-1-丁醇11、略

【分析】【詳解】

中含碳碳雙鍵和羧基兩種官能團，其中羧基為主官能團，根據(jù)羧酸的命名規(guī)則，其化學名稱為甲基丙烯酸，故答案為甲基丙烯酸?！窘馕觥考谆┧?2、略

【分析】【分析】

乙烯分子中含有C=C鍵；可與水發(fā)生加成反應生成乙醇，能夠發(fā)生加聚反應生成高分子化合物聚乙烯，據(jù)此分析解答；根據(jù)轉(zhuǎn)化關系圖，Ⅰ為苯的溴代生成溴苯，Ⅱ為苯的燃燒生成二氧化碳和水，Ⅲ為苯的硝化反應生成硝基苯，Ⅳ為苯與氫氣的加成，生成環(huán)己烷，據(jù)此分析解答。

【詳解】

(1)乙烯可與水發(fā)生加成反應生成乙醇，反應的化學方程式為故答案為：加成反應；

(2)乙烯發(fā)生加聚反應生成聚乙烯，聚乙烯的結構簡式為故答案為：

(3)①反應Ⅰ為苯的溴代生成溴苯；為取代反應，Ⅱ為苯的燃燒生成二氧化碳和水，為氧化反應，Ⅲ為苯的硝化反應生成硝基苯，屬于取代反應，Ⅳ為苯與氫氣的加成，生成環(huán)己烷，屬于加成反應，其中屬于取代反應的是，故答案為：Ⅰ；Ⅲ；

②反應Ⅰ苯的溴代生成溴苯，反應的化學方程式為+Br2HBr+若將苯倒入盛有溴水的試管中，振蕩后靜置，發(fā)生萃取，現(xiàn)象為液體分層，上層為橙紅色，下層趨近于無色，故答案為：+Br2HBr+液體分層；上層為橙紅色，下層趨近于無色；

③反應Ⅲ苯的硝化反應生成硝基苯，硝基苯的結構簡式為故答案為：

④反應Ⅳ為苯與氫氣的加成，+3H2苯能與3反應生成環(huán)己烷，故答案為：3?！窘馕觥考映煞磻狪、Ⅲ+Br2HBr+液體分層，上層為橙紅色，下層趨近于無色313、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)興奮劑X分子中有3種含氧官能團分別為：醚鍵；羧基、羰基；X苯環(huán)上的兩個氫原子是不同的；在核磁共振氫譜上共有7組吸收峰。

(2)直接與苯環(huán)相連的鹵素原子在水解后生成酚羥基；故1mol該類鹵原子水解消耗2molNaOH，故1molX與足量的NaOH溶液反應，最多消耗5molNaOH。

(3)興奮劑Y左邊苯環(huán)，上有1個羥基的鄰位氫可被溴取代，右邊苯環(huán)。上羥基的鄰位和對位氫可被溴取代，1個碳碳雙鍵可和Br2發(fā)生加成反應，則1molY與足量濃溴水反應，最多消耗4molBr2。

(4)苯環(huán)為平面結構；碳碳雙鍵也為平面結構，Y分子中所有碳原子可能共平面。

(5)X結構中的碳碳雙鍵、羰基和苯環(huán)均能與氫氣在一定條件下發(fā)生加成反應，故1molX與足量的氫氣反應，最多消耗5molH2。【解析】375415514、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)1mol甲在足量氧氣中完全燃燒后，生成5molCO2和6molH2O，則1mol甲含有5molC和12molH，設甲的化學式為C5H12Ox。根據(jù)80<100，知，x=1，甲的分子式為C5H12O，Mr（甲）=88；

(2)甲的核磁共振氫譜有兩個峰，峰面積之比為3∶1=9:3，則甲的結構簡式為

(3)①乙為甲的同分異構體，乙中有-OH和對稱的-CH2-、-CH3等，乙的結構簡式為CH3CH2CH（OH）CH2CH3。乙是烯烴丙與水加成反應生成的，則丙的結構簡式為CH3CH=CHCH2CH3，名稱為2-戊烯。②乙的鍵線式為乙中含的官能團是羥基；③乙同類別的同分異構體中，含有3個-CH3的結構有（CH3）2CHCH（OH）CH3、（CH3）2C（OH）CH2CH3、（CH3）3CCH2OH；共3種。

(4)根據(jù)題示信息，結合A生成的產(chǎn)物只有一種，且含有6個碳原子，說明A是1種環(huán)烴，環(huán)上有1個碳碳雙鍵，并且含有一個側(cè)鏈甲基，則烴A的結構可為【解析】①.88②.C5H12O③.④.2-戊烯⑤.⑥.羥基⑦.3⑧.三、判斷題(共6題，共12分)15、A【分析】【分析】

【詳解】

植物油分子結構中含有不飽和的碳碳雙鍵，能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，因而可以使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故這種說法是正確的。16、B【分析】【詳解】

是苯酚，是苯甲醇，二者種類不同，含有不同的官能團，不是同系物，故答案為：錯誤。17、A【分析】【詳解】

相同質(zhì)量的烴燃燒時，烴中H元素的質(zhì)量分數(shù)越大，則耗氧量越高，而CH4是所有烴中H元素的質(zhì)量分數(shù)最高的，即是耗氧量最大的，所以正確。18、B【分析】【分析】

【詳解】

高級脂肪酸是含有碳原子數(shù)比較多的羧酸，可能是飽和的羧酸，也可能是不飽和的羧酸，如油酸是不飽和的高級脂肪酸，分子結構中含有一個碳碳雙鍵，物質(zhì)結構簡式是C17H33COOH；而乙酸是飽和一元羧酸，因此不能說高級脂肪酸和乙酸互為同系物，這種說法是錯誤的。19、A【分析】【分析】

【詳解】

分子式為C7H8O的芳香類有機物可以是苯甲醇，也可以是甲基苯酚，甲基和羥基在苯環(huán)上有三種不同的位置，還有一種是苯基甲基醚，共五種同分異構體，故正確。20、B【分析】【分析】

【詳解】

氯苯與NaOH溶液共熱，發(fā)生的是取代反應，生成苯酚，然后苯酚再和NaOH發(fā)生中和反應生成苯酚鈉，不能發(fā)生消去反應，故錯誤。四、實驗題(共2題，共20分)21、略

【分析】【詳解】

試題分析：該實驗原理為3.34g該種氨基酸放在純氧中充分燃燒生成CO2、H2O和N2；裝置B內(nèi)盛放濃硫酸，吸收生成的水，根據(jù)裝置B增重確定3.34g·該種氨基酸中含氫元素質(zhì)量；根據(jù)C中堿石灰的增重可確定碳元素的質(zhì)量；裝置D用于除去未反應的氧氣，根據(jù)F'中水的體積確定氮氣的體積并由此確定待測氨基酸中含有的氮元素的質(zhì)量，最后計算氨基酸中氧元素的質(zhì)量，確定分子中各元素原子個數(shù)比，由此確定最簡式。

（1）裝置的空氣中含有N2；影響生成氮氣的體積測定，需先通入氧氣將裝置中的氮氣排盡。

（2）應先點燃D處的酒精燈吸收未反應的氧氣；保證最后收集的氣體為純凈的氮氣。

（3）由原理可知，氣體進入裝置E之前應該先將氧氣除去，所以銅網(wǎng)的作用是吸收未反應的O2，保證最終收集到的氣體是反應生成的N2。

（4）有機物相對分子質(zhì)量的測定用質(zhì)譜儀；B中濃硫酸增重1．62g，為生成水的質(zhì)量，則水的物質(zhì)的量為0.09mol，氫原子的物質(zhì)的量為0.18mol，氫元素的質(zhì)量為0.18g；C中堿石灰增重7．04g，為生成二氧化碳的質(zhì)量，則二氧化碳的物質(zhì)的量為0.16mol，碳原子的物質(zhì)的量為0.16mol，碳元素的質(zhì)量為1.92g，F(xiàn)中收集到224mL氣體（標準狀況），為氮氣，物質(zhì)的量為0.01mol，氮原子的物質(zhì)的量為0.02mol，氮元素的質(zhì)量為0.28g；則氨基酸中氧元素的質(zhì)量為3.34g-0.18g-1.92g-0.28g=0.96g，氧原子的物質(zhì)的量為0.06mol；則該有機物的最簡式為C8H9O3N，相對分子質(zhì)量為167，則該有機物的分子式為C8H9O3N。

（5）3．34gX的物質(zhì)的量為0.02mol，與0．2mol/L的NaOH溶液反應，最多能中和NaOH溶液200mL，即消耗0.04molNaOH，則該有機物中含有1個羧基、1個酚羥基，根據(jù)有機物X的13C-NMR確定有機物中含有6種碳原子，則苯環(huán)上含有兩個取代基，且位于對位，則有機物X的結構簡式為

考點：考查有機物分子式、結構式的確定。【解析】（1）將裝置中的N2排盡。

（2）D

（3）吸收未反應的O2，保證最終收集到的氣體是反應生成的N2

（4）質(zhì)譜儀C8H9O3N（算出CO2、H2O、N2各得1分；算出O得1分，求出分子式得1分，共5分）

（5）22、略

【分析】【詳解】

試題分析：該實驗原理為3.34g該種氨基酸放在純氧中充分燃燒生成CO2、H2O和N2；裝置B內(nèi)盛放濃硫酸，吸收生成的水，根據(jù)裝置B增重確定3.34g·該種氨基酸中含氫元素質(zhì)量；根據(jù)C中堿石灰的增重可確定碳元素的質(zhì)量；裝置D用于除去未反應的氧氣，根據(jù)F'中水的體積確定氮氣的體積并由此確定待測氨基酸中含有的氮元素的質(zhì)量，最后計算氨基酸中氧元素的質(zhì)量，確定分子中各元素原子個數(shù)比，由此確定最簡式。

（1）裝置的空氣中含有N2；影響生成氮氣的體積測定，需先通入氧氣將裝置中的氮氣排盡。

（2）應先點燃D處的酒精燈吸收未反應的氧氣；保證最后收集的氣體為純凈的氮氣。

（3）由原理可知，氣體進入裝置E之前應該先將氧氣除去，所以銅網(wǎng)的作用是吸收未反應的O2，保證最終收集到的氣體是反應生成的N2。

（4）有機物相對分子質(zhì)量的測定用質(zhì)譜儀；B中濃硫酸增重1．62g，為生成水的質(zhì)量，則水的物質(zhì)的量為0.09mol，氫原子的物質(zhì)的量為0.18mol，氫元素的質(zhì)量為0.18g；C中堿石灰增重7．04g，為生成二氧化碳的質(zhì)量，則二氧化碳的物質(zhì)的量為0.16mol，碳原子的物質(zhì)的量為0.16mol，碳元素的質(zhì)量為1.92g，F(xiàn)中收集到224mL氣體（標準狀況），為氮氣，物質(zhì)的量為0.01mol，氮原子的物質(zhì)的量為0.02mol，氮元素的質(zhì)量為0.28g；則氨基酸中氧元素的質(zhì)量為3.34g-0.18g-1.92g-0.28g=0.96g，氧原子的物質(zhì)的量為0.06mol；則該有機物的最簡式為C8H9O3N，相對分子質(zhì)量為167，則該有機物的分子式為C8H9O3N。

（5）3．34gX的物質(zhì)的量為0.02mol，與0．2mol/L的NaOH溶液反應，最多能中和NaOH溶液200mL，即消耗0.04molNaOH，則該有機物中含有1個羧基、1個酚羥基，根據(jù)有機物X的13C-NMR確定有機物中含有6種碳原子，則苯環(huán)上含有兩個取代基，且位于對位，則有機物X的結構簡式為

考點：考查有機物分子式、結構式的確定?！窘馕觥浚?）將裝置中的N2排盡。

（2）D

（3）吸收未反應的O2，保證最終收集到的氣體是反應生成的N2

（4）質(zhì)譜儀C8H9O3N（算出CO2、H2O、N2各得1分；算出O得1分，求出分子式得1分，共5分）

（5）五、計算題(共1題，共2分)23、略

【分析】【分析】

該烴在氧氣中完全燃燒；產(chǎn)物是水和二氧化碳，已知水的質(zhì)量，即可求出水物質(zhì)的量，又由氫原子守恒，可求出烴中氫原子物質(zhì)的量；同理已知二氧化碳的體積，即可求出二氧化碳物質(zhì)的量，又由碳原子守恒，可求出該烴中碳原子物質(zhì)的量。

【詳解】

(1)由題意得：

設該烴的分子式為則

即該烴的分子式為：

(2)分子式為C5H12符合烷烴的通式，故可能是正戊烷、異戊烷、新戊烷。結構簡式為：CH3CH2CH2CH2CH3、CH3CH2CH(CH3)CH3、C(CH3)4【解析】六、結構與性質(zhì)(共4題，共12分)24、略

【分析】【分析】

苯環(huán)是平面正六邊形結構，據(jù)此分析判斷處于同一直線的最多碳原子數(shù)；物質(zhì)b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，據(jù)此分析判斷；C－F共用電子對偏向F，F(xiàn)顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，據(jù)此分析解答；石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，結合均攤法計算解答；石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環(huán)中嵌入了鋰，而聯(lián)苯烯嵌鋰中每個苯環(huán)中都嵌入了鋰，據(jù)此分析判斷。

【詳解】

(1)苯環(huán)是平面正六邊形結構，物質(zhì)a()中處于同一直線的碳原子個數(shù)最多為6個()；故答案為：6；

(2)物質(zhì)b中含有H；C、F三種元素；元素的非金屬性越強，電負性越大，電負性從大到小的順序為F＞C＞H，故答案為：F＞C＞H；

(3)C－F共用電子對偏向F，F(xiàn)顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F(xiàn)與H二者靠靜電作用識別，因此物質(zhì)b之間可采取“拉鏈”相互識別活化位點；故答案為：C－F共用電子對偏向F，F(xiàn)顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F(xiàn)與H二者靠靜電作用識別；

(4)根據(jù)圖示；物質(zhì)c→聯(lián)苯烯過程中消去了HF，反應類型為消去反應，故答案為：消去反應；

(5)①石墨烯嵌鋰圖中以圖示菱形框為例，含有3個Li原子，含有碳原子數(shù)為8×+2×+2×+13=18個，因此化學式LiCx中x=6；故答案為：6；

②根據(jù)圖示，石墨烯嵌鋰結構中只有部分六元碳環(huán)中嵌入了鋰，而聯(lián)苯烯嵌鋰中每個苯環(huán)中都嵌入了鋰，鋰離子嵌入數(shù)目越多，電池容量越大，因此聯(lián)苯烯嵌鋰的能力更大，故答案為：更大?！窘馕觥?F＞C＞HC－F共用電子對偏向F，F(xiàn)顯負電性，C－H共用電子對偏向C，H顯正電性，F(xiàn)與H二者靠靜電作用識別消去反應6更大25、略

【分析】【分析】

非金屬性越強的元素；其電負性越大；根據(jù)原子核外電子排布的3大規(guī)律分析其電子排布圖；手性碳原子上連著4個不同的原子或原子團；等電子體之間原子個數(shù)和價電子數(shù)目均相同；配合物中的配位數(shù)與中心原子的半徑和雜化類型共同決定；根據(jù)晶胞結構；配位數(shù)、離子半徑的相對大小畫出示意圖計算陰、陽離子的半徑比。

【詳解】

（1）組成青蒿素的三種元素是C、H、O，其電負性由大到小排序是O>C>H，基態(tài)O原子的價電子排布圖

（2）一個青蒿素分子中含有7個手性碳原子，如圖所示：

（3）①根據(jù)等電子原理，可以找到BH4﹣的等電子體，如CH4、NH4+；

②B2H6分子結構如圖，2個B原子和一個H原子共用2個電子形成3中心2電子鍵，中間的2個氫原子被稱為“橋氫原子”，它們連接了2個B原子．則B2H6分子中有B—H鍵和3中心2電子鍵等2種共價鍵；

③NaBH4的陰離子中一個B原子能形成4個共價鍵，而冰晶石(Na3AlF6)的陰離子中一個Al原子可以形成6個共價鍵；原因是：B原子的半徑較??；價電子層上沒有d軌道，Al原子半徑較大、價電子層上有d軌道；

④由NaH的晶胞結構示意圖可知，其晶胞結構與氯化鈉的晶胞相似，則NaH晶體中陽離子的配位數(shù)是6；設晶胞中陰、陽離子為剛性球體且恰好相切，Na+半徑大于H-半徑，兩種離子在晶胞中的位置如圖所示：Na+半徑的半徑為對角線的對角線長為則Na+半徑的半徑為H-半徑為陰、陽離子的半徑比0.414。由此可知正負離子的半徑比是決定離子晶體結構的重要因素，簡稱幾何因素，除此之外影響離子晶體結構的因素還有電荷因素（離子所帶電荷不同其