2025年仁愛科普版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于太陽系中各行星的軌道，以下說法中不正確的是（）A.所有行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓B.有的行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道是圓C.不同行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的橢圓軌道的半長(zhǎng)軸是不同的D.不同的行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道各不相同2、封閉在貯氣瓶中的某種理想氣體；當(dāng)溫度升高時(shí)，下列說法中正確的是（容器的熱膨脹忽略不計(jì)）（）

A.密度不變；壓強(qiáng)增大。

B.密度不變；壓強(qiáng)減小。

C.壓強(qiáng)不變；密度增大。

D.壓強(qiáng)不變；密度減小。

3、兩物體分別從不同高度自由下落，同時(shí)落地，第一個(gè)物體下落時(shí)間為t，第二個(gè)物體下落時(shí)間為t/2，當(dāng)?shù)诙€(gè)物體開始下落時(shí)，兩物體相距：（）A.gt2B.3gt2/8C.3gt2/4D.gt2/44、關(guān)于物體的慣性，下列說法中正確的是()A.只有處于靜止或勻速運(yùn)動(dòng)的物體才具有慣性B.量度物體慣性大小的物理量是它們的質(zhì)量C.速度大的物體慣性大，速度小的物體慣性小D.慣性大的物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)容易改變，慣性小的物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不易改變5、下列有關(guān)遺傳、變異和生物進(jìn)化的敘述錯(cuò)誤的是A.一個(gè)隨機(jī)交配的足夠大的種群中，某一相對(duì)性狀中顯性性狀表現(xiàn)型的頻率是0.36，則該種群繁殖一代后雜合子Aa的頻率是0.32B.基因型為AaBb的個(gè)體自交，其后代一定有4種表現(xiàn)型和9種基因型，生物體中rRNA的合成一定與核仁有關(guān)C.新物種的形成通常要經(jīng)過突變和基因重組、自然選擇、隔離三個(gè)基本環(huán)節(jié)，種群基因頻率發(fā)生變化，不一定會(huì)形成新物種D.減數(shù)分裂過程中同源染色體非姐妹染色單體的交換可引起基因重組，非同源染色體交換一部分片段導(dǎo)致染色體結(jié)構(gòu)變異6、關(guān)于電容器的說法中正確的是（）A.由C=可知，電容器的電容與它的帶電量和兩板間的電壓有關(guān)B.電容器帶電量多說明它容納電荷本領(lǐng)大C.由Q=CU可知，當(dāng)U增大時(shí)，Q可以無限增大D.兩個(gè)互相靠近彼此絕緣的導(dǎo)體，雖然不帶電，但它們間有電容7、關(guān)于勻強(qiáng)磁場(chǎng)，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線是一組等間隔的平行線B.勻強(qiáng)電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C.勻強(qiáng)電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同D.正電荷與負(fù)電荷在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受力方向相同8、如圖所示的裝置中，木塊通過一細(xì)線系在O點(diǎn)，子彈沿水平方向射入木塊（子彈射入木塊過程時(shí)間極短，可認(rèn)為細(xì)線不發(fā)生擺動(dòng)）后留在木塊內(nèi)，接著細(xì)線擺過一角度θ．若不考慮空氣阻力，對(duì)子彈和木塊組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是（）A.在子彈射入木塊的過程中機(jī)械能守恒B.在子彈射入木塊后，細(xì)線擺動(dòng)的過程機(jī)械能守恒C.從子彈開始射入木塊到細(xì)線擺過θ角的整個(gè)過程機(jī)械能守恒D.無論是子彈射入木塊過程，還是子彈射入木塊后細(xì)線擺動(dòng)的過程機(jī)械能都不守恒評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)E的下列說法中正確的是（）A.電動(dòng)勢(shì)E的單位與電勢(shì)、電勢(shì)差的單位相同，都是伏特VB.干電池和鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)可以是不同的C.電動(dòng)勢(shì)E可表示為E=可知，電源內(nèi)非靜電力做功越多，電動(dòng)勢(shì)越大D.電動(dòng)勢(shì)較大，表示電源內(nèi)部將其它形式能將電能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大10、下列關(guān)于電容器的說法，正確的是（）A.由于電容器的兩個(gè)極板是斷開的，所以所有的直流電都不能夠通過電容器B.交流電能夠通過電容器，電容器對(duì)交流電無阻礙作用C.電壓相同的交變電流若周期不同，通過電容器受到的阻礙作用不同，周期越大阻礙越小D.對(duì)于確定的電容器，交變電流通過時(shí)產(chǎn)生的容抗越小，說明交變電流的頻率越大11、在地球大氣層外有大量的太空垃圾．在太陽活動(dòng)期，地球大氣會(huì)受太陽風(fēng)的影響而擴(kuò)張，使一些原本在大氣層外繞地球飛行的太空垃圾被大氣包圍，從而逐漸降低軌道．大部分太空垃圾在落地前已經(jīng)燃燒成灰燼，但體積較大的太空垃圾仍會(huì)落到地面上，對(duì)人類造成危害．以下關(guān)于太空垃圾正確的說法是（）A.大氣的擴(kuò)張使垃圾受到的萬有引力增大而導(dǎo)致軌道降低B.太空垃圾在與大氣摩擦過程中機(jī)械能不斷減小，進(jìn)而導(dǎo)致軌道降低C.太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中，由于與大氣的摩擦，速度不斷減小D.太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中，向心加速度不斷增大而周期不斷減小12、平拋一物體，當(dāng)拋出1秒后它的速度方向與水平方向成45°角，落地時(shí)的速度方向與水平方向成60°角，g=10m/s2．則（）A.初速度為10m/sB.落地速度20m/sC.開始拋出時(shí)距地面的高度20mD.水平射程13m13、某物體在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖所示，以豎直向上為正方向，下列判斷正確的是（）A.1～10s內(nèi)的平均速度是1m/sB.1～10s內(nèi)的位移是5mC.30s時(shí)物體提升到最高點(diǎn)D.30～36s物體處于失重狀態(tài)14、如圖表示兩個(gè)大小不同的電阻的I～U圖線；那么（）

A.電阻大的應(yīng)是圖線A，兩電阻串聯(lián)后的I～U圖線在區(qū)域ⅠB.電阻大的應(yīng)是圖線B，兩電阻串聯(lián)后的I～U圖線在區(qū)域ⅢC.電阻小的應(yīng)是圖線A，兩電阻并聯(lián)后的I～U圖線在區(qū)域ⅠD.電阻小的應(yīng)是圖線B，兩電阻并聯(lián)后的I～U圖線在區(qū)域Ⅲ15、用m表示地球同步通訊衛(wèi)星的質(zhì)量，h表示它離地面的高度，R0表示地球的半徑，g0表示地球表面處的重力加速度，ω0表示地球自轉(zhuǎn)的角速度，則同步通訊衛(wèi)星所受地球?qū)λ娜f有引力的大小為（）A.0B.mω02（R0+h）C.D.mg016、如圖所示，寬度為d

的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下穿過光滑的水平桌面，一質(zhì)量為m

的橢圓形導(dǎo)體框平放在桌面上，橢圓的長(zhǎng)軸平行磁場(chǎng)邊界，短軸小于d.

現(xiàn)給導(dǎo)體框一個(gè)初速度v0(v0

垂直磁場(chǎng)邊界)

已知導(dǎo)體框全部在磁場(chǎng)中的速度為v

導(dǎo)體框全部出磁場(chǎng)后的速度為v1

導(dǎo)體框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的焦耳熱為Q1

導(dǎo)體框離開磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的焦耳熱為Q2.

下列說法正確的是(

)

A.導(dǎo)體框離開磁場(chǎng)過程中，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向B.導(dǎo)體框進(jìn)出磁場(chǎng)都是做勻變速直線運(yùn)動(dòng)C.Q1>Q2

D.Q1+Q2=12m(v02鈭?v12)

17、如圖所示，物體A和B的質(zhì)量均為m，且分別與跨過定滑輪的輕繩連接（不計(jì)繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦）在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)的過程中，則（）A.物體A也做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.繩子拉力始終大于物體A所受重力（0°＜α＜90°）C.繩子對(duì)物體A的拉力逐漸增大D.繩子對(duì)物體A的拉力逐漸減小評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、（2015?普陀區(qū)一模）如圖，光滑絕緣細(xì)管與水平面成30°角，在管的上方P點(diǎn)固定一個(gè)點(diǎn)電荷+Q，P點(diǎn)與細(xì)管在同一豎直平面內(nèi)，管的頂端A與P點(diǎn)連線水平，PB⊥AC，AB=BC=15cm，B是AC的中點(diǎn)．電荷量為+q的小球（小球直徑略小于細(xì)管內(nèi)徑）從管中A處以速度v=1m/s開始沿管向下運(yùn)動(dòng)，在A處時(shí)小球的加速度為a=4m/s2．則小球運(yùn)動(dòng)到C處速度大小為____m/s，加速度大小為____m/s2．19、設(shè)地球的質(zhì)量為M，半徑為R，某行星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，半徑約為地球半徑的，那么在此行星上的“第一宇宙速度”與地球上的第一宇宙速度之比為____（已知萬有引力常量為G）．20、某人在地面上最多能舉起60kg的物體，則他在以2m/s2的加速度勻加速下降的電梯里最多能舉起____kg的物體．（g取10m/s2）21、質(zhì)量為1.0kg的小球，以20m/s的速度落到一軟墊上，被彈離軟墊時(shí)的速度大小為10m/s，小球與軟墊接觸的時(shí)間為0.5s，則軟墊對(duì)小球平均作用力的大小為____N．22、從離地500m的空中由靜止開始自由落下一個(gè)小球，則從開始下落的時(shí)刻起，小球在最后1s內(nèi)的位移是____m．（取g=10m/s2）23、一個(gè)電熱器接在10V的直流電源上，產(chǎn)生一定大小的熱功率．把它改接在交流電源上，要使產(chǎn)生的熱功率是原來的一半，則交流電源電壓的最大值等于____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共10分)24、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)25、二甲醚rm{(CH_{3}OCH_{3})}是一種重要的有機(jī)化工產(chǎn)品和化學(xué)中間體，工業(yè)生產(chǎn)二甲醚的新工藝主要發(fā)生下列三個(gè)反應(yīng)：rm{壟脵C(jī)O(g)+2H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)}rm{壟脵C(jī)O(g)+2H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)}rm{壟脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}rm{婁隴H_{1}=-91kJ隆隴mol^{-1}}rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{壟脷2CH_{3}OH(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}

請(qǐng)回答下列問題：rm{婁隴H_{2}=-24kJ隆隴mol^{-1}}新工藝中總反應(yīng)rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}的rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}________。rm{婁隴H_{3}=-41kJ隆隴mol^{-1}}舊工藝僅發(fā)生反應(yīng)rm{(1)}和rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}該方法中用甲醇液體與濃硫酸作用直接脫水制二甲醚，盡管產(chǎn)率高，但是逐步被淘汰的主要原因是________。rm{婁隴H=}新工藝中反應(yīng)rm{(2)}的發(fā)生提高了rm{壟脵}的產(chǎn)率，原因是________。rm{壟脷}向恒容密閉容器中充入等物質(zhì)的量的rm{(3)}rm{壟脹}發(fā)生反應(yīng)rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}rm{CH_{3}OCH_{3}}的轉(zhuǎn)化率rm{(4)}與溫度、壓強(qiáng)的關(guān)系如圖所示。rm{CO(g)}rm{H_{2}(g)}rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}的大小關(guān)系為________，判斷的理由是________。rm{CO}下列情況表示該反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)的是________rm{[婁脕(CO)]}填字母rm{壟脵p_{1}}A.混合氣體的密度保持不變B.斷裂rm{p_{2}}鍵和rm{p_{3}}鍵的速率相等C.混合氣體中氫氣的體積分?jǐn)?shù)不變D.生成rm{壟脷}rm{(}的物質(zhì)的量相等rm{)}點(diǎn)的平衡常數(shù)rm{C隆陋H}________。rm{H隆陋H}是用平衡時(shí)各組分分壓替代濃度的平衡常數(shù)，物質(zhì)分壓rm{CO}混合氣體總壓強(qiáng)rm{CO_{2}}該物質(zhì)的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{壟脹A}rm{K_{p}=}若溫度、壓強(qiáng)不變，同樣等物質(zhì)的量增大投入原料的量，則rm{(K_{p}}的轉(zhuǎn)化率會(huì)________rm{=}填“增大”“減小”或“不變”rm{隆脕}rm{)}26、鈦礦工業(yè)中的酸性廢水富含rm{Ti}rm{Fe}等元素，其綜合利用如下：已知：rm{TiO^{2+}}易水解，只能存在于強(qiáng)酸性溶液中。rm{(1)TiO^{2+}}鈦的化合價(jià)為____。rm{(2)}步驟rm{I}中檢驗(yàn)鈦礦廢水中加入鐵屑是否足量的試劑是____。rm{(3)}操作rm{a}是蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、____。rm{(4)}步驟Ⅲ生成rm{FeCO_{3}}固體的同時(shí)還有rm{CO_{2}}生成，寫出步驟Ⅲ中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式____；反應(yīng)溫度一般需控制在rm{35隆忙}以下，其目的是____。rm{(5)}步驟Ⅳ中，為了得到較為純凈的rm{Fe_{2}O_{3}}除了適當(dāng)?shù)臏囟韧猓€需要采取的措施是____。rm{(6)}向“富含rm{TiO^{2+}}溶液”中加入rm{Na_{2}CO_{3}}粉末得到固體rm{TiO_{2}隆隴}rm{n}rm{H_{2}O}請(qǐng)寫出化學(xué)反應(yīng)方程式并結(jié)合化學(xué)原理解釋原因____。27、（2015秋?瑞昌市校級(jí)期中）如圖甲所示為某電阻R隨攝氏溫度t變化的關(guān)系圖象，圖中R0表示0℃時(shí)的電阻值，k表示圖線的斜率．若用該電阻與電池（電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r）、電流表（滿偏電流為Ig、內(nèi)阻為Rg）；滑動(dòng)變阻器R′串聯(lián)起來；連接成如圖乙所示的電路，用該電阻做測(cè)溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，于是就得到了一個(gè)簡(jiǎn)單的“電阻溫度計(jì)”．

（1）使用“電阻溫度計(jì)”前，先要把電流表的刻度改為相應(yīng)的溫度值，若溫度t1＜t2其對(duì)應(yīng)的電流分別為I1、I2，則I1、I2誰大？

（2）若該“電阻溫度計(jì)”的最低適用溫度為0℃，即當(dāng)溫度為0℃時(shí)，電流表恰好達(dá)到滿偏電流Ig；則變阻器R′的阻值為多大？

（3）若保持（2）中電阻R′的值不變；則電流表刻度為I時(shí)所對(duì)應(yīng)的溫度t為多大？

（4）將電流表刻度盤換為溫度刻度盤，刻度均勻嗎？說明理由．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】熟記理解開普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律：

第一定律：所有的行星圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓；太陽處在所有橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．

第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言；太陽行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等．

第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等．【解析】【解答】解：A；B：第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽運(yùn)動(dòng)；太陽處于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．故A錯(cuò)誤，B正確．

C；不同行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期不等；根據(jù)第三定律得不同行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的橢圓軌道半長(zhǎng)軸是不同的，不同行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的橢圓軌道半短軸也是不同的，故C、D錯(cuò)誤．

故選：B．2、A【分析】

氣體質(zhì)量不變；體積也不變，故密度一定不變；

當(dāng)溫度升高時(shí)；氣體分子的無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能增加，故根據(jù)氣體壓強(qiáng)增加；

故選A．

【解析】【答案】大量做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子對(duì)器壁頻繁；持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強(qiáng)；氣體壓強(qiáng)由氣體分子的數(shù)密度和平均動(dòng)能決定．

3、D【分析】當(dāng)?shù)诙€(gè)物體開始下落時(shí)，第一個(gè)物體已下落時(shí)間，此時(shí)離地高度h1＝gt2－g2；第二個(gè)物體下落時(shí)的高度h2＝g2，則待求距離Δh＝h1－h(huán)2＝gt2－2×g2＝gt2/4【解析】【答案】D4、B【分析】解：A；一切物體；在任何情況下都具有慣性，故A錯(cuò)誤．

B；質(zhì)量是慣性大小的量度；質(zhì)量越大，慣性越大．故B正確．

C；質(zhì)量是慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關(guān)．故C錯(cuò)誤．

D；慣性是物體保持原來狀態(tài)的性質(zhì)；慣性大的物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不容易改變，慣性小的物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)容易改變．故D錯(cuò)誤．

故選B【解析】【答案】B5、B【分析】【分析】本題考查遺傳；變異、進(jìn)化相關(guān)知識(shí)；意在考查學(xué)生識(shí)記所列知識(shí)點(diǎn)，并能運(yùn)用所學(xué)知識(shí)做出合理的判斷或得出正確的結(jié)論的能力。

如果Aa、Bb兩對(duì)基因位于兩對(duì)同源染色體上，并且分別控制一對(duì)相對(duì)性狀，則基因型為AaBb的個(gè)體自交，其后代一定有4種表現(xiàn)型和9種基因型；如果兩對(duì)基因控制一對(duì)相對(duì)性狀，則后代的表現(xiàn)型為2種或3種等；如果Aa、Bb兩對(duì)基因位于一對(duì)同源染色體上；則兩對(duì)基因?qū)⒉蛔裱虻淖杂山M合定律。

【解答】

A.顯性性狀為0.36；所以隱性性狀為0.64，用A和a表示，即aa=0.64，所以a為0.8，A為0.2，雜合子Aa=2×0.8×0.2=0.32，A正確；

B.基因型為AaBb的個(gè)體自交，其后代可能有4種表現(xiàn)型和9種基因型，原核生物無核仁，B錯(cuò)誤；

C.物種形成三個(gè)環(huán)境是突變和基因重組；自然選擇和隔離；種群基因頻率發(fā)生變化，生物發(fā)生進(jìn)化，但生物進(jìn)化不一定形成新物種，C正確；

D.減數(shù)第一次分裂前期；同源染色體上非姐妹染色單體發(fā)生交叉互換，而非同源染色體間交換為染色體結(jié)構(gòu)變異，D正確。

故選B。

【解析】B6、D【分析】【分析】平行板電容器的電容由本身因素決定，比如：極板間距、極板的正對(duì)面積、電介質(zhì)的介電常數(shù)，電容器的電容與電容器所帶的電量、電容器兩端間的電勢(shì)差無關(guān)，電容器都有一定的擊穿電壓．【解析】【解答】解：A；電容器的電容與電容器所帶的電量、電容器兩端間的電勢(shì)差無關(guān)；故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)電容器所帶的電量增大；電勢(shì)差也增大，兩者的比值（即電容）不變，故B錯(cuò)誤；

C；電容器都有一定的擊穿電壓；當(dāng)U增大時(shí)，Q不可能無限增大，故C錯(cuò)誤；

D；兩個(gè)相互靠近彼此絕緣的人；雖然不帶電，但它們之間有電容，故D正確；

故選：D．7、D【分析】【分析】勻強(qiáng)電場(chǎng)中各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向處處相同，電場(chǎng)線是一組等間隔的平行線．正電荷與負(fù)電荷在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受力方向相反．【解析】【解答】解：A；B、C勻強(qiáng)電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向處處相同；電場(chǎng)線是一組等間隔的平行線，故ABC正確．

D；正電荷與負(fù)電荷在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受力方向不一定相同；還與它們的運(yùn)動(dòng)方向有關(guān)．故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的，故選：D．8、B【分析】【分析】子彈射入木塊過程，系統(tǒng)要克服阻力做功，機(jī)械能減少；子彈打擊木塊后，子彈和木塊以共同的速度一起向右擺動(dòng)，且擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，【解析】【解答】解：

A；在子彈射入木塊的過程中；子彈和木塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A錯(cuò)誤．

B；在子彈射入木塊后；細(xì)線擺動(dòng)的過程中，細(xì)線的拉力不做功，對(duì)于子彈與木塊共同體，只有重力做功，其機(jī)械能守恒，故B正確．

C；D由上分析可知；CD錯(cuò)誤．

故選：B二、多選題(共9題，共18分)9、ABD【分析】【分析】電動(dòng)勢(shì)與電勢(shì)差是兩個(gè)不同的概念，電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和．電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量．電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)．【解析】【解答】解：A；電動(dòng)勢(shì)E的單位與電勢(shì)、電勢(shì)差的單位相同；都是伏特V，故A正確．

B；干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V；蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V；二者不同；故B正確．

C、電動(dòng)勢(shì)E可表示為E=可知；電源內(nèi)非靜電力做功與移送的電荷量的比值越大，電動(dòng)勢(shì)越大；故C錯(cuò)誤；

D；電動(dòng)勢(shì)表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大??；電動(dòng)勢(shì)較大，表示電源內(nèi)部將其它形式能將電能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大；故D正確；

故選：ABD10、AD【分析】【分析】?jī)蓚€(gè)相互靠近又彼此絕緣的導(dǎo)體就構(gòu)成一個(gè)電容器，電容器充電時(shí)兩個(gè)極板會(huì)帶等量異種電荷；電容由電容器本身決定，與極板間電壓和電量無關(guān)．【解析】【解答】解：A；因兩極板間相互絕緣；故直流電無法通過，故A正確；

B；交流電并沒有通過電容；只是通以交流電時(shí)，電容器會(huì)不停地充放電形成電流，好像電流“通過”了電容；而電容對(duì)交流電也有一定的阻礙作用；故B錯(cuò)誤；

C；周期越大；則交流電的頻率越??；而頻率越高容抗越?。活l率越小，則容抗越高，阻礙越大；故C錯(cuò)誤；

D；頻率越大；則充放電越快，則電路中電流越大；故對(duì)于確定的電容器，交變電流通過時(shí)產(chǎn)生的容抗越小，說明交變電流的頻率越大；故D正確；

故選：AD．11、BD【分析】【分析】太空垃圾在大氣阻力的作用下速度減小，它做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力就小于地球?qū)λ囊Γ势洳粩嘧鱿蛐倪\(yùn)動(dòng)，最終落在地面上．【解析】【解答】解：A；太空垃圾在大氣阻力的作用下速度減?。凰鰣A周運(yùn)動(dòng)所需的向心力就小于地球?qū)λ囊Γ势洳粩嘧鱿蛐倪\(yùn)動(dòng)，最終落在地面上．故A錯(cuò)誤；

B；太空垃圾在與大氣摩擦過程中機(jī)械能不斷減小；進(jìn)而導(dǎo)致軌道降低，故B正確；

C、太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中，根據(jù)v=得速度增大．故C錯(cuò)誤；

D、太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中，向心加速度a=，周期T=2π；

所以軌道緩慢降低的過程中；向心加速度不斷增大而周期不斷減小，故D正確；

故選：BD．12、AB【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)．將兩秒后的速度進(jìn)行分解，根據(jù)vy=gt求出豎直方向上的分速度，再根據(jù)角度關(guān)系求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度；將落地的速度進(jìn)行分解，水平方向上的速度不變，根據(jù)水平初速度求出落地時(shí)的速度；根據(jù)落地時(shí)的速度求出豎直方向上的分速度，再根據(jù)vy2=2gh求出拋出點(diǎn)距地面的高度；根據(jù)落地時(shí)豎直方向上的分速度，運(yùn)用vy=gt求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．再根據(jù)x=v0t求出水平射程．【解析】【解答】解：A、如圖，水平方向vx=v0，豎直方向vy=gt，1s時(shí)速度與水平成45°角，即θ=45°

因?yàn)閠anθ=

所以vx=vy

初速度：v0=gt=10×1=10（m/s）；故A正確．

B、落地時(shí)，cosα==；又α=60°

所以落地速度v2==m/s=20m/s；故B正確．

C、并且落地時(shí)豎直速度vy′=vx?tanα=20×tan60°m/s=10m/s

飛行時(shí)間t==s=s

拋出時(shí)高度：h=gt2=×10×（）2m=15m；故C錯(cuò)誤．

D、水平射程：s=v0t=10×m=10m．故D錯(cuò)誤．

故選：AB13、BD【分析】【分析】速度-時(shí)間圖象中傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度可用公式=求解；圖線與時(shí)間軸所圍的“面積”表示位移，速度的符號(hào)表示速度的方向，圖線的斜率等于加速度，根據(jù)這些知識(shí)進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：

A、1～10s內(nèi)的平均速度是===0.5（m/s）；故A錯(cuò)誤．

B、1～10s內(nèi)的位移是x==10m=5m；故B正確．

C；物體在36s內(nèi)速度均為正值；說明物體一直上升，在t=36s時(shí)提升到最高點(diǎn)，故C錯(cuò)誤．

D；30～36s物體的速度均勻減?。幌蛏献鰟驕p速運(yùn)動(dòng)，加速度向下，處于失重狀態(tài)．故D正確．

故選：BD14、BC【分析】【分析】根據(jù)歐姆定律得知，電阻的伏安特性曲線I-U圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小，斜率越小，電阻越大．兩電阻并聯(lián)后總電阻比任何一個(gè)電阻都小，串聯(lián)后總電阻比任何一個(gè)電阻都大．【解析】【解答】解：A；B由圖看出；圖線A的斜率大于圖線B的斜率，根據(jù)歐姆定律得知，圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，則電阻大的應(yīng)是圖線B．兩電阻串聯(lián)后總電阻大于任何一個(gè)電阻，其斜率小于圖線B的斜率，則兩電阻串聯(lián)后的電流-電壓圖線在區(qū)域Ⅲ．故A錯(cuò)誤，B正確．

C；D；由上知道，電阻小的應(yīng)是圖線A．兩電阻并聯(lián)后總小于任何一個(gè)電阻，其斜率大于圖線B的斜率，則兩電阻并聯(lián)后的電流-電壓圖線在區(qū)域Ⅰ．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：BC15、BC【分析】【分析】由題地球的同步衛(wèi)星的軌道半徑為R=R0+h．根據(jù)地球的半徑和地球表面的重力加速度，由重力等于萬有引力，可求出地球的質(zhì)量．地球的同步衛(wèi)星的角速度與地球的自轉(zhuǎn)的角速度相同，軌道平面必須與赤道平面重合．由向心力公式求解向心力．【解析】【解答】解：A、地球的同步衛(wèi)星的角速度與地球的自轉(zhuǎn)的角速度ω0相同，軌道半徑為R=R0+h；

則根據(jù)向心力公式得F=mω02（R0+h）．

萬有引力提供向心力，所以同步通訊衛(wèi)星所受地球?qū)λ娜f有引力的大小為mω02（R0+h）；故A錯(cuò)誤，B正確．

C、該衛(wèi)星所受地球的萬有引力為F=；

mg0=，得到GM=g0R02；

聯(lián)立解得F=．故C正確；D錯(cuò)誤。

故選：BC．16、ACD【分析】解：A

導(dǎo)線框離開磁場(chǎng)時(shí)；磁通量減小，根據(jù)楞次定律得，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向.

故A正確．

B；導(dǎo)線框在進(jìn)出磁場(chǎng)時(shí)；速度變化，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化，產(chǎn)生的感應(yīng)電流變化，則所受的安培力變化，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度變化，導(dǎo)線框做的變減速運(yùn)動(dòng).

故B錯(cuò)誤．

C、因?yàn)檫M(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度大于出磁場(chǎng)時(shí)的速度，則進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的電流要比出磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的電流大，根據(jù)克服安培力做功知，Q1>Q2.

故C正確．

D、根據(jù)能量守恒定律知，線框動(dòng)能的減小量全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，則Q1+Q2=12m(v02鈭?v12).

故D正確．

故選ACD．

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)導(dǎo)線框進(jìn)出磁場(chǎng)是；所受安培力的大小判斷導(dǎo)線框的運(yùn)動(dòng)情況；根據(jù)線框的速度大小比較出產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，從而比較出電流的大小，得知進(jìn)出磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的熱量大小.

根據(jù)能量守恒定律求出進(jìn)出磁場(chǎng)時(shí)的產(chǎn)生的焦耳熱之和．

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及知道線框進(jìn)出磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)情況，會(huì)通過能量守恒定律求解產(chǎn)生的熱量．【解析】ACD

17、BD【分析】【分析】將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷A的速度的變化．【解析】【解答】解：A、設(shè)繩子與水平方向的夾角為α，將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，有vA=vBcosα．B向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)；則α減小，則A的速度增大，A做加速運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤；

B；A向上做加速運(yùn)動(dòng)；拉力T=mg+ma＞mg．故B正確；

C；以A為研究對(duì)象受力分析；當(dāng)B運(yùn)動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處時(shí)繩子與水平方向夾角幾乎為0，則A也做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件，T=mg，由前面分析知開始時(shí)T＞mg，故T減小，故C錯(cuò)誤D正確；

故選：BD．三、填空題(共6題，共12分)18、26【分析】【分析】（1）從A到C的過程中；因AC兩點(diǎn)處于同一等勢(shì)面上，故電場(chǎng)力做功為零，只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理即可求的速度；

（2）根據(jù)受力分析，利用牛頓第二定律即可求的加速度【解析】【解答】解：（1）根據(jù)動(dòng)能定理可得。

mgsinθ

代入數(shù)據(jù)解得vC=2m/s

（2）在A處時(shí)小球的加速度為a；對(duì)A點(diǎn)受力分析，電場(chǎng)力；重力與支持力，由力的合成法則可知，合外力由重力與電場(chǎng)力沿著細(xì)管方向的分力之和提供的；

當(dāng)在C處時(shí)，小球仍受到重力、電場(chǎng)力與支持力，合外力是由重力與電場(chǎng)力沿著細(xì)管方向的分力之差提供的，即為a′=g-a=10-4m/s2=6m/s2．

故答案為：2；619、：3【分析】【分析】物體在地面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s，可根據(jù)衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度公式v=解得．【解析】【解答】解：設(shè)地球質(zhì)量M，某星球質(zhì)量M，地球半徑r，某星球半徑r

由萬有引力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)得：

衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度公式v=；

第一宇宙速度就是星球表面圓軌道的運(yùn)行速度；

分別代入地球和某星球的各物理量得。

此行星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比為=：3．

故答案為：：3．20、75【分析】【分析】根據(jù)人在地面上最多能舉起質(zhì)量為60kg的物體，計(jì)算出人最大的舉力．由牛頓第二定律求出人變速運(yùn)動(dòng)的電梯中能舉起的物體的最大質(zhì)量【解析】【解答】解：由題；此人最大的舉力為F=m′g═60×10N=600N．

設(shè)在加速下降的電梯里；人最多能舉起質(zhì)量為m的物體，則由牛頓第二定律得，mg-F=ma

所以m==75kg

故答案為：75kg．21、70【分析】【分析】根據(jù)小球動(dòng)量的變化量，根據(jù)動(dòng)量定理求出軟墊對(duì)小球平均作用力的大小．【解析】【解答】解：規(guī)定向上為正方向；根據(jù)動(dòng)量定理知；

（F-mg）t=mv2-mv1．

代入數(shù)據(jù)解得F=N=70N．

故答案為：7022、95【分析】【分析】小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，先根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式求解時(shí)間，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式求解除最后1s的位移，得到最后1s的位移．【解析】【解答】解：小球做自由落體運(yùn)動(dòng)；根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有：

h=

解得：

t=

前9s內(nèi)的位移為：

=

故最后1s內(nèi)的位移為：

△h=h-h′=500-405=95m

故答案為：9523、10V【分析】【分析】根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解電流的有效值，其中I是有效值．再根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值．【解析】【解答】解：設(shè)電熱器的電阻為R；t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則：

Q=t

此熱量是接交流電源上產(chǎn)生的熱功率的2倍；即：

Q′=Q

所以：

Q=t

解得：

U有=5V

所以最大值為：

Um=U有=10V

故答案為：10V．四、判斷題(共1題，共10分)24、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)25、rm{(1)-247kJ隆隴mol^{-1}}

rm{(2)}濃硫酸對(duì)設(shè)備的腐蝕嚴(yán)重，環(huán)境污染嚴(yán)重，操作條件惡劣

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脹}消耗了反應(yīng)rm{壟脷}生成的水，促進(jìn)反應(yīng)rm{壟脷}的平衡正向移動(dòng)

rm{(4)壟脵p_{3}>p_{2}>p_{1}}該反應(yīng)的正反應(yīng)是氣體分子數(shù)減小的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)，rm{CO}轉(zhuǎn)化率增大

rm{壟脷C}

rm{壟脹dfrac{1}{64}{(MPa)}^{?4}(}或rm{壟脹dfrac{1}{64}{(MPa)}^{?4}

(}

rm{dfrac{1}{64})}不變r(jià)m{壟脺}【分析】【分析】本題考考查了熱化學(xué)方程式和蓋斯定律計(jì)算應(yīng)用，影響平衡的因素分析判斷，原電池原理的分析應(yīng)用，題目涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，綜合性較強(qiáng)，題目難中等?！窘獯稹縭m{(1)}已知rm{壟脵C(jī)O(g)+2H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)triangleH_{1}=-91kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷2CH_{3}0H(g)?CH_{3}0CH_{3}(g)+H_{2}0(g)triangleH_{2}=-24kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH_{3}=-41kJ?mol^{-1}}

根據(jù)蓋斯定律，rm{壟脵C(jī)O(g)+2H_{2}(g)?CH_{3}OH(

g)triangleH_{1}=-91kJ?mol^{-1}}得rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=-247kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{壟脷2CH_{3}0H(g)?CH_{3}0CH_{3}(g)+H_{2}0(g)triangle

H_{2}=-24kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangle

H_{3}=-41kJ?mol^{-1}}rm{壟脵隆脕2+壟脷+壟脹}和rm{3CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H=-247kJ?mol^{-1}}該方法中用甲醇液體與濃硫酸作用直接脫水制二甲醚，盡管產(chǎn)率高，但是逐步被淘汰的主要原因是濃硫酸對(duì)設(shè)備的腐蝕嚴(yán)重，環(huán)境污染嚴(yán)重，操作條件惡劣，故答案為：濃硫酸對(duì)設(shè)備的腐蝕嚴(yán)重，環(huán)境污染嚴(yán)重，操作條件惡劣；rm{-247kJ?mol^{-1}}已知反應(yīng)rm{(2)}能消耗水，使反應(yīng)舊工藝僅發(fā)生反應(yīng)rm{壟脵}和rm{壟脷}該方法中用甲醇液體與濃硫酸作用直接脫水制二甲醚，盡管產(chǎn)率高，但是逐步被淘汰的主要原因是中生成為水的量減少，平衡正向移動(dòng)，所以rm{壟脵}的量增加；

故答案為：消耗了反應(yīng)rm{壟脷}的rm{(3)}有利于反應(yīng)rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}正向進(jìn)行，同時(shí)生成了rm{壟脷}

rm{CH_{3}OCH_{3}}可知正反應(yīng)為氣體體積減小的反應(yīng)，所以增大壓強(qiáng)，平衡正向移動(dòng)，一氧化碳的轉(zhuǎn)化率提高，因此壓強(qiáng)關(guān)系是：rm{壟脷}故答案為：rm{H_{2}O(g)}正反應(yīng)為氣體體積減小的反應(yīng)；所以增大壓強(qiáng)，平衡正向移動(dòng)，一氧化碳的轉(zhuǎn)化率提高；

rm{壟脷}可知正反應(yīng)為氣體體積減小的反應(yīng)。

A.反應(yīng)前后氣體體積和質(zhì)量不變；混合氣體的密度始終保持不變，故A錯(cuò)誤；

B.rm{H_{2}}鍵，rm{(4)壟脵3CO(g)+3H_{2}(g)簍TCH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}鍵的數(shù)量不同，斷裂rm{p_{3}>p_{2}>p_{1}}鍵，rm{p_{3}>p_{2}>p_{1}}鍵速率相等；不能說明正逆反應(yīng)速率相同，反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C.混合氣體中氫氣的體積分?jǐn)?shù)不變是平衡的標(biāo)志；故C正確；

D.rm{壟脷3CO(g)+3H_{2}(g)簍TCH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}rm{C-H}的反應(yīng)比不是rm{H-H}rm{C-H}生成rm{H-H}rm{CO}的物質(zhì)的量相等；不能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，故D錯(cuò)誤；

故答案為：rm{CO_{2}}

rm{1}點(diǎn)一氧化碳轉(zhuǎn)化率為rm{1}設(shè)起始量分別為rm{CO}依據(jù)轉(zhuǎn)化率計(jì)算平衡物質(zhì)的量濃度。

rm{CO_{2}}

起始量rm{C}rm{壟脹A}rm{0.6}rm{3mol/L}rm{3CO(g)+3H_{2}(g)簍TCH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}

變化量rm{(mol/L)}rm{3}rm{3}rm{0}rm{0}

平衡量rm{(mol/L)}rm{3隆脕0.6}rm{3隆脕0.6}rm{0.6}

所以rm{0.6}rm{(mol/L)1.2}的分壓均為為rm{6MPa隆脕dfrac{0.6}{1.2+1.2+0.6+0.6}=1MPa}rm{1.2}rm{0.6}的分壓均為rm{6MPa隆脕dfrac{1.2}{1.2+1.2+0.6+0.6}=2MPa}所以rm{0.6}點(diǎn)的平衡常數(shù)rm{{K}_{p}=dfrac{1MPa隆脕1MPa}{2MP{a}^{3}隆脕2MP{a}^{3}}=dfrac{1}{64}{left(MParight)}^{-4}}．故答案為rm{dfrac{1}{64}{left(MParight)}^{-4}}或rm{CO_{2}}rm{CH_{3}OCH_{3}}若溫度、壓強(qiáng)不變，同樣等物質(zhì)的量增大投入原料的量，由于壓強(qiáng)不變，則平衡不移動(dòng)，則rm{6MPa隆脕

dfrac{0.6}{1.2+1.2+0.6+0.6}=1MPa}rm{CO}rm{H2}

rm{6MPa隆脕

dfrac{1.2}{1.2+1.2+0.6+0.6}=2MPa}【解析】rm{(1)-247kJ隆隴mol^{-1}}rm{(2)}濃硫酸對(duì)設(shè)備的腐蝕嚴(yán)重，環(huán)境污染嚴(yán)重，操作條件惡劣rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脹}消耗了反應(yīng)rm{壟脷}生成的水，促進(jìn)反應(yīng)rm{壟脷}的平衡正向移動(dòng)rm{(4)壟脵p_{3}>p_{2}>p_{1}}該反應(yīng)的正反應(yīng)是氣體分子數(shù)減小的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)，rm{CO}轉(zhuǎn)化率增大rm{壟脷C}rm{壟脹dfrac{1}{64}{(MPa)}^{?4}(}或rm{壟脹dfrac{1}{64}{(MPa)}^{?4}

(}rm{dfrac{1}{64})}不變r(jià)m{壟脺}26、（1）＋4（2）KSCN溶液（3）過濾（或過濾、洗滌）（4）FeSO4＋2NH4HCO3＝FeCO3↓＋（NH4）2SO4＋H2O＋CO2↑防止NH4HCO3受熱分解（或防止NH4HCO3受熱分解，減小Fe2＋水解或氧化）（5）向反應(yīng)容器中補(bǔ)充適量空氣（氧氣）（6）因?yàn)榇嬖赥iO2＋＋(n＋1)H2O?TiO2·nH2O＋2H+，當(dāng)加入Na2CO3后，CO32-結(jié)合H＋，c(H+)減小，TiO2＋水解平衡正向移動(dòng)【分析】【分析】本題通過鈦礦工藝流程考查離子檢驗(yàn)、過濾操作、化學(xué)方程式書寫及沉淀溶解平衡等知識(shí)難度中等，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的掌握，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)}rm{TiO}rm{TiO}rm{{,!}^{2+}}價(jià)，鈦的化合價(jià)為rm{+4}價(jià)，rm{+4}故答案為：rm{+4}rm{+4}rm{(2)}rm{(2)}步驟Ⅰ中溶液，若溶液變紅則證明含有三價(jià)鐵離子，則鐵粉不過量，故答案為：加入鐵屑是將三價(jià)鐵離子轉(zhuǎn)化為二價(jià)鐵離子，故溶液；檢驗(yàn)加入鐵屑是否足量，可檢驗(yàn)鈦礦廢水是否含有三價(jià)鐵離子，三價(jià)鐵離子檢驗(yàn)需加入為分離rm{KSCN}rm{KSCN}溶液；晶體和rm{KSCN}rm{(3)}rm{(3)}操作rm{a}為分離rm{a}步驟Ⅲ中反應(yīng)為硫酸亞鐵與碳酸氫銨反應(yīng)生成碳酸亞鐵，故方程式為：rm{FeSO}rm{FeSO}rm{{,!}_{4}.7H_{2}O}晶體和rm{{,!}_{4}.7H_{2}O}rm{TiO}rm{TiO}rm{{,!}^{2+}}溶液，結(jié)晶后進(jìn)行的操作為過濾，故答案為：過濾；rm{(4)}步驟Ⅲ中反應(yīng)為硫酸亞鐵與碳酸氫銨反應(yīng)