2025年外研銜接版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列運(yùn)動(dòng)中的物體不能看作質(zhì)點(diǎn)的是（）A.航行的萬噸巨輪在航海圖上的位置B.研究大型客車在平直公路上的運(yùn)動(dòng)C.研究月球繞地球的轉(zhuǎn)動(dòng)D.研究電風(fēng)扇通電后的轉(zhuǎn)動(dòng)2、如圖所示，輕質(zhì)彈簧連接A、B兩物體，A放在水平地面上，B的上端通過細(xì)線掛在天花板上；已知A的重力為8N，B的重力為6N，彈簧的彈力為4N．則地面受到的壓力大小和細(xì)線受到的拉力大小可能是（）A.18N和10NB.4N和10NC.10N和2ND.14N和2N3、如圖所示，平行板電容器與電池相連，當(dāng)兩極板間距離減小后，則兩板間的電壓U和電場(chǎng)強(qiáng)度E，電容器電容C及電量Q與原來相比將發(fā)生的變化是（）A.U不變，E變大，C變大，Q變大B.U變小，E變小，C變小，Q變小C.U不變，E不變，C變大，Q變小D.U變大，E變大，C不變，Q變大4、普通電熨斗中用到的傳感器是（）

A.溫度傳感器。

B.生物傳感器。

C.壓力傳感器。

D.聲音傳感器。

5、如圖所示，a、b是邊界范圍、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向都相同的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，a的下端離水平地面的高度比b高一些。甲、乙是兩個(gè)完全相同的閉合正方形導(dǎo)線框，分別位于a、b的正上方，兩線框的下端離地面的高度相同。兩線框由靜止同時(shí)釋放，穿過磁場(chǎng)后落到地面，下落過程中線框平面始終保持與磁場(chǎng)方向垂直。下列說法正確的是A.乙線框先落地B.兩線框同時(shí)落地C.穿過磁場(chǎng)的過程中，乙線框產(chǎn)生的熱量較少D.穿過磁場(chǎng)的過程中，兩線框產(chǎn)生的熱量相同6、如圖，MN

和M隆盲N隆盲

之間為一豎直方向的風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)區(qū)，可對(duì)置于其中的物體產(chǎn)生一個(gè)豎直方向恒定的風(fēng)力。現(xiàn)將一質(zhì)量為m

的小球從A

點(diǎn)斜向上拋出，小球?qū)⒀貓D示軌跡擊中P

點(diǎn)。若將風(fēng)力等值反向，小球拋出時(shí)初速度不變，則可垂直于M隆盲N隆盲

擊中M隆盲N隆盲

上Q

點(diǎn)(

未畫出).

下列說法錯(cuò)誤的是(

)

A.開始時(shí)風(fēng)力豎直向下B.小球在P

點(diǎn)的速度大于在Q

點(diǎn)的速度C.小球在AP

間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于在AQ

間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間D.在開始情況下，若僅增大小球質(zhì)量m

小球可能垂直擊中Q

點(diǎn)7、一物體受一對(duì)平衡力作用而靜止．若其中向東的力先逐漸減小至0，后又逐漸恢復(fù)到原來的數(shù)值．則該物體（）A.速度方向向東，速度大小不斷增大，增至最大時(shí)方向仍不變B.速度方向向西，速度大小不斷增大，增至最大時(shí)方向仍不變C.速度方向向東，速度大小先逐漸增大，后逐漸減小到0D.速度方向向西，速度大小先不斷增大，后逐漸減小到08、兩質(zhì)量相等的小球A和B，A球系在一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩一端，B球系在一根原長(zhǎng)小于細(xì)繩的橡皮繩一端，兩繩的另一端都固定在O點(diǎn)，不計(jì)兩繩質(zhì)量．現(xiàn)將兩球都拉到如圖所示的水平位置上，讓兩繩均拉直（此時(shí)橡皮繩為原長(zhǎng)），然后無初速釋放，當(dāng)兩球通過O點(diǎn)正下方時(shí)，橡皮繩與細(xì)繩恰好等長(zhǎng)，那么（）A.下落過程中繩對(duì)B兩球的拉力都不做功B.經(jīng)過O點(diǎn)正下方時(shí)，兩球的機(jī)械能相等C.下落過程中小球B重力勢(shì)能變化量不相同D.經(jīng)過O點(diǎn)正下方時(shí)，A球速度比B球大評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、高一8班某位同學(xué)體重600N，其在地球表面重力可看成與其所受的萬有引力相等，則地球的質(zhì)量為____㎏．（地球半徑取R=6400Km，g=10m/s2，引力常數(shù)G=6.67×10-11m/kg．s）10、（2010秋?叢臺(tái)區(qū)校級(jí)期末）如圖所示表示一交變電流隨時(shí)間變化的圖象，其中，從t=0開始的每個(gè)0.5T時(shí)間內(nèi)的圖象均為半個(gè)周期的正弦曲線．求此交變電流的有效值____A．11、如圖所示為一個(gè)已經(jīng)充電的平行板電容器，右極板用絕緣桿固定在鐵架臺(tái)上，左極板通過絕緣桿由手持握．（以下四空均選填“變大”、“變小”或“不變”）

（1）如圖甲，若僅將左極板向上移至虛線位置，則板間的電場(chǎng)強(qiáng)度____；

（2）如圖乙，若僅將左極板向左移至虛線位置，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度____；

（3）如圖丙，若僅在兩極板間插入一塊厚石蠟片，則板間的電壓____．12、（2011秋?萬州區(qū)校級(jí)期中）如圖所示是某礦井中的升降機(jī)由井底到井口運(yùn)動(dòng)的圖象，試根據(jù)圖象分析各段的運(yùn)動(dòng)情況，并計(jì)算前2秒的加速度大小____m/s2；2至4秒的加速度大小____m/s2；4至5秒的加速度大小____m/s2；井的深度____m．13、（2012?金山區(qū)校級(jí)學(xué)業(yè)考試）如圖所示，是上海錦江樂園中的“摩天輪”，它高108m，直徑為98m，每次可乘坐378人，每轉(zhuǎn)一圈25min．摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，某一轎廂內(nèi)坐有一位游客，則該游客隨輪一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為____s，向心加速度大小為____m/s2．14、（2011?海南）（1）關(guān)于空氣濕度，下列說法正確的是____（填入正確選項(xiàng)前的字母．選對(duì)1個(gè)給2分；選對(duì)2個(gè)給4分；選錯(cuò)1個(gè)扣2分，最低得0分）．

A．當(dāng)人們感到潮濕時(shí)；空氣的絕對(duì)濕度一定較大。

B．當(dāng)人們感到干燥時(shí)；空氣的相對(duì)濕度一定較小。

C．空氣的絕對(duì)濕度用空氣中所含水蒸汽的壓強(qiáng)表示。

D．空氣的相對(duì)濕度定義為水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之。

（2）如圖，容積為V1的容器內(nèi)充有壓縮空氣．容器與水銀壓強(qiáng)計(jì)相連，壓強(qiáng)計(jì)左右兩管下部由軟膠管相連．氣閥關(guān)閉時(shí)，兩管中水銀面等高，左管中水銀面上方到氣閥之間空氣的體積為V2．打開氣閥，左管中水銀下降；緩慢地向上提右管，使左管中水銀面回到原來高度，此時(shí)右管與左管中水銀面的高度差為h．已知水銀的密度為ρ，大氣壓強(qiáng)為PO，重力加速度為g；空氣可視為理想氣體，其溫度不變．求氣閥打開前容器中壓縮空氣的壓強(qiáng)P1．15、如圖所示是某小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)所拍閃光照片的一部分．圖中背景方格的實(shí)際邊長(zhǎng)為5cm，橫線為水平方向，豎線為豎直方向．由此可以斷定，照片拍攝時(shí)，閃光的頻率為____赫茲，小球拋出的初速度大小是____米/秒，小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度大小是____米/秒．（g取10m/s2）

16、飛機(jī)著陸后以的加速度做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，若其著陸速度為則t=5s時(shí)的飛機(jī)位移為_____________和速度_____________；后位移_____________17、如圖所示，甲、以兩車同時(shí)從A點(diǎn)出發(fā)，同時(shí)到達(dá)B點(diǎn)，圖中是每隔一秒記錄的車的位置，乙車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，甲車做變速直線運(yùn)動(dòng)，則在8s內(nèi)甲車的平均速度____乙車；若在6s內(nèi)甲、乙兩車的位移相同，則6s末甲車速度____乙車．（填“大于”“小于”或“等于”）評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬有引力____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、原先沒有磁性的鐵，在長(zhǎng)期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、公式E=和對(duì)于任何靜電場(chǎng)都是適用的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、重心就是物體上最重的一點(diǎn)．____．24、發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共21分)25、汽車以10m/s的速度在平直公路上勻速行駛，剎車后經(jīng)2ｓ速度變?yōu)?m/s，求：(1)剎車后2ｓ內(nèi)前進(jìn)的距離及剎車過程中的加速度；(2)剎車后前進(jìn)9ｍ所用的時(shí)間；(3)剎車后8ｓ內(nèi)前進(jìn)的距離.26、如圖所示；在y

軸左側(cè)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E

方向與x

軸平行且沿x

軸正向，在y

軸右側(cè)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外?，F(xiàn)將一擋板放在第二象限內(nèi)，其與xy

軸的交點(diǎn)MN

到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離均為2L

有一質(zhì)量為m

電荷量為+q

的粒子在第二象限內(nèi)從距x

軸為L(zhǎng)y

軸為4L

的P

點(diǎn)由靜止釋放(

不計(jì)重力)

粒子與擋板碰后電荷量不變，速度大小不變方向變?yōu)檠貀

軸正向，當(dāng)粒子第一次到達(dá)y

軸時(shí)電場(chǎng)消失。求：

(1)

粒子第一次到達(dá)y

軸時(shí)距坐標(biāo)原點(diǎn)多遠(yuǎn)？(2)

若使粒子再次打到檔板上，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小的取值范圍？27、一名宇航員抵達(dá)一半徑為R

的星球表面后；為了測(cè)定該星球的質(zhì)量，做了如下實(shí)驗(yàn)：將一個(gè)小球從該星球表面某位置以初速度v

豎直向上拋出，小球在空中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又落回原拋出位置，測(cè)得小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t

已知萬有引力恒量為G

不計(jì)阻力.

試根據(jù)題中所提供的條件和測(cè)量結(jié)果，求：

(1)

該星球表面的“重力”加速度g

的大??；

(2)

該星球的質(zhì)量M

(3)

如果在該星球上發(fā)射一顆圍繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，則該衛(wèi)星運(yùn)行的最小周期T

為多大？評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)28、（1）如圖是用雙縫干涉測(cè)量單色光的____的實(shí)驗(yàn)裝置．實(shí)驗(yàn)前先取下雙縫，打開光源，調(diào)節(jié)光源的高度和角度，然后放好單縫和雙縫，使單縫和雙縫____．

（2）在某次實(shí)驗(yàn)中，已知雙縫到光屏之間的距離是l，雙縫之間的距離是d，某同學(xué)在用測(cè)量頭測(cè)量時(shí)，先將測(cè)量頭目鏡中看到的分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)某條亮紋（記作第1條）的中心，這時(shí)手輪上的示數(shù)為x1；然后轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)第n條亮紋的中心，這時(shí)手輪上的示數(shù)為x2．由此可以計(jì)算出這次實(shí)驗(yàn)中所測(cè)得的單色光的波長(zhǎng)的表達(dá)式為λ=____（用物理量l、d、n、x1、x2表示）．

29、（1）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，下列說法中正確的是____．

A．用兩個(gè)彈簧秤拉橡皮條時(shí)；兩彈簧秤的示數(shù)必須相等

B．用兩個(gè)彈簧秤拉橡皮條和用一個(gè)彈簧秤拉橡皮條；兩次橡皮條的拉伸程度相同就說明兩次拉力效果相同

C．在使用彈簧秤時(shí)；要注意使彈簧秤與木板平面平行

D．兩細(xì)繩必須等長(zhǎng)

（2）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，F(xiàn)1和F2表示兩個(gè)互成角度的力，F(xiàn)表示由平行四邊形定則作出的F1和F2的合力，F(xiàn)′表示一個(gè)彈簧拉橡皮條時(shí)的力，則圖中符合實(shí)驗(yàn)事實(shí)的是：____．30、圖甲中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)應(yīng)為____mm；圖乙中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)應(yīng)為____cm．

評(píng)卷人得分六、簡(jiǎn)答題(共3題，共12分)31、一個(gè)滑雪者，質(zhì)量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡勻加速下滑，山坡的傾角θ=37°，在t=5s的時(shí)間內(nèi)滑下的路程是x=60m，已知滑雪者與山坡之間的動(dòng)摩擦因素為μ=0.2，（取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）．

（1）求滑雪者受到的空氣阻力．

（2）如果滑雪者以初速度v0=4m/s開始沿山坡向上沖，但不用力向上滑，最多能滑行多遠(yuǎn)？32、rm{(1)}【化學(xué)rm{隆陋隆陋}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】略33、如圖所示，物體M在豎直拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，試分析在斜面光滑和不光滑兩種情況下，物體的受力情況．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)是在物體的形狀和大小對(duì)所研究的問題可以忽略不計(jì)時(shí)的理想化物理模型，能不能看做質(zhì)點(diǎn)是由問題的性質(zhì)決定的，可據(jù)此對(duì)應(yīng)做出判斷．【解析】【解答】解：A；大海中航行的萬噸巨輪在航海圖上的位置；輪船可以看做質(zhì)點(diǎn)，因?yàn)檩喆拇笮∠鄬?duì)大海是可以忽略的，故A正確；

B；研究大型客車在平直公路的運(yùn)動(dòng)；車的大小與路程相比可以忽略，可以看做質(zhì)點(diǎn)，故B正確；

C；研究月球繞地球的轉(zhuǎn)動(dòng)；月球的大小相對(duì)于與地球的距離可以忽略，可以看做質(zhì)點(diǎn)，故C正確。

D；研究電風(fēng)扇通電后的轉(zhuǎn)動(dòng)；風(fēng)扇不可看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；

本題選不能看作質(zhì)點(diǎn)的，故選：D2、B【分析】【分析】對(duì)A受力分析可求得A受地面的支持力，由牛頓第三定律可求得地面受到的壓力；對(duì)整體受力分析可求得細(xì)線受到的拉力；因彈簧可能伸長(zhǎng)也可能壓縮，故彈力的方向有兩種可能，則分情況進(jìn)行計(jì)論即可得出正確結(jié)果．【解析】【解答】解：A受重力，彈簧的彈力及地面的支持力而處于平衡狀態(tài)；若彈力向上，則支持力F=GA-F1=8N-4N=4N；若彈力向下，而支持力F′=8N+4N=12N；

對(duì)整體分析，整體受重力、拉力及地面的支持力，若支持力為4N，則拉力F2=GA+GB-F=10N；若支持力為12N，則拉力F2′=GA+GB-F′=2N；

故有兩種可能：4N和10N；12N和2N；

故選：B．3、A【分析】【分析】平行板電容器與電池相連，其電壓U保持不變，當(dāng)二極板間距離減小后，板間的場(chǎng)強(qiáng)變大．板間距離減小，電容C增大，電量Q變大．【解析】【解答】解：平行板電容器與電池相連，其電壓U保持不變，當(dāng)二極板間距離減小后，由E=分析可知；板間場(chǎng)強(qiáng)E變大．板間距離減小，電容C增大，根據(jù)Q=CU，U不變，則電量Q變大．即U不變，E變大，C變大，Q變大．

故選：A．4、A【分析】

普通電熨斗中用到的是溫度傳感器．雙金屬片受熱時(shí)；由于銅片膨脹得比鐵片大，雙金屬片便向鐵片那邊彎曲．溫度愈高，彎曲得愈顯著．

故選：A．

【解析】【答案】電熨斗中用到雙金屬片；是把長(zhǎng)和寬都相同的銅片和鐵片緊緊地鉚在一起做成的．受熱時(shí)，由于銅片膨脹得比鐵片大，雙金屬片便向鐵片那邊彎曲．溫度愈高，彎曲得愈顯著．

5、A【分析】試題分析：由于乙下邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度比甲大，這樣乙的感應(yīng)電流就比甲大，故同時(shí)受到向上的安培力乙也比甲大，那么乙在磁場(chǎng)進(jìn)出時(shí)的加速度比甲小，在進(jìn)出磁場(chǎng)過場(chǎng)中乙的加速度小，即乙的速度變化率小于甲，所以落地時(shí)甲的速度較大，那么甲落地的動(dòng)能較大，由于兩線圈原來的機(jī)械能是相同的，由能量守恒可知，所以甲在線圈中產(chǎn)生的熱量較小，故C、D都是不對(duì)的；對(duì)線框穿越磁場(chǎng)的整個(gè)過程運(yùn)用動(dòng)量定理得：m△v=-BLQ+mgt，由于通過線圈的電荷量Q=是不變的，故線框下落的時(shí)間t只與速度的變化量有關(guān)，由于甲線框的速度變化量大于乙，故甲下落時(shí)所用的時(shí)間比乙大，故乙線框先落地，A是正確的?？键c(diǎn)：能量守恒定律，牛頓第二定律，動(dòng)量定理，速度的變化等?！窘馕觥俊敬鸢浮緼6、D【分析】解：A

若將風(fēng)力等值反向；小球拋出時(shí)初速度不變，則可垂直于M隆盲N隆盲

擊中M隆盲N隆盲

上Q

點(diǎn)，說明Q

點(diǎn)處于最高點(diǎn)，由此可知，最高點(diǎn)推遲出現(xiàn)，則說明豎直方向的加速度變小，所以開始時(shí)，風(fēng)力是豎直向下的，故A正確；

B；依據(jù)速度的合成法則；小球在P

點(diǎn)的速度肯定大于其最高點(diǎn)的速度，那么也大于在Q

點(diǎn)的速度，故B正確；

C；根據(jù)分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)互不干擾；且等時(shí)性，小球在AP

間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于在AQ

間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故C正確；

D；依據(jù)以上分析；則開始情況下，若僅減小小球質(zhì)量m

小球才可能垂直擊中Q

點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；

本題選擇錯(cuò)誤；故選：D

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解；結(jié)合矢量的合成法則，及分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)互不干擾，且等時(shí)性，即可求解。

考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解的應(yīng)用，掌握矢量的合成法則，理解分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，注意風(fēng)力的方向是解題的關(guān)鍵?！窘馕觥緿

7、B【分析】【分析】根據(jù)共點(diǎn)力的平衡的條件可以知道物體的合力的情況，由牛頓第二定律可以知道物體的加速度的變化，進(jìn)而可以判斷物體的運(yùn)動(dòng)的情況．【解析】【解答】解：A；B、根據(jù)共點(diǎn)力的平衡的條件可知；當(dāng)向東的一個(gè)力F的值逐漸減小到零時(shí)，其余力的合力的大小由零逐漸的增加到F，所以物體將在合力的作用下開始向西運(yùn)動(dòng)，當(dāng)F的大小逐漸恢復(fù)到原值的時(shí)候，物體的合力的大小又逐漸減小到零，此時(shí)物體的加速度的大小也減小為零，但是物體有了向西的速度，之后物體將一直向西運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤，B正確；

C；D、根據(jù)物體的受力情況；由牛頓第二定律可知，物體的加速度先增大后減小，由于物體一直由向西的加速度，所以物體的速度大小一直在增加，知道最后做勻速運(yùn)動(dòng)，所以CD錯(cuò)誤．

故選：B．8、D【分析】【分析】重力做功公式WG=mgh．兩球質(zhì)量相等，根據(jù)高度比較重力做功的大?。鶕?jù)能量守恒定律分析在最低點(diǎn)時(shí)兩球速度的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；下落過程中細(xì)繩對(duì)A球不做功；橡皮繩對(duì)B球做負(fù)功，故A錯(cuò)誤；

B；A、B兩球在水平位置時(shí)的機(jī)械能相等；在向下運(yùn)動(dòng)過程中，只有重力對(duì)A球做功，機(jī)械能守恒，細(xì)線對(duì)B球做負(fù)功，B球機(jī)械能減少，因此經(jīng)過O點(diǎn)正下方時(shí)，B球的機(jī)械能小于A球的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；

C；兩球質(zhì)量相等；兩球下降的高度都是L，兩球重力勢(shì)能的變化量都是mgL，重力勢(shì)能的變化量相等，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)能量守恒定律得：對(duì)A球：mgL=mvA2，對(duì)B球：mgL=mvB2+EP，EP是橡皮繩的彈性勢(shì)能，可見，在最低點(diǎn)時(shí)，vA＞vB；故D正確．

故選：D．二、填空題(共9題，共18分)9、6.0×1024【分析】【分析】在地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，代入數(shù)據(jù)化簡(jiǎn)可得地球的質(zhì)量．【解析】【解答】解：根據(jù)地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，得。

M=

故答案為：6.0×102410、【分析】【分析】求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值．【解析】【解答】解：取一個(gè)周期時(shí)間；由電流的熱效應(yīng)求解；設(shè)電流的有效值為I，則。

I2RT=R+

求得：I=A

故答案為：11、變大不變變小【分析】【分析】根據(jù)公式C=、C=、U=Ed推導(dǎo)出場(chǎng)強(qiáng)的表達(dá)式進(jìn)行分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)公式C=、C=；U=Ed；有：

E=

（1）根據(jù)表達(dá)式E=；僅將左極板向上移至虛線位置，S減小，則板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增加；

（2）根據(jù)表達(dá)式E=；僅將左極板向左移至虛線位置，d增加，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變；

（3）根據(jù)表達(dá)式E=；僅在兩極板間插入一塊厚石蠟片，ε變大，則板間的場(chǎng)強(qiáng)減小，根據(jù)U=Ed，則板間的電壓增大；

故答案為：

（1）變大；

（2）不變；

（3）變小．12、601242【分析】【分析】速度-時(shí)間圖象的斜率表示物體的加速度，“面積”表示物體的位移．由斜率和“面積”分別求出加速度和礦井深．【解析】【解答】解：速度-時(shí)間圖象的斜率表示物體的加速度；則。

在0～2s內(nèi)，加速度為a1=m/s2=6m/s2

2s～4s內(nèi)，加速度為a2=0；

4s～5s，加速度為a3=m/s2=-12m/s2，加速度大小為12m/s2；

升降機(jī)在5s內(nèi)通過的位移大小等于礦井的深度．

由圖可算出位移大小x=．

故答案為：6；0；12；4213、15008.6×10-4【分析】【分析】游客隨輪一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)一圈的時(shí)間叫做周期，根據(jù)an=求解向心加速度．【解析】【解答】解：游客隨輪一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；每轉(zhuǎn)一圈25min，即1500s，故其周期為1500s；

向心加速度為：an==≈8.6×10-4m/s2．

故答案為：1500，8.6×10-4．14、BC【分析】【分析】（1）絕對(duì)濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對(duì)含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示；相對(duì)濕度為某一被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥：【解析】【解答】解：（1）A；在一定氣溫條件下；大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較大，但絕對(duì)濕度不一定大，故A錯(cuò)誤．

B；在一定氣溫條件下；大氣中相對(duì)濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人就越感到干燥，故當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小，但絕對(duì)濕度不一定小，故B正確；

C；絕對(duì)濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對(duì)含量；可用空氣中水的蒸氣壓來表示，故C正確．

D；相對(duì)濕度為某一被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)；相對(duì)濕度則給出大氣的潮濕程度，而不是水的飽和蒸汽壓與相同溫度時(shí)空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之比故D錯(cuò)誤．

故選BC．

（2）以所有的氣體為研究對(duì)象，則封閉氣體的初始狀態(tài)為p1，v1，p0，v2，末狀態(tài)為壓強(qiáng)p2=p0+ρgh，體積為v1+v2；

由玻馬定律得p1v1+p0v2=（p0+ρgh）（v1+v2）

解得封閉氣體最初的壓強(qiáng)．

故本題的答案為：（1）BC；（2）封閉氣體最初的壓強(qiáng)．15、略

【分析】

根據(jù)△y=gT2，解得：T=．

則閃光頻率：f=．

平拋運(yùn)動(dòng)的初速度：．

物體在B點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度等于AC段豎直速度的平均值；即為：

Vy===2m/s．

所以B點(diǎn)的速度為：V==m/s=2.5m/s．

故答案為：10；1.5，2.5．

【解析】【答案】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，通過相鄰的相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔，從而求出閃光的頻率，根據(jù)水平位移和時(shí)間間隔求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度．

16、略

【分析】【解析】試題分析：由位移公式由速度公式由初速度和加速度可知，飛機(jī)經(jīng)過10s后速度減小到零，因此12s的位移為考點(diǎn)：考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律【解析】【答案】225m；30m/s；300m17、等于大于【分析】【分析】根據(jù)位移和時(shí)間可比較平均速度的大??；明確甲車所勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其平均速度=．【解析】【解答】解：由圖可知；8s內(nèi)兩車的位移相等，則由平均速度公式可得，兩車的平均速度相等；

6s內(nèi)兩車的位移相等，則說明兩車在6s內(nèi)的平均速度相等；因甲車做勻加速運(yùn)動(dòng)，則其平均速度為；則說明甲車在6s末的速度一定大于乙車的速度；

故答案為：等于；大于．三、判斷題(共7題，共14分)18、×【分析】【分析】萬有引力定律適用的條件是兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間引力的計(jì)算．物體間的引力關(guān)系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬有引力定律適用于任何兩個(gè)可以看出質(zhì)點(diǎn)的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計(jì)算；當(dāng)兩個(gè)物體之間的距離太小的時(shí)候，物體就不能看做質(zhì)點(diǎn)，這時(shí)就不能用這個(gè)公式直接計(jì)算了，所以這個(gè)說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動(dòng)態(tài)平衡．當(dāng)達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)；液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時(shí)以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】場(chǎng)強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場(chǎng)，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場(chǎng)強(qiáng)取決于電場(chǎng)本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場(chǎng)強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場(chǎng)，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯(cuò)誤．

故答案為：×．23、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點(diǎn)，不是物體上最重的一點(diǎn)，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點(diǎn)；不是物體上最重的一點(diǎn)；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×24、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．故這個(gè)說法正確．

故答案為：√四、計(jì)算題(共3題，共21分)25、略

【分析】【解析】(1)汽車剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由可求得a=-2m/s2，再由s=v0t+at2，可求得s=16ｍ，也可由直接求得s=16ｍ.(2)由s=v0t＋at２可得9=10t-t２，解得，t１＝１ｓ，ｔ２＝９ｓ，將t２＝９ｓ代入vt＝ｖ０＋at得vt＝－８m/s，即汽車剎車后又反向運(yùn)動(dòng)到位移是9ｍ處，這是不可能的.所以剎車后前進(jìn)9ｍ所用時(shí)間為1ｓ.(3)設(shè)汽車剎車所用的最長(zhǎng)時(shí)間為t，則經(jīng)時(shí)間t汽車速度變?yōu)榱?由vt＝ｖ0＋at可得t=5s，可見汽車剎車僅用了5ｓ，在8ｓ的時(shí)間內(nèi)，汽車有3ｓ靜止未動(dòng)，因此，s=v０ｔ＋at２=25ｍ，或s=m.思路分析：剎車問題，注意剎車時(shí)間。1）根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系直接求得兩秒內(nèi)的位移；2）已知位移求時(shí)間根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系直接求解3）先判斷剎車時(shí)間，8>剎車時(shí)間，所以8秒內(nèi)的位移等于剎車位移。試題【解析】【答案】16ｍ1ｓ25m26、解：

（1）設(shè)粒子與擋板碰撞前瞬間的速度為v0，由動(dòng)能定理有解得：

粒子與擋板在Q點(diǎn)碰撞后在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，有

在x軸方向：在y軸方向：y＝L＋v0t解得：

故粒子第一次到達(dá)y軸時(shí)距離坐標(biāo)原點(diǎn)的距離為

（2）粒子到A點(diǎn)時(shí)，x軸方向的速度分量為

設(shè)v與x軸正方向的夾角為θ，有所以θ＝60o

此時(shí)粒子的速度為

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過300o后打到板上的N點(diǎn)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，根據(jù)幾何關(guān)系，此時(shí)粒子的軌道半徑r1為

根據(jù)向心力公式有解得：

當(dāng)磁感強(qiáng)度最小時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)到達(dá)y軸上的C點(diǎn)，之后沿直線運(yùn)動(dòng)打到板上的M點(diǎn)。設(shè)此時(shí)粒子的軌道半徑為r2，根據(jù)幾何關(guān)系有

∠OCM＝30o

OC長(zhǎng)度為

故同理：磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為所以B的取值范圍為：【分析】本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，要注意明確粒子的運(yùn)動(dòng)過程，找出幾何關(guān)系才能順利求解。(1)

由動(dòng)能定理可求得粒子與板作用前的速度，再由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)情況；求得進(jìn)入磁場(chǎng)速度，再根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解；(2)

由幾何關(guān)系找出粒子能打在檔板上的臨界關(guān)系，再由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求出B

的范圍?！窘馕觥拷猓?1)

設(shè)粒子與擋板碰撞前瞬間的速度為v0

由動(dòng)能定理有qE?3L=12mv02

解得：v0=6qELm

粒子與擋板在Q

點(diǎn)碰撞后在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，有在x

軸方向：L=12qEmt2

在y

軸方向：y=L+v0t

解得：t=2mLqEy=(23+1)L

故粒子第一次到達(dá)y

軸時(shí)距離坐標(biāo)原點(diǎn)的距離為y=(23+1)L

(2)

粒子到A

點(diǎn)時(shí)，x

軸方向的速度分量為vx=at=qEm隆隴2mLqE=2qELm

設(shè)v

與x

軸正方向的夾角為婁脠

有tan婁脠=v0vx=3

所以婁脠=60?

此時(shí)粒子的速度為v=v0sin60o=22qELm

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過300?

后打到板上的N

點(diǎn)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，根據(jù)幾何關(guān)系，此時(shí)粒子的軌道半徑r1

為r1=y鈭?2L=(23鈭?1)L

根據(jù)向心力公式有qvBmax=mv2r1

解得：Bmax=mvqr1=22qEmL(23鈭?1)qL

當(dāng)磁感強(qiáng)度最小時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)到達(dá)y

軸上的C

點(diǎn)，之后沿直線運(yùn)動(dòng)打到板上的M

點(diǎn)。設(shè)此時(shí)粒子的軌道半徑為r2

根據(jù)幾何關(guān)系有隆脧OCM=30?

OC

長(zhǎng)度為y=23L

故r2=y+yC=(43+1)L

同理：磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為Bmin=mvqr2=22qEmL(43+1)qL

所以B

的取值范圍為：22qEmL(43+1)qL鈮?B鈮?22qEmL(23鈭?1)qL

27、略

【分析】

(1)

小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得該星球表面的重力加速度g

(2)

對(duì)該星球表面上的物體；由牛頓第二定律和萬有引力定律求解該星球的質(zhì)量．

(3)

當(dāng)某個(gè)質(zhì)量為m隆盲

的衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑等于該星球的半徑R

時(shí)；該衛(wèi)星運(yùn)行的周期T

最小，則由牛頓第二定律和萬有引力定律求解．

重力加速度g

是天體運(yùn)動(dòng)研究和天體表面宏觀物體運(yùn)動(dòng)研究聯(lián)系的物理量.

本題要求學(xué)生掌握兩種等式：一是物體所受重力等于其吸引力；二是物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)其向心力由萬有引力提供．【解析】解：(1)

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：t=2vg

解得該星球表面的“重力”加速度的大小g=2vt

(2)

質(zhì)量為m

的物體在該星球表面上受到的萬有引力近似等于物體受到的重力，則對(duì)該星球表面上的物體，由牛頓第二定律和萬有引力定律得：mg=GmMR2

解得該星球的質(zhì)量為M=2vR2Gt

(3)

當(dāng)某個(gè)質(zhì)量為m隆盲

的衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑等于該星球的半徑R

時(shí)，該衛(wèi)星運(yùn)行的周期T

最小，則由牛頓第二定律和萬有引力定律Gm隆盲MR2=4婁脨2m隆盲RT2

解得該衛(wèi)星運(yùn)行的最小周期T=2婁脨Rt2v

答：(1)

該星球表面的“重力”加速度g

的大小是2vt

(2)

該星球的質(zhì)量M

是2vR2Gt

(3)

如果在該星球上發(fā)射一顆圍繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，則該衛(wèi)星運(yùn)行的最小周期T

為是2婁脨Rt2v

．五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)28、波長(zhǎng)平行【分析】【分析】根據(jù)相鄰條紋的間距大小，通過雙縫干涉條紋的間距公式求出波長(zhǎng)的表達(dá)式．【解析】【解答】解：（1）該裝置是利用雙縫干涉測(cè)量單色光的波長(zhǎng)；實(shí)驗(yàn)前先取下雙縫，打開光源，調(diào)節(jié)光源的高度和角度，然后放好單縫和雙縫，使單縫和雙縫平行．

（2）相鄰條紋的間距，根據(jù)，解得：．

故答案為：（1）波長(zhǎng)，平行；（2）29、CA【分析】【分析】（1）本實(shí)驗(yàn)是要驗(yàn)證平行四邊形定則；注意在理解實(shí)驗(yàn)的原理基礎(chǔ)上，掌握實(shí)驗(yàn)的方法和數(shù)據(jù)的處理方法以及需要注意的事項(xiàng)，尤其是理解本實(shí)驗(yàn)的“等效”思想；

（2）注意通過平行四邊形得到的合力與實(shí)驗(yàn)測(cè)得的之間存在誤差，明確什么事實(shí)驗(yàn)測(cè)量值，什么是理論值即可正確解答．【解析】