2025屆廣西壯族自治區(qū)高三上學(xué)期10月摸底測試物理試題（含答案）

屆廣西壯族自治區(qū)高三上學(xué)期10月摸底測試物理試題一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．重氫和超重氫在一定條件下會發(fā)生聚合反應(yīng)并產(chǎn)生巨大能量，核反應(yīng)方程為12A．X是電子B．該反應(yīng)為裂變C．該反應(yīng)為原子彈的核反應(yīng)方程D．反應(yīng)前、后核子的平均質(zhì)量減小2．用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置得到自然光的干涉條紋后，在光源與單縫之間加上藍(lán)色濾光片，在光屏上形成了清晰的藍(lán)色干涉條紋。現(xiàn)僅將光源與單縫之間的藍(lán)色濾光片換為紅色濾光片，下列說法正確的是（）A．干涉條紋消失 B．干涉條紋間距變大C．中央條紋變成暗條紋 D．彩色條紋中的紅色條紋消失3．如圖所示，一個半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O點(diǎn)為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根輕質(zhì)細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有兩個小球。當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時，碗內(nèi)質(zhì)量為m的小球和O點(diǎn)的連線與豎直方向的夾角為30°，另一小球靜止于空中，兩小球均視為質(zhì)點(diǎn)，碗外小球的質(zhì)量為（）A．m2 B．3m3 C．34．如圖甲所示，一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿直線向右傳播，選取平衡位置在同一直線上的9個質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間的距離均為a。t=0時刻該波傳播到質(zhì)點(diǎn)1，且質(zhì)點(diǎn)1開始向下運(yùn)動，t0時刻該波第一次出現(xiàn)如圖乙所示的波形，則該簡諧橫波的波速為（）A．6at0 B．8at0 C．5．如圖甲所示，宇宙中某恒星系統(tǒng)由兩顆互相繞行的中央恒星組成，它們被氣體和塵埃盤包圍，呈現(xiàn)出“霧繞雙星”的奇幻效果。該恒星系統(tǒng)可簡化為如圖乙所示的模型，質(zhì)量不同的恒星A、B繞兩者連線上某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動，測得其運(yùn)動周期為T，恒星A、B的總質(zhì)量為M，已知引力常量為G，則恒星A、B的距離為（）A．3GMT24π2 B．T6．真空中存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，氦核與氘核先后從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入該電場，在僅受電場力的作用下的運(yùn)動軌跡如圖所示。則氦核與氘核（）A．在電場中運(yùn)動時的加速度相同 B．射入電場時的初速度相同C．射入電場時的初動能相等 D．射入電場時的初動量相同7．如圖所示，一根輕彈簧豎直立在水平地面上，一小球從彈簧正上方自由下落，小球與彈簧作用過程中，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，小球的最大加速度為重力加速度的2倍，則小球第一次下落到最低點(diǎn)的過程中，小球的加速度a隨時間t變化的圖像可能是（）A． B．C． D．8．火車速度的提高易使外軌受損，提速后為解決火車轉(zhuǎn)彎時對外軌的磨損問題，下列可行的措施有（）A．增大彎道半徑 B．減小彎道半徑C．適當(dāng)減小內(nèi)、外軌道的高度差 D．適當(dāng)增大內(nèi)、外軌道的高度差9．質(zhì)點(diǎn)A沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O時，質(zhì)點(diǎn)B從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動，兩質(zhì)點(diǎn)的速度v與位置坐標(biāo)x的關(guān)系圖像如圖所示，兩圖像的交點(diǎn)坐標(biāo)為4m,6m/s，下列說法正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)B的加速度大小為4B．兩質(zhì)點(diǎn)在x=4m處相遇C．質(zhì)點(diǎn)B加速23D．質(zhì)點(diǎn)B追上質(zhì)點(diǎn)A時的速度大小為12m/s10．光滑絕緣水平面上存在一直角坐標(biāo)系xOy，在0≤x<0.4m范圍內(nèi)有一有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，其下邊界與x軸重合，上邊界滿足曲線方程y=0.2sinA．拉力的最大值為6.4N B．A、D兩端的最大電壓為2VC．線框產(chǎn)生的熱量為1.28J D．拉力做的功為2.56J二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．某同學(xué)用如圖所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，讓半徑為r的小鐵球從A點(diǎn)自由下落，下落過程中經(jīng)過A點(diǎn)正下方的光電門B時，光電計時器記錄下小球通過光電門的遮光時間t，用刻度尺測量出A、B之間的距離h。回答下列問題：（1）該實(shí)驗(yàn)（填“需要”或“不需要”）測量小球的質(zhì)量。（2）小球通過光電門時的速度大小v=（用題中所給字母表示）。（3）若實(shí)驗(yàn)過程中小球的機(jī)械能守恒，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮=（用題中所給字母表示）。12．某物理興趣小組用如圖甲所示的電路測量一節(jié)7號干電池的電動勢E和內(nèi)阻r，提供的實(shí)驗(yàn)器材有：A．電流表A（量程為0~0.6A，內(nèi)阻為1.0Ω）；B．電壓表V（量程為0~3.0V，內(nèi)阻約為3kΩ）；C．滑動變阻器R（阻值范圍為0~20Ω，額定電流為1A）；D．定值電阻R0E．開關(guān)與導(dǎo)線若干；F．待測7號干電池一節(jié)。（1）當(dāng)電流表滿偏時，通過干電池的電流為A。（2）移動滑動變阻器的滑片，多次測量，得到多組電流表和電壓表的示數(shù)I、U，作出的U?I圖像如圖乙所示，則干電池的電動勢E=V，內(nèi)阻r=Ω。（結(jié)果均保留一位小數(shù)）13．某物理探究小組設(shè)計了一款火警報警裝置，其原理圖如圖所示，固定在水平地面上的導(dǎo)熱汽缸內(nèi)，質(zhì)量m=5kg、橫截面積S=10cm2的活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，起初環(huán)境的熱力學(xué)溫度T0=300K，活塞距汽缸底部的高度h=15cm，當(dāng)環(huán)境的熱力學(xué)溫度緩慢達(dá)到T=500K時，表面涂有導(dǎo)電物質(zhì)的活塞恰好與a、b兩觸點(diǎn)接觸，蜂鳴器發(fā)出報警聲，不計活塞與汽缸之間的摩擦，外界大氣壓強(qiáng)（1）起初缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p1（2）起初活塞到兩觸點(diǎn)的距離d。14．如圖所示，在矩形ABCD區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，AD邊長為L，AB邊長為3+1（1）求粒子射入磁場時的速度大小v0（2）求粒子在磁場中運(yùn)動的時間t；（3）若僅減小粒子射入磁場時的速度大小，求粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間tmax15．如圖所示，光滑曲面PO和一條水平軌道ON平滑連接，水平軌道右側(cè)固定一輕質(zhì)彈簧，彈簧自然伸長時左端恰好位于M點(diǎn)。一質(zhì)量mA=2kg的物塊A從距離地面高h(yuǎn)=1.8m處由靜止滑下，與靜止在O點(diǎn)、質(zhì)量mB=1kg的物塊B發(fā)生碰撞。已知水平軌道OM的長度L=4m，兩物塊與OM段之間的動摩擦因數(shù)均為（1）彈簧具有的最大彈性勢能Ep（2）兩物塊第二次碰撞后物塊B的速度vB2（3）最終物塊A、B之間的距離d。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】AB．根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可以推斷出X的質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，因此X是中子，而不是電子，X是中子01C．該反應(yīng)為聚變反應(yīng)，而原子彈的核反應(yīng)方程為裂變方程，故C錯誤；D．由于該反應(yīng)會釋放出能量，根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能方程可知，存在質(zhì)量虧損，由于反應(yīng)前、后核子數(shù)保持不變，所以反應(yīng)前、后核子的平均質(zhì)量減小，故D正確。故選D。

【分析】核反應(yīng)是兩個輕核（重氫和超重氫）結(jié)合成一個質(zhì)量較大的核（氚核）和一個中子，同時釋放出能量，這種反應(yīng)屬于聚變反應(yīng)。2．【答案】B【解析】【解答】ACD．干涉條紋的形成與光的波動性有關(guān)，只要光源發(fā)出的光具有波動性，且滿足干涉條件（如頻率相同、振動方向相同、相位差恒定等），就可以形成干涉條紋。因此，在光源與單縫之間換上紅色濾光片后，雖然光的顏色改變了，但只要光仍然具有波動性并滿足干涉條件，干涉條紋就不會消失。僅將光源與單縫之間的藍(lán)色濾光片換為紅色濾光片，則在光屏上形成紅色干涉條紋，中央條紋仍為亮條紋，故ACD錯誤；B．根據(jù)Δ由于紅色光的波長大于藍(lán)色光的波長，所以干涉條紋間距變大，故B正確。故選B。

【分析】滿足干涉條件（如頻率相同、振動方向相同、相位差恒定等），就可以形成干涉條紋。結(jié)合條紋中心間距公式分析。3．【答案】B【解析】【解答】本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析，利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

設(shè)碗外小球的質(zhì)量為M，根據(jù)受力平衡可得，細(xì)線的拉力T=Mg以碗內(nèi)小球?yàn)閷ο?，設(shè)小球受到碗的支持力為N，根據(jù)受力平衡可得Nsin30°=T解得N=T=聯(lián)立可得，碗外小球的質(zhì)量為M=故選B。

【分析】題中裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩個小球的合力均為零．先對碗外小球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再對碗內(nèi)小球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解。4．【答案】C【解析】【解答】首先，根據(jù)題目描述和圖示，我們知道在t=0時刻，波傳播到質(zhì)點(diǎn)1，且質(zhì)點(diǎn)1開始向下運(yùn)動。由于波是向右傳播的，所以質(zhì)點(diǎn)1的振動方向是向下的。根據(jù)題意可知T+波長為λ=8a所以v=故選C。

【分析】先根據(jù)“上下坡”法或“同側(cè)法”判斷質(zhì)點(diǎn)振動情況，再根據(jù)波長、波速和頻率的關(guān)系求解。5．【答案】A【解析】【解答】雙星系統(tǒng)是一個穩(wěn)定的系統(tǒng)，它們以二者連線上的某一點(diǎn)為圓心做勻速圓周運(yùn)動，角速度相等，周期性等，彼此之間的萬有引力提供向心力。根據(jù)萬有引力提供向心力可得GG又mr聯(lián)立可得L=故選A。

【分析】雙星系統(tǒng)的恒星周期相等，根據(jù)萬有引力提供向心力可解得。6．【答案】A,C【解析】【解答】A．氦核與氘核的電荷數(shù)不同，質(zhì)量數(shù)也不同。在勻強(qiáng)電場中，它們受到的電場力不同。根據(jù)牛頓運(yùn)動定律有qE=ma解得a=由于氦核與氘核的比荷相同，則氦核與氘核在電場中運(yùn)動時的加速度相同，故A正確；B．從軌跡圖可以看出，氦核和氘核在相同的時間（加速度相同，豎直方向初速度相同，沿Y軸位移相同則時間相同）內(nèi)沿x軸方向的位移不同，說明它們的初速度不同。故B錯誤；C．若射入電場時的初動能相同，根據(jù)y=則y故C正確；D．根據(jù)類平拋運(yùn)動的特點(diǎn)，結(jié)合動量的計算公式得出粒子的初動量關(guān)系。若射入電場時的初動量相同，根據(jù)y=則y故D錯誤。故選AC。

【分析】根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合荷質(zhì)比得出粒子的加速度關(guān)系；根據(jù)類平拋運(yùn)動的特點(diǎn)，結(jié)合圖像的物理意義得出粒子的初速度的關(guān)系。7．【答案】B【解析】【解答】我們來分析小球的運(yùn)動過程。小球從彈簧正上方自由下落，開始階段只受重力作用，因此加速度為重力加速度，且方向向下。隨著小球與彈簧的接觸，彈簧開始被壓縮，產(chǎn)生向上的彈力。這個彈力隨著彈簧的壓縮量增大而增大。依題意，小球接觸彈簧前做自由落體運(yùn)動，加速度為重力加速度，接觸彈簧后受彈簧彈力與重力共同作用，當(dāng)彈力與重力等大時，加速度為零，由運(yùn)動的對稱性可知從接觸彈簧開始到加速度為零與從加速度為零到加速度大小再次為重力加速度為止，加速度隨時間的變化情況具有對稱性，且為非線性關(guān)系。故選B。

【分析】當(dāng)彈力小于重力時，小球仍然向下加速，但加速度逐漸減小（因?yàn)閺椓υ谠龃?，抵消了一部分重力）。?dāng)彈力等于重力時，小球達(dá)到一個平衡狀態(tài)，此時加速度為零。隨后，彈力繼續(xù)增大并超過重力，小球開始受到向上的合力作用，因此加速度方向向上，并且逐漸增大。當(dāng)小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，彈簧壓縮量最大，彈力也最大，此時小球的加速度達(dá)到最大值。根據(jù)題目條件，這個最大加速度是重力加速度的倍，即。8．【答案】A,D【解析】【解答】火車在轉(zhuǎn)彎時，為了保持穩(wěn)定的行駛，需要有一個向心力來使其沿著彎道行駛而不沖出軌道。這個向心力是由火車的重力和支持力的合力提供的，而支持力是由內(nèi)外軌的高度差產(chǎn)生的?；疖囖D(zhuǎn)彎時為減小外軌所受壓力，可使外軌略高于內(nèi)軌，使軌道形成斜面，若火車速度合適，內(nèi)外軌均不受擠壓。此時，重力與支持力的合力提供向心力，如圖所示F=mgtanθ=mv=當(dāng)火車速度增大時，應(yīng)適當(dāng)增大轉(zhuǎn)彎半徑或增加內(nèi)外軌道的高度差。故選AD。

【分析】當(dāng)火車對外軌無側(cè)壓力時，靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析。9．【答案】A,D【解析】【解答】A．質(zhì)點(diǎn)B從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)v將4m,6m/s代入解得a=4.5故A正確；B．兩質(zhì)點(diǎn)的速度與位置坐標(biāo)的關(guān)系圖像的交點(diǎn)表示在同一位置兩質(zhì)點(diǎn)的速度相等，但并不意味著兩質(zhì)點(diǎn)在該位置相遇。因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)A做勻速直線運(yùn)動，而質(zhì)點(diǎn)B做勻加速直線運(yùn)動，它們到達(dá)同一位置的時間可能不同。質(zhì)點(diǎn)A走到x=4m處所用時間為t質(zhì)點(diǎn)B走到x=4m處所用時間為t故兩質(zhì)點(diǎn)在x=4m處不會相遇，故B錯誤；C．質(zhì)點(diǎn)B加速23x此時間A運(yùn)動距離為x故C錯誤；D．設(shè)質(zhì)點(diǎn)B追上質(zhì)點(diǎn)A時的速度大小為v，則vv=at解得v=12m/s故D正確。故選AD。

【分析】根據(jù)數(shù)學(xué)知識寫出甲的v與x的關(guān)系式，再對照速度—位移公式求甲的加速度。根據(jù)兩質(zhì)點(diǎn)是否同時到達(dá)同一位置來判斷是否相遇。結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式解答。10．【答案】A,D【解析】【解答】A．線框勻速穿過磁場，當(dāng)BC邊剛進(jìn)入磁場運(yùn)動到磁場正中間時，BC邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，感應(yīng)電流最大，安培力最大，此時拉力也最大。導(dǎo)線框BC邊進(jìn)入磁場切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為E=Byv=8同理可知AD邊進(jìn)入磁場切割磁感線產(chǎn)生的電動勢也為正弦關(guān)系，當(dāng)導(dǎo)線框BC邊或AD邊運(yùn)動到磁場正中間時，產(chǎn)生的電動勢最大，為E此時最大電流為I此時拉力最大，為F故A正確；B．當(dāng)AD邊運(yùn)動到磁場正中間時，A、D兩端的電壓有最大值，為U故B錯誤；CD．根據(jù)正弦交變電流有效值規(guī)律可得圖示電流有效值為I=根據(jù)焦耳定律求解線框產(chǎn)生的熱量，則線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的熱量為Q=根據(jù)能量守恒可知，拉力做功為2.56J，故C錯誤，D正確。故選AD。

【分析】本題根據(jù)閉合電路歐姆定律和切割電動勢公式，求最大電壓和最大電流；根據(jù)交變電流的有效值結(jié)合焦耳定律求解線框產(chǎn)生的熱量。11．【答案】（1）不需要（2）2r（3）2【解析】【解答】（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，我們主要關(guān)注的是小球動能和勢能之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系，而不需要知道小球的確切質(zhì)量。因?yàn)樵趯?shí)際的計算過程中，小球的質(zhì)量會在等式兩邊約去，不影響最終的驗(yàn)證結(jié)果。所以，該實(shí)驗(yàn)不需要測量小球的質(zhì)量。若小球下落過程中機(jī)械能守恒，則mgh=式子的兩邊可以約掉質(zhì)量m，所以不需要測量小球的質(zhì)量。（2）小球通過光電門時的速度大小v=（3）若小球在下落過程中機(jī)械能守恒，則mgh=所以g=2r2ht2（1）若小球下落過程中機(jī)械能守恒，則mgh=式子的兩邊可以約掉質(zhì)量m，所以不需要測量小球的質(zhì)量。（2）小球通過光電門時的速度大小v=（3）若小球在下落過程中機(jī)械能守恒，則mgh=所以g=12．【答案】（1）0.9（2）1.5；1.0【解析】【解答】（1）當(dāng)電流表滿偏時，即電流表的示數(shù)達(dá)到其最大量程，通過干電池的電流為I（2）當(dāng)電流表電流為I時，電路總電流為I電流表與定值電阻并聯(lián)后的阻值為R根據(jù)閉合電路歐姆定律，電源的電動勢E等于電流與電源內(nèi)阻和路端電壓U對應(yīng)電阻（即外電

阻R）之和的乘積，再加上路端電壓U。E=U+可得U=?3(R并+r)E=1.5VU?I圖像的斜率絕對值為k解得內(nèi)阻為r=1.0Ω

【分析】（1）當(dāng)電流表滿偏時，即電流表的示數(shù)達(dá)到其最大量程，通過干電池的電流等于全電路總電流；

（1）當(dāng)電流表滿偏時，通過干電池的電流為I（2）[1][2]當(dāng)電流表電流為I時，電路總電流為I電流表與定值電阻并聯(lián)后的阻值為R根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=U+可得U=?可知U?I圖像的縱軸截距等于電動勢，則有E=1.5VU?I圖像的斜率絕對值為k解得內(nèi)阻為r=1.013．【答案】（1）解：起初時，以活塞為對象，根據(jù)受力平衡可得p代入數(shù)據(jù)解得缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p（2）解：活塞上升過程，缸內(nèi)氣體等壓膨脹，根據(jù)蓋—呂薩克定律可得hS代入數(shù)據(jù)解得起初活塞到兩觸點(diǎn)的距離為d=10cm【解析】【分析】（1）對活塞受力分析，根據(jù)受力平衡列式得出氣體壓強(qiáng)的大小。

（2）活塞上升過程，缸內(nèi)氣體等壓膨脹，根據(jù)蓋—呂薩克定律列式求解。（1）起初時，以活塞為對象，根據(jù)受力平衡可得p代入數(shù)據(jù)解得缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p（2）活塞上升過程，缸內(nèi)氣體等壓膨脹，根據(jù)蓋—呂薩克定律可得hS代入數(shù)據(jù)解得起初活塞到兩觸點(diǎn)的距離為d=10cm14．【答案】（1）解：設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑為R，如圖所示根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得R=2L由洛倫茲力提供向心力可得q聯(lián)立解得v（2）解：根據(jù)圖中幾何關(guān)系有R可得∠EOF=則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t=聯(lián)立解得t=（3）解：若僅減小粒子射入磁場時的速度大小，當(dāng)粒子從AB邊射出磁場時對應(yīng)的時間最長，軌跡對應(yīng)的圓心角為θ=120°則有t【解析】【分析】（1）根據(jù)幾何關(guān)系求解射人磁場的粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑，再根據(jù)牛頓第二定律粒子的速率；

（2）根據(jù)周期公式求解粒子在磁場中運(yùn)動的周期，根據(jù)幾何知識求解圓心角，再根據(jù)時間與周期的關(guān)系求解粒子在磁場中運(yùn)動的時間；

（3）若僅減小粒子射入磁場時的速度大小，當(dāng)粒子從AB邊射出磁場時對應(yīng)的軌跡圓心角最大，時間最長，結(jié)合周期公式求解粒子在磁場中運(yùn)動的時間。（1）設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑為R，如圖所示根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得R=2L由洛倫茲力提供向心力可得q聯(lián)立解得v（2）根據(jù)圖中幾何關(guān)系有R可得∠EOF=則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t=聯(lián)立解得t=（3）若僅減小粒子射入磁場時的速度大小，當(dāng)粒子從AB邊射出磁場時對應(yīng)的時間最長，軌跡對應(yīng)的圓心角為θ=120°則有t15．【答案】（1）解：設(shè)物塊A滑到O點(diǎn)時的速度為v0m解得vA與B發(fā)射碰撞，碰撞均為彈性正碰且碰撞時間極短，設(shè)向右為正方向，則根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律可得m1解得vv對A根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式可得A向前運(yùn)動的距離為x對B分析當(dāng)彈簧壓縮量最大時，B速度為0，根據(jù)能量守恒定律可得E解得E（2）解：根據(jù)對稱性可知B從O到M再從M到A靜止的位置根據(jù)動能定理可得?μ解得v兩物塊第二次碰撞后，