河北省廊坊市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期期末考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1廊坊市2024~2025學(xué)年度第一學(xué)期期末考試高三物理試卷本試卷共6頁(yè)，15題。全卷滿分100分。考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、班級(jí)和準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，并將條形碼粘貼在答題卡的指定位置。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案。不能答在本試卷上，否則無(wú)效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在非答題區(qū)域無(wú)效。4．考試結(jié)束后，只交答題卡。一、選擇題（本題包括10個(gè)小題，共46分。第1至7小題為單選題，每小題4分，共28分。第8至10小題為多選題，每小題6分，共18分。多選題全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分。）1.物理學(xué)科核心素養(yǎng)包括“物理觀念、科學(xué)思維、科學(xué)探究和科學(xué)態(tài)度與責(zé)任”四個(gè)方面，下列關(guān)于物理觀念和科學(xué)思維的認(rèn)識(shí)，正確的是（）A.汽車在通過(guò)彎道時(shí)，如果速度過(guò)大，往往會(huì)出現(xiàn)“甩尾”現(xiàn)象，這種離心現(xiàn)象是由于受到離心力而產(chǎn)生的B.“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)用到了理想模型法C.電場(chǎng)強(qiáng)度，速度，加速度，都是采用了比值定義法D.卡文迪什利用扭秤測(cè)量引力常量用到了放大的思想【答案】D【解析】A．汽車在通過(guò)彎道時(shí)，如果速度過(guò)大，往往會(huì)出現(xiàn)“甩尾”現(xiàn)象，這種離心現(xiàn)象是由于摩擦力不足以提供向心力而產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)用到了控制變量法，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)強(qiáng)度和速度采用了比值定義法，而并不是加速度的定義式，故C錯(cuò)誤；D．卡文迪什利用扭秤測(cè)量引力常量用到了放大的思想，故D正確。故選D。2.如圖所示，人體的細(xì)胞膜由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱為膜電位），使得只有帶特定電荷的粒子才能通過(guò)細(xì)胞膜進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)。初速度為的正一價(jià)鈉離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從細(xì)胞膜外A點(diǎn)剛好運(yùn)動(dòng)到細(xì)胞膜內(nèi)B點(diǎn)。將膜內(nèi)的電場(chǎng)看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，已知正一價(jià)鈉離子質(zhì)量為，電子電荷量為，細(xì)胞膜的厚度為。下列說(shuō)法正確的是（）A.B點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)B.膜內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)C.鈉離子勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小D.鈉離子在B點(diǎn)的電勢(shì)能為【答案】A【解析】A．初速度為的正一價(jià)鈉離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從細(xì)胞膜外A點(diǎn)剛好運(yùn)動(dòng)到細(xì)胞膜內(nèi)B點(diǎn)，可知電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)方向由B指向A，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知B點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，故A正確；BC．正一價(jià)鈉離子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，剛好到達(dá)B點(diǎn)，即到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度零，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得解得加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律可得可得故BC錯(cuò)誤；D．設(shè)A點(diǎn)電勢(shì)為，由于只受電場(chǎng)力作用，所以動(dòng)能與電勢(shì)能之和保持不變，則有可得鈉離子在B點(diǎn)的電勢(shì)能為由于不清楚A點(diǎn)電勢(shì)是否為0，故D錯(cuò)誤。故選A。3.國(guó)產(chǎn)新能源汽車在市場(chǎng)上備受矚目，為了用戶的安全，需要進(jìn)行多次安全測(cè)試。在某次安全測(cè)試中，某款奇瑞汽車在平直公路上行駛，突然發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，智能系統(tǒng)識(shí)別后緊急恒力制動(dòng)。從制動(dòng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，該汽車的位移和時(shí)間的比值與之間的關(guān)系圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該汽車的初速度為 B.該汽車的初速度為C.該汽車的加速度大小為 D.該汽車從制動(dòng)到停止用時(shí)【答案】C【解析】根據(jù)可得由圖像可知?jiǎng)t該汽車的加速度大小為該汽車從制動(dòng)到停止用時(shí)故選C。4.如圖所示，理想變壓器原線圈接穩(wěn)壓交流電源，為定值電阻，小燈泡與電阻箱并聯(lián)。現(xiàn)增大電阻箱的阻值，小燈泡可視為定值電阻。則下列說(shuō)法正確的是（）A.小燈泡的電功率減小 B.小燈泡的電功率增大C.變壓器的輸出功率增大 D.變壓器的輸出功率先減小后增大【答案】B【解析】AB．增大電阻箱R的阻值，副線圈總電阻增大，副線圈兩端電壓一定，通過(guò)副線圈的電流減小，通過(guò)小燈泡的電流相對(duì)增大，而分壓減小，小燈泡兩端的電壓增大，則小燈泡的電功率增大，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．增大電阻箱R的阻值，副線圈總電阻增大，副線圈兩端電壓一定，通過(guò)副線圈的電流減小，變壓器的輸出功率減小，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，傾角的粗糙斜面C放在水平地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細(xì)繩跨過(guò)滑輪，其一端懸掛質(zhì)量為的物塊A，另一端與斜面上質(zhì)量也為的物塊B相連，滑輪與B之間的細(xì)繩平行于斜面，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用始終沿水平方向的拉力緩慢拉動(dòng)A，使其繞定滑輪逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，BC始終保持靜止，在此過(guò)程中（）A.拉力先增大后減小 B.斜面對(duì)B的摩擦力先減小后增大C.地面對(duì)C的摩擦力增大 D.地面對(duì)C的支持力先增大后減小【答案】C【解析】AB．設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，則細(xì)繩的拉力當(dāng)θ角增加到60°過(guò)程中，F(xiàn)變大，細(xì)線的拉力T從mg逐漸變大到2mg；對(duì)物塊B分析可知，開(kāi)始時(shí)則隨T從mg逐漸變大到2mg過(guò)程中，斜面對(duì)B的摩擦力逐漸增大，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．對(duì)兩物塊和斜面體的整體分析可知，水平方向，地面對(duì)斜面C的摩擦力則隨著F增加，地面對(duì)斜面C的摩擦力逐漸變大；豎直方向則地面對(duì)C的支持力不變，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.神舟十九號(hào)于北京時(shí)間2024年10月30日4時(shí)27分發(fā)射，于10月30日上午11時(shí)與空間站天和核心艙前向端口成功對(duì)接，“太空之家”迎來(lái)蔡旭哲、宋令東、王浩澤3名新乘組入駐。如圖為飛船運(yùn)行與交會(huì)對(duì)接過(guò)程示意圖，橢圓軌道1為飛船對(duì)接前的運(yùn)行軌道，點(diǎn)是軌道1的近地點(diǎn)，離地高度可忽略不計(jì)。圓形軌道2距地面高度為，是天和核心艙的運(yùn)行軌道，點(diǎn)是1、2軌道的切點(diǎn)，也是交會(huì)點(diǎn)。地球半徑為，表面重力加速度為。下列說(shuō)法正確的是（）A.天和核心艙在軌道2上的速度大小一定大于在軌道1的速度B.飛船從軌道1變軌到軌道2需要在交會(huì)點(diǎn)點(diǎn)點(diǎn)火減速C.飛船在軌道1上與在軌道2上運(yùn)動(dòng)的周期之比為D.交會(huì)對(duì)接前天和核心艙的向心加速度為【答案】D【解析】A．假設(shè)有一衛(wèi)星經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得解得可知衛(wèi)星經(jīng)過(guò)在Q點(diǎn)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大于天和核心艙在軌道2上的速度，而做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星在Q點(diǎn)需要點(diǎn)火加速才能變軌到軌道1，則天和核心艙在軌道2上的速度大小小于軌道1中Q點(diǎn)的速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星從低軌道變軌到高軌道，需要在變軌處點(diǎn)火加速，則飛船從軌道1變軌到軌道2需要在交會(huì)點(diǎn)Р點(diǎn)點(diǎn)火加速，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)飛船在軌道1、軌道2運(yùn)動(dòng)周期分別為T(mén)1、T2，由開(kāi)普勒第三定律有解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律在地球表面處有聯(lián)立解得故D正確。故選D。7.如圖所示，滑塊A、B的質(zhì)量均為m、A套在傾斜固定的直桿上，傾斜桿與水平面成45°角，B套在水平固定的直桿上，兩桿分離不接觸，兩直桿間的距離忽略不計(jì)，兩直桿足夠長(zhǎng)，A、B通過(guò)鉸鏈用長(zhǎng)度為L(zhǎng)的剛性輕桿（初始時(shí)輕桿與水平面成30°角）連接，A、B從靜止釋放，B開(kāi)始沿水平桿向右運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，滑塊A、B視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)A到達(dá)B所在水平面時(shí)，B速度為零B.B到達(dá)最右端時(shí)，A的速度大于C.當(dāng)A到達(dá)B所在的水平面時(shí)，A的速度為D.B的最大速度為【答案】B【解析】AC．不計(jì)一切摩擦，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滑塊A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，從開(kāi)始到當(dāng)A到達(dá)B所在的水平面的過(guò)程中又有關(guān)聯(lián)速度聯(lián)立可得故AC錯(cuò)誤；B．B到達(dá)最右端時(shí)，速度為零，此時(shí)輕桿與斜桿垂直，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得解得故B正確；D．B的加速度為零時(shí)速度最大，當(dāng)輕桿與水平桿垂直時(shí)B的合力為零，速度最大，此時(shí)A的速度為零，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得解得故D錯(cuò)誤。故選B。8.下列說(shuō)法正確的是（）A.根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，在變化的電場(chǎng)周圍一定產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，在變化的磁場(chǎng)周圍一定產(chǎn)生變化的電場(chǎng)B.光導(dǎo)纖維中，內(nèi)芯石英玻璃的折射率大于外套的折射率，利用了光的全反射原理C.用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象D.聲源靠近觀察者，觀察者接收到聲波的頻率高于聲源的頻率【答案】BD【解析】A．根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，在變化的電場(chǎng)周圍一定產(chǎn)生磁場(chǎng)，在變化的磁場(chǎng)周圍一定產(chǎn)生電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；B．發(fā)生全反射條件為光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，所以光導(dǎo)纖維中，內(nèi)芯石英玻璃的折射率大于外套的折射率，利用了光的全反射原理，故B正確；C．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光在標(biāo)準(zhǔn)平面與被檢查的平面之間的空氣薄膜的前后表面上的兩束反射光的干涉現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)多普勒效應(yīng)規(guī)律知，若聲波波源向觀察者靠近，則觀察者接收到的聲波頻率大于波源頻率，故D正確。故選BD。9.如圖所示，用金屬制成的平行導(dǎo)軌由水平和弧形兩部分組成，水平導(dǎo)軌窄軌部分間距為，寬軌部分間距為，窄軌和寬軌部分磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和，方向均為豎直向上，質(zhì)量均為金屬棒、垂直于導(dǎo)軌靜止放置?，F(xiàn)將金屬棒自弧形導(dǎo)軌上距水平導(dǎo)軌高度處?kù)o止釋放，兩金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，兩棒接入電路中的電阻均為，其余電阻不計(jì)，寬軌和窄軌都足夠長(zhǎng)，棒始終在窄軌磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，棒始終在寬軌磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，重力加速度為，不計(jì)一切摩擦。下列說(shuō)法正確的是（）A.棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，棒加速度方向水平向右B.從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，棒和棒組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，通過(guò)棒的電量為D.從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，棒上產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】ABC【解析】A．a(chǎn)棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知流過(guò)a棒的電流向外，則流過(guò)b棒的電流向里，再根據(jù)左手定則可知b棒受到的安培力方向水平向右，根據(jù)牛頓第二定律可知b棒的加速度方向水平向右，故A正確；B．根據(jù)左手定則可知a棒受到的安培力方向水平向左，b棒受到的安培力方向水平向右，大小分別為，可知a棒和b棒受到的安培力大小相等，方向相反；則從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，棒和棒組成的系統(tǒng)所受外力之和為0，系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒，故B正確；C．設(shè)棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)的速度為，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒可得解得穩(wěn)定時(shí)兩棒的速度均為從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，對(duì)棒根據(jù)動(dòng)量定理可得又聯(lián)立解得通過(guò)棒的電量為故C正確；D．從棒進(jìn)入磁場(chǎng)到兩棒達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程，根據(jù)能量守恒可得則棒上產(chǎn)生焦耳熱為故D錯(cuò)誤。故選ABC。10.如圖所示，以棱長(zhǎng)為的正方體頂點(diǎn)為原點(diǎn)建立三維坐標(biāo)系，其中正方體的頂點(diǎn)落在軸上，頂點(diǎn)落在軸上。一質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子（重力不計(jì)）由點(diǎn)沿軸正方向以初速度射入，第一次在正方體內(nèi)加沿軸負(fù)方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該粒子恰好能通過(guò)的中點(diǎn)；第二次在正方體內(nèi)加沿軸負(fù)方向電場(chǎng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)電場(chǎng)，該粒子恰好能通過(guò)的中點(diǎn)；第三次在正方體內(nèi)同時(shí)加上大小不變的磁場(chǎng)和電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向不變，將電場(chǎng)方向調(diào)整為與平面平行，與軸正方向成角、與軸正方向成角。則（）A.該粒子在正方體內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間第一次大于第二次B.電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足C.該粒子第三次在正方體內(nèi)的運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.該粒子第三次從正方體內(nèi)射出的位置坐標(biāo)為【答案】ACD【解析】A．第一次粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，半徑為可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間第二次粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間故，A正確；B．第二次運(yùn)動(dòng)中，粒子在方向上勻變速直線運(yùn)動(dòng)解得故有B錯(cuò)誤；C．第三次運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子所受電場(chǎng)力洛倫茲力在平面內(nèi)，如圖所示，沿軸方向有電場(chǎng)力沿軸的分量讓粒子在軸正向加速，故粒子的運(yùn)動(dòng)為從點(diǎn)以速度沿軸正向做勻速直線運(yùn)動(dòng)以及沿軸正向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，即勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，C正確；D．粒子在方向上解得方向上方向上的坐標(biāo)為，故出射點(diǎn)坐標(biāo)為，D正確。故選ACD。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分，11題6分，12題10分）11.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣?。將遮光條安裝在滑塊上，用天平測(cè)出遮光條和滑塊的總質(zhì)量，槽碼和掛鉤的總質(zhì)量。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊系在繞過(guò)定滑輪懸掛有槽碼的細(xì)線上?；瑝K由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄下遮光條通過(guò)光電門(mén)1和2的遮光時(shí)間和，以及這兩次開(kāi)始遮光的時(shí)間間隔，用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光條寬度，計(jì)算出滑塊經(jīng)過(guò)兩光電門(mén)速度的變化量。（1）游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條寬度如圖2所示，其寬度______mm。（2）打開(kāi)氣泵，待氣流穩(wěn)定后調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌，直至看到導(dǎo)軌上的滑塊能在短時(shí)內(nèi)保持靜止，其目的是_____。（3）多次改變光電門(mén)2的位置進(jìn)行測(cè)量，得到和的數(shù)據(jù)如下表所示請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在方格紙上作出圖線。0.7210.7900.8540.9130.9681.381.521.641.75186（4）根據(jù)（3）中圖像，可知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開(kāi)____（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）檢驗(yàn)氣墊是否已調(diào)至水平（3）見(jiàn)解析（4）【解析】【小問(wèn)1詳析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)為【小問(wèn)2詳析】滑塊能在導(dǎo)軌上保持靜止，說(shuō)明了氣墊已調(diào)至水平?！拘?wèn)3詳析】根據(jù)表格中數(shù)據(jù)描點(diǎn)并用直線連接，如下圖所示【小問(wèn)4詳析】根據(jù)動(dòng)量定理，對(duì)掛鉤與槽碼可由對(duì)滑塊（含遮光條）聯(lián)立可得則圖像的斜率為由圖像可知聯(lián)立得12.利用電流表和電壓表測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，要求盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差。（1）應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路是圖中的______（選項(xiàng)“甲”或“乙”）；（2）現(xiàn)有電流表（0~0.6A）、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A.電壓表（0~15V）B.電壓表（0~3V）C.滑動(dòng)變阻器（0~20Ω）D.滑動(dòng)變阻器（0~100Ω）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______；（選填相應(yīng)器材前的字母）（3）某位同學(xué)根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，做出如圖所示的圖線，根據(jù)所畫(huà)圖線可得，電動(dòng)勢(shì)______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），內(nèi)電阻______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（4）這位同學(xué)對(duì)以上實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了誤差分析，其中正確的是______。A.實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B.實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用C.實(shí)驗(yàn)測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)小于真實(shí)值D.實(shí)驗(yàn)測(cè)出的內(nèi)阻大于真實(shí)值（5）乙同學(xué)利用DIS等實(shí)驗(yàn)器材測(cè)量同一電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路總電阻阻值R，用電壓傳感器測(cè)得路端電壓U，并在計(jì)算機(jī)上顯示出如圖乙所示的關(guān)系圖線，圖線斜率為k，在縱軸的截距為b，由圖線可知，______，______（用k、b表示）?！敬鸢浮浚?）甲（2）BC（3）1.490.82（4）AC（5）【解析】【小問(wèn)1詳析】干電池內(nèi)阻較小，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選圖甲所示電路圖?！拘?wèn)2詳析】[1]一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，則電壓表應(yīng)選B；[2]為方便實(shí)驗(yàn)操作，要求盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選C?！拘?wèn)3詳析】[1]由圖示電源U-I圖像可知，圖像與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是1.49，則電源電動(dòng)勢(shì)為[2]電源內(nèi)阻為【小問(wèn)4詳析】AB．由圖1所示電路圖可知，相對(duì)于電源來(lái)說(shuō)電流表采用外接法，由于電壓表分流作用，使所測(cè)電流小于電流的真實(shí)值，造成了實(shí)驗(yàn)誤差，故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)外電路短路時(shí)，電流的測(cè)量值等于真實(shí)值，除此之外，由于電壓表的分流作用，電流的測(cè)量值小于真實(shí)值，電源的U?I圖像如圖所示由圖像可知，電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，故C正確；D．電源內(nèi)阻由圖像可知，電源內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值，故D錯(cuò)誤。故選AC?！拘?wèn)5詳析】[1][2]由題圖可知，外電路的總電阻為利用閉合電路歐姆定律得變形為由此可知關(guān)系圖線在縱軸的截距等于，解得圖線斜率等于，解得三、計(jì)算題（本題包括3個(gè)小題，，共38分，答題時(shí)要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。）13.如圖，、兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成，軌道距離為0.5m?？臻g存在一垂直于軌道平面向上勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。P、M間連接一阻值為的電阻。質(zhì)量為的金屬桿水平放置在軌道上，其接入電路的電阻為?，F(xiàn)從靜止釋放金屬桿沿軌道下滑距離L為時(shí)，已經(jīng)勻速。若軌道足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，重力加速度取。求：（1）此時(shí)金屬桿的速度大??；（2）此過(guò)程通過(guò)電阻的電量；（3）此過(guò)程中電阻產(chǎn)生的電熱?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】設(shè)勻速時(shí)速度為，對(duì)金屬桿由法拉第電磁感應(yīng)定律閉合回路歐姆定律由安培力公式對(duì)金屬桿受力分析，受重力、支持力和沿斜面向上的安培力，由勻速狀態(tài)列平衡方程聯(lián)立上式代入數(shù)據(jù)得【小問(wèn)2詳析】由電流定義式由法拉第電磁感應(yīng)定律閉合回路歐姆定律聯(lián)立兩式可得【小問(wèn)3詳析】對(duì)金屬桿從靜止到勻速的過(guò)程，由功能關(guān)系代入數(shù)據(jù)解得由焦耳定律則14.如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，第一象限中存在沿x軸負(fù)方向、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第二象限中存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小也為E，方向與xOy平面平行，且與x軸正方向成α角。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子，從x軸上距離O點(diǎn)為L(zhǎng)的M點(diǎn)以一定的初速度沿y軸正方向進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)y軸上距離O點(diǎn)為2L的N點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后從x軸上的P點(diǎn)垂直x軸進(jìn)入第三象限的電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力。求：（1）粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間及OP的距離LOP；（3）粒子剛離開(kāi)第三象限的電場(chǎng)時(shí)距坐標(biāo)原點(diǎn)的距離。【答案】（1）（2），（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示設(shè)粒子從M點(diǎn)射入時(shí)的初速度為v0，粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度為v，方向與y軸正方向的夾角為θ，粒子在第一象限的電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿y軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故有沿x軸方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故有聯(lián)立可得粒子到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度的大小【小問(wèn)2詳析】根據(jù)幾何關(guān)系可得求得可知，粒子在第二象限的磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為135°，由牛頓第二定律可得又有解得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間OP的距離LOP為【小問(wèn)3詳析】粒子在第三象限的電場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng)，其x軸方向的分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故有解得y軸方向的分運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故有粒子剛離開(kāi)第三象限