2025浙江高考物理模擬卷（八） （含解析）

2025浙江高考物理仿真模擬卷（八）

時間:90分鐘分值:100分

選擇題部分

一、選擇題/（本題共13小題,每小題3分，共39分每小題列出的四個備選項中只有一

個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.[2024?諸暨中學模擬]自2019年5月20日起,SI單位中的7個基本單位全部建立在

不變的自然常數基礎上.下列以鋅-133原子能級躍遷所對應的輻射周期建立的基本單位

是（）

A.sB.KC.ND.A

2.越野車在冰原上留下的車轍如圖所示,則越野車轉彎過程中（）

A.越野車加速度可能為零

B.越野車一定做勻變速曲線運動

C.越野車可能處于平衡狀態(tài)

D.越野車所受的合外力一定不為零

3.[2024?長興中學模擬]2023年10月3日，在杭州亞運會田徑女子4x100m接力賽決賽

中,位于第8道的中國隊運動員以43秒39的成績奪得冠軍，時隔9年重返亞洲之巔，其中

第四棒運動員是福建選手葛曼棋.如圖所示為4x100m跑道的起終點區(qū)域,部分賽道起點

位置及比賽終點線如圖中所標注，則在整個比賽中（）

A.43秒39表示時刻

B.每位運動員位移的大小都為100m

C.中國隊運動員的平均速度約為9.2m/s

D.中國隊運動員的總位移比位于第3道運動員的大

4.如圖所示,一輕質彈簧上端固定，下端懸掛一物塊，靜止時彈簧長度為原長的2倍.對物塊

施加外力,再次穩(wěn)定后彈簧軸線與豎直方向成60。角,則該情況下外力最小時彈簧長度與

原長的比值為（）

A.2

B.1.5

C.3

D.A/3

5.2023年10月31日，神舟十六號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸.當返回艙距離

地面1.2m時，返回艙的速度為8m/s,此時返回艙底部的4臺反推火箭點火工作，使返回

艙觸地前瞬間速度降至2m/s,實現軟著陸.若該過程飛船始終豎直向下做勻減速運動，返

回艙的質量變化和受到的空氣阻力均忽略不計.返回艙的總質量為3x103kg,g取10m/s2,

則4臺反推火箭點火工作時提供的推力大小為（）

A.3xio4NB.7.5xlO4N

C.2.6xlO4ND.1.05x105N

6.現代社會人們享受到健身的樂趣，逐漸重視健身運動.在運動的過程中，智能手環(huán)的心率

監(jiān)測能夠提供很多幫助,而那個閃爍的“綠光”就是實現心率監(jiān)測的“工具”.某智能手

環(huán)發(fā)射出的綠光在真空中的波長為4,綠光在真空中的光速為c,普朗克常量為九v、E、p

分別表示綠光光子的頻率、能量和動量.則下列選項正確的是（）

2hA.

A-V=cBE=-

C.E與D.P”

7.[2024?桐廬中學模擬]2023年11月23日《中國日報》消息,11月23日18時00分

04秒，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心使用長征二號丁運載火箭及遠征三號上面級成功將互聯

網技術試驗衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進入預定軌道，發(fā)射任務取得圓滿成功.如果互聯網技

術試驗衛(wèi)星的軌道半徑為升,周期為7,地球的半徑為凡引力常量為G,則（）

A.地球的質量為察B.地球的質量為需

C.地球的密度為券D.地球的密度為普

8.成語“簸揚糠枇”源于如圖所示的勞動情景，在恒定水平風力作用下，從同一高度由靜

止釋放的米粒和糠落到地面不同位置，糠落點更遠.不計空氣阻力，下列說法正確的是

A.米粒和糠都做平拋運動

B.米粒和糠質量相同

C.落地時，米粒豎直方向的速度大于糠豎直方向的速度

D.落地時，米粒重力的瞬時功率大于糠重力的瞬時功率

9.2023年10月，某公司發(fā)布全液冷超級充電樁,可實現“一秒一公里”充電速度,在該領

域上遙遙領先.若該充電樁工作電壓為1000V,最大輸出功率為600kW,現給某新能源汽

車上的超級電容進行充電，則在充電過程中（）

A.最大電流為600A

B.電容器電容逐漸增大

C.電容器兩極板間的電壓逐漸變小

D.充電電流一直保持不變

10.中國新一代粒子研究利器“超級陶粲”裝置近日正式啟動，靜電分析器是其重要組成

部分.靜電分析器的兩電極之間存在如圖所示的靜電場，該靜電場中任意一點電場方向均

沿半徑方向指向圓心，大小均滿足E*人為與裝置有關的常數，為該點到圓心。的距離）

某次實驗中,H、粒子由入射口尸進入靜電分析器，分別沿軌跡/、〃僅在電場力作

用下做圓心為。的勻速圓周運動,最后從。射出，則兩粒子運動時具有相同的（）

A.速率

B.角速度

C.動量

D.動能

11.一帶正電的點電荷和兩個帶負電的點電荷附近的電場線分布如圖所示.三個點電荷所

帶電荷量均相等且均被固定,/是兩負點電荷連線的中點,/、N兩點及正點電荷在同一

水平線上且/、N兩點到正點電荷的距離相等.下列說法正確的是（）

A.E點的電勢比廠點的高

B.同一正點電荷在/點的電勢能比在N點的小

C.同一點電荷在M點受到的電場力比在N點的小

D.若撤去正點電荷，在N點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，則檢驗電荷在從N點運動到

M點的過程中做加速運動，且加速度一定減小

12.[2024?金華模擬]為保證自行車夜間騎行安全，在自行車上安裝了尾燈,其電源為固定

在后輪的交流發(fā)電機，后輪的轉動通過摩擦小輪帶動發(fā)電機轉子（線圈）的轉動，摩擦小輪

與后輪之間不打滑.交流發(fā)電機的原理圖如圖所示，線圈在車輪的帶動下繞。。軸轉動，通

過滑環(huán)和電刷保持與尾燈連接,兩磁極之間的磁場可看成勻強磁場.下列說法正確的是

（）

A.線圈在圖示位置時,通過燈泡的電流最大

B.自行車騎行速度越大，尾燈越亮

C.通過尾燈的電流是直流電

D.摩擦小輪與后輪轉動的角速度相等

13.游樂場里小明坐在一輛小車里,車前方有一靜止排球，排球前面6m處有一面墻.小華

用力推了一下小車后，小車以2m/s的速度撞向排球.排球被撞后向前運動,被墻壁反彈后

再次與小車正面相撞.忽略小車、排球與地面的摩擦，碰撞均視為彈性碰撞,與小車兩次碰

撞期間，排球運動的路程約為（）

A.7mB.8mC.9mD.10m

二、選擇題〃（本題共2小題,每小題3分，共6分.每小題列出的四個備選項中至少有一

個是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）

14.杜甫在《曲江》中寫到:穿花蚊蝶深深見，點水蜻蜓款款飛.平靜水面上的S處，“蜻蜓

點水”時形成一列水波向四周傳播（可視為簡諧波）4、B、C三點與S在同一條直線上.

圖示時刻〃在波谷與水平面的高度差為旦8、C在不同的波峰上.已知波速為v〃、B在

水平方向的。，則（）

AB

A.A點振動頻率為第

B.到達第一個波峰的時刻,C比A滯后￡

C.從圖示時刻起，經過時間詈,3、C之間的距離增大

D.從圖示時刻開始計時，/點的振動方程是尸“sin（學+專）

15.[2024?寧波模擬]一個柱狀玻璃磚的橫截面如圖所示，它可視為由半徑為尺的四分之

一圓弧OP0與直角三角形。尸M組成,/0尸〃=90。,/。四?=60。.現有一束單色光從OM

邊上的S點以入射角為戶45。射入玻璃磚，折射光線恰好與OP垂直，接著經圓弧面尸。反

射后從N點垂直邊界OQ射出.已知光在真空中的速率為c,則（）

A.該單色光在玻璃磚中的折射率為"

B.ON^-R

C.OS當R

D.該單色光在玻璃磚中的傳播時間為（2+學沖

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共5小題，共55分）

16.實驗題（/、〃兩題共14分）

7.（7分）（1）小華利用如圖甲所示的實驗裝置探究物體做直線運動時平均速度與時間的

關系先將木板左端墊高，以補償打點計時器對小車的阻力及其他阻力.然后小車右端用細

繩跨過定滑輪和一個鉤碼相連，鉤碼下落，帶動小車運動.

打點計時器

①補償阻力時，小車左端（選填“需要”或“不需要”）和紙帶相連.

②實驗得到的紙帶和相關數據如圖乙所示，圖中相鄰兩個計數點的時間間隔均為0.1S.

以打出4點時小車位置為初始位置，得到位移/3、AC.AD.AE、/尸平均速度如表所

示：

請根據表中數據,在圖丙上補全實驗點，作出位加圖線.

③從實驗結果可知，小車運動的衣。圖線可視為一條直線，從圖線可得到打出A點時小

車速度大小吆=cm/s.

④設石圖線的斜率為左，可得到小車的加速度大小a=.

⑤小明認為若再增加一個鉤碼，不改變其他條件,重新實驗作出的在加圖線的斜率為2k.

請判斷該觀點是否正確，并簡要說明理由._

（2）某興趣小組為了探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系，在實驗室中找到了以下器

材：

A.可拆變壓器（鐵芯、兩個已知匝數的線圈）

B.條形磁鐵

C.開關、導線若干

D.交流電壓表

E.直流電源

F.低壓交流電源

①在本實驗中，上述器材不需要的是（填器材序號字母）；

②該小組同學按如圖甲所示安裝好變壓器，將原線圈用開關和導線接到低壓交流電源上,

并將兩個交流電壓表連接到原、副線圈兩端.先保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝

數，觀察到副線圈兩端的電壓（選填“增大”“減小”或“不變”）燃后再保持

原線圈的匝數不變，增加副線圈的匝數，觀察到副線圈兩端的電壓變化；

③實驗如圖乙所示.通過改變原、副線圈的匝數，得到原、副線圈電壓與匝數的數據關系

如表所示,由表可得出結

論：

物理量一組數據二組數據三組數據

原線圈匝數〃1100100100

副線圈匝數n22008001400

副原線圈匝數比應2814

原線圈輸入電壓U\N10.510.510.5

副線圈輸出電壓U2N21.789.0160

副原線圈電壓比空2.068.4815.24

U1

沫與挪比值1.031.061.09

〃.（7分）某同學在實驗室測量一根導電繩的電阻率，如圖甲所示，金屬夾/與導電繩一端

連接，移動金屬夾B改變導電繩接入電路的長度，電路如圖乙所示.

（1）實驗中需要用螺旋測微器測量導電繩的直徑，某次測量示數如圖丙所示，則導電繩的直

徑D=mm.

（2）實驗中先閉合開關Si、S2,調節(jié)滑動變阻器凡使電壓表和電流表的指針偏轉到合適的

位置，記錄兩表的示數■和/o.然后斷開開關S2,將滑動變阻器R的滑片向移動

（填“左”或“右”），可以使電壓表的示數仍為4,記下此時電流表的示數/，則此時導電

繩的電阻&=（用4、/（）和/表示）.并記錄此時金屬夾/、8間的距離工

（3）多次移動金屬夾5的位置，重復上面的實驗,利用獲得的多組數據繪制的圖像如圖

丁所示，其傾斜直線的斜率為左則導電繩的電阻率"=（用U。、左和。表示）.

（4）若考慮電流表的內阻，用（3）中方法所測得導電繩的電阻率（選填“偏大”

“不變”或“偏小”）.

1

0>L

T

17.(8分)[2024?嘉興模擬]如圖所示為某品牌自動洗衣機的控水裝置，洗衣缸的底部與

控水裝置的豎直均勻細管連通，細管的上端封閉并接有一壓力傳感器.當洗衣缸進水時，細

管中的空氣被水封閉，隨著洗衣缸中水面的升高，細管中的空氣被壓縮，當細管中空氣壓強

達到一定數值時，壓力傳感器使進水閥關閉，實現自動控水的目的.圖甲、圖乙分別為洗衣

缸進水前、后的示意圖.假設剛進水時細管被封閉的空氣柱長度。=52cm,當空氣柱被壓

縮到〃=50cm時壓力傳感器使洗衣機停止進水假設細管內的空氣可視為理想氣體，洗

衣機進水過程中，控水裝置內的溫度始終保持不變.已知大氣壓強為“=1.0x105p2水的

密度〃水=1.0x103kg/m3,g取lOm/s2.則：

(1)洗衣缸進水過程中細管內空氣分子的平均動能(選填“增大”“減小”或

“不變”)，細管內空氣需要(選填“吸熱”“放熱”或“絕熱”)；

(2)求進水結束后洗衣缸內水位高度h.

18.(11分)[2024?杭州二中模擬]某固定裝置的豎直截面如圖甲所示，由長度為/=L0m

的水平傳送帶和兩段光滑圓管軌道組成，兩段圓管軌道所對應的圓心角均為由160?！?、

B間高度差204m乃、C間高度差hSc=0.8m,右側帶有豎直擋板的滑塊b放置在光滑

的水平面上,傳送帶和滑塊b與軌道端口均為平滑連接,傳送帶啟動后運行的v-f圖像如

圖乙所示，傳送帶啟動0.5s后把小物塊a從傳送帶左側靜止釋放,小物塊a和滑塊b的質

量均為%=0.4kg,0與傳送帶和滑塊6之間的動摩擦因數均為〃=0.25,若空氣阻力、小物

塊。、圓管軌道的口徑和皮帶輪半徑均可不計，物塊a進出管道時無能量損失，物塊。和

滑塊b發(fā)生的碰撞為彈性碰撞，重力加速度g取10m/s2,sin53。=1,試求：

(1)小物塊a在傳送帶上運動的時間t-

(2)小物塊a進入3C管道時對管道的作用力大??；

(3)滑塊b至少多長才能使小物塊a不脫離滑塊.

VA

19.(11分)[2024?紹興模擬]如圖甲所示為永磁式徑向電磁阻尼器，由永磁體、定子、驅

動軸和轉子組成，永磁體安裝在轉子上,驅動軸驅動轉子轉動，定子上的線圈切割“旋轉磁

場”產生感應電流，從而產生制動力.如圖乙所示，單個永磁體的質量為冽，長為〃、寬為

心(寬度相對于所在處的圓周長度小得多，可近似為一段小圓弧)、厚度很小可忽略不計，

永磁體的間距為工2,永磁體在轉子圓周上均勻分布，相鄰磁體磁極安裝方向相反,靠近磁

體表面處的磁場可視為勻強磁場，方向垂直表面向上或向下，磁感應強度大小為民相鄰磁

體間的磁場互不影響.定子的圓周上固定著多組金屬線圈，每組線圈由兩個矩形線圈組成,

連接方式如圖乙所示，每個矩形線圈的匝數為N,電阻為兄長為Z1,寬為心,線圈的間距為

心轉子半徑為r,轉軸及轉子質量不計，定子和轉子之間的縫隙忽略不計.

(1)求電磁阻尼器中線圈的組數和永磁體的個數〃2；

(2)當轉子角速度為。時，求流過每組線圈電流/的大?。?/p>

(3)若轉子的初始角速度為硒,求轉子轉過的最大角度%;

(4)若在外力作用下轉子加速，轉子角速度0隨轉過的角度。變化的圖像如圖丙所示，求

轉過仇過程中外力做的功用外.

永磁體

20.(11分)現代科學儀器常利用電場、磁場控制帶電粒子的運動.如圖所示,在真空的坐標

系中，第一象限和第四象限存在著垂直紙面向內的勻強磁場，第二象限內有邊界互相平行

且寬度均為d的六個區(qū)域，交替分布著方向豎直向下的勻強電場和方向垂直紙面向里勻

強磁場，調節(jié)電場和磁場大小，可以控制飛出的帶電粒子的速度大小及方向.現將質量為

加、電荷量為q的帶正電粒子在邊界尸處由靜止釋放,粒子恰好以速度大小v從了軸上

的。點進入第一象限，經過x軸上的M點時速度方向剛好沿x軸正向.已知。點坐標為

點坐標為(3乙,0),不計粒子重力及運動時的電磁輻射，不考慮粒子再次進入第二象

限的運動情況.

(1)求第一、四象限中勻強磁場的磁感應強度B的大?。?/p>

(2)求第二象限中電場強度大小反和磁感應強度大小Bo-,

(3)若粒子到達M點時立即在第一、四象限內加豎直向下的勻強電場，使粒子經過N點

時速度方向沿x軸正向，已知N點坐標為(6Z-,0),求所加勻強電場的大小.

y

P

XXXXX

力&匯工工工

dxBnxxxxXXXXX

dJ&)JJ]]

([xB^XXXXXXXXX

B

XXXjXXXX

XxvXX

0MNx

XXXXX

XXXXX

參考答案與解析

1.A［解析］錦-133原子能級躍遷所對應的輻射周期即躍遷時所用的時間，而在7個國際

基本單位中，表示時間的基本單位是秒，用符號s表示，故選A.

2.D［解析］由圖可知越野車做曲線運動，則越野車所受的合外力和加速度一定不為0,由

于合外力指向軌跡凹側，則越野車做變速曲線運動，故選D.

3.D［解析］43秒39描述的是4x100m接力決賽中位于第8道的中國隊運動員所經歷

的實際時間,表示時間間隔，故A錯誤;位移是指初位置到末位置的一條有向線段，線段的

長度表示位移大小，箭頭指向表示位移方向，根據圖示可知,圖示運動員的初末位置不相

同，表示位移的有向線段的長度與方向均不相同，即每位運動員位移的大小不一定都為

100m,故B錯誤;根據圖中所示可知,表示第8道中國隊運動員的位移的有向線段的長度

大于表示第3道運動員的位移的有向線段的長度，即中國隊運動員的總位移比位于第3

道運動員的大，故D正確;平均速率等于總路程與總時間的比值，中國隊運動員的平均速

率為在瑞m/s七9.2m/s,平均速度等于總位移與總時間的比值，中國隊運動員做的是曲

線運動，平均速度小于平均速率，可知中國隊運動員的平均速度小于9.2m/s,故C錯誤.

4.B［解析］設彈簧原長為物塊質量為如彈簧豎直懸掛物塊，物塊保持靜止時，有

尤2Zo】o尸mg,用外力向右拉著物塊，達到平衡時，物塊受重力，彈簧拉力后和外力凡作出

物塊受力的矢量三角形，如圖所示，當外力的方向與彈簧軸線垂直時，外力最小，此時彈簧

上的彈力大小為FT=mgcos60。,根據胡克定律有尸T=M%-￡O）,外力最小時彈簧的長度為

%=1.5￡（）,故選B.

5.D［解析］根據運動學公式可得丫2一%2=_2",解得加速度大小為。/*=噌m/s2=25

m/s2,根據牛頓第二定律可得F?mg=ma,解得F=1.05><105N,故選D.

6.C［解析］根據公式E=/zv、24所以"除田與夕斗故選C

7.A［解析］根據丹=加警，可得地球的質量M爺，故A正確,B錯誤;地球的體積為

心尺3,可得地球密度為°=漆，故C、D錯誤.

8.D［解析］平拋運動只受重力作用，故不是平拋運動，故A錯誤;空氣阻力忽略不計，米粒

1

和糠在豎直方向都做自由落體運動，由祥可知，運動時間相同，在恒定水平風力作用下

力忽略不計，米粒和糠在豎直方向都做自由落體運動，由y2=2g/z可知，落地時豎直方向的

速度相同，故C錯誤;根據尸=7的v,由于米粒質量大,落地時，米粒重力的瞬時功率大于糠重

力的瞬時功率，故D正確.

9.A［解析］最大電流為4得=600A,A正確;電容器電容由自身決定，與帶電荷量無關,

充電過程電容器電容不變,B錯誤;充電過程電容器電容不變，而帶電荷量增加，根據

可知，電容器兩極板間的電壓逐漸增大,C錯誤;充電剛開始時，由于電源電極與電容器極

板間存在較大的電勢差,此時電流較大，隨著電容器兩極板間的電壓逐漸增大，電勢差減

小，電流減小,D錯誤.

10.D［解析］由電場力提供向心力可得弓可得，粒子運動時的動能為Ekfv2等,

其中注,則ET,化簡可得瓦岑且汨、汨粒子的電荷量q相等，質量m不相等，故兩粒

子運動時具有相同的動能，根據丫=舊=的咚隔小面，可知兩粒子運動時的速

率、角速度、動量都不相同，故選D.

11.B［解析］電場線從正點電荷到負點電荷，沿著電場線方向電勢降低，所以尸點的電勢

比E點的高，故A錯誤;正點電荷在加、N兩點的電勢相等,加、N兩點在等量負點電荷的

連線的中垂線上，有夕廬9.又穌=4。,則帶正電的檢驗電荷在N點的電勢能更大，故B正

確;兩負點電荷在/點的合電場強度為零翻點只有正點電荷產生的電場，在N點正點電

荷產生的電場的電場強度水平向右，兩個負點電荷產生的合電場強度水平向左,且該合電

場強度小于正點電荷在加點產生的電場的電場強度，所以M點的電場強度比N點的大，

同一點電荷在/點受到的電場力比在N點的大，故C錯誤;若N點離負點電荷很遠，則帶

正電的檢驗電荷在從N點運動到/點的過程中做加速運動，但加速度先增大后減小，故

D錯誤.

12.B［解析］線圈在圖中為中性面位置,通過燈泡的電流最小，故A錯誤;騎行速度越大，

摩擦小輪角速度越大，交流發(fā)電裝置電動勢有效值越大，燈泡越亮，故B正確;該裝置是交

流電發(fā)電模型，因此通過尾燈的電流是交流電，故C錯誤;自行車后輪與摩擦小輪線速度

相同,角速度與半徑成反比，故D錯誤.

13.B［解析］設小車的質量為叫，排球的質量為優(yōu)2,小車與排球第一次碰撞后的速度為

V1、丫2,彈性碰撞滿足動量守恒和機械能守恒，有加）1+加2V2、'|加1次）2=|加］也24

〃火22,解得VI」；+排球以V2的速度向左做勻速直線運動，再撞墻原速率

24m24

反彈，與排球相遇，發(fā)生第二次迎碰，有9+V片24而排球運動的路程為S=V2/-3"z

結合實際情況有加2?%，則5：趨近于0,故路程s趨近于8m,則排球運動的路程約為8m,

故選B.

14.AD［解析］由圖可知波長為2a,則4點振動頻率為?，故A正確;由圖可知

"=1.52,SC=3人則到達第一個波峰的時刻,C比A滯后Q1.5嚀，故B錯誤/、C只能沿

豎直方向振動，距離不變，故C錯誤;質點的振動圓頻率為。片與，從圖示時刻開始計

時4點的振動方程是y=Hsin臂t+引，故D正確.

15.AC［解析］從N點將光線反向延長交圓弧于E點，連接S、E,得到玻璃磚內的光路如

圖所示，折射光線與。。平行，由幾何關系可知折射角為『30。,則折射率為片黑3,

故A正確;因OP、NE都垂直00,所以。尸〃NE,則有a=&a=A?+夕=90。,可得。=夕=45。則

有ON=Rsin45。=(凡。$=與需爭，故B錯誤,C正確;該單色光在玻璃磚材料中的傳播

，-:-：-(2+學3故D錯誤.

16./.⑴①需要②如圖所示③59@2k⑤不正確.因為再增加一個鉤碼后，小車

的加速度小于原來的2倍，即斜率小于2%⑵①BE②減?、墼?、副線圈匝數比在

誤差范圍內與原、副線圈電壓比相等;由于變壓器工作時有能量損失，實驗測得的原、副

線圈的電壓比大于原、副線圈的匝數比

［解析］(1)①補償阻力時，不僅補償木板和小車之間的阻力，還需補償紙帶與打點計時器

之間的阻力,小車左端需要和紙帶相連.

②利用表格中的數據作出口加圖線，如圖所示.

③由7圖線知，縱軸的截距為Z點的速度,v/=59cm?s」.

"1X1

④小車做勻變速直線運動，有x=%”一,變形可得『％.無故小車在尸o時,即打出A點

1

時小車的速度大小均=“小車的加速度大小。滿足W=左，即a=2k.

⑤如果不滿足鉤碼質量“遠小于小車質量必則鉤碼質量不能忽略，則有"g=(nf+M)

優(yōu),變形得涼所以當不滿足鉤碼質量遠小于小車質量時，加速度變小，因為再增加一

個鉤碼后，小車的加速度小于原來的2倍，即斜率小于2匕故不正確.

(2)①實驗中若用直流電源,變壓器不能互感變壓，必須要有低壓交流電源提供交流電，也

不需要條形磁鐵，故選BE.

②根據標宗先保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝數，觀察到副線圈兩端的電壓減

小.

③由表1可得出結論:原、副線圈匝數比在誤差范圍內與原、副線圈電壓比相等;由于變

壓器工作時有能量損失，實驗測得的原、副線圈的電壓比大于原、副線圈的匝數比.

〃.⑴1.416(1.415?1.417均可)(2)右哲⑶州誓(4)不變

［解析］（1）螺旋測微器的精度為0.01mm,轉動刻度估讀到0.1格，則導電繩的直徑為D=1

mm+41.6x0.01mm=1.416mm.

（2）閉合開關Si、S2,待測電阻被短路，兩表的示數U。和人測量的是定值電阻凡的電壓和

電流，斷開開關S2時,待測電阻接入電路，使得總電阻變大，總電流變小，電源內阻和滑動變

阻器的電壓變小,則電壓表的示數變大，若要使電壓表的示數仍為Uo,則需要滑動變阻器

所占電壓變大，故其阻值要調大，即滑片向右滑動;根據歐姆定律可得胃品、牛=&+七,聯

701

立解得當」然1.

（3）根據電阻定律可知&咚幸黑，聯立各式整理可得十贏故/圖像為一次函

數，其斜率為七懸,解得電阻率為°=吟蟲

（4）若考慮電流表的內阻，則￡=&+朦、詈扁+a+&整理所得一次函數的圖線的斜率不

變，則電阻率的測量值不變.

17.⑴不變放熱（2）0.42m

［解析］（1）進水時水位上升，細管內空氣的體積減小，外界對氣體做功，而溫度不變，氣體的

內能不變，根據熱力學第一定律\U=Q+W（1分）

外界對氣體做功，⑺0,氣體內能不變,AU=0（1分）

由此可知。＜0,即細管內氣體向外放出熱量，而溫度是氣體分子平均動能的量度,溫度越

高氣體分子平均動能越大,溫度不變則氣體分子平均動能不變（1分）

（2）對于封閉在細管中的空氣，溫度不變，設細管中的橫截面積為S,則由波意耳定律有

PoLoS=piLiS（1分）

代入數據解得“=1.04x105Pa（l分）

設洗衣機內水位與細管中的水面高度差為則細管中氣體的壓強為Pi=pgM+0（1

分）

則洗衣機的水位h=\h+（LM（1分）

解得h=QA2m（l分）

29

18.（1）—s（2）4N（3）1.25m

［解析］（1）對傳送帶,07s內的加速度〃i=1.0m/s2（1分）

vo=〃i訪=0.5m/s

2

對a物塊，勻加速的加速度a2=jug=2.5m/s

當〃物塊與傳送帶同速時.『Vo+aJi

1

得ti=-s（l分）

止匕時共速Vi=tZ2^i=Im/s

o

Ic

2

物塊a位移Xi=^a2t1=—m（l分）

V-V-t1

〃物塊與傳送帶一起勻加速至1m/s,有t2=~^~=^S（1分）

所以"2=%=2m

a物塊勻速運動的位移％3=/?修-工2=%m

勻速運動時間z3=7=j；s

7Q

則運動時間t=ti+t2+t3=—S（1分）

11

22

（2）A到民由動能定理得mghAB=-mvB--mv（1分）

5C管道的半徑7?與=也=0.5m

sin53°

對B處，有FN+mgsin53?！苟。?分）

KB

得尸N=4N

由牛頓第三定律可知，對管道作用力為4N.（1分）

11

22

（3）/到C,由動能定理得mg（hAB+hBC）=^mvc--mv（1分）

得VG5m/s

當a與b右側擋板碰撞一次后剛好滑到b最左端與b共速，此時b的長度是滿足題意的

11

最短長度，由能量守恒定律和動量守恒定律有/