安徽省安慶市2025屆高三下學(xué)期3月第二次模擬試題 物理 含解析

年安慶市高三模擬考試（二模）物理試題（考試時(shí)間：分鐘滿分：分）注意事項(xiàng)：、答卷前，考生務(wù)必將自己的學(xué)校、班級、姓名填寫在答題卡上，并在相應(yīng)的方框內(nèi)粘貼條形碼。、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需要改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。、考試結(jié)束后，將答題卡交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1.2025年1月14核聚變反應(yīng)的方程為。下列說法正確的是（）A.反應(yīng)產(chǎn)物B.該聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損C.該聚變反應(yīng)發(fā)生時(shí)，兩個(gè)間萬有引力遠(yuǎn)大于兩個(gè)間庫侖力D.由2個(gè)中子和一個(gè)質(zhì)子組成【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可得該核反應(yīng)方程為所以反應(yīng)物為，故A錯(cuò)誤；B．該聚變反應(yīng)中有能量產(chǎn)生，故質(zhì)量有虧損，故B正確；C能結(jié)合成新的原子核，相對庫侖力而言，兩氘核間萬有引力可以忽略不計(jì)，故C錯(cuò)誤；D．由兩個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子組成，故D錯(cuò)誤。故選B。2.一彈簧上端固定，下端與物塊A相連，物塊A以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在豎直方向上M、N兩點(diǎn)之間做簡第1頁/共19頁A偏離平衡位置的位移與時(shí)間的關(guān)系圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時(shí)，物塊A的加速度最大，方向豎直向下B.時(shí)，物塊A的速度最大，方向豎直向下C.物塊A振動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)，彈簧一定處于壓縮狀態(tài)D.內(nèi)物塊A振動(dòng)的路程等于【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知在0.5s時(shí)，物塊A的位移為正向最大，即到達(dá)N點(diǎn)，加速度最大，方向豎直向上，故錯(cuò)誤；B．時(shí)，物塊A的位移為0，位移由正轉(zhuǎn)負(fù)，物塊A的速度最大，方向豎直向上，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)，物塊A在M點(diǎn)，物塊A的回復(fù)力最大，方向豎直向下，回復(fù)力由重力和彈力的合力提供，彈力不一定向下，即彈簧不一定處于壓縮狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．物塊A所受合力做周期性的變化，周期為，7s為3.5個(gè)周期，振子路程為故D正確。故選D。3.如圖所示，豎直平面內(nèi)三個(gè)圓的半徑之比為3:2:1，它們的最低點(diǎn)相切于P點(diǎn)，有三根光滑細(xì)桿AP、BP、CP，桿的最高點(diǎn)分別處于三個(gè)圓的圓周上的某一點(diǎn)，桿的最低點(diǎn)都處于圓的最低點(diǎn)P?，F(xiàn)各有一小環(huán)分別套在細(xì)桿上，都從桿的最高點(diǎn)由靜止開始沿桿自由下滑至P點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，則小環(huán)在細(xì)桿AP、BP、CP上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為（）第2頁/共19頁AB.C.3:2:1D.1:1:1【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)等時(shí)圓模型，如圖所示只需要求出A′P、B′P、C′P，的時(shí)間之比，設(shè)最小圓的直徑為d，則故選A。4.一定質(zhì)量的理想氣體歷經(jīng)如圖所示的循環(huán)過程，過程是等溫過程，過程是等容過程，過程是等壓過程。下列說法正確的是（）A.過程中氣體的內(nèi)能增加B.過程中氣體向外界放熱第3頁/共19頁C.過程中氣體從外界吸收的熱量全部用于對外做功D.過程中外界對氣體做的功等于過程中氣體對外界做的功【答案】C【解析】【詳解】A．過程為等溫變化，理想氣體的內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；C．該過程中氣體體積增大，氣體對外做功，即，溫度不變，即，由熱力學(xué)第一定律可得即氣體吸收的熱量全部用來了做功，故C正確；B．過程為等容變化，，由查理定律解得即氣體內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律得即氣體從外界吸熱，故B錯(cuò)誤；D．p-V圖中，圖線與橫軸圍成的面積在數(shù)值上等氣體對外界或外界對氣體所做的功，據(jù)此由圖可知，過程中外界對氣體做的功大于過程中氣體對外界做的功，故D錯(cuò)誤。故選C。5.n:n2U阻值為R的滑動(dòng)變阻器和阻值為R的定值電阻。當(dāng)變阻器的滑片從a端向b端緩慢移動(dòng)的過程中（）A.電流表A1示數(shù)先增大后減小B.電流表A2示數(shù)的最大值為第4頁/共19頁C.原線圈輸入功率的最大值為D.定值電阻R消耗功率的最小值為【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)變阻器的滑片從a端向b端緩慢移動(dòng)時(shí)，負(fù)載總電阻先增大后減小，則電流先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知所以A2示數(shù)的最大值為故B錯(cuò)誤；C率最大值為故C錯(cuò)誤；D．負(fù)載總電阻最大時(shí)，電流最小，定值電阻R消耗的功率最小，最小值為故D正確。故選D。6.2025年1月13定軌道，創(chuàng)造了我國海上發(fā)射的新紀(jì)錄。其中衛(wèi)星A、B在同一平面內(nèi)沿同一方向繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們之間的距離ABA的線速度大于衛(wèi)星B的線速度，下列說法正確的是（）第5頁/共19頁A.衛(wèi)星A、B的軌道半徑之比為B.衛(wèi)星B的周期等于TC.衛(wèi)星A的線速度大小為D.衛(wèi)星A、B從相距最近到相距最遠(yuǎn)的最短時(shí)間間隔小于【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)衛(wèi)星A、B的軌道半徑分別為，則解得，則故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力可得所以則又因解得，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)衛(wèi)星A的線速度大小為，則故C正確；第6頁/共19頁D．設(shè)衛(wèi)星從相距最近到相距最遠(yuǎn)的最短時(shí)間間隔為，則解得故D錯(cuò)誤。故選C。7.2D計(jì)步器與3D一款2D計(jì)步器的原理圖可以簡化如下，平行板電容器的一個(gè)極板M固定在設(shè)備上，另一個(gè)極板N與兩個(gè)固定在設(shè)備上的輕彈簧連接，極板N與彈簧間絕緣，振動(dòng)系統(tǒng)完成一次周期性振動(dòng)，電流傳感器顯示電流周期變化一次，才能實(shí)現(xiàn)計(jì)步一步。關(guān)于該計(jì)步器，下列說法正確的是（）A.極板N向極板M運(yùn)動(dòng)的過程中，電流傳感器的電流方向B.MN極板間距離最小時(shí)，電流傳感器上電流最大C.MN極板間距離最小時(shí)，固定在電容器中點(diǎn)的點(diǎn)電荷具有的電勢能和受到電場力均最大D.將保護(hù)電阻換成二極管，N極板振動(dòng)，電流傳感器上電流周期性變化，同樣實(shí)現(xiàn)準(zhǔn)確計(jì)步【答案】A【解析】【詳解】A．極板N向極板M運(yùn)動(dòng)的過程中，根據(jù)可知電容器電容增大，由可知極板上電荷量增加，處于充電狀態(tài)，電流傳感器的電流方向，故A正確；B．依題意，電路中電流周期性變化，M、N極板間距離最小時(shí)，充電結(jié)束，電流傳感器上電流為0，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知MN極板間距離最小時(shí)，極板間的電場強(qiáng)度最大，點(diǎn)電荷受到的電場力最大，由于點(diǎn)電荷電性未知，其電勢能變化未知，故C錯(cuò)誤；第7頁/共19頁D．二極管阻止了放電過程，不能形成電流周期性變化，不能實(shí)現(xiàn)實(shí)現(xiàn)準(zhǔn)確計(jì)步，故D錯(cuò)誤。故選A。8.53°的山坡勻速上行，纜車中有一質(zhì)量m=50kg，貨物與地板之間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，某時(shí)刻纜車開始沿原方向做加速運(yùn)動(dòng)，在這一過程中，加速度大小從零開始緩慢增大，并且整個(gè)加速階段纜車始終保持豎直狀態(tài)，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，則在纜車斜向上加速運(yùn)動(dòng)的過程中（）A.貨物可能受到3個(gè)力或4個(gè)力作用B.車廂受到的摩擦力方向水平向右C.當(dāng)a=2m/s2時(shí)，車廂地板對貨物的摩擦力大小為80ND.當(dāng)a=10m/s2時(shí)，車廂地板對貨物的作用力大小為【答案】D【解析】【詳解】A．貨物與纜車沿山坡向上以加速度a運(yùn)行時(shí)，以貨物塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有，，解得0，故貨物始終只受到3個(gè)力，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第三定律知車廂受到的摩擦力方向水平向左，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)=2m/s2時(shí)，f=macos53°，車廂對貨物摩擦力大小為60N，故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)=10m/s2時(shí)，有，，，，車廂對貨物的作用力為第8頁/共19頁故D正確。故選D。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9.玩具水槍是兒童們夏天喜愛的玩具之一，但水槍傷眼的事件也時(shí)有發(fā)生，因此，限制兒童水槍的威力就成了生產(chǎn)廠家必須關(guān)注的問題?，F(xiàn)有一水槍樣品，已知水槍噴水口的直徑為，水的密度為，水流水平出射速度為，垂直擊中豎直目標(biāo)后以大小為的速率反向?yàn)R回，則（）A.水槍噴水的流量（單位時(shí)間內(nèi)流出的體積）為B.噴水口單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為C.水槍的功率為D.目標(biāo)受到的平均沖擊力大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．水槍噴水的流量為故A錯(cuò)誤；B．噴水口單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為故B正確；C．水槍的功率為故C錯(cuò)誤；D．取初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理得則由牛頓第三定律可知，目標(biāo)受到的平均沖擊力大小為故D正確。故選BD。10.如圖所示，MN、PS、HQ是豎直放置的長直粗糙金屬導(dǎo)軌，MN與PS、HQ之間的寬度均為L，PS和第9頁/共19頁HQ通過阻值為R的定值電阻連接。ab和cd是兩根質(zhì)量均為m、電阻均為R的金屬桿，其中ab桿懸掛在輕彈簧下端，與豎直平行導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)恰好接觸而無壓力，與導(dǎo)軌一同處于豎直向上的磁場中；cd桿處于垂直導(dǎo)軌平面的磁場中，當(dāng)cd桿在外力作用下以速度v向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab桿恰好靜止，彈簧無形變，現(xiàn)使cd桿以速度abB簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，定值電阻阻值為R，其余電阻不計(jì)，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好，彈簧始ab和cd確的是（）A.ab桿受到的安培力垂直紙面向外B.ab桿與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為C.ab桿開始下滑直至速度首次達(dá)到最大值的過程中，克服摩擦產(chǎn)生的熱量為D.ab桿速度首次達(dá)到最大值時(shí)，電路的電熱功率為【答案】AC【解析】Acd桿中電流方向從d到cab桿受到的安培力垂直紙面向外，故A正確；B．當(dāng)cd桿向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中的電流摩擦力可知摩擦力與速度成正比，此時(shí)ab桿恰好靜止，彈簧無形變，則有第10頁/共19頁解得故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)cd桿以速度向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，與原來相比，ab桿受到的安培力變小，導(dǎo)軌給ab的彈力變小，摩擦力變小，則此時(shí)根據(jù)胡克定律彈簧伸長量即ab桿下降的高度克服摩擦產(chǎn)生的熱量故C正確；D．當(dāng)cd桿以速度向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中電流電功率故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共分。將符合題意的內(nèi)容填寫在橫線上，或按題目要求作答。在準(zhǔn)確測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻電路圖完成實(shí)物電路的連接。合上開關(guān)、接圖甲中的1壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)；改接圖甲中的2位置，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)。在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)的圖像，如圖乙所示，兩條直線與縱軸的截距分別為，與橫軸的截距分別為、。第11頁/共19頁（1）接2位置時(shí)，作出的圖線是圖乙中的___________（選填“A”或“B”）線；（2）由乙圖可知：這節(jié)干電池的電動(dòng)勢___________和內(nèi)阻___________。【答案】（1）A（2）①.②.【解析】【小問1詳解】當(dāng)S2接2位置時(shí)，可把電流表與電源看作一個(gè)等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電動(dòng)勢等于真實(shí)值，短路電流偏小，所以作出的圖線應(yīng)是A線；【小問2詳解】[1]接1時(shí)短路電流準(zhǔn)確，接2時(shí)斷路電壓準(zhǔn)確，則這節(jié)干電池的電動(dòng)勢為[2]這節(jié)干電池的內(nèi)阻為12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)，一輕繩一端連接在拉力傳感器上O點(diǎn)，另一端連接在半徑為r的勻質(zhì)小鋼球上，小鋼球球心至O點(diǎn)的長度為L，O點(diǎn)正下方B位置有一光電門，可記錄小鋼球通過光電門的時(shí)間。如圖甲所示，將小鋼球拉至某一位置由靜止釋放，同時(shí)拉力傳感器通過計(jì)算機(jī)采集小鋼球在擺動(dòng)過程中輕繩上拉力的最大值T和最小值F。改變小鋼球的初始釋放位置，重復(fù)上述過程，根據(jù)測量數(shù)據(jù)在直角坐標(biāo)系中繪制的T-F圖像如乙圖所示。第12頁/共19頁（1）小鋼球從A位置由靜止釋放時(shí)，細(xì)線與豎直方向成θ角，小鋼球通過最低點(diǎn)位置B時(shí)，光電門記錄遮光時(shí)間為tv=___________t2=___________（用r、L、θ、g等符號表示）則驗(yàn)證了小鋼球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中機(jī)械能守恒。（2）若小鋼球擺動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，則繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為___________。（3）小鋼球質(zhì)量m=30g，根據(jù)測量數(shù)據(jù)繪制的乙圖計(jì)算出重力加速度g=___________m/s2（結(jié)果保留3位___________【答案】（1）①.②.（2）-2（3）①.9.78②.偏小【解析】【小問1詳解】[1]小鋼球從AθB間為t，則小鋼球通過光電門的速度[2]小鋼球從A到B過程中，若無空氣阻力，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有解得【小問2詳解】小鋼球擺動(dòng)過程中輕繩上拉力的最小值F，則最大值T有，聯(lián)立解得所以繪制乙圖T-F圖像的直線斜率理論值為-2；第13頁/共19頁【小問3詳解】[1]小鋼球質(zhì)量m=30g，根據(jù)乙圖截距知計(jì)算出重力加速度[2]實(shí)際上由于小鋼球擺動(dòng)過程中始終受空氣阻力的影響，速度始終偏小導(dǎo)致繩上拉力偏小，所以截距偏小，所以與當(dāng)?shù)貙?shí)際重力加速度相比偏小。四、解答題：本大題共3小題，共分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明。方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.2024年12月10日，北京上空出現(xiàn)“3個(gè)太陽”的景象即幻日現(xiàn)象，與故宮角樓相互映襯，這種現(xiàn)象也被稱為三日同輝，原理圖如圖甲所示。為便于理解，以單色光為例進(jìn)行分析，圖乙為光線以與截面平行的方向射入正六邊形板狀冰晶側(cè)面的光路圖。設(shè)光線的入射角為，經(jīng)面折射后從圖中點(diǎn)長為，出射點(diǎn)與的距離為。求：（1）折射角的正弦值；（2）該單色光在冰晶中傳播的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】作出光路圖，如圖第14頁/共19頁根據(jù)折射率公式可以得到【小問2詳解】對于正六邊形晶體，延長邊和邊交于中由正弦定理可得，又所以求得又，所以故14.如圖所示，一半徑為R=3m圓弧軌道固定在水平面上，且與水平面相切于圓弧最低點(diǎn)B，圓弧對應(yīng)的圓心角θ=53°C點(diǎn)處固定另一半徑為rC點(diǎn)足夠遠(yuǎn)的D點(diǎn)放有一質(zhì)量為M=3kg物塊，D點(diǎn)右側(cè)水平面粗糙且與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.1m=1kg的光滑小球從圓弧軌道的上端點(diǎn)A由靜止釋放，之后恰好能通過豎直圓軌道并與物塊發(fā)生碰撞，忽略小球與物塊的大小，且除了物塊與D點(diǎn)右側(cè)地面之間存在摩擦外，其余摩擦均不計(jì)，小球與物塊的碰撞沒有機(jī)械能損失，重力加速度g=10m/s2。已知sin53°=0.8，cos53°=0.6。試求：第15頁/共19頁（1）小球剛滑到圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)對軌道的壓力大??；（2）豎直圓軌道的半徑及小球與物塊第1次碰撞后物塊速度大?。唬?）判斷小球能否與物塊發(fā)生第2次碰撞。若不能，請通過計(jì)算說明理由；若能，求出小球與物塊發(fā)生2次碰撞后物塊滑行的總位移。【答案】（1）18N（2）0.48m，（3）1m【解析】【小問1詳解】小球釋放后由動(dòng)能定理可得解得在B點(diǎn)有解得由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?8N；【小問2詳解】小球恰好過圓軌道最高點(diǎn)，有，且解得小球離開圓軌道后與物塊相碰時(shí)，由動(dòng)量守恒及機(jī)械能守恒可知，第16頁/共19頁解得，【小問3詳解】小球反彈后能到達(dá)圓環(huán)軌道高度為h′，則解得2，解得，故物塊停下時(shí)有解得物塊第二次碰后到第三次碰前有解得15.如圖所示，在三維坐標(biāo)系Oxyzx<0z≤Ly≥0的空間內(nèi)充滿勻強(qiáng)磁場，方向沿y0≤x≤L，y≥0的所有空間內(nèi)充滿勻強(qiáng)電場，方向平行于xOy平面，與y軸正方向夾角為37°。質(zhì)量為m、電荷量為+qxOz平面內(nèi)從圖中磁場邊界的點(diǎn)以速度v沿與x軸負(fù)方向夾角θ=60°偏轉(zhuǎn)后從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入電場，粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，恰好沒有從x=L的邊界射出電場，之后從y軸上的P點(diǎn)（圖中未畫）再次射入磁場，不計(jì)帶電粒子的重力，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。