廣東省深圳外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2024-2025學(xué)年高三（下）第七次月考數(shù)學(xué)試卷（含答案）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)廣東省深圳外國(guó)語(yǔ)學(xué)校2024-2025學(xué)年高三（下）第七次月考數(shù)學(xué)試卷一、單選題：本題共8小題，每小題5分，共40分。在每小題給出的選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.設(shè)集合A={x∈N|y=6?xln(x?2)}，B={x|?1<x≤6}A.{4,5,6} B.{3,4,5,6} C.{4,5} D.{3,4,5}2.已知向量a=(3,1)，b=(?1,1)，a⊥(a+kA.?2 B.?5 C.2 D.53.已知sin(α+π4)=?2425，A.?17250 B.?314.在(x?ax2)9的展開(kāi)式中，常數(shù)項(xiàng)為84，則A.?9 B.?36 C.9 D.365.若關(guān)于x的不等式ax2+(2a?1)x?2>0的解集是(?2,1a)A.(?∞,?12) B.(?12,+∞)6.已知圓錐的母線長(zhǎng)為6，其外接球表面積為81π2，則該圓錐的表面積為(

)A.12π B.16π C.18π D.27π7.已知A是雙曲線x29?y216=1的左頂點(diǎn)，F(xiàn)是該雙曲線的右焦點(diǎn)，圓M經(jīng)過(guò)A與A.8 B.215 C.168.設(shè)函數(shù)f(x)=(x2?a)(lnx?b)，若f(x)≥0恒成立，則a?b的最小值為A.1 B.ln2 C.1e+1二、多選題：本題共3小題，共18分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。9.某工廠為了解某型儀器的使用成本，對(duì)其已使用年限以及當(dāng)年所需要支出的維修費(fèi)用進(jìn)行了統(tǒng)計(jì)，已知該型儀器投入使用的時(shí)間x(單位：年)與當(dāng)年所需要支出的維修費(fèi)用y(單位：千元)有如下統(tǒng)計(jì)資料：x23456y2.23.85.5a7根據(jù)表中的數(shù)據(jù)可得線性回歸方程為y=1.23x+0.08，則A.y與x的樣本相關(guān)系數(shù)r>0

B.a=6

C.表中維修費(fèi)用的第60百分位數(shù)為6

D.當(dāng)該型儀器投入使用的時(shí)間為7年時(shí)，當(dāng)年所需要支出的維修費(fèi)用一定是8690元10.已知拋物線C：y2=2px(p>0)的焦點(diǎn)為F，過(guò)點(diǎn)A(4,0)的直線與C交于M，N兩點(diǎn)，當(dāng)MN⊥x軸時(shí)，|MN|=8，則(

)A.p=1

B.原點(diǎn)O在以MN為直徑的圓上

C.以MN為直徑的圓與C的準(zhǔn)線相離

D.存在直線MN，使得111.如圖，在直四棱柱ABCD?A1B1C1D1中，AB=AD=AA1=2，∠BAD=A.BM=5

B.三棱錐A?CD1M的體積為233

C.設(shè)BN=12N三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分。12.若x>3，則2?x?1x?3的最大值為_(kāi)_____．13.已知i為虛數(shù)單位，復(fù)數(shù)z=i?2i2+3i314.來(lái)自4個(gè)班的7名同學(xué)一起參與登山活動(dòng)，其中一班有3人，二班有2人，三班和四班各1人，到達(dá)山頂之后7人排成一排合影留念，則同班同學(xué)不相鄰的站法總共有______種.四、解答題：本題共5小題，共77分。解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟。15.(本小題13分)

記銳角△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，已知csinB=atanC1+tanC．

(1)求B；

(2)若b=216.(本小題15分)

在四棱錐P?ABCD中，底面ABCD為菱形，側(cè)面PAD⊥底面ABCD，∠BAD=60°，BC=2，PA=PD．

(1)證明：AD⊥PB；

(2)若四棱錐P?ABCD的體積為2，求平面PAC與平面PCD所成角的余弦值．17.(本小題15分)

函數(shù)f(x)=2x2+ax?lnx+1，a∈R．

(1)當(dāng)a=0時(shí)，求函數(shù)f(x)的極值；

(2)若f(x)≥0恒成立，求18.(本小題17分)

已知橢圓E：x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左焦點(diǎn)為F(?2,0)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)F的直線l交E于M，N兩點(diǎn)，當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，|MN|=22．

(1)求橢圓E的方程；

(2)若直線l的斜率存在且不為0，線段MN的垂直平分線與x軸交于點(diǎn)P．19.(本小題17分)

在有限數(shù)列a1，a2，…，an中，若?1≤i≤n?1，i∈N?，有|ai+1?ai|=1，則稱a1，a2，…，an為“鏈數(shù)列”，如果“鏈數(shù)列”a1，a2，…，an滿足末項(xiàng)與首項(xiàng)相同，則稱a1，a2，…，an為“回歸鏈數(shù)列”．

(1)若數(shù)列a1，a2，a5，a4，a5為“回歸鏈數(shù)列”，且a1=1，列舉出所有滿足的數(shù)列；

(2)證明：若數(shù)列b答案解析1.【答案】A

【解析】解：由函數(shù)y=6?xln(x?2)可得，x?2>0x?2≠16?x≥0，

解得2<x≤6且x≠3，

所以A={x∈N|y=6?xln(x?2)}={4,5,6}，

又因?yàn)锽={x|?1<x≤6}，

所以A∩B={4,5,6}2.【答案】D

【解析】解：由題意可知，a+kb=(3,1)+(?k,k)=(3?k,1+k)，

則a?(a+kb)=3(3?k)+1+k=0，解得k=5．3.【答案】B

【解析】解：因?yàn)棣痢?π,5π4)，

所以5π4<α+π4<3π2，

又sin(α+π4)=?2425，

則4.【答案】C

【解析】解：已知(x?ax2)9的展開(kāi)式中，常數(shù)項(xiàng)為84，

(x?ax2)9的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C9rx9?r(?1)r(ax2)r=(?1)rarC9rx9?3r5.【答案】A

【解析】解：因?yàn)殛P(guān)于x的不等式ax2+(2a?1)x?2>0的解集是(?2,1a)，

所以a<0，

原不等式可化為ax2+(2a?1)x?2=a(x+2)(x?1a)>0，

所以?2<1a，

解得a<?12，

所以a的取值范圍是(?∞,?12)6.【答案】B

【解析】解：作出圓錐及其外接球的軸截面，如圖所示：

設(shè)該圓錐的外接球的半徑為R，

設(shè)圓錐的高為|AO1|=?，圓錐的底面圓半徑為|O1C|=r，

則外接球表面積為4πR2=81π2，解得R=924，

即|AO|=|OC|=924，又圓錐的母線長(zhǎng)為6，

所以r2+?2=62，

又(??R7.【答案】B

【解析】解：由雙曲線x29?y216=1，得a2=9，b2=16，

∴a=3，b=4，c=5，A(?3,0)，F(xiàn)(5,0)，

則雙曲線的一條漸近線方程為y=4x3，即4x?3y=0，

由圓心M在AF垂直平分線x=1上，可設(shè)M(1,t)，則r2=16+t2，

圓心M到直線4x?3y=0的距離為|4?3t|9+16=|4?3t|5，

則截得的弦長(zhǎng)一半的平方為16+8.【答案】D

【解析】解：根據(jù)題意f(x)的定義域?yàn)?0,+∞)，當(dāng)a≤0時(shí)，x2?a>0，

那么根據(jù)f(x)≥0，得lnx?b≥0恒成立，由于函數(shù)y=lnx的值域?yàn)镽，

因此lnx?b≥0不可能恒成立，因此a≤0不成立；

當(dāng)a>0時(shí)，根據(jù)?x∈[1,2]，x2?a≥0，得x≥a，根據(jù)x2?a<0，得x<a，

根據(jù)lnx?b≥0，得x≥eb，根據(jù)lnx?b<0，得x<eb，由于f(x)≥0恒成立，因此a=eb，所以a=e2b，

因此a?b=e2b?b，設(shè)函數(shù)g(x)=e2x?x，那么導(dǎo)函數(shù)g′(x)=2e2x?1，根據(jù)g′(x)=0，得到x=?ln22，

當(dāng)x>?ln22時(shí)，g′(x)>0，則g(x)在(?ln22,+∞)上單調(diào)遞增，

當(dāng)x<?ln29.【答案】AC

【解析】解：A項(xiàng)．根據(jù)題意可知，可得y隨著x增大而增大，y與x正相關(guān)，所以相關(guān)系數(shù)r>0，故A項(xiàng)正確；

B項(xiàng)．x?=4,y?=1.23x?+0.08=5，則2.2+3.8+5.5+a+75=5，所以a=6.5，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C項(xiàng)．維修費(fèi)用從小到大依次為2.2，3.8，5.5，6.5，7，因?yàn)?×60%=3，故第60百分位數(shù)為5.5+6.52=6，故C項(xiàng)正確；

D項(xiàng)．根據(jù)回歸分析的概念，儀器使用的時(shí)間為7年時(shí)，所需要支出的維修費(fèi)用大約是y=1.23×7+0.08=8.69千元，但不絕對(duì)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．

故選：AC．

A由數(shù)據(jù)可知y隨著x增大而增大即可判斷；

B計(jì)算x?將其代入回歸方程中得出y?即可；10.【答案】BCD

【解析】解：當(dāng)MN⊥x軸時(shí)，|MN|=8，可知點(diǎn)(4,±4)在拋物線C上，

因此16=2p×4，解得p=2，所以A錯(cuò)誤；

易知直線MN斜率不為0，所以設(shè)MN的方程為x=my+4，N(x2,y2)，M(x1,y1)，連接OM，ON．

將直線方程代入拋物線y2=4x中，得y2?4my?16=0，根的判別式Δ=16m2+64=16(m2+4)>0，

根據(jù)韋達(dá)定理可得y1y2=?16，y1+y2=4m，因此OM?ON=x1x2+y1y2=y124?y224+y1y2=16?16=0，

因此OM⊥ON，則原點(diǎn)O在以MN為直徑的圓上，所以B正確；

結(jié)合選項(xiàng)B易知|MN|=1+m2|y1?y2|=1+m2(y1+y2)2?4y1y2=4(1+m2)(m2+4)，

則以MN為直徑的圓的半徑r=11.【答案】ABD

【解析】解：根據(jù)題意可知，連接AC，BD交于O，連接OM，則由菱形及直棱柱可知OA，OB，OM兩兩垂直，

且OA=OC=3,OB=OD=1．

A項(xiàng)．BM2=BO2+OM2=1+4=5，所以BM=5，故A項(xiàng)正確；

B項(xiàng)．連接OD1，由題意得BM//OD1，

則V三棱錐A?CD1M=V三棱錐A?CD1B=V三棱錐D1?ABC=13×2×12×23×1=233，故B項(xiàng)正確；

C項(xiàng)．以O(shè)為原點(diǎn)，以O(shè)A，OB，OM所在直線分別為x，y，z軸，

建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，因?yàn)锽N=12NB1，所以A(3,0,0),N(0,1,23)，

B(0,1,0)，M(0,0,2)，則AN?BM=(?3,1,23)?(0,?1,2)=13≠0，故12.【答案】?3

【解析】解：因?yàn)??x?1x?3=?(x?3)?1x?3?1=?[(x?3)+1x?3]?1，x>3，

(x?3)+1x?3≥2(x?3)?1x?3=2，當(dāng)且僅當(dāng)x=413.【答案】1

【解析】解：i2=?1，i3=?i，i4=(i2)2=1，

則z=i?2i2+3i3?414.【答案】1152

【解析】解：不妨設(shè)一班3人為A1，A2，A3，

二班2人為B1，B2，

三班1人為C，四班1人為D，

則A1，A2，A3不能相鄰，B1，B2不能相鄰．

以下分兩類(lèi)，先排B1，B2，C，D的相對(duì)位置：

若B1，B2之間有C或D，則這四人共有A44?A22A33種相對(duì)位置，再讓A1，A2，A3來(lái)進(jìn)行插空，總共有(A44?A22A33)?(A53)=720種，

若B1，B2之間沒(méi)有C15.【答案】B=π4；

(1,【解析】解：(1)由正弦定理可得：

sinCsinB=sinAtanC1+tanC=sinAsinCcosC1+sinCcosC=sinAsinCcosC+sinC，

因?yàn)?<C<π2，則sinC>0，所以sinBcosC+sinBsinC=sinA，

又sinA=sin(B+C)=sinBcosC+cosBsinC，

所以sinBsinC=cosBsinC，則sinB=cosB，

因?yàn)锽∈(0,π2)，則sinB=cosB>0，即tanB=1，所以B=π4．

(2)因?yàn)镃是銳角△ABC的內(nèi)角，又因?yàn)锽=π4，

所以，0<C<π2π2<B+C<π，解得π4<C<π2，

由正弦定理，得bsinB=asinA=csinC=2sinπ4=2，

所以a=2sinA=2sin(π4+C)，c=2sinC，

所以S16.【答案】證明見(jiàn)解析；

6513【解析】解：(1)證明：取AD中點(diǎn)O，連接PO，BO，BD，

由PA=PD，故AD⊥PO，

由菱形ABCD及∠BAD=60°知△ABD為等邊三角形，

即AB=BD，所以AD⊥OB，

因?yàn)镺B∩PO=O，OB，PO?平面POB，

所以AD⊥平面POB，

因?yàn)镻B?平面POB，所以AD⊥PB．

(2)因?yàn)槠矫鍼AD⊥平面ABCD，

平面PAD∩平面ABCD=AD，PO⊥AD，

PO?平面PAD，所以PO⊥平面ABCD，

所以V四棱錐P?ABCD=13PO?S菱形ABCD=13PO×2×3=2，

解得PO=3，

由(1)知OA，OB，OP兩兩垂直，以O(shè)為原點(diǎn)，以O(shè)A，OB，OP所在直線分別為x，y，z軸，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，

則A(1,0,0),C(?2,3,0),D(?1,0,0),P(0,0,3)，

則PA=(1,0,?3),PD=(?1,0,?3),PC=(?2,3,?3)，

設(shè)平面PAC的法向量為n1=(x1,y1,z1)，

則n1?PA=0n1?PC=0，即x1?3z1=0?2x17.【答案】極小值為32+ln2，無(wú)極大值；

[?3,+∞)【解析】解：(1)定義域?yàn)?0,+∞)，

f′(x)=4x2?1x=(2x?1)(2x+1)x，

當(dāng)0<x<12時(shí)，f′(x)<0，f(x)在(0,12)上單調(diào)遞減，

當(dāng)x>12時(shí)，f′(x)>0，f(x)在(12,+∞)上單調(diào)遞增．

故函數(shù)f(x)有極小值f(12)=32+ln2，無(wú)極大值．

(2)因?yàn)閤>0，即a≥lnx?1x?2x恒成立，

令g(x)=?2x+lnx?1x，x>0，

則g′(x)=2?lnxx2?2=2?lnx?2x2x2．

令?(x)=2?lnx?2x2(x>0)，

則?′(x)=?1x?4x<0，即?(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞減．

又?(1)=0，故當(dāng)0<x<1時(shí)，?(x)>0，g′(x)>0，所以函數(shù)18.【答案】x28+y24=1．

【解析】解：(1)根據(jù)題意設(shè)橢圓為x2a2+y2b2=1(a>b>0)，c=2，

當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，設(shè)點(diǎn)M在x軸上方，

根據(jù)x=?cx2a2+y2b2=1，解得x=?cy=±b2a，因此N(?c,?b2a)，M(?c,b2a)，

因此|MN|=2b2a=22，又因?yàn)閏2=a2?b2，那么2(a2?4)=22a，

解得a=?2(舍去)或a=22，

因此b=2，因此E的方程為x28+y24=1．

(2)(i)設(shè)l為x=my?2(m≠0)，

與橢圓x28+y24=1聯(lián)立得(m2+2)y2?4my?4=0，根的判別式Δ=32(m2+1)>0，

設(shè)點(diǎn)N(x2,y2)，M(x1,y1)，MN的中點(diǎn)為G(x0,y0)，

根據(jù)韋達(dá)定理可得y1+y2=4mm2+2,y1y2=?4m2+2，

因此y0=y1+y22=2mm2+2，x0=my0?2=