2024-2025高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題提速練12

PAGEPAGE1選擇題提速練121—5為單選，6—8為多選1．如圖所示，同一豎直面內(nèi)有上下兩條用相同材料做成的水平軌道MN、PQ，兩個完全相同的物塊A、B放置在兩軌道上，A在B物塊正上方，A、B之間用一細(xì)線相連．在細(xì)線的中點O施加拉力F，使A、B一起向右做勻速直線運動，則F的方向是(圖中②表示水平方向)(C)A．沿①方向B．沿②方向C．沿③方向D．沿①②③方向都可以解析：分別對A、B進行受力分析可知，A對水平軌道的壓力大于其重力，B對水平軌道的壓力小于其重力，則兩物體所受滑動摩擦力fA>fB；要使A、B一起向右勻速運動，則FAcosθ－fA＝0(θ為細(xì)線與水平方向的夾角)，F(xiàn)Bcosθ－fB＝0，有FA>FB；再對O點分析，F(xiàn)應(yīng)沿③的方向才能保證FA>FB，C選項正確．2．在豎直平面內(nèi)，有垂直平面對里的勻強磁場，一個α粒子由靜止釋放，已知α粒子的重力不能忽視，則α粒子的運動軌跡為(D)A．如圖1所示，勻速圓周運動B．如圖2所示，先做曲線運動后做勻速直線運動C．如圖3所示，往復(fù)的曲線運動D．如圖4所示，始終向右做曲線運動解析：α粒子由靜止釋放，重力做正功，α粒子動能增加，速度增大，所受的洛倫茲力漸漸增大，方向由水平向右漸漸往右側(cè)上方偏轉(zhuǎn)，當(dāng)洛倫茲力方向豎直向上時，速度方向為水平向右，此時洛倫茲力已大于重力，而后α粒子受洛倫茲力作用往上方偏轉(zhuǎn)，重力做負(fù)功，α粒子動能減小，速度也減小，所受的洛倫茲力漸漸減小，方向由豎直向上漸漸往左側(cè)逆時針方向偏轉(zhuǎn)，到某一時刻速度減小到0，再重復(fù)上述過程，故選項D正確．3．如圖所示，虛線A、B、C為某電場中的三條等勢線，其電勢分別為3V、5V、7V，實線為帶電粒子在電場中運動時的軌跡，P、Q為軌跡與等勢線A、C的交點，帶電粒子只受電場力，則下列說法正確的是(B)A．粒子可能帶負(fù)電B．粒子在P點的動能大于在Q點的動能C．粒子在P點的電勢能大于粒子在Q點的電勢能D．粒子在P點受到的電場力大于在Q點受到的電場力解析：由等勢線可以推斷電場線方向，由運動軌跡可以知道帶電粒子受力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，因此可以推斷出粒子帶正電，選項A錯誤；由P到Q的過程中，電場力做負(fù)功，粒子動能減小，電勢能增大，因此粒子在P點的動能大于在Q點的動能，粒子在P點的電勢能小于粒子在Q點的電勢能，選項B正確，C錯誤；由等勢線分布特點可知，P點的電場強度小于Q點的電場強度，因此粒子在P點受到的電場力小于在Q點受到的電場力，選項D錯誤．4．如圖所示，在傾角為θ的光滑的斜面上，輕質(zhì)彈簧一端與斜面底端固定，另一端與質(zhì)量為M的平板A連接，一個質(zhì)量為m的物體B靠在平板的右側(cè)．起先時用手按住物體B，現(xiàn)放手，A和B沿斜面對上運動的距離為L時，同時達(dá)到最大速度v，重力加速度為g，則以下說法正確的是(D)A．A和B達(dá)到最大速度v時，彈簧是自然長度B．A和B達(dá)到最大速度v時，A和B恰要分別C．從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，彈簧對A所做的功等于eq\f(1,2)Mv2＋MgLsinθD．從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，A受到的合力對A所做的功等于eq\f(1,2)Mv2解析：物體速度最大時，加速度為零，因而選項A錯誤；彈簧原長時，A、B分別，選項B錯誤；從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，彈簧對A做功轉(zhuǎn)化為A和B的動能以及勢能，選項C錯誤；從釋放到A和B達(dá)到最大速度v的過程中，A受到的合力對A所做的功等于A動能的增量，故選項D正確．5．索道是山區(qū)巡游景點運輸貨物和游客的重要設(shè)施．圖示為索道運輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37°，重物與車廂地板之間的動摩擦因數(shù)為0.30.當(dāng)載重車廂沿索道向上加速運動時，重物與車廂仍舊保持相對靜止?fàn)顟B(tài)，重物對車廂內(nèi)水平地板的壓力為其重力的1.15倍，那么這時重物對車廂地板的摩擦力大小為(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(D)A．0.35mgB．0.30mgC．0.23mgD．0.20mg解析：由重物對車廂內(nèi)水平地板的壓力為其重力的1.15倍，可知車廂對重物的支持力為1.15mg，支持力與重力合力為F1＝0.15mg.F1與摩擦力的合力方向沿索道向上，由F1＝Fftan37°解得Ff＝0.20mg.6．如圖所示，邊界MN下方有一垂直紙面對外的勻強磁場，一電子以速度v從點O射入MN，經(jīng)磁場后能返回到MN邊界上方，以下正確的是(AC)A．電子從O點右邊返回邊界上方B．電子從O點左邊返回邊界上方C．只增加射入速度v的大小，則電子在磁場中運動的路程肯定變更D．只增加射入速度v的大小，則電子在磁場中運動的時間肯定變更解析：由左手定則，電子的洛倫茲力垂直v向上，電子向右上方偏轉(zhuǎn)，則A對，B錯；增加速度v的大小，則半徑r＝eq\f(mv,qB)增大，電子運動軌跡的弧長變大，但圓心角θ不變，運動時間t＝eq\f(θ,2π)T＝eq\f(θm,qB)不變，則C對，D錯．7．下面列出不同品牌的電視機、電風(fēng)扇、空調(diào)機和電冰箱銘牌上的主要項目：eq\x(\a\al(54cm彩色電視機,工作電壓：170～240V,工作頻率：50Hz,額定功率：85W))eq\x(\a\al(FS－69電風(fēng)扇,規(guī)格：400mm,額定電壓：220V,工作頻率：50Hz,額定功率：65W))eq\x(\a\al(KFR－33GW空調(diào)機,額定電壓：220V,工作頻率：50Hz,制冷/制熱電流：6.2A/6.2A))eq\x(\a\al(BC－65B電冰箱,額定電壓：220V,工作頻率：50Hz,額定功率：70W,耗電量：0.8kW·h/24h))依據(jù)銘牌上供應(yīng)的信息，試推斷下列說法正確的是(ABD)A．正常工作時電風(fēng)扇中流過的電流最小B．正常工作時電風(fēng)扇消耗的電功率最小C．在24小時內(nèi)正常運用的電冰箱比連續(xù)運轉(zhuǎn)的電風(fēng)扇耗電多D．在24小時內(nèi)正常運用的電冰箱比連續(xù)運轉(zhuǎn)的電風(fēng)扇耗電少解析：由P＝UI得空調(diào)機的額定功率P空＝1364W，所以正常工作時電風(fēng)扇消耗的電功率最小，電流也最小，故A、B均對；由于在24小時內(nèi)電冰箱的耗電量W＝0.8kW·h，而電風(fēng)扇的耗電量W＝Pt＝65×24W·h＝1.56kW·h，所以C錯，D對．8．(2024·武漢調(diào)研)為削減二氧化碳排放，我國城市公交推出新型節(jié)能環(huán)保電動車．在檢測某款電動車性能的試驗中，質(zhì)量為8×102kg的電動車由靜止起先沿平直馬路行駛，達(dá)到的最大速度為15m/s，利用傳感器測得此過程中不同時刻電動車的牽引力F與對應(yīng)的速度v，并描繪出F-eq\f(1,v)圖象(圖中AB、BO均為直線)，假設(shè)電動車行駛中所受的阻力恒定，則(BD)A．在全過程中，電動車在B點時速度最大B．BA過程電動車做勻加速運動C．CB過程電動車做減速運動D．CB過程電動車的牽引力的功率恒定解析：因為剛起先啟動時，v較小，eq\f(1,v)較大，所以F-eq\f(1,v)圖象，應(yīng)當(dāng)從圖象的右邊向左看，依據(jù)圖象可知，電動車由靜止起先做勻加速直線運動，達(dá)到額定功率后，做加速度漸漸減小的變加速直線運動，達(dá)到最大速度后做勻速直線運動，eq\f(1,v)越小，速度v越大，所以，在全過程中，電動車在C點時速度最大，選