人教版(新教材)高中物理選擇性必修2學(xué)案：拓展課一 電磁感應(yīng)中的電路及圖像問題

人教版(新教材)高中物理選擇性必修第二冊(cè)PAGEPAGE1拓展課一電磁感應(yīng)中的電路及圖像問題拓展點(diǎn)電磁感應(yīng)中的電路問題電磁感應(yīng)中的電路問題電磁感應(yīng)問題常與電路知識(shí)綜合考查，解決此類問題的基本方法是(1)明確哪部分電路或?qū)w產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，該部分電路或?qū)w就相當(dāng)于電源，其他部分是外電路。(2)畫等效電路圖，分清內(nèi)、外電路。(3)用法拉第電磁感應(yīng)定律E＝neq\f(ΔΦ,Δt)或E＝Blv確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，用楞次定律或右手定則確定感應(yīng)電流的方向。在等效電源內(nèi)部，電流方向從負(fù)極指向正極。(4)運(yùn)用閉合電路歐姆定律、串并聯(lián)電路特點(diǎn)、電功率、電熱等公式聯(lián)立求解?！荚囶}案例〗〖例1〗固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的正方形導(dǎo)線框abcd邊長為l，其中ab是一段電阻為R的均勻電阻絲，其余三邊均為電阻可忽略的銅線。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里。現(xiàn)有一段與ab段的材料、粗細(xì)、長度均相同的電阻絲PQ架在導(dǎo)線框上(如圖所示)。若PQ以恒定的速度v從ad滑向bc，當(dāng)其滑過eq\f(1,3)l的距離時(shí)，通過aP段的電流是多大？方向如何？〖解析〗PQ右移切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，外電路由Pa與Pb并聯(lián)而成，PQ滑過eq\f(l,3)時(shí)的等效電路如圖所示。PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E＝Blv，感應(yīng)電流方向由Q指向P。外電路總電阻為R外＝eq\f(\f(1,3)R·\f(2,3)R,\f(1,3)R＋\f(2,3)R)＝eq\f(2,9)R，電路總電流為I＝eq\f(E,R＋R外)＝eq\f(Blv,R＋\f(2,9)R)＝eq\f(9Blv,11R)，aP的電流大小為IaP＝eq\f(2,3)I＝eq\f(6Blv,11R)，方向由P到a。〖答案〗eq\f(6Blv,11R)方向由P到a方法總結(jié)(1)“電源”的確定方法：切割磁感線的導(dǎo)體(或磁通量發(fā)生變化的線圈)相當(dāng)于“電源”，該部分導(dǎo)體(或線圈)的電阻相當(dāng)于“內(nèi)電阻”。(2)電流的流向：在“電源”內(nèi)部電流從負(fù)極流向正極，在“電源”外部電流從正極流向負(fù)極。〖針對(duì)訓(xùn)練1〗面積S＝0.2m2、n＝100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t變化的規(guī)律是B＝0.02t(T)，電阻R＝3Ω，電容器的電容C＝30μF，線圈電阻r＝1Ω，求：(1)通過R的電流方向和4s內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量；(2)電容器的電荷量?！冀馕觥?1)由楞次定律可求得電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，通過R的電流方向?yàn)閎→a。由法拉第電磁感應(yīng)定律可得E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝nSeq\f(ΔB,Δt)＝100×0.2×0.02V＝0.4V，由歐姆定律得電路中的電流I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(0.4,3＋1)A＝0.1A，4s內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q＝It＝0.1×4C＝0.4C。(2)UC＝UR＝IR＝0.1×3V＝0.3V，Q＝CUC＝30×10－6×0.3C＝9×10－6C?！即鸢浮?1)方向由b→a0.4C(2)9×10－6C

拓展點(diǎn)電磁感應(yīng)中的圖像問題1.明確圖像的種類，即是B－t圖像還是Φ－t圖像，或者是E－t圖像、I－t圖像、F－t圖像等。2.分析電磁感應(yīng)的具體過程。3.確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(或感應(yīng)電流)的大小和方向，有下列兩種情況(1)若回路面積不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化時(shí)，用楞次定律確定感應(yīng)電流的方向，用E＝neq\f(ΔΦ,Δt)確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的變化。(2)若磁場(chǎng)不變，導(dǎo)體切割磁感線，用右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，用E＝Blv確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的變化。4.畫圖像或判斷圖像，特別注意分析斜率的變化、截距等。5.涉及受力問題，可由安培力公式F＝BIl和牛頓運(yùn)動(dòng)定律等規(guī)律寫出有關(guān)函數(shù)關(guān)系式?！荚囶}案例〗〖例2〗如圖甲所示，矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，下列各圖中正確的是()〖解析〗0～1s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B均勻增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(ΔΦ,Δt)恒定，電流i＝eq\f(E,R)恒定；由楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，即負(fù)方向，在i－t圖像上，是一段平行于t軸的直線，且為負(fù)值，可見，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；在1～2s內(nèi)B、D中電流情況相同，在2～3s內(nèi)，負(fù)向的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(ΔΦ,Δt)恒定，電流i＝eq\f(E,R)恒定，由楞次定律知，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即正方向，在i－t圖象上，是一段平行于t軸的直線，且為正值，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確?！即鸢浮紻方法總結(jié)本類題目線圈面積不變而磁場(chǎng)發(fā)生變化，可根據(jù)E＝neq\f(ΔB,Δt)S判斷E的大小及變化，由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，即圖像的“＋”、“－”。其中eq\f(ΔB,Δt)為B－t圖像斜率，特別注意1～3s內(nèi)斜率不變，I感的大小、方向都不變。〖針對(duì)訓(xùn)練2〗(2018·全國卷Ⅱ，18)如圖，在同一水平面內(nèi)有兩根平行長導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向交替向上向下。一邊長為eq\f(3,2)l的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向左勻速運(yùn)動(dòng)。線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的正確圖線可能是()〖解析〗設(shè)線框運(yùn)動(dòng)的速度為v，則線框向左勻速運(yùn)動(dòng)第一個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝2Bdv(d為導(dǎo)軌間距)，電流i＝eq\f(E,R)，回路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；第二個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為零，電流為零；第三個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝2Bdv，電流i＝eq\f(E,R)，回路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，所以D正確。〖答案〗D1.(電磁感應(yīng)中的電路問題)用均勻?qū)Ь€做成的正方形線框邊長為0.2m，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示。當(dāng)磁場(chǎng)以10T/s的變化率增強(qiáng)時(shí)，線框中a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差是()A.Uab＝0.1VB.Uab＝－0.1VC.Uab＝0.2VD.Uab＝－0.2V〖解析〗題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而在線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，把左半部分線框看成電源，其電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為eq\f(r,2)，畫出等效電路如圖所示，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差即為電源的路端電壓，設(shè)正方形邊長為l，且依題意知eq\f(ΔB,Δt)＝10T/s。由E＝eq\f(ΔΦ,Δt)得E＝eq\f(ΔBS,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)·eq\f(l2,2)＝10×eq\f(0.22,2)V＝0.2V，所以U＝IR＝eq\f(E,\f(r,2)＋\f(r,2))·eq\f(r,2)＝0.1V，由于a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，故Uab＝－0.1V，即選項(xiàng)B正確?！即鸢浮紹2.(電磁感應(yīng)中的電路問題)如圖所示，虛線左邊區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。粗細(xì)均勻的電阻絲圍成的正三角形閉合金屬框架開始時(shí)全部處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在外力的作用下把框架勻速拉出磁場(chǎng)，下列說法正確的是()A.框架勻速拉出過程中，回路總電動(dòng)勢(shì)均勻變大B.框架勻速拉出過程中，回路總電動(dòng)勢(shì)不變C.外力F外隨位移x的增大而線性增大D.外力功率P隨位移x的增大而線性增大〖解析〗框架勻速拉出過程中，有效長度l均勻增加，由E＝Blv知，回路總電動(dòng)勢(shì)均勻變大，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；因?yàn)榭蚣茏鰟蛩龠\(yùn)動(dòng)，則F外＝F安＝BIl＝eq\f(B2l2v,R)，故外力F外隨位移x的增大而非線性增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；外力功率P＝F外v，v恒定不變，故P也隨位移x的增大而非線性增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。〖答案〗A3.(電磁感應(yīng)中的圖像問題)環(huán)形線圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，設(shè)在第1s內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面向里，如圖甲所示。若磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示。那么在第2s內(nèi)，線圈中感應(yīng)電流的大小和方向是()A.大小恒定，順時(shí)針方向B.大小恒定，逆時(shí)針方向C.大小逐漸增加，順時(shí)針方向D.大小逐漸減小，逆時(shí)針方向〖解析〗由題意可知，第1s內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面向里，則在第2s內(nèi)，磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，所以產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，故選項(xiàng)B正確?！即鸢浮紹4.(電磁感應(yīng)中的圖像問題)在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向如圖甲所示，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t如圖乙所示規(guī)律變化時(shí)，下列四個(gè)圖中正確表示線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E變化的是()〖解析〗在第1s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B均勻增大，由楞次定律可判定電流為正，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1＝eq\f(ΔΦ1,Δt1)＝eq\f(ΔB1,Δt1)S，在第2s和第3s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變化，即線圈中無感應(yīng)電流，在第4s和第5s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B均勻減小，由楞次定律可判定，其電流為負(fù)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E2＝eq\f(ΔΦ2,Δt2)＝eq\f(ΔB2,Δt2)S，由于ΔB1＝ΔB2，Δt2＝2Δt1，故E1＝2E2，由此可知，選項(xiàng)A正確?！即鸢浮紸拓展課一電磁感應(yīng)中的電路及圖像問題拓展點(diǎn)電磁感應(yīng)中的電路問題電磁感應(yīng)中的電路問題電磁感應(yīng)問題常與電路知識(shí)綜合考查，解決此類問題的基本方法是(1)明確哪部分電路或?qū)w產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，該部分電路或?qū)w就相當(dāng)于電源，其他部分是外電路。(2)畫等效電路圖，分清內(nèi)、外電路。(3)用法拉第電磁感應(yīng)定律E＝neq\f(ΔΦ,Δt)或E＝Blv確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，用楞次定律或右手定則確定感應(yīng)電流的方向。在等效電源內(nèi)部，電流方向從負(fù)極指向正極。(4)運(yùn)用閉合電路歐姆定律、串并聯(lián)電路特點(diǎn)、電功率、電熱等公式聯(lián)立求解?！荚囶}案例〗〖例1〗固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的正方形導(dǎo)線框abcd邊長為l，其中ab是一段電阻為R的均勻電阻絲，其余三邊均為電阻可忽略的銅線。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里?，F(xiàn)有一段與ab段的材料、粗細(xì)、長度均相同的電阻絲PQ架在導(dǎo)線框上(如圖所示)。若PQ以恒定的速度v從ad滑向bc，當(dāng)其滑過eq\f(1,3)l的距離時(shí)，通過aP段的電流是多大？方向如何？〖解析〗PQ右移切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，外電路由Pa與Pb并聯(lián)而成，PQ滑過eq\f(l,3)時(shí)的等效電路如圖所示。PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E＝Blv，感應(yīng)電流方向由Q指向P。外電路總電阻為R外＝eq\f(\f(1,3)R·\f(2,3)R,\f(1,3)R＋\f(2,3)R)＝eq\f(2,9)R，電路總電流為I＝eq\f(E,R＋R外)＝eq\f(Blv,R＋\f(2,9)R)＝eq\f(9Blv,11R)，aP的電流大小為IaP＝eq\f(2,3)I＝eq\f(6Blv,11R)，方向由P到a?！即鸢浮絜q\f(6Blv,11R)方向由P到a方法總結(jié)(1)“電源”的確定方法：切割磁感線的導(dǎo)體(或磁通量發(fā)生變化的線圈)相當(dāng)于“電源”，該部分導(dǎo)體(或線圈)的電阻相當(dāng)于“內(nèi)電阻”。(2)電流的流向：在“電源”內(nèi)部電流從負(fù)極流向正極，在“電源”外部電流從正極流向負(fù)極?！坚槍?duì)訓(xùn)練1〗面積S＝0.2m2、n＝100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t變化的規(guī)律是B＝0.02t(T)，電阻R＝3Ω，電容器的電容C＝30μF，線圈電阻r＝1Ω，求：(1)通過R的電流方向和4s內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量；(2)電容器的電荷量。〖解析〗(1)由楞次定律可求得電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，通過R的電流方向?yàn)閎→a。由法拉第電磁感應(yīng)定律可得E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝nSeq\f(ΔB,Δt)＝100×0.2×0.02V＝0.4V，由歐姆定律得電路中的電流I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(0.4,3＋1)A＝0.1A，4s內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q＝It＝0.1×4C＝0.4C。(2)UC＝UR＝IR＝0.1×3V＝0.3V，Q＝CUC＝30×10－6×0.3C＝9×10－6C?！即鸢浮?1)方向由b→a0.4C(2)9×10－6C

拓展點(diǎn)電磁感應(yīng)中的圖像問題1.明確圖像的種類，即是B－t圖像還是Φ－t圖像，或者是E－t圖像、I－t圖像、F－t圖像等。2.分析電磁感應(yīng)的具體過程。3.確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)(或感應(yīng)電流)的大小和方向，有下列兩種情況(1)若回路面積不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化時(shí)，用楞次定律確定感應(yīng)電流的方向，用E＝neq\f(ΔΦ,Δt)確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的變化。(2)若磁場(chǎng)不變，導(dǎo)體切割磁感線，用右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，用E＝Blv確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的變化。4.畫圖像或判斷圖像，特別注意分析斜率的變化、截距等。5.涉及受力問題，可由安培力公式F＝BIl和牛頓運(yùn)動(dòng)定律等規(guī)律寫出有關(guān)函數(shù)關(guān)系式。〖試題案例〗〖例2〗如圖甲所示，矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，下列各圖中正確的是()〖解析〗0～1s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B均勻增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(ΔΦ,Δt)恒定，電流i＝eq\f(E,R)恒定；由楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，即負(fù)方向，在i－t圖像上，是一段平行于t軸的直線，且為負(fù)值，可見，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；在1～2s內(nèi)B、D中電流情況相同，在2～3s內(nèi)，負(fù)向的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，由法拉第電磁感應(yīng)定律知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(ΔΦ,Δt)恒定，電流i＝eq\f(E,R)恒定，由楞次定律知，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即正方向，在i－t圖象上，是一段平行于t軸的直線，且為正值，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確?！即鸢浮紻方法總結(jié)本類題目線圈面積不變而磁場(chǎng)發(fā)生變化，可根據(jù)E＝neq\f(ΔB,Δt)S判斷E的大小及變化，由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，即圖像的“＋”、“－”。其中eq\f(ΔB,Δt)為B－t圖像斜率，特別注意1～3s內(nèi)斜率不變，I感的大小、方向都不變?！坚槍?duì)訓(xùn)練2〗(2018·全國卷Ⅱ，18)如圖，在同一水平面內(nèi)有兩根平行長導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向交替向上向下。一邊長為eq\f(3,2)l的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向左勻速運(yùn)動(dòng)。線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的正確圖線可能是()〖解析〗設(shè)線框運(yùn)動(dòng)的速度為v，則線框向左勻速運(yùn)動(dòng)第一個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝2Bdv(d為導(dǎo)軌間距)，電流i＝eq\f(E,R)，回路中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；第二個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為零，電流為零；第三個(gè)eq\f(l,2v)的時(shí)間內(nèi)，線框切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝2Bdv，電流i＝eq\f(E,R)，回路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，所以D正確。〖答案〗D1.(電磁感應(yīng)中的電路問題)用均勻?qū)Ь€做成的正方形線框邊長為0.2m，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示。當(dāng)磁場(chǎng)以10T/s的變化率增強(qiáng)時(shí)，線框中a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差是()A.Uab＝0.1VB.Uab＝－0.1VC.Uab＝0.2VD.Uab＝－0.2V〖解析〗題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而在線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，把左半部分線框看成電源，其電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為eq\f(r,2)，畫出等效電路如圖所示，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差即為電源的路端電壓，設(shè)正方形邊長為l，且依題意知eq\f(ΔB,Δt)＝10T/s。由E＝eq\f(ΔΦ,Δt)得E＝eq\f(ΔBS,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)·eq\f(l2,2)＝10×eq\f(0.22,2)V＝0.2V，所以U＝IR＝eq\f(E,\f(r,2)＋\f(r,2))·eq\f(r,2)＝0.1V，由于a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，故Uab＝－0.1V，即選項(xiàng)B正確。〖答案〗B2.(電磁感應(yīng)中的電路問題)如圖所示，虛線左邊區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。粗細(xì)均勻的電阻絲圍成的正三角形閉合金屬框架開始時(shí)全部處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在外力的作用下把框架勻速拉出磁場(chǎng)，下列說法正確的是()A.框架勻速拉出過程中，回路總電動(dòng)勢(shì)均勻變大B.框架勻速拉出過程中，回路總電動(dòng)勢(shì)不變C.外力F外隨位移x的增大而線性增大D.外力功率P隨位移