高考物理 分項解析闖關(guān)密訓(xùn) 課時總復(fù)習(xí)19.doc

2014高考物理分項解析闖關(guān)密訓(xùn)：課時總復(fù)習(xí)191如圖所示，豎直放置的平行金屬板帶等量異種電荷，一帶電微粒沿圖中直線從a向b運動，下列說法中正確的是()a微粒做勻速運動b微粒做勻加速運動c微粒電勢能增大d微粒動能減小2如圖所示，兩塊平行金屬板正對著水平放置，兩板分別與電源正、負極相連當(dāng)開關(guān)閉合時，一帶電液滴恰好靜止在兩板間的m點則()a當(dāng)開關(guān)閉合時，若減小兩板間距，液滴仍靜止b當(dāng)開關(guān)閉合時，若增大兩板間距，液滴將下降c開關(guān)再斷開后，若減小兩板間距，液滴仍靜止d開關(guān)再斷開后，若增大兩板間距，液滴將下降3(2013黃岡期末)在豎直向下的勻強電場中，有a、b、c、d四個帶電質(zhì)點，各以水平向左、水平向右、豎直向下和豎直向上的速度做勻速直線運動，不計質(zhì)點間相互作用力，則有()ac、d帶異種電荷ba、b帶同種電荷且電勢能均不變cd的電勢能減小，重力勢能增大dc的電勢能增大，機械能減小4如圖所示，在a點由靜止釋放一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子，粒子到達b點時速度恰好為零，設(shè)ab所在的電場線豎直向下，a、b間的高度差為h，則下列結(jié)論錯誤的是()a帶電粒子帶負電ba、b兩點間的電勢差uabmgh/qcb點場強大于a點場強da點場強大于b點場強5如圖所示，帶電荷量相等、質(zhì)量不同的帶電粒子a和b從帶電平行板m的邊緣沿平行于極板的方向進入m、n兩極板間的勻強電場中，都恰好能從n板的右邊緣飛出，不計重力作用，則()a兩粒子進入電場時的動能一定相等b兩粒子射出電場時的速度相同c兩粒子飛出電場時的動能一定相等d兩粒子電勢能的變化量不等6兩塊平行金屬板m、n水平放置，帶電情況如圖所示，其內(nèi)部空間有兩個懸浮著的小帶電液滴a和b，采用以下哪些辦法可使液滴向上做加速運動()a使兩板靠近一些b使兩板左、右錯開一些c用導(dǎo)線將兩板連接一下d使a和b粘合在一起7a、b、c三個粒子由同一點同時垂直場強方向進入偏轉(zhuǎn)電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場，由此可以肯定()a在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上bb和c同時飛離電場c進入電場時，c的速度最大，a的速度最小d動能的增量相比，c的最小，a和b的一樣大8.如圖所示，mpqo為有界的豎直向下的勻強電場，電場強度為e，acb為光滑固定的半圓形軌道，軌道半徑為r，ab為圓水平直徑的兩個端點，ac為圓弧一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電小球，從a點正上方高為h處由靜止釋放，并從a點沿切線進入半圓軌道不計空氣阻力及一切能量損失，關(guān)于帶電小球的運動情況，下列說法正確的是()a小球一定能從b點離開軌道b小球在ac部分可能做勻速圓周運動c若小球能從b點離開，上升的高度一定小于hd小球到達c點的速度可能為零9(2012茂名模擬)真空中的某裝置如圖所示，現(xiàn)有質(zhì)子、氘核和粒子都從o點由靜止釋放，經(jīng)過相同加速電場和偏轉(zhuǎn)電場，射出后都打在同一個與oo垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現(xiàn)亮點(已知質(zhì)子、氘核和粒子質(zhì)量之比為124，電荷量之比為112，重力不計)下列說法中正確的是()a三種粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動時間之比為211b三種粒子出偏轉(zhuǎn)電場時的速度相同c在熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點d偏轉(zhuǎn)電場的電場力對三種粒子做功之比為12210絕緣水平面上固定一正點電荷q，另一質(zhì)量為m、電荷量為q(q0)的滑塊(可看做點電荷)從a點以初速度v0沿水平面向q運動，到達b點時速度減為零已知a、b間距離為x，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g.以下判斷正確的是()a滑塊在運動過程中所受q的庫侖力有可能大于滑動摩擦力b滑塊在運動過程的中間時刻，速度的大小等于c此過程中產(chǎn)生的內(nèi)能為dq產(chǎn)生的電場中，a、b兩點間的電勢差為uab11如圖所示為一真空示波管的示意圖，電子從燈絲k發(fā)出(初速度可忽略不計)，經(jīng)燈絲與a板間的電壓u1加速，從a板中心孔沿中心線ko射出，然后進入兩塊平行金屬板m、n形成的偏轉(zhuǎn)電場中(偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強電場)，電子進入m、n間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場后打在熒光屏上的p點已知m、n兩板間的電壓為u2，兩板間的距離為d，板長為l，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子受到的重力及它們之間的相互作用力(1)求電子穿過a板時速度的大?。?2)求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；(3)若要使電子打在熒光屏上p點的上方，可采取哪些措施？12.(2012全國)如圖，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于o點現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分別為q和q，此時懸線與豎直方向的夾角為/6，再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到/3，且小球與兩極板不接觸求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量答案課時作業(yè)(十九)1cd2bc液滴受g和eq二力平衡，液滴能否再次平衡取決于e的變化情況，當(dāng)開關(guān)閉合時，由e知d增而e減，液滴向下運動，a錯b對由e知當(dāng)恒定時，e與d無關(guān)，所以c對d錯3bcd各個質(zhì)點所受重力均向下，要使它們分別以水平向左、水平向右、豎直向下和豎直向上的速度做勻速直線運動，所受電場力均向上，各個質(zhì)點均帶負電，且所受電場力與重力平衡，選項a錯誤；a、b沿等勢面運動，帶同種電荷且電勢能均不變，選項b正確；d豎直向上運動，電場力做正功，d的電勢能減小，重力勢能增大，選項c正確；c豎直向下運動，電場力做負功，電勢能增大，重力勢能減小，機械能減小，選項d正確4d帶電粒子受重力和靜電力作用，由a到b重力一直做正功，則靜電力做負功，故粒子帶負電a正確，靜電力做功wabmgh，uab，故b正確，粒子先加速，再減速，故靜電力fbfa，c正確，d錯誤5ac帶電粒子在勻強電場中的偏轉(zhuǎn)位移yat2，兩帶電粒子的電荷量相等，且偏轉(zhuǎn)位移相同，所以它們的初動能一定相等；偏轉(zhuǎn)過程中電場力對它們所做的功都是qu，所以它們射出電場時的動能也是相等的，電勢能的變化也必然相同；因偏轉(zhuǎn)角的正切值tan ，所以在初動能相同的情況下，是相等的，兩粒子末動能相等，而兩粒子質(zhì)量不同，出電場時速度大小不同故選項a、c正確6ba、b兩液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，必有eqamag，eqbmbg，兩液滴粘合在一起后，則有e(qaqb)(mamb)g，一定還靜止，d錯誤；用導(dǎo)線將兩板連接一下，電場減弱或消失，則兩液滴向下加速運動，c錯誤；將兩板靠近，兩板間場強不變，電場力不變，液滴仍靜止，故a錯；兩板左、右錯開一些，使板間場強增大，故兩液滴將向上加速運動，故b正確7acd8bc若電場力大于重力，則小球有可能不從b點離開軌道，a錯；若電場力等于重力，物體做勻速圓周運動，b正確；因電場力做負功，有機械能損失，上升的高度一定小于h，c正確；由圓周運動知識可知若小球到達c點的速度為零，則在此之前就已脫軌了，d錯9c10d由于滑塊在運動過程中受到的庫侖力是變力，而到達b點時速度剛好為零，則在此過程中，其受到的庫侖力一定小于滑動摩擦力，選項a錯誤；由于滑塊不是做勻變速直線運動，則利用勻變速運動公式得到平均速度與本運動中平均速度不相等，選項b錯誤；由能量守恒定律可知：在此過程中，滑塊的動能和電勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，即此過程中產(chǎn)生的內(nèi)能大于，選項c錯誤；對此過程由動能定理可得：qubamgs0mv，則uab，選項d正確11解析：(1)設(shè)電子經(jīng)電壓u1加速后的速度為v0，由動能定理eu1mv0，解得v0.(2)電子以速度v0進入偏轉(zhuǎn)電場后，垂直于電場方向做勻速直線運動，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運動設(shè)偏轉(zhuǎn)電場的電場強度為e，電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間為t，加速度為a，電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的側(cè)移量為y.由牛頓第二定律和運動學(xué)公式tfma，fee，e，yat2解得：y.(3)由y可知，減小u1和增大u2均可使y增大從而使電子打在p點上方答案：(1)(2)(3)減小加速電壓u1或增大偏轉(zhuǎn)電壓u212解析：設(shè)電容器電容為c.第一次