貴州省一中2021-2021學年高二物理上學期9月月考試題（含解析）

1、貴州省安順市平壩一中2021-2021學年高二物理上學期9月月考試題（含解析）一、單選題1.物體通常呈電中性，這是因為()A. 物體沒有電荷B. 物體的正負電荷一樣多C. 物體很容易失去電荷D. 以上說法都不正確【答案】B【解析】物體通常呈電中性，即物體不帶電，這是由于物體所帶正負電荷一樣多，物體對外不顯電性造成的；故B正確，ACD錯誤。2.如圖所示，用起電機使金屬球A帶上正電，靠近驗電器B，則（）A. 驗電器金箔不張開，因為球A沒有和B接觸B. 驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了正電C. 驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了負電D. 驗電器金箔張開，因為驗電器下部箔片都帶上了正電【答案

2、】D【解析】【詳解】把一個帶正電的物體A，靠近一個原來不帶電的驗電器的金屬小球，驗電器的金屬小球由于感應會帶上負電荷，金屬箔由于感應會帶上正電荷，而整個驗電器不帶電。所以驗電器金箔張開，因為驗電器下部箔片都帶上了正電.A. 驗電器金箔不張開，因為球A沒有和B接觸，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B. 驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了正電，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C. 驗電器金箔張開，因為整個驗電器都帶上了負電，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D. 驗電器金箔張開，因為驗電器下部箔片都帶上了正電，與結(jié)論相符，選項D正確；3.真空中有兩個點電荷，若保持它們的帶電量都不變，距離減小為原來的一半，則庫侖力

3、變?yōu)樵瓉淼模ǎ〢. 倍B. 倍C. 2倍D. 4倍【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)庫侖定律可知，若保持兩個點電荷的帶電量都不變，距離減小為原來的一半，則庫侖力變?yōu)榧磶靵隽ψ優(yōu)樵瓉淼?倍。A. 倍，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B. 倍，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C. 2倍，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D 4倍，與結(jié)論相符，選項D正確；4.下列關于電場基本概念與規(guī)律的判斷正確的是（）A. 由E=F/q可知，場強E與檢驗電荷電量q成反比、與電場力F成正比B. 由UAB=WAB/q可知，電勢差與檢驗電荷電量q成反比、與電場力做功成正比C. 由庫侖定律F=，當距離r0時庫侖力FD. 由可知，平行板電容器電容C

4、與距離d成反比、與正對面積S成正比【答案】D【解析】【詳解】A.公式是比值定義法，E反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關，與電荷受到的電場力的大小無關，由電場本身性質(zhì)決定。故A錯誤；B公式是比值定義法，反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關，由電場本身性質(zhì)決定。故B錯誤；C.在庫侖定律的表達式中，當距離r0時庫侖定律不再適用。故C錯誤；D.公式 是平行板電容器電容的決定式，由此可知平行板電容器電容C與距離d成反比、與正對面積S成正比。故D正確。5.如圖甲所示，AB是某電場中的一條電場線，一負電荷沿AB由A運動到B過程中的速度圖象如圖乙所示，則下列判斷正確的是A. 場強EAEBB. 場強EA=EBC.

5、 場強EAEBD. 場強方向由A指向B【答案】C【解析】【詳解】ABC.速度圖象的斜率等于物體的加速度，由圖可知點電荷從A向B運動的過程中加速度越來越大，故A點的場強小于B點場強，即EAEB，選項C正確，AB錯誤。D.由于物體沿電場線運動過程當中做加速運動，故點電荷所受電場力方向由A指向B，則場強方向由B指向A，故D錯誤；6.如圖，長為L的導體棒原來不帶電，現(xiàn)將一帶電量為Q的點電荷放在距棒左端R處，當達靜電平衡后，下列說法正確的為（）A. 棒中的場強為0B. 棒中的場強不為0C. 整個導體棒帶同種電荷D. 導體棒內(nèi)各處電勢不相等【答案】A【解析】【詳解】AB.處于靜電平衡的導體，內(nèi)部場強處處為

6、零，故A正確，B錯誤；C.由于靜電感應的作用，導體的左右兩端會帶上不同的電荷。故C錯誤；D.靜電平衡狀態(tài)的導體是等勢體。故D錯誤。7.真空中電量分別為2.0 10-6C、2.0 10-6C的兩個點電荷，相距為0.1m時，相互作用力的大小為( )A. 0.36NB. 3.6NC. 36ND. 360N【答案】B【解析】試題分析：由，可得F=3.6N。故選B考點：庫侖定律點評：容易題。庫侖定律適用于真空中兩個點電荷間的相互作用，對于不能看成點電荷的帶電體不能直接應用庫侖定律求解。二、多選題8.如圖，真空中A、B兩點相距，.O點是AB連線的中點，圖中虛線是AB連線的中垂線，中垂線上的C點與O點相距,

7、A、B點分別固定一個的點電荷和。已知兩點電荷電量大小相等，在C點形成的電場的場強大小為,電勢為,規(guī)定無窮遠處電勢為0，則關于在C點形成電場的場強和電勢的說法正確的是（電勢是標量，疊加時不遵從平行四邊形定則）A. 場強大小為，方向與在C點形成的電場方向相同B. 場強大小為，方向與在C點形成的電場方向垂直C. 電勢為D. 電勢為【答案】BD【解析】試題分析：根據(jù)可知，在C點形成電場場強大小也為，方向由C指向B點，即方向與在C點形成的電場方向垂直，選項A錯誤，B正確；因AB兩點與C點距離相同，且所放的電荷電量大小相等，符號相反，故在C點形成電場的電勢為，選項C錯誤，D正確；故選BD.考點：點電荷場強

8、；電勢.9.如圖所示，實線為某電場中未知方向的三條電場線，a、b兩個帶電粒子從電場中M點以相同初速度v0飛出，且初速度方向豎直向上，兩粒子在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示，不計兩帶電粒子之間的相互作用力和粒子的重力，則A. a一定帶正電，b一定帶負電B. a的速度將減小，b的速度將增大C. a的加速度將減小，b的加速度將增大D. 兩個粒子的電勢能都減小【答案】CD【解析】A、根據(jù)軌跡彎曲方向可知兩個粒子在M點的所受的電場力方向相反，正電荷所受電場力的方向就是電場強度的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場強度的方向相反，則知a、b一定帶異種電荷，故A錯誤B、D、由于出發(fā)后電場力對兩對電荷

9、均做正功，所以兩個粒子的動能均增大，電勢能均減小故B錯誤，D正確C、由電荷所受的電場力為F=Eq，加速度為，電場線越密，場強越大，加速度越大，則知a的加速度將減小，b的加速度將增大，故C正確故選CD【點睛】電場線的疏密代表電場的強弱，所以出發(fā)后的一小段時間內(nèi)a受到的電場力變小，b受到的電場力變大；正電荷所受電場力的方向就是電場強度的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場強度的方向相反，由于場強方向未知故不能確定電荷的電性根據(jù)動能定理，合外力做正功，動能增加10.如圖所示，P、Q是兩個電荷量相等的正點電荷，它們連線的中點是O，A、B是中垂線上的兩點，OAOB，用、分別表示A、B兩點的電場強度和電

10、勢，則（ ）A. 一定大于B. 可能小于C. 一定等于D. 一定大于【答案】BD【解析】試題分析:兩個等量同種電荷連線中點O的電場強度為零，無窮遠處電場強度也為零，故從O點沿著中垂線向上到無窮遠處電場強度先增大后減小，場強最大的P點可能在A、B連線之間，也可能在A、B連線上，還可能在A、B連線下，由于A、B兩點的間距也不確定，故EA可能大于EB，也可能小于EB，還可能等于EB；電場強度一直向上，故電勢越來越低，一定大于；故選BD考點：電場疊加；電場強度；點電荷的場強；電勢11.如圖所示，有一半徑為R的圓，AB是一條直徑，該圓處于勻強電場中，電場強度大小為E，方向平行于該圓所在的平面在圓上A點有

11、一發(fā)射器，以相同的動能平行于圓面沿不同方向發(fā)射電荷量為+q的粒子，粒子會經(jīng)過圓周上不同的點，在這些點中，經(jīng)過C點時粒子的電勢能最小，=30。不計粒子所受的重力和空氣阻力，下列說法正確的是（ ）A. 電場強度的方向垂直AB向上B. 電場強度的方向沿OC連線向上C. 粒子在A點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落到C點則初動能為D. 粒子在A點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落到C點，則初動能為為【答案】BC【解析】粒子在勻強電場中，從A點運動到C點，根據(jù)動能定理qUAC=Ek可知，到達C點時的小球的動能最大，所以UAC最大，則在圓周上找不到與C電勢相等的點且由A到C電場力對小球做正功所以C點的電勢最低，則電場線方

12、向沿OC方向故A錯誤，B正確小球只受電場力，做類平拋運動x=2Rsin30cos30=v0t，y=2Rcos230=，由以上兩式得：Ek=mv02=qER；故C正確，D錯誤；故選BC.點睛：本題關鍵考查對電場力做功公式W=qEd的理解和應用，d是沿電場方向兩點間的距離此題還要求熟練掌握功能關系和類平拋運動的研究方法.12.如圖，水平放置的三塊帶孔的平行金屬板與一個直流電源相連，一個帶正電的液滴從A板上方M點處由靜止釋放，不計空氣阻力，設液滴電量不變從釋放到到達B板小孔處為過程I，在BC之間運動為過程II，則（）A. 液滴不一定能從C板小孔中穿出B. 過程I中一定是重力勢能減小，電勢能減小，動能

13、增大C. 過程I和過程II液滴機械能變化量的絕對值相等D. 過程II中一定重力勢能減小，電勢能增大，動能減小【答案】BC【解析】【詳解】A.由圖可知AB間電場方向向下，BC間電場方向向上，且A與C板電勢相等，液滴從A到C電場力不做功，對液滴從M到C全過程由動能定理，可知液滴一定能從C板穿出，故A錯誤。B.從A到B過程，重力和電場力均對液滴做正功，所以重力勢能和電勢能均減小，動能增大，故B正確。C.根據(jù)功能原理，過程和過程液滴機械能變化量的絕對值均為E=qU，所以C正確。D.過程中重力勢能減小，電場力做負功電勢能增大，由全過程動能定理可知動能增大，所以D錯誤。三、填空題13.如圖所示，q1、q2

14、、q3分別表示在一條直線上的三個點電荷，已知q1與q2之間的距離為L1， q2與q3之間的距離為L2，且每個電荷都處于平衡狀態(tài).（1）如果q2為正電荷，則q1為_電荷，q3為電荷_.（填正、負）（2）q1、q2的電荷量大小關系是q1_q2（填大于、小于、等于）【答案】（1）負，負； （2）大于【解析】【詳解】試題分析：（1）假設帶負電，要使平衡則也應帶負電如果帶正電，要使平衡則也應帶正電但是、不能平衡，所以、都帶負電荷（2）由于三個電荷均處于平衡狀態(tài)，由庫侖定律建立如下平衡式：對：對：對：解得：因此q1的電荷量大于q2的電荷量考點：庫侖定律；共點力平衡14.電場線的特點是：（1）從_ 或_ 出

15、發(fā)，終止與_ 或_ （2）電場線在電場中不_ ，不_ （3）在電場中，電場線的_ 可以表示電場的相對強弱【答案】 (1). 正電荷； (2). 無窮遠處； (3). 負電荷； (4). 無窮遠處； (5). 相交； (6). 相切； (7). 疏密【解析】【詳解】（1）1.2.3.4.電場線從正電荷或無窮遠處出發(fā)，終止與負電荷或無窮遠處 （2）5.6.電場線在電場中不相交，不相切（3）7.在電場中，電場線的疏密可以表示電場的相對強弱15.如圖所示，在平面直角坐標系中，有方向平行于坐標平面的勻強電場，其中坐標原點O處的電勢為0V，點A處的電勢為24V，點B處的電勢為12V，則電場強度的大小為_

16、v/m【答案】800【解析】【詳解】1.OA的中點C的電勢為12V，將C點與B點連接，如圖，電場線與等勢線垂直，根據(jù)幾何關系得：BC=2cm，則OB沿電場線方向上的距離：d=sin60=1.5cm所以電場強度四、計算題16.如圖所示，傾角為斜面AB是粗糙的絕緣的，AB長為L，C為AB的中點，在A、C之間加一方向垂直斜面向上的勻強電場，與斜面垂直的虛線CD為電場的邊界現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小物塊（可視為質(zhì)點），從B點開始在B、C間以速度v0沿斜面向下做勻速運動，經(jīng)過C后沿斜面勻加速下滑，到達斜面底端A時的速度大小為v試求：（1）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）勻強電場場強E的大小

17、【答案】（1）tan（2）【解析】【詳解】(1)小物塊在BC上勻速運動，由受力平衡得而由解得(2)小物塊在CA上做勻加速直線運動，受力情況如圖所示。則根據(jù)牛頓第二定律得由解得考點：考查牛頓第二定律的應用點評：本題描述了兩個運動狀態(tài)，第一個受力平衡，明確小球所受各力的大小以及方向，利用力的正交分解求解，第二個為勻加速運動，此時力已經(jīng)發(fā)生了變化，根據(jù)運動學公式求解17.如圖所示的勻強電場，場強E=1104V/m，有a、b、c三點，ab間距離Lab=8cm，bc間距離Lbc=14cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60角一個帶電量q=-410-8C的負電荷從a點移到b點，求：（1）a、c間的電

18、勢差；（2）電荷從a點移動到b點，電場力所做的功；（3）將這個負電荷從c點移動到a點電勢能的變化情況【答案】（1）1500V；（2）-3.210-5J；（3）減少610-5J【解析】【詳解】（1）a、c兩點間的電勢差為Uac=E（Lab+Lbccos60）=1104（8+14cos60）10-2V=1500V；（2）電荷從a點移動到b點，電場力所做的功為Wab=qELab=-410-81104810-2J=-3.210-5J；（3）將這個負電荷從c點移動到a點電場力做功Wca=qUca；而Uca=-Uac，則得：Wca=-qUac=-（-410-8）1500J=610-5J由于電場力做正功，所以該負電荷電勢能減少了610-5J18.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一固定的光滑絕緣軌道，圓心為O，半徑為r，A、B、C、D分別是圓周上的點，其中A、C分別是最高點和最低點，BD連線與水平方向夾角為。該區(qū)間存在與軌道平面平行的水平向左的勻強電場。一質(zhì)量為m、帶正電的小球在軌道內(nèi)