江蘇省2021高考物理一輪復(fù)習(xí)第六章動(dòng)量動(dòng)量守恒定律第1講動(dòng)量定理及其應(yīng)用課件

1、第1講動(dòng)量定理及其應(yīng)用,大一輪復(fù)習(xí)講義,過好雙基關(guān),01,1.動(dòng)量 (1)定義：物體的 與 的乘積. (2)表達(dá)式：p . (3)方向：動(dòng)量的方向與 的方向相同. 2.動(dòng)量的變化 (1)因?yàn)閯?dòng)量是矢量，動(dòng)量的變化量p也是 ，其方向與速度的改變量v的方向 . (2)動(dòng)量的變化量p，一般用末動(dòng)量p減去初動(dòng)量p進(jìn)行矢量運(yùn)算，也稱為動(dòng)量的增量.即p .,動(dòng)量、動(dòng)量變化、沖量,一,質(zhì)量,速度,mv,速度,矢量,相同,pp,3.沖量 (1)定義： 與 的乘積叫做力的沖量. (2)公式： . (3)單位： . (4)方向：沖量是 ，其方向 .,力,力的作用時(shí)間,ift,ns,矢量,與力的方向相同,(1)物體

2、質(zhì)量不變時(shí)，運(yùn)動(dòng)的速度變化，其動(dòng)量一定變化.() (2)當(dāng)物體受力方向與運(yùn)動(dòng)方向垂直時(shí)，該力的沖量為0.() (3)某個(gè)恒力對(duì)物體做功為0時(shí)，沖量不為0.() (4)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體動(dòng)量不變.(),動(dòng)量定理,二,1.內(nèi)容：物體在一個(gè)運(yùn)動(dòng)過程始末的 等于它在這個(gè)過程中所受 的沖量. 2.公式： 或 . 3.動(dòng)量定理的理解 (1)動(dòng)量定理反映了力的沖量與 之間的因果關(guān)系，即合力的沖量是原因，物體的 是結(jié)果. (2)動(dòng)量定理中的沖量是 的沖量，而不是某一個(gè)力的沖量，它可以是合力的沖量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和. (3)動(dòng)量定理表達(dá)式是 式，等號(hào)包含了大小相等、方

3、向相同兩方面的含義.,動(dòng)量變化量,合力,mvmvf(tt),ppi,動(dòng)量變化量,動(dòng)量變化量,合力,矢量,自測(cè)(2018全國卷15)高空墜物極易對(duì)行人造成傷害.若一個(gè)50 g的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的碰撞時(shí)間約為2 ms，則該雞蛋對(duì)地面產(chǎn)生的沖擊力約為 a.10 n b.102 n c.103 n d.104 n,解析設(shè)每層樓高約為3 m，則下落高度約為h325 m75 m，,02,研透命題點(diǎn),對(duì)動(dòng)量和沖量的理解,1.對(duì)動(dòng)量的理解 (1)動(dòng)量的兩性 瞬時(shí)性：動(dòng)量是描述物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的物理量，是針對(duì)某一時(shí)刻或位置而言的. 相對(duì)性：動(dòng)量的大小與參考系的選取有關(guān)，通常是指相對(duì)地面的動(dòng)量.,基

4、礎(chǔ)考點(diǎn)自主悟透,命題點(diǎn)一,(2)動(dòng)量與動(dòng)能的比較,2.對(duì)沖量的理解 (1)沖量的兩性 時(shí)間性：沖量不僅與力有關(guān)，還與力的作用時(shí)間有關(guān)，恒力的沖量等于該力與該力的作用時(shí)間的乘積. 矢量性：對(duì)于方向恒定的力來說，沖量的方向與力的方向一致；對(duì)于作用時(shí)間內(nèi)方向變化的力來說，沖量的方向與相應(yīng)時(shí)間內(nèi)物體動(dòng)量改變量的方向一致. (2)作用力和反作用力的沖量：一定等大、反向，但作用力和反作用力做的功之間并無必然聯(lián)系.,(3)沖量與功的比較,例1關(guān)于物體的動(dòng)量，下列說法中正確的是 a.運(yùn)動(dòng)物體在任一時(shí)刻的動(dòng)量方向，一定是該時(shí)刻的速度方向 b.物體的加速度不變，其動(dòng)量一定不變 c.動(dòng)量越大的物體，其速度一定越大

5、d.物體的動(dòng)量越大，其慣性也越大,題型1對(duì)動(dòng)量和沖量的定性分析,解析動(dòng)量具有瞬時(shí)性，任一時(shí)刻物體動(dòng)量的方向，與該時(shí)刻物體的速度方向相同，選項(xiàng)a正確； 加速度不變，則物體速度的變化率恒定，物體的速度均勻變化，故其動(dòng)量也均勻變化，選項(xiàng)b錯(cuò)誤； 物體動(dòng)量的大小由物體質(zhì)量及速度大小共同決定，不是由物體的速度唯一決定的，故物體的動(dòng)量大，其速度不一定大，選項(xiàng)c錯(cuò)誤； 慣性由物體質(zhì)量決定，物體的動(dòng)量越大，其質(zhì)量并不一定越大，慣性也不一定越大，故選項(xiàng)d錯(cuò)誤.,變式1(2019江蘇宿遷市期中)籃球運(yùn)動(dòng)員通常伸出雙手迎接傳來的籃球.接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣做可以 a.減小球?qū)κ值臎_量 b.減小球?qū)κ值?/p>

6、沖擊力 c.減小球的動(dòng)量變化量 d.減小球的動(dòng)能變化量,解析先伸出兩手迎接，手接觸到球后，兩手隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理有ft0mv，解得f ，當(dāng)時(shí)間增大時(shí)，球動(dòng)量的變化率減小，作用力減小，而沖量和動(dòng)量的變化量都不變，動(dòng)能的變化量也不變，所以b正確.,例2(多選)(2019湖北宜昌市四月調(diào)研)一質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員托著質(zhì)量為m的重物從下蹲狀態(tài)(圖1甲)緩慢運(yùn)動(dòng)到站立狀態(tài)(圖乙)，該過程重物和人的肩部相對(duì)位置不變，運(yùn)動(dòng)員保持乙狀態(tài)站立t時(shí)間后再將重物緩慢向上舉，至雙臂伸直(圖丙).甲到乙、乙到丙過程重物上升高度分別為h1、h2，經(jīng)歷的時(shí)間分別為t1、t2，重力加速度為g

7、，則 a.地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為(mm)g(t1t2t)，地面對(duì) 運(yùn)動(dòng)員做的功為0 b.地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為(mm)g(t1t2)，地面對(duì)運(yùn)動(dòng) 員做的功為(mm)g(h1h2) c.運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的沖量為mg(t1t2t)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物 做的功為mg(h1h2) d.運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的沖量為mg(t1t2)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物做的功為0,題型2對(duì)動(dòng)量和沖量的定量計(jì)算,圖1,解析因運(yùn)動(dòng)員將重物緩慢上舉，則可認(rèn)為是平衡狀態(tài)，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力為：(mm)g，整個(gè)過程的時(shí)間為(t1t2t)，根據(jù)ift可知地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為(mm)g(t1t2t)；因地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力沒有位移，可知地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的功為0，選

8、項(xiàng)a正確，b錯(cuò)誤；,運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的作用力為mg，作用時(shí)間為(t1t2t)，根據(jù)ift可知運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的沖量為mg(t1t2t)，重物的位移為(h1h2)，根據(jù)wflcos 可知運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物做的功為mg(h1h2)，選項(xiàng)c正確，d錯(cuò)誤.,變式2(多選)如圖2所示，一個(gè)物體在與水平方向成角的拉力f的作用下勻速前進(jìn)了時(shí)間t，則 a.拉力對(duì)物體的沖量大小為ft b.拉力對(duì)物體的沖量大小為ftsin c.摩擦力對(duì)物體的沖量大小為ftsin d.合外力對(duì)物體的沖量大小為零,圖2,解析拉力f對(duì)物體的沖量大小為ft，故a項(xiàng)正確，b項(xiàng)錯(cuò)誤； 物體受到的摩擦力fffcos ，所以，摩擦力對(duì)物體的沖量大小為fftf

9、tcos ，故c項(xiàng)錯(cuò)誤； 物體勻速運(yùn)動(dòng)，則合外力為零，所以合外力對(duì)物體的沖量大小為零，故d項(xiàng)正確.,1.對(duì)動(dòng)量定理的理解 (1)中學(xué)物理中，動(dòng)量定理研究的對(duì)象通常是單個(gè)物體. (2)ftpp是矢量式，兩邊不僅大小相等，而且方向相同.式中ft是物體所受的合外力的沖量. (3)ftpp除表明兩邊大小、方向的關(guān)系外，還說明了兩邊的因果關(guān)系，即合外力的沖量是動(dòng)量變化的原因. (4)由ftpp，得f 即物體所受的合外力等于物體的動(dòng)量的變化率.,動(dòng)量定理的基本應(yīng)用,高考熱點(diǎn)講透練熟,命題點(diǎn)二,2.解題基本思路 (1)確定研究對(duì)象.在中學(xué)階段用動(dòng)量定理討論的問題，其研究對(duì)象一般僅限于單個(gè)物體. (2)對(duì)物體

10、進(jìn)行受力分析.可先求每個(gè)力的沖量，再求各力沖量的矢量和合力的沖量；或先求合力，再求其沖量. (3)抓住過程的初、末狀態(tài)，選好正方向，確定各動(dòng)量和沖量的正負(fù)號(hào). (4)根據(jù)動(dòng)量定理列方程，如有必要還需要補(bǔ)充其他方程，最后代入數(shù)據(jù)求解.,例3(2018江蘇卷12c(3)如圖3所示，懸掛于豎直彈簧下端的小球質(zhì)量為m，運(yùn)動(dòng)速度的大小為v，方向向下.經(jīng)過時(shí)間t，小球的速度大小為v，方向變?yōu)橄蛏?忽略空氣阻力，重力加速度為g，求該運(yùn)動(dòng)過程中，小球所受彈簧彈力沖量的大小.,圖3,答案2mvmgt,解析取向上為正方向，,變式3(2020山東臨沂市質(zhì)檢)材料相同、質(zhì)量不同的兩滑塊，以相同的初動(dòng)能分別在水平面上運(yùn)

11、動(dòng)直到停止，則 a.質(zhì)量大的滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng) b.質(zhì)量小的滑塊運(yùn)動(dòng)位移大 c.質(zhì)量大的滑塊所受摩擦力的沖量小 d.質(zhì)量小的滑塊克服摩擦力做功多,解析以初速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)能定理可知： mgx0ek， 即兩滑塊克服摩擦力做的功相等，且質(zhì)量較小的滑塊運(yùn)動(dòng)位移較大， 選項(xiàng)b正確，d錯(cuò)誤；,可知質(zhì)量大的滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；,則質(zhì)量大的滑塊摩擦力的沖量大，故c錯(cuò)誤.,變式4(2019江西南昌市4月第二次模擬)用水平力拉一物體，使物體在水平地面上由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，t1時(shí)刻撤去拉力f，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到t2時(shí)刻停止.其速度時(shí)間圖象如圖4所示，且，若拉力f做的功為w1，沖量大小為i

12、1；物體克服摩擦阻力ff做的功為w2，沖量大小為i2.則下列選項(xiàng)正確的是 a.w1 w2；i1i2b.w1i2 c.w1 w2；i1i2d.w1w2；i1i2,圖4,解析全過程由動(dòng)能定理得：w1w20，則w1w2； 由動(dòng)量定理得：i1i20，則i1i2，故d正確.,例4一高空作業(yè)的工人質(zhì)量為60 kg，系一條長(zhǎng)為l5 m的安全帶，若工人由靜止不慎跌落時(shí)安全帶的緩沖時(shí)間t1 s(工人最終靜止懸掛在空中)，則緩沖過程中安全帶受的平均沖力是多少？(g取10 m/s2，忽略空氣阻力的影響),動(dòng)量定理在多過程問題中的應(yīng)用,命題點(diǎn)三,能力考點(diǎn)師生共研,答案1 200 n，方向豎直向下,解析解法一分段列式法

13、：設(shè)工人剛要拉緊安全帶時(shí)的速度為v1，,經(jīng)緩沖時(shí)間t1 s后速度變?yōu)?，取向下的方向?yàn)檎较颍?對(duì)工人由動(dòng)量定理知，工人受兩個(gè)力作用，即拉力f和重力mg，,將數(shù)值代入得f1 200 n. 由牛頓第三定律知，工人對(duì)安全帶的平均沖力ff1 200 n，方向豎直向下.,拉力f的沖量大小為ft. 初、末動(dòng)量都是零，取向下為正方向，,由牛頓第三定律知工人對(duì)安全帶的平均沖力ff1 200 n，方向豎直向下.,變式5在水平力f30 n的作用下，質(zhì)量m5 kg的物體由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng).已知物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，若f作用6 s后撤去，撤去f后物體還能向前運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間？(g取10 m/s2),答案

14、12 s,解析解法一分段處理 選物體為研究對(duì)象， 對(duì)于撤去f前物體做勻加速運(yùn)動(dòng)的過程，受力情況如圖甲所示， ffmg，初速度為零，末速度為v. 取水平力f的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理有(fmg)t1mv0； 對(duì)于撤去f后，物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的過程，受力情況如圖乙所示， 初速度為v，末速度為零，根據(jù)動(dòng)量定理有mgt20mv.,解法二研究全過程 選物體作為研究對(duì)象，研究整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程， 這個(gè)過程的初、末狀態(tài)的速度都等于零. 取水平力f的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理有(fmg)t1(mg)t20,應(yīng)用動(dòng)量定理處理“流體模型”,微點(diǎn)講座系列8,03,1.研究對(duì)象 常常需要選取流體為研究對(duì)象，如水、空氣等.

15、2.研究方法 隔離出一定形狀的一部分流體作為研究對(duì)象，然后列式求解. 3.基本思路 (1)在極短時(shí)間t內(nèi)，取一小柱體作為研究對(duì)象. (2)求小柱體的體積vvst (3)求小柱體質(zhì)量mvvst (4)求小柱體的動(dòng)量變化pvmv2st (5)應(yīng)用動(dòng)量定理ftp,例5(2019全國卷16)最近，我國為“長(zhǎng)征九號(hào)”研制的大推力新型火箭發(fā)動(dòng)機(jī)聯(lián)試成功，這標(biāo)志著我國重型運(yùn)載火箭的研發(fā)取得突破性進(jìn)展.若某次實(shí)驗(yàn)中該發(fā)動(dòng)機(jī)向后噴射的氣體速度約為3 km/s，產(chǎn)生的推力約為4.8106 n，則它在1 s時(shí)間內(nèi)噴射的氣體質(zhì)量約為 a.1.6102 kg b.1.6103 kg c.1.6105 kg d.1.61

16、06 kg,解析設(shè)1 s時(shí)間內(nèi)噴出的氣體的質(zhì)量為m， 噴出的氣體與該發(fā)動(dòng)機(jī)的相互作用力為f， 由動(dòng)量定理有ftmv0，,變式6(2019陜西寶雞市高考模擬檢測(cè)(二)超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)“山竹”的風(fēng)力達(dá)到17級(jí)超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)強(qiáng)度，風(fēng)速60 m/s左右，對(duì)固定建筑物破壞程度巨大.請(qǐng)你根據(jù)所學(xué)物理知識(shí)推算固定建筑物所受風(fēng)力(空氣的壓力)與風(fēng)速(空氣流動(dòng)速度)大小的關(guān)系.假設(shè)某一建筑物垂直風(fēng)速方向的受力面積為s，風(fēng)速大小為v，空氣吹到建筑物上后速度瞬間減為零，空氣密度為，風(fēng)力f與風(fēng)速大小v的關(guān)系式為 a.fsv b.fsv2c.f sv3 d.fsv3,解析設(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，則msvt，對(duì)m， 根據(jù)

17、動(dòng)量定理有ft0mv0sv2t，解得fsv2， 由牛頓第三定律可得風(fēng)力ffsv2， 故b正確，a、c、d錯(cuò)誤.,04,隨堂鞏固練,1.(動(dòng)量定理定性分析問題)(多選)從同樣高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，其原因是 a.掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量大，掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量小 b.掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量改變大，掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量改變小 c.掉在水泥上的玻璃杯動(dòng)量變化快，掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量變化慢 d.掉在水泥地上的玻璃杯與地面接觸時(shí)，相互作用時(shí)間短，而掉在草地上的 玻璃杯與地面接觸時(shí)作用時(shí)間長(zhǎng),1,2,3,4,2.(動(dòng)量和沖量的理解)(2019江蘇南京、鹽城市

18、一模)一只質(zhì)量為5.4 kg的保齡球，撞上一只原來靜止、質(zhì)量為1.7 kg的球瓶.此后球瓶以3.0 m/s的速度向前飛出，而保齡球以1.8 m/s的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)，假設(shè)它們相互作用的時(shí)間為0.05 s.求： (1)碰撞后保齡球的動(dòng)量大??；,1,2,3,4,答案9.72 kgm/s,解析碰撞后對(duì)保齡球 p1mv15.41.8 kgm/s9.72 kgm/s.,(2)碰撞時(shí)保齡球與球瓶間的相互作用力的大小.,1,2,3,4,答案102 n,解析取碰撞后球瓶的速度方向?yàn)檎较颍瑢?duì)球瓶： pmv01.73.0 kgm/s5.1 kgm/s， 由動(dòng)量定理有：ftp，代入數(shù)據(jù)求得f102 n.,3.(動(dòng)

19、量定理的基本應(yīng)用)(2019江蘇省四星級(jí)高中一調(diào))某質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從距蹦床h1高處自由落下，接著又能彈起h2高，運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)間為t，在空中保持直立.重力加速度為g.取豎直向上為正方向，忽略空氣阻力.求： (1)運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)間內(nèi)，所受重力的沖量i；,1,2,3,4,答案mgt，方向豎直向下,解析以豎直向上為正方向， 由動(dòng)量的定義式ift，得重力的沖量為：igmgt， 負(fù)號(hào)表示方向豎直向下；,(2)運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸時(shí)間內(nèi)，受到蹦床平均彈力的大小f.,1,2,3,4,解析設(shè)運(yùn)動(dòng)員下落h1高度時(shí)的速度大小為v1，彈起時(shí)速度大小為v2， 則有：v122gh1，v222gh2 由動(dòng)量定理有：

20、mgtftmv2(mv1),1,2,3,4,4.(應(yīng)用動(dòng)量定理處理“流體模型”)(2020湖北武漢市調(diào)研)運(yùn)動(dòng)員在水上做飛行表演，他操控噴射式懸浮飛行器將水帶豎直送上來的水反轉(zhuǎn)180后向下噴出，令自己懸停在空中，如圖5所示.已知運(yùn)動(dòng)員與裝備的總質(zhì)量為90 kg，兩個(gè)噴嘴的直徑均為10 cm，重力加速度大小g10 m/s2，水的密度1.0103 kg/m3，則噴嘴處噴水的速度大約為 a.2.7 m/s b.5.4 m/s c.7.6 m/s d.10.8 m/s,圖5,1,2,3,4,解析設(shè)t時(shí)間內(nèi)一個(gè)噴嘴中有質(zhì)量為m的水噴出， 忽略水的重力的沖量，對(duì)兩個(gè)噴嘴噴出的水由動(dòng)量定理有：,因運(yùn)動(dòng)員懸停

21、在空中，則fmg， 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v7.6 m/s，故c正確.,05,課 時(shí) 精 練,1.關(guān)于動(dòng)量和動(dòng)能，下列說法中錯(cuò)誤的是 a.做變速運(yùn)動(dòng)的物體，動(dòng)能一定不斷變化 b.做變速運(yùn)動(dòng)的物體，動(dòng)量一定不斷變化 c.合外力對(duì)物體做功為零，物體動(dòng)能的增量一定為零 d.合外力的沖量為零，物體動(dòng)量的增量一定為零,雙基鞏固練,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,解析做變速運(yùn)動(dòng)的物體，速度大小不一定變化，則動(dòng)能不一定變化，故a錯(cuò)誤； 做變速運(yùn)動(dòng)的物體，速度發(fā)生變化，動(dòng)量一定不斷變化，故b正確； 合外力對(duì)物體做功為零，由動(dòng)能定理，物體動(dòng)能的增量一定為零，故c正確； 合外力的沖量為零，由動(dòng)量定理，物體

22、動(dòng)量的增量一定為零，故d正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,2.如果一物體在任意相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量相同，則此物體的運(yùn)動(dòng)不可能是 a.勻速圓周運(yùn)動(dòng) b.自由落體運(yùn)動(dòng) c.平拋運(yùn)動(dòng) d.豎直上拋運(yùn)動(dòng),1,2,3,4,5,6,7,解析如果物體在任意相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量都相同，由ift可知，物體受到的力是恒力，則物體可能做自由落體運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)或豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故b、c、d正確； 物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合外力方向不斷變化，合力為變力，不能滿足在任何相等時(shí)間內(nèi)，合外力的沖量相等，故不可能為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤.,8,9,10,3.(2019廣西欽州市4月綜測(cè))“飛針穿玻璃”是一項(xiàng)高

23、難度的絕技表演，曾引起質(zhì)疑.為了研究該問題，以下測(cè)量能夠得出飛針在穿越玻璃的時(shí)間內(nèi)，對(duì)玻璃平均沖擊力大小的是 a.測(cè)出玻璃厚度和飛針穿越玻璃前后的速度 b.測(cè)出玻璃厚度和飛針穿越玻璃所用的時(shí)間 c.測(cè)出飛針質(zhì)量、玻璃厚度和飛針穿越玻璃所用的時(shí)間 d.測(cè)出飛針質(zhì)量、飛針穿越玻璃所用時(shí)間和穿越玻璃前后的速度,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,解析在“飛針穿玻璃”的過程中，對(duì)飛針， 由動(dòng)量定理有： tmv2mv1， 結(jié)合牛頓第三定律可知， 應(yīng)測(cè)出飛針質(zhì)量、飛針穿越玻璃所用時(shí)間和穿越玻璃前后的速度， 故d正確，a、b、c錯(cuò)誤.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,4.(2020福建泉州市

24、質(zhì)檢)如圖1所示，ad、bd、cd是豎直面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿，a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)位于同一圓周上，a在圓周最高點(diǎn)，d在圓周最低點(diǎn)，每根桿上都套著質(zhì)量相等的小滑環(huán)(圖中未畫出)，三個(gè)滑環(huán)分別從a、b、c三個(gè)點(diǎn)同時(shí)由靜止釋放.關(guān)于它們下滑的過程，下列說法正確的是 a.重力對(duì)它們的沖量相同 b.彈力對(duì)它們的沖量相同 c.合外力對(duì)它們的沖量相同 d.它們動(dòng)能的增量相同,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,圖1,解析這是“等時(shí)圓”，即三個(gè)滑環(huán)同時(shí)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)d點(diǎn)的時(shí)間相同，由于三個(gè)環(huán)的重力相等，由公式ift分析可知，三個(gè)環(huán)重力的沖量相同，故a正確； 從c處下滑的小滑環(huán)受到的彈力最大，

25、運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則彈力對(duì)從c處下滑的小滑環(huán)的沖量最大，故b錯(cuò)誤；,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,從a處下滑的小滑環(huán)的加速度最大，受到的合力最大，則合力對(duì)從a處下滑的小滑環(huán)的沖量最大，故c錯(cuò)誤； 重力對(duì)從a處下滑的小滑環(huán)做功最多，其動(dòng)能的增量最大，故d錯(cuò)誤.,5.(2019廣東廣州市4月綜合測(cè)試)如圖2，廣州塔摩天輪位于塔頂450米高空處，摩天輪由16個(gè)“水晶”觀光球艙組成，沿著傾斜的軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則坐于觀光球艙中的某游客 a.動(dòng)量不變 b.線速度不變 c.合外力不變 d.機(jī)械能不守恒,圖2,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,解析坐于觀光球艙中的某游客線速度的大小不變，但

26、方向不斷改變，可知線速度不斷改變，動(dòng)量也不斷變化；由于向心加速度方向不斷變化，可知合外力大小不變，但方向不斷改變，選項(xiàng)a、b、c錯(cuò)誤； 由于動(dòng)能不變，重力勢(shì)能不斷變化，可知機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)d正確.,6.(多選)一質(zhì)量為2 kg的物塊在合外力f的作用下由靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng).f隨時(shí)間t變化的圖線如圖3所示，則 a.t1 s時(shí)物塊的速率為1 m/s b.t2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4 kgm/s c.t3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5 kgm/s d.t4 s時(shí)物塊的速度為零,圖3,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,解析ft圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示合外力f的沖量，可知在01 s、02 s、03

27、s、04 s內(nèi)合外力沖量分別為2 ns、4 ns、3 ns、2 ns；根據(jù)動(dòng)量定理imv可知，物塊在1 s、2 s、3 s、4 s末的速率分別為1 m/s、2 m/s、1.5 m/s、1 m/s；由pmv可知，物塊在1 s、2 s、3 s、4 s時(shí)的動(dòng)量大小分別為2 kgm/s、4 kgm/s、3 kgm/s、2 kgm/s，a、b正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,7.(2019廣東省“六?！钡谌温?lián)考)開學(xué)了，想到又能夠回到校園為夢(mèng)想而拼搏，小明同學(xué)開心得跳了起來.假設(shè)小明質(zhì)量為m，從開始蹬地到離開地面用時(shí)為t，離地后小明重心最大升高h(yuǎn)，重力加速度為g，忽略空氣阻力.以下說法

28、正確的是 a.從開始蹬地到到達(dá)最高點(diǎn)的過程中，小明始終處于失重狀態(tài) b.在t時(shí)間內(nèi)，小明機(jī)械能增加了mgh c.在t時(shí)間內(nèi)，地面對(duì)小明的平均支持力為 d.在t時(shí)間內(nèi)，地面對(duì)小明做功mgh,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,解析從開始蹬地到到達(dá)最高點(diǎn)的過程中，經(jīng)歷了向上加速和減速的過程，所以小明先超重后失重，故a錯(cuò)誤； 小明離開地面后，只受重力作用，機(jī)械能守恒，重心最大升高h(yuǎn)，可知小明離開地面時(shí)的機(jī)械能為mgh，故b正確；,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,在時(shí)間t內(nèi)，地面對(duì)小明的支持力并沒有在力的方向上發(fā)生位移，做功為0，故d錯(cuò)誤.,8.(2020山西晉中市模擬)質(zhì)量相等的a、

29、b兩物體放在同一水平面上，分別受到水平拉力f1、f2的作用從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng).經(jīng)過時(shí)間t0和4t0速度分別達(dá)到2v0和v0時(shí)，分別撤去f1和f2，兩物體都做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停止.兩物體速度隨時(shí)間變化的圖線如圖4所示.設(shè)f1和f2對(duì)a、b兩物體的沖量分別為i1和i2，f1和f2對(duì)a、b兩物體做的功分別為w1和w2，則下列結(jié)論正確的是 a.i1i2125，w1w265 b.i1i265，w1w235 c.i1i235，w1w265 d.i1i235，w1w2125,1,2,3,4,5,6,7,圖4,8,9,10,綜合提升練,故i1i2f1t04f2t035； 對(duì)全過程運(yùn)用動(dòng)能定理得：w1f