高考物理二輪復(fù)習(xí)高考仿真模擬卷新人教版

1、高考仿真模擬卷(一)本試卷分第卷(選擇題)和第卷(非選擇題)兩部分滿分110分考試時(shí)間60分鐘第卷(選擇題共48分)本卷共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)同時(shí)開始沿同一方向運(yùn)動(dòng)，甲物體運(yùn)動(dòng)的vt圖象為兩段直線，乙物體運(yùn)動(dòng)的vt圖象為兩段半徑相同的圓弧曲線，如圖所示，圖中t42t2，則在0t4時(shí)間內(nèi)，以下說(shuō)法正確的是()A甲物體的加速度不變B乙物體做曲線運(yùn)動(dòng)C兩物體t1時(shí)刻相距最遠(yuǎn)，t4時(shí)刻相遇D甲物體的平均速度等于乙物體的平均速度D0t2時(shí)間

2、段內(nèi)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，t2t4時(shí)間內(nèi)甲物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)；速度是矢量，在速度時(shí)間圖象中，只能表示直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)；在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，t3時(shí)刻兩物體相距最遠(yuǎn)，C錯(cuò)；在速度時(shí)間圖象中，圖線下面所包圍的面積即為位移，可求知0t4時(shí)間段內(nèi)，位移相等，故平均速度相同，D對(duì)15下列說(shuō)法正確的是()A放射性元素發(fā)生一次衰變，原子序數(shù)減少1B氫原子由n3向n1的能級(jí)躍遷時(shí)，只能輻射2種頻率的光子C在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大初動(dòng)能與入射光強(qiáng)無(wú)關(guān)，只隨入射光的頻率增大而增大D.U的半衰期約為7億年，隨著地球環(huán)境的不斷變化，半衰期可能變短C放射性元素發(fā)生一次衰變，多一個(gè)質(zhì)子，原子序數(shù)增加1，A錯(cuò)；由

3、n3向n1的能級(jí)躍遷時(shí)，能輻射3種頻率的光子，B錯(cuò)誤；由光電效應(yīng)方程EkhW，可知C正確；放射性元素的半衰期不會(huì)隨環(huán)境的變化而改變，故D錯(cuò)16(多選)如圖，一滑塊隨傳送帶一起順時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到中間某個(gè)位置時(shí)，由于某種原因，傳送帶突然原速率反向轉(zhuǎn)動(dòng)，則滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中，其對(duì)地速度v1及相對(duì)傳送帶的速度v2隨時(shí)間變化關(guān)系圖象不可能為()D一開始滑塊隨傳送帶一起順時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明滑塊受力平衡，它的重力沿傳送帶斜向下的分力等于靜摩擦力，此時(shí)滑塊相對(duì)傳送帶的速度為0.傳送帶突然反向轉(zhuǎn)動(dòng)，滑塊由于慣性繼續(xù)沿傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，此時(shí)受到的是滑動(dòng)摩擦力，故一定有mgcos mgsin .設(shè)

4、傳送帶的速率為v0，若mgcos mgsin ，則反轉(zhuǎn)后滑塊仍然沿傳送帶向下做勻速運(yùn)動(dòng)，其對(duì)地速度v1及相對(duì)傳送帶的速度v2均恒定，且v1v0，v22v0，A、C項(xiàng)可能若mgcos mgsin ，則反轉(zhuǎn)后滑塊相對(duì)傳送帶速度由2v0先減速到0，然后再反向勻加速運(yùn)動(dòng)，直到與傳送帶共速，而滑塊相對(duì)地面速度v1由v0先減速到零，然后再反向勻加速，直到與傳送帶共速，B項(xiàng)可能，D項(xiàng)不可能17真空中，兩個(gè)相距L的固定點(diǎn)電荷E、F所帶電荷量分別為QE和QF，在它們共同形成的電場(chǎng)中，有一條電場(chǎng)線如圖中實(shí)線所示電場(chǎng)線上標(biāo)出了M、N兩點(diǎn)，其中N點(diǎn)的切線與EF連線平行，且NEFNFE.則()AE帶正電，F(xiàn)帶負(fù)電，且Q

5、EQFB在M點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的檢驗(yàn)電荷，檢驗(yàn)電荷將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)C過N點(diǎn)的等勢(shì)面與過N點(diǎn)的切線垂直D負(fù)檢驗(yàn)電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能C根據(jù)電場(chǎng)線可知，兩點(diǎn)電荷為異種電荷，但哪個(gè)電荷帶正電無(wú)法判斷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)線一般為曲線，帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡不可能與電場(chǎng)線重合，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于N點(diǎn)的電場(chǎng)線沿水平方向，等勢(shì)線與電場(chǎng)線垂直，因而選項(xiàng)C正確；由于不能確定電場(chǎng)線的方向，因而無(wú)法確定負(fù)檢驗(yàn)電荷在哪點(diǎn)的電勢(shì)能大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤18如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN是一豎直放置的足夠長(zhǎng)的感光板從圓形磁場(chǎng)最高點(diǎn)P以速度v垂直磁場(chǎng)射入大量帶正電的粒子，且

6、粒子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m.不考慮粒子間的相互作用力和粒子的重力，關(guān)于這些粒子的運(yùn)動(dòng)以下說(shuō)法正確的是()A只要對(duì)著圓心入射，出射后均可垂直打在MN上B即使是對(duì)著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長(zhǎng)線也不一定過圓心C只要速度滿足v，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上D對(duì)著圓心入射的粒子，速度越大在磁場(chǎng)中通過的弧長(zhǎng)越長(zhǎng)，時(shí)間也越長(zhǎng)C粒子的速度不同，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同，從圓形磁場(chǎng)中出來(lái)后不一定垂直打在MN板上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；沿圓心進(jìn)入圓形磁場(chǎng)的粒子，離開磁場(chǎng)時(shí)速度的反向延長(zhǎng)線一定過圓心，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若粒子的速度為v，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為rR，粒子離開磁場(chǎng)時(shí)速度沿水平方向

7、，垂直打在MN板上，選項(xiàng)C正確；速度越大的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角越小，因而運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短，選項(xiàng)D錯(cuò)誤19如圖所示電路中的變壓器為理想變壓器，S為單刀雙擲開關(guān)P是滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)觸頭，U1為加在原線圈兩端的交變電壓，I1、I2分別為原線圈和副線圈中的電流下列說(shuō)法正確的是()A保持P的位置及U1不變，S由a切換到b，則I2減小B保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則R上消耗的功率減小C保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則I1增大D保持U1不變，S接在b端，將P向上滑動(dòng)，則I1減小AC保持P的位置不變和U1不變，S由a打到b，副線圈匝數(shù)減小，根據(jù)可知副線圈兩端電壓U2減小，因而

8、電流I2減小，選項(xiàng)A正確；保持P的位置不變和U1不變，S由b打到a，副線圈匝數(shù)增大，根據(jù)可知副線圈兩端電壓U2增大，電流I2增大，R消耗的功率增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確；保持U1不變，S打到b，P上滑，則電流I2增大，I1增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤20如圖，質(zhì)量為m的小球從斜軌道高h(yuǎn)處由靜止滑下，然后沿豎直圓軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)已知圓軌道的半徑為R，不計(jì)一切摩擦阻力，重力加速度為g.則下列說(shuō)法正確的是()A當(dāng)h2R時(shí)，小球恰好能到達(dá)最高點(diǎn)MB當(dāng)h2R時(shí)，小球在圓心等高處P時(shí)對(duì)軌道壓力為2mgC當(dāng)hR時(shí)，小球在運(yùn)動(dòng)過程中不會(huì)脫離軌道D當(dāng)hR時(shí)，小球在最低點(diǎn)N時(shí)對(duì)軌道壓力為2mgBCA在圓軌道的最高點(diǎn)M，由牛頓

9、第二定律有：mgm，得：v0 根據(jù)機(jī)械能守恒得：mghmg2Rmv 解得：h2.5R，故A錯(cuò)誤B當(dāng)h2R時(shí)，小球在圓心等高處P時(shí)速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒得：mg2RmgR mv2小球在P時(shí)，有：Nm 聯(lián)立解得 N2mg，則知小球在圓心等高處P時(shí)對(duì)軌道壓力為2mg，故B正確C當(dāng)hR時(shí)，根據(jù)機(jī)械能守恒得知小球在圓軌道上圓心下方軌道上來(lái)回運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中不會(huì)脫離軌道，故C正確D當(dāng)hR時(shí)，設(shè)小球在最低點(diǎn)N時(shí)速度為v，則有：mgR mv2在圓軌道最低點(diǎn)，有：Nmgm 解得：N3mg，則小球在最低點(diǎn)N時(shí)對(duì)軌道壓力為3mg，故D錯(cuò)誤21如圖兩根足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌PP、QQ傾斜放置，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平

10、面向上，導(dǎo)軌的上端與水平放置的兩金屬板M、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微粒，金屬棒ab水平跨放在導(dǎo)軌上，下滑過程中與導(dǎo)軌接觸良好現(xiàn)在同時(shí)由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab，則()A金屬棒ab一直加速下滑B金屬棒ab最終可能勻速下滑C金屬棒ab下滑過程中M板電勢(shì)高于N板電勢(shì)D帶電微?？赡芟认騈板運(yùn)動(dòng)后向M板運(yùn)動(dòng)ACD根據(jù)牛頓第二定律有mgsin BIlma，而I，qCU，UBlv，vat，聯(lián)立解得a，因而金屬棒將做勻加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；ab棒切割磁感線，相當(dāng)于電源，a端相當(dāng)于電源正極，因而M板帶正電，N板帶負(fù)電，選項(xiàng)C正確；若帶電粒子帶負(fù)電，在重力和電場(chǎng)力的作用下，先向下運(yùn)動(dòng)然后再

11、反向向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確第卷(非選擇題共62分)本卷包括必考題和選考題兩部分第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答第3334題為選考題，考生根據(jù)要求做答(一)必考題(共47分)22(6分)某同學(xué)用如圖甲的裝置來(lái)測(cè)定滑塊與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩個(gè)光電門1、2，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細(xì)線跨過定滑輪與鉤碼相連(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)遮光條的寬度d，圖乙中游標(biāo)卡尺讀數(shù)為_cm.滑塊在軌道上做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，先后通過光電門1、2所用的時(shí)間分別為t1、t2，兩光電門間的距離為L(zhǎng)，用d、t1、t2、L表示滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a_.(2)要使細(xì)線中拉力近似等于鉤碼重力，滑塊質(zhì)量M與鉤碼質(zhì)量m應(yīng)滿

12、足_關(guān)系(3)滿足(2)后，調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平，斷開氣源時(shí)，測(cè)得滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度為a1；不改變鉤碼的質(zhì)量，接通氣源，測(cè)得滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，用a1、a2、g表示滑塊與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)_. 解析(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為2 mm0.05 mm52.25 mm0.225 cm；根據(jù)vv2aL可得a()(2)若鉤碼的重力近似等于細(xì)線拉力，則鉤碼質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量(3)氣墊導(dǎo)軌水平，氣源斷開時(shí)，對(duì)于滑塊有mgMgMa1；接通電源時(shí)，對(duì)滑塊有mgMa2，聯(lián)立解得.答案(1)0.225()(2)M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于m(3)23(9分) 實(shí)驗(yàn)室有一破損的雙量程電壓表，兩量程分別是3 V和15 V

13、，其內(nèi)部電路如圖所示，因電壓表的表頭G已燒壞，無(wú)法知道其電學(xué)特性，但兩個(gè)精密電阻R1、R2完好，測(cè)得R12.9 k，R214.9 k.現(xiàn)有兩個(gè)表頭，外形都與原表頭G相同，已知表頭的滿偏電流為1 mA，內(nèi)阻為50 ；表頭的滿偏電流為0.5 mA，內(nèi)阻為200 ，又有三個(gè)精密定值電阻r1100 ，r2150 ，r3200 .若保留R1、R2的情況下，對(duì)電壓表進(jìn)行修復(fù)，根據(jù)所給條件回答下列問題：(1)原表頭G滿偏電流I_，內(nèi)阻r_.(2)在虛線框中畫出修復(fù)后雙量程電壓表的電路(標(biāo)識(shí)出所選用的相應(yīng)器材符號(hào))(3)某學(xué)習(xí)小組利用修復(fù)的電壓表，再加上可以使用的以下器材：測(cè)量一未知電阻Rx的阻值，電流表A量

14、程05 mA，內(nèi)阻未知； 最大阻值約為100 的滑動(dòng)變阻器；電源E(電動(dòng)勢(shì)約3 V)；開關(guān)S、導(dǎo)線若干由于不知道未知電阻的阻值范圍，學(xué)習(xí)小組為精確測(cè)出未知電阻的阻值，選擇合適的電路，請(qǐng)你幫助他們補(bǔ)充完整電路連接，正確連線后讀得電壓表示數(shù)為2.40 V，電流表示數(shù)為4.00 mA，則未知電阻阻值Rx為_.解析(1)由圖示電路圖可知，電壓表量程：Ig(rgR1)3 V，Ig(rgR2)15 V，代入數(shù)據(jù)解得：Ig1 mA，rg100 ；(2)修復(fù)電壓表，表頭滿偏電流為Ig1 mA，電阻應(yīng)為：rg100 ，需要的實(shí)驗(yàn)器材為：表頭的滿偏電流0.5 mA，內(nèi)阻為200 的表頭以及r3，即將表頭和r3并聯(lián)

15、在電路中使用，電路圖如圖所示：(3)根據(jù)題意可明確實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用分壓接法，電流表采用外接法，故實(shí)物圖如圖所示：電壓表量程為3 V，則其內(nèi)阻RV 3000 ，根據(jù)歐姆定律可知R 750 .答案(1)1 mA100 (2)如圖(3)電路如圖750 24(12分)如圖所示，將質(zhì)量為m的物塊A和質(zhì)量為3m的物塊B疊放在豎直墻壁與水平面之間，當(dāng)撤去外力后，A沿墻豎直下落，B沿水平面向右滑行已知A、B的接觸面與豎直方向的夾角30，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g.求(1)物塊A、B的加速度大?。?2)A下落高度h時(shí)(A、B未分離)，物塊A、B的速度大小解析(1)由幾何關(guān)系得aBaAtan 由牛頓第二定律對(duì)物塊A

16、：mgNsin maA對(duì)物塊B：Ncos 3maB又NN解得aA，aBg(2)由幾何關(guān)系得vBvAtan A下落的過程中，物塊A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有mghmv(3m)v解得vA，vB 答案(1)g(2)25(20分)如圖在坐標(biāo)系xOy里，有質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從原點(diǎn)O沿y軸正方向以初速度v0射出，現(xiàn)要求該粒子能通過點(diǎn)P(l，d)，可通過在粒子運(yùn)動(dòng)的空間范圍內(nèi)加適當(dāng)?shù)摹皥?chǎng)”來(lái)實(shí)現(xiàn)，粒子重力忽略不計(jì)(靜電力常量為k)(1)若只在整個(gè)、象限內(nèi)加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并能到達(dá)P點(diǎn)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；(2)若只在x軸上某點(diǎn)固定一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷Q，使粒子在

17、點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并能到達(dá)P點(diǎn)，求點(diǎn)電荷Q的電荷量大?。?3)若在整個(gè)、象限內(nèi)加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，并在第象限內(nèi)加平行于x軸，沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，也能使粒子運(yùn)動(dòng)到達(dá)P點(diǎn)如果此過程中粒子在電、磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小解析(1)粒子由O到P的軌跡如圖所示，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為R1，由幾何關(guān)系知：R1由牛頓第二定律可知：qv0B由此得B(2)粒子由O到P的軌跡如圖所示， 粒子在電場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為R2，由幾何關(guān)系知： (lR2)2d2RR2由牛頓第二定律可知：由此得：Q(3)粒子由O經(jīng)P到P的軌跡如圖所示，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，

18、在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t由此得：B在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)半徑為R3則有v0tR3R3電場(chǎng)中PPl2R3lPPt2由此得E答案(1)(2)(3)(二)選考題(共15分請(qǐng)考生從給出的2道物理題中任選一題做答如果多做，則按第一題計(jì)分)33物理選修33(15分)(1)(5分)下列說(shuō)法中正確的是_(填入正確選項(xiàng)前的字母選對(duì)1個(gè)得3分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A氣體放出熱量，其分子的平均動(dòng)能可能增大B布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它可以說(shuō)明分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大

19、D第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第一定律E某氣體的摩爾體積為V，每個(gè)分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA(2)(10分)如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸，其側(cè)壁是絕熱的，底部導(dǎo)熱，內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞，活塞A導(dǎo)熱，活塞B絕熱，將缸內(nèi)理想氣體分成、兩部分初狀態(tài)整個(gè)裝置靜止不動(dòng)且處于平衡狀態(tài)，、兩部分氣體的高度均為L(zhǎng)0，溫度為T0.設(shè)外界大氣壓強(qiáng)為p0保持不變，活塞橫截面積為S，且mgp0S，g為重力加速度，環(huán)境溫度保持不變求：在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時(shí)，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞A下降的高度解析(1)氣體放出熱量，若外界對(duì)氣體做功

20、，氣體的溫度可能升高，分子的平均動(dòng)能可能增大，選項(xiàng)A正確；布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但是能反映分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，隨著分子間距離減小，分子力做負(fù)功，分子力和分子勢(shì)能均增大，選項(xiàng)C正確；第二類永動(dòng)機(jī)不違背能量守恒定律，但是違背熱力學(xué)第二定律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；對(duì)于氣體分子，依據(jù)每個(gè)氣體分子所占空間的體積估算分子數(shù)目，但不能根據(jù)每個(gè)氣體分子的體積估算分子數(shù)目，選項(xiàng)E錯(cuò)誤(2)對(duì)氣體，初狀態(tài)：p1p02p0末狀態(tài)：p1p04p0由玻意耳定律得：p1L0Sp1L1S解得：L1L0對(duì)氣體，初狀態(tài)：p2p13p0末狀態(tài)：p2p15p0由玻意耳定律得：p2L0Sp2L2S解得：L2L0A活塞下降的高度為：L(L0L1)(L0L2)L0答案(1)ABC(