2019年江西省宜春市高安二中高考物理模擬試卷(5月份)

1、2019 年江西省宜春市高安二中高考物理模擬試卷（5月份）副標(biāo)題題號(hào)一二三四五總分得分一、單選題（本大題共6 小題，共36.0 分）1. 氡氣有天然放射性， 其衰變產(chǎn)生的粒子可對(duì)人的呼吸系統(tǒng)造成輻射損傷。氡衰變方程為，衰變過(guò)程中同時(shí)產(chǎn)生射線，半衰期為 3.8 天，以下說(shuō)法正確的是（）A. 該衰變過(guò)程為衰變B. 對(duì)一個(gè)特定的氡核，在3.8 天內(nèi)一定會(huì)衰變核向低能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的C. 射線是由處于高能級(jí)的D. 衰變后，核與 X粒子的質(zhì)量之和等于衰變前核的質(zhì)量2. 如圖所示，直線 a 與半圓周 b 分別表示兩質(zhì)點(diǎn) A、 B從同一地點(diǎn)出發(fā)，沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)的v-t 圖。當(dāng) B 的速度變?yōu)? 時(shí)，A

2、恰好追上B，則 A 的加速度為（ B 質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)為理想模型）（）A. 1m/s2B. 2m/s2C.m/s2D.m/s23. 如圖所示的電路中， 變壓器為理想變壓器， 開(kāi)關(guān) S 閉合，交流電源電壓恒定，電阻 R1=R2，通過(guò) R1 的電流與通過(guò) R3 的電流相等。 R1 的電壓為電源總電壓的 ，若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S， R1 與 R3 的電功率之比為（）A. 1：3B. 1：9C. 2：9D. 1： 184.科學(xué)家計(jì)劃在 2025 年將首批宇航員送往火星進(jìn)行考察。一質(zhì)量為m 的物體，假設(shè)在火星兩極宇航員用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)得的讀數(shù)為F 1，在火星赤道上宇航員用同一把彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)得的讀數(shù)為 F2通過(guò)天文觀測(cè)測(cè)得

3、火星的自轉(zhuǎn)角速度為，設(shè)引力常數(shù)為 G，將火星看成是質(zhì)量分布均勻的球體，則火星的密度和半徑分別為（）A.，B.，C.，D.，5.如圖所示， ABC 為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB 為傾斜直軌道， BC 為與AB 相切的圓形軌道，并且圓形軌道處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。今有質(zhì)量相同的甲、乙、丙三個(gè)小球，其中甲球帶正電、乙球帶負(fù)電、丙球不帶電，現(xiàn)將三個(gè)小球在軌道AB 上分別從不同高度處由靜止釋放，都恰好通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，則（）第1頁(yè)，共 18頁(yè)A. 經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，三個(gè)小球的速度相等B. 經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，甲球的速度最小C. 乙球釋放的位置最高D. 甲球下落過(guò)程中，機(jī)械能守恒6. 水平

4、面上的三點(diǎn) A、 O、 B 在一條直線上， OB=2 OA，OO是豎直的分界線，其左邊區(qū)域內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為 E1= ，其右邊區(qū)域內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E2，現(xiàn)將一帶電量為q的小球從A 點(diǎn)以初速度v0 豎直向上拋出，小球在空中越過(guò)分界線后，豎直向下落在 B 點(diǎn)，不計(jì)阻力，重力加速度大小為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.B.小球在 B 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A 點(diǎn)的電勢(shì)能小球經(jīng)過(guò)分界線時(shí)的速度與水平方向夾角的正切值tan =C.D.小球經(jīng)過(guò)分界線時(shí)離水平面的高度為左右兩區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度大小的比值為E1：E2=1： 2二、多選題（本大題共3 小題，共17.0分）7. 如圖所示，真空

5、中有一邊長(zhǎng)為a的立方體，在圖中A C、F、三個(gè)頂點(diǎn)放上電荷量相等的負(fù)點(diǎn)電荷q，已知靜電力常量為k，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是（）A. A 處點(diǎn)電荷受到另兩個(gè)點(diǎn)電荷對(duì)其作用力的合力大小為B. B 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為C. D、 E、G 三點(diǎn)電勢(shì)相等D. 將一電子先后置于 H 點(diǎn)和 B 點(diǎn)，電子在H點(diǎn)電勢(shì)能小于其在B 點(diǎn)電勢(shì)能8. 如圖所示， 用鉸鏈將三個(gè)質(zhì)量均為m的小球AB C、 、 與兩根長(zhǎng)為 L 輕桿相連， B、 C 置于水平地面上。在輕桿豎直時(shí)，將A由靜止釋放， B、C 在桿的作用下向兩側(cè)滑動(dòng)，三小球始終在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。忽略一切摩擦，重力加速度為g。則此過(guò)程中（）A.C

6、.球 A 的機(jī)械能一直減小球 B 對(duì)地面的壓力始終等于mgB.D.球 A 落地的瞬時(shí)速度為球 B 對(duì)地面的壓力可小于 mg9.下列說(shuō)法中正確的是（）A. 熱量能自發(fā)地從低溫物體傳給高溫物體B. 所有晶體的物理性質(zhì)都有各向異性第2頁(yè)，共 18頁(yè)C. 一些昆蟲(chóng)能停在水面上，主要原因是液體存在表面張力D. 懸浮在液體中的微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯E. 分子間的距離由平衡位置開(kāi)始增大，分子勢(shì)能增大三、填空題（本大題共1 小題，共5.0 分）10. 波速相等的兩列簡(jiǎn)諧波在 x 軸上相遇，一列波（虛線）沿 x 軸正向傳播，另一列波（實(shí)線）沿 x 軸負(fù)向傳播。某一時(shí)刻兩列波的波形如圖所示，兩列波引起的振動(dòng)在x

7、=8m 處相互 _（填“加強(qiáng)”或“減弱”），在x=10m 處相互 _（填“加強(qiáng)”或“減弱”）；在x=14m 處質(zhì)點(diǎn)的振幅為_(kāi)cm。四、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11. 測(cè)金屬絲的電阻率實(shí)驗(yàn)。（ 1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑如圖（a），其示數(shù)為 _ mm；（ 2）實(shí)驗(yàn)電路如圖（ b），請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，完成圖（c）的實(shí)物連線；（ 3）開(kāi)啟電源，合上開(kāi)關(guān)，記錄ap 的長(zhǎng)度 L 和電流表的示數(shù) I ；移動(dòng)線夾改變ap 的長(zhǎng)度 L，測(cè)得多組L 和 I 值，做出-L 的圖線，求得圖線斜率為k；（ 4）若穩(wěn)壓電源輸出電壓為U，金屬絲的橫截面積為S，則該金屬絲的電阻率 =_（用

8、k、 U、 S表示）。12. 某興趣小組用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置完成探究彈簧彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系后做拓展研究。第3頁(yè)，共 18頁(yè)請(qǐng)根據(jù)如下實(shí)驗(yàn)過(guò)程，完成相關(guān)實(shí)驗(yàn)內(nèi)容：（ 1）將輕質(zhì)彈簧懸掛于鐵架臺(tái)，測(cè)得彈簧原長(zhǎng)L 0；（ 2）在彈簧下端拴掛質(zhì)量為m 的鉤碼，待系統(tǒng)靜止時(shí)，測(cè)得彈簧長(zhǎng)度L ；（ 3）當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g，彈簧的勁度系數(shù) k=_（用 m、 g、L 0、 L 表示）；（ 4）托起鉤碼使彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)， 并由靜止釋放， 測(cè)得彈簧拉伸的最大長(zhǎng)度 L （L L），于是進(jìn)一步探究彈簧兩次伸長(zhǎng)量x0=L-L0 和 x=L -L0 之間的關(guān)系；（ 5）改變鉤碼個(gè)數(shù)，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，得到多組x0、 x 數(shù)據(jù)，

9、作出 x-x0 圖象如圖乙所示；（ 6）該小組換用不同彈簧進(jìn)行同樣實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)x/x0 的值相同，且均為 _ 。（ 7）通過(guò)分析，該小組得出了彈簧彈性勢(shì)能的表達(dá)式：步驟（ 2）中，系統(tǒng)靜止時(shí)，鉤碼受力平衡有mg=_（用 k、 x0 表示）；步驟 （4）中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律， 彈簧被拉伸到最長(zhǎng)時(shí)的彈性勢(shì)能EP =_（用 m、g、 x 表示）；結(jié)合步驟（ 6），勁度系數(shù)為k 的彈簧伸長(zhǎng) x 時(shí)，對(duì)應(yīng)的彈性勢(shì)能Ep= kx2。五、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 質(zhì)量 m=1.0kg 的物塊 A（可視為質(zhì)點(diǎn)）與輕彈簧的上端連接， 彈簧的下端固定在光滑的斜面底端，斜面的傾角 =30平衡

10、時(shí)，彈簧的壓縮量為x=0.20m，此時(shí)具有的彈性勢(shì)能Ep=0.50J物塊 A 處在 O 時(shí)彈簧為原長(zhǎng)，如圖所示，一質(zhì)量m=1.0kg 的物塊 B（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距離物塊A 為 d=2.0m 處從靜止開(kāi)始沿斜面下滑， 與物體 A 發(fā)生碰撞后立刻一起向下運(yùn)動(dòng)， 但不粘連， 它們到達(dá)最低點(diǎn)后向上運(yùn)動(dòng)。 g 取 10m/s2求：（ 1）物塊 B 與物塊 A 碰撞后的速度；（ 2）物塊 B 向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最高點(diǎn)與 O 的距離 S。14. 如圖，光滑水平桌面上有一個(gè)矩形區(qū)域abcd，bc長(zhǎng)度為2L，cd長(zhǎng)度為1.5L e f， 、分別為 ad、bc 的中點(diǎn)。 efcd 區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)

11、度為B；質(zhì)量為 m、電荷量為 +q 的絕緣小球 A 靜止在磁場(chǎng)中f 點(diǎn)。 abfe 區(qū)域存在沿bf 方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為；質(zhì)量為 km 的不帶電絕緣小球P，以大小為的初速度沿 bf 方向運(yùn)動(dòng)。 P 與 A 發(fā)生彈性碰撞， A 的電量保持不變，P、A 均可視為質(zhì)點(diǎn)。（ 1）若 A 從 ed 邊離開(kāi)磁場(chǎng)，求 k 的最大值；（ 2）若 A 從 ed 邊中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求k 的可能值和 A 在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。第4頁(yè)，共 18頁(yè)15. 如圖所示，兩個(gè)水平相對(duì)放置的固定氣缸通過(guò)一根帶閥門K 的容積不計(jì)的細(xì)管連通，兩輕質(zhì)活塞用剛性輕桿固連，可在氣缸內(nèi)無(wú)摩擦地移動(dòng)，兩活塞面積分別為22B 內(nèi)為SA=

12、0.8m 和 SB=0.2m開(kāi)始時(shí)閥門 K 關(guān)閉， A 中充有一定質(zhì)量的理想氣體，真空，氣缸中的活塞與缸底的距離a=b=30cm，活塞靜止，設(shè)溫度不變，氣缸內(nèi)壁光滑，外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0 105Pa 保持不變，求：閥門 K 關(guān)閉時(shí)， A 中氣體的壓強(qiáng)；閥門 K 打開(kāi)后，活塞 A 向何處移動(dòng)，移動(dòng)多遠(yuǎn)？16.如圖，某三棱鏡的橫截面為等腰直角三角形ABC， BC 長(zhǎng)度為d，O 為 BC 中點(diǎn)。在 ABC 所在平面內(nèi)，光線 PO 垂直 BC 邊入射，恰好在 AB 邊界發(fā)生全反射。（ i）求該三棱鏡的折射率；（ ii）保持光線PO 入射點(diǎn) O 不變，入射方向逐漸向CO 方向偏轉(zhuǎn)，求 AB 邊有光線

13、射出的區(qū)域?qū)挾?。?頁(yè)，共 18頁(yè)第6頁(yè)，共 18頁(yè)答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、由電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出 X 粒子的電荷數(shù)為 2 和質(zhì)量數(shù)為 4，則為 粒子，衰變過(guò)程為 衰變，故A 錯(cuò)誤；B、經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，剩余一半的 質(zhì)量未衰 變，即并不是每個(gè)核一定 發(fā)生衰變，故 B錯(cuò)誤C、射線是由處于高能級(jí)的核向低能 級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的，故 C 正確D、衰變時(shí)要伴隨釋放一定的能量，總質(zhì)量減小，故 D 錯(cuò)誤故選：C。根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出 X 粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定 X 粒子的種類；半衰期具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量的原子核適用； 衰 變時(shí)要伴隨釋放一定的能量，總質(zhì)量減小。本題考查了

14、半衰期的基本運(yùn)用，知道半衰期的大小與元素所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，知道半衰期具有 統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量的原子核適用。2.【答案】 C【解析】設(shè)為a。解： A 的加速度兩質(zhì)點(diǎn) A 、B 從同一地點(diǎn)出 發(fā)，A 追上 B 時(shí)兩者的位移相等，即 x a=xb。根據(jù) v-t 圖象的 “面 積”表示位移，得由題知 t=4s，解得a=，故 ABD 錯(cuò)誤，C 正確；故選：C。兩質(zhì)點(diǎn) A 、B 從同一地點(diǎn)出 發(fā)，A 追上 B 時(shí)兩者的位移相等，根據(jù) v-t 圖象的“面積 ”表示位移，進(jìn)行列式求解。對(duì)于速度圖線，關(guān)鍵抓住斜率等于加速度、 “面積 ”等于位移來(lái)理解其物理意義。本題還要抓住追及 時(shí)位移關(guān)系來(lái)列式。第7

15、頁(yè)，共 18頁(yè)3.【答案】 D【解析】解：開(kāi)關(guān)S 閉合時(shí)，設(shè)電源的電壓為 U，變壓器的匝數(shù)比 為 n；R1 兩端的電壓為UR，變壓器輸入端的電壓為 U1，輸出端的電壓為 U2；原線圈上的電流為 I1，流過(guò) R2 的電流為 I2，流過(guò) R2 的電流為 I3，則：由于：，所以：由歐姆定律，所以：； 由題：I1=I3由電流關(guān)系可得：聯(lián)立可得：n=3，R3=2R1則若斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S， ：由功率的表達(dá)式：P=I2R聯(lián)立可得 R1 與 R3 的電功率之比 為：故ABC 錯(cuò)誤，D 正確故選：D。根據(jù)變壓器的工作原理，設(shè)變壓器的匝數(shù)比 為 n，求出副線圈上的電壓與原線圈的電壓的關(guān)系，然后由歐姆定律求出電流之間的

16、關(guān)系，最后聯(lián)立即可求出。該題考查變壓器的原理，但涉及的物理量比 較多，首先要明確電壓、電流、與匝數(shù)中間的關(guān)系，然后再確定其 電路的結(jié)構(gòu)情況是解答的關(guān) 鍵。4.【答案】 A【解析】解：在兩極：；在赤道上：聯(lián)； 立解得；由，且，第8頁(yè)，共 18頁(yè)解得，故A 正確 BCD 錯(cuò)誤 。故選：A。兩極處萬(wàn)有引力充當(dāng)重力，而在赤道上萬(wàn)有引力和支持力的合力充當(dāng)向心力，根據(jù)萬(wàn)有引力定律列式即可求出半徑；再根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)重力列式， 結(jié)合密度公式即可求出火星的密度。本題考查萬(wàn)有引力定律的 應(yīng)用，要注意明確萬(wàn)有引力可以求出中心天體的質(zhì)量，同時(shí)在知道中心天體半徑的情況下可以求出密度。5.【答案】 D【解析】解：A 、

17、在最高點(diǎn)時(shí)，甲球受洛侖茲力向下，乙球受洛侖茲力向上，而丙球不受洛侖茲力，三球在最高點(diǎn)受合力不同，由牛 頓第二定律得：F 合=m，由F 合于不同 m、R 相等，則三個(gè)小球 經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度不相等，故 A 錯(cuò)誤；B、由于經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)甲球所受合力最大，甲球在最高點(diǎn)的速度最大，故B 錯(cuò)誤；C、甲球經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度最大，甲的機(jī)械能最大，小球在運(yùn) 動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可知，甲 釋放時(shí)的位置最高，故 C錯(cuò)誤；D、洛倫茲力不做功，小球在運(yùn) 動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，故 D 正確；故選：D。三個(gè)小球在磁 場(chǎng)中受洛侖茲力方向不同，最高點(diǎn)由重力和洛 侖茲力充當(dāng)向心力；由向心

18、力公式可知最高點(diǎn)的速度關(guān)系；由機(jī)械能守恒定律可得出各球 釋放的位置。本題應(yīng)牢記洛侖茲力的性質(zhì)，明確洛侖茲力永不做功，故三個(gè)小球在運(yùn) 動(dòng)中機(jī)械能守恒，但要注意恰好通 過(guò)時(shí)三個(gè)小球的受力不同，故速度是不相同的。6.【答案】 B【解析】第9頁(yè)，共 18頁(yè)解：小球只受重力和電場(chǎng)力作用，故豎直方向做加速度 為 g 的勻變速運(yùn)動(dòng)，又有 A 、B 兩點(diǎn)的高度相等，故 豎直方向的速度大小相等；根據(jù) B 點(diǎn)速度豎直向下可得：小球落在 B 點(diǎn)時(shí)的速度大小等于 v0，則小球在空中運(yùn) 動(dòng)的總時(shí)間為；小球在水平方向只受電場(chǎng)力作用，做勻變速運(yùn)動(dòng)；故在OO左側(cè)做加速度的勻加速運(yùn)動(dòng)側(cè)的勻減速運(yùn)動(dòng) 設(shè)，在右 做加速度；在左側(cè)運(yùn)

19、動(dòng)時(shí)間為t側(cè)動(dòng)時(shí)間為t則，；又有，在右 運(yùn)； 有：t121+t2=a1t1=a2t2OB=2OA，所以，22；所以，t，：E=a1：a：a1t1t2- a2t2=2a1t12=2t1=E122=t2t1=2：1；小球在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)分界線時(shí)離水平面的高度為h=v0t1-，故gt2=；1小球經(jīng)過(guò)分界線時(shí)的水平速度 vx=a1t1=豎則v0； 直速度：，速度與水平方向 夾角 的正切 值；根據(jù) E1：E2=2：1，OB=2OA ，由U=Ed 可得：A 、B 兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故電勢(shì)能相等。綜上可知，ACD 錯(cuò)誤 B 正確。故選：B。分析小球受力，根據(jù) 豎直方向加速度，由位移 變化得到速度 變

20、化進(jìn)而得到時(shí)間；再根據(jù)水平速度變化得到在 OO左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間、場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系；即可根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)得到電勢(shì)差，從而得到電勢(shì)能大小關(guān)系；根據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間得到豎直高度。帶電粒子在勻 強(qiáng)電場(chǎng)中受到的 電場(chǎng)力為恒力，故一般對(duì)粒子運(yùn)動(dòng)情況和受力情況進(jìn)行分析，然后根據(jù)牛 頓第二定律 聯(lián)立求得運(yùn) 動(dòng)狀態(tài)、受力狀態(tài)；再根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況，由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī) 律或動(dòng) 能定理求得做功情況。7.【答案】 ACD【解析】解：A 、A 、C、F 三點(diǎn)形成了一個(gè)等 邊三角形，有 F=2cos30=，故 A正確；第10 頁(yè)，共 18頁(yè)B、B 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度是由三個(gè)點(diǎn) 電荷各自產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加而成的，合電場(chǎng)強(qiáng)度為，故B 錯(cuò)誤；C、D、E、G 三點(diǎn)在

21、電場(chǎng)中相對(duì) A、C、F 三點(diǎn)的位置相同，故 電勢(shì)相等，故 C 正確；D、H 點(diǎn)到三個(gè)固定 負(fù)點(diǎn)電荷的距離大于 B 點(diǎn)到三個(gè)固定 負(fù)點(diǎn)電荷的距離，所以 根據(jù) E得EPHE，故D 正確。HBP=-ePB故選：ACD。根據(jù)庫(kù)侖定律的公式求出 庫(kù)侖力的大小，則 A 處點(diǎn)電荷受到另兩個(gè)點(diǎn) 電荷對(duì)其作用力的合力可求解；根據(jù)矢量合成的平行四邊形定則可求得 B 點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度；D、E、G 三點(diǎn)在電場(chǎng)中相對(duì) A 、C、F 三點(diǎn)的位置相同，則電勢(shì)的高低可判斷；首先判斷 H、B 的電勢(shì)高低，再由 EP=-e可比 較電勢(shì)能的大小。本題考查了庫(kù)侖定律、矢量合成的法 則、電勢(shì)即電勢(shì)能高低的判斷，要知道矢量合成的方法即判斷

22、 電勢(shì)能高低的方法即可。8.【答案】 BD【解析】解：A 、三球組成的系統(tǒng)在水平方向所受外力 為零，系統(tǒng)在水平方向 動(dòng)量守恒，初狀態(tài)系統(tǒng)在水平方向 動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知， A 球落地時(shí)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零，三球在水平方向速度都 為零，從 A 開(kāi)始下落，B、C 兩球在水平方向做加速運(yùn) 動(dòng)，最終 B、C 的速度為零，由此可知，A 先對(duì) B、C 做正功、后做負(fù)功，B、C 先對(duì) A 做負(fù)功、后做正功，A 的機(jī)械能先減小后增大，故 A 錯(cuò)誤；B、A 落地時(shí)A 、B、C 在水平方向速度為過(guò)程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)零，正功械能守恒定律得：mgL=mvA2，解得：vA =，A 落地的瞬 時(shí)速度為，故 B

23、正確；CD、A 球從靜止開(kāi)始下落，最 終速度為零，A 向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程先加速后減速，系統(tǒng)先處于失重狀 態(tài)、后處于超重狀 態(tài)，B 對(duì)地面的壓力不是失重 為mg、對(duì)地第11 頁(yè)，共 18頁(yè)面的壓力可能小于 mg，故C 錯(cuò)誤，D 正確；故選：BD。系統(tǒng)在水平方向所受外力 為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng) A 的速度最大 時(shí)受力平衡，根據(jù)三球的運(yùn) 動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律分析答題。本題考查了動(dòng)量守恒定律的 應(yīng)用，系統(tǒng)水平方向所受合力 為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，分析清楚物體運(yùn) 動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān) 鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以解題。9.【答案】 CDE【解析】解：A 、熱量可以自 發(fā)

24、地從高溫物體 傳遞給低溫物體，熱量從低溫物體 傳遞給高溫物體，必須借助外界的幫助，故 A 錯(cuò)誤；B、單晶體的物理性 質(zhì)都有各向異性，而多晶體的物理性 質(zhì)都有各向同性，故B 錯(cuò)誤；C、一些昆蟲(chóng)能停在水面上，主要原因是液體存在表面張力，故 C 正確；D、布朗運(yùn)動(dòng)中，顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，故 D 正確；E、分子間的距離由平衡位置開(kāi)始增大，分子力做 負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故 E 正確。故選：CDE。熱量可以自 發(fā)地從高溫物體 傳遞給低溫物體，熱量從低溫物體 傳遞給高溫物體，必須借助外界的幫助；多晶體的物理性 質(zhì)都有各向同性；一些昆蟲(chóng)能停在水面上，主要原因是液體存在表面張力；布朗運(yùn)動(dòng)中，顆粒

25、越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈；分子間的距離由平衡位置開(kāi)始增大，分子力做 負(fù)功，分子勢(shì)能增大。本題考查了晶體和非晶體、表面 張力、布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第二定律等知 識(shí)點(diǎn)。這種題型知識(shí)點(diǎn)廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多加積累，難度不大。10.【答案】 加強(qiáng)減弱2【解析】第12 頁(yè)，共 18頁(yè)解：兩列波在 x=8m 處引起的振 動(dòng)都是方向向下，可知此位置的振 動(dòng)是加強(qiáng)的；在 x=10m 處是峰谷相遇，可知此位置振 動(dòng)減弱；在x=14m 處也是峰谷相遇，振動(dòng)減弱，則質(zhì)點(diǎn)的振幅 為 A=|A 2-A 1|=2cm。故答案為：加強(qiáng)、減弱、2。根據(jù)振動(dòng)方向找出振 動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)，位移和兩波位移矢量和。本題考查了

26、波的疊加原理，振 動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)始終加強(qiáng)，減弱點(diǎn)始終減弱，注意：加強(qiáng)點(diǎn)并不是位移始 終最大。11.【答案】 0.360kSU【解析】解：（1）由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：0mm+36.00.01mm=0.360mm。（2）根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（4）由圖示電路圖可知：U=IR=I ，整理得： =L ，-L 圖線的斜率：k=，金屬絲的電阻率： =kSU；故答案為：（1）0.360；（2）實(shí)物電路圖如圖所示；（4）kSU。測(cè)動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)。（1）螺旋 微器固定刻度與可圖電路圖連接實(shí)物電路圖。（2）根據(jù) 示圖電路圖應(yīng)用歐姆定律與電阻定律求出金屬絲的電阻率表

27、達(dá)式。（4）根據(jù) 示本題考查了螺旋測(cè)微器讀實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)數(shù)、方法，螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋 測(cè)微器的讀數(shù)；根據(jù)第13 頁(yè)，共 18頁(yè)圖示電路圖應(yīng)用歐姆定律與 電阻定律求出 圖線的函數(shù)表達(dá)式，然后可以求出電阻率。12.【答案】2kx0mgx【解析】【解答】解：3）（鉤碼靜止處于平衡狀 態(tài)，由平衡條件得：mg=k（L-L 0），彈簧的勁度系數(shù)：k=；（6）由圖乙所示圖線可知：=2；（7）鉤碼靜止處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：mg=k（L-L），其中x：，00=L-L 0則：mg=kx0； 鉤碼靜止，動(dòng)能為零，彈簧的彈性勢(shì)能等于鉤碼重力勢(shì)能的減少量，由機(jī)械能

28、守恒定律得：EP=mgx；故答案為：（3）；（6）2；（7） kx0； mgx。（3）根據(jù)平衡條件應(yīng)用胡克定律可以求出 勁度系數(shù)。（6）根據(jù)圖示圖線可以求出比 值大小。（7）根據(jù)題意應(yīng)用平衡條件求出重力大??； 應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出 彈性勢(shì)能大小與 彈性勢(shì)能表達(dá)式。本題考查探究彈簧彈力和彈簧伸長(zhǎng)量關(guān)系，涉及到該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理、作圖與時(shí)間處理的方法和技巧，要注意正確分析 圖象，明確本題中橫坐標(biāo)為所掛物體的質(zhì)量，應(yīng)換算為重力。213.【答案】 解：（ 1） B 物體的加速度： a=gsin =5m/s ，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式：v2=2ad 可知：，AB 碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以沿斜面向下

29、為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mv=2mv 共 ，解得：；（ 2）碰后 AB 和彈簧組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒，并且AB 在彈簧處分離，設(shè) AB 分離瞬間速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：?2mv 共2+Ep=2mv2?+2 mgxsin ，代入數(shù)據(jù)解得：，此后， B 向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，上升距離為S：S=，代入數(shù)據(jù)解得： S=0.35m；第14 頁(yè)，共 18頁(yè)答：（ 1）物塊 B 與物塊 A 碰撞后的速度為m/s；（ 2）物塊 B 向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最高點(diǎn)與O 的距離 S 為 0.35m?！窘馕觥浚?）物體B 下滑的過(guò)程，由牛頓第二定律求出 B 的加速度，應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出B 與 A

30、碰撞前瞬 間的速度。A 、B 碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出碰撞后兩者的速度。（2）碰后AB 和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出A 、B分離時(shí)的速度，再應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出B 的位移。本題是一道力學(xué) 綜合題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以解題。14.【答案】 解：（1）令P初速度，設(shè)P、A碰后的速度分別為vP和vA，由動(dòng)量守恒定律：kmv=kmvP+mvA由機(jī)械能守恒定律：可得：，可知 k 值越大， vA 越大；設(shè) A 在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為R，由牛頓第二定律：可得：，可知 vA 越大，

31、 R 越大；即，k 值越大， R 越大；如圖 1，當(dāng) A 的軌跡與 cd 相切時(shí)， R 為最大值， R=L可得：，求得 k 的最大值為 k=1（ 2）令 z點(diǎn)為 ed 邊的中點(diǎn)，分類討論如下：（ I） A 球在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)一次從z 點(diǎn)就離開(kāi)磁場(chǎng)，如圖2 有解得：可得：第15 頁(yè)，共 18頁(yè)（ II ）由圖可知A 球能從 z 點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)要滿足，則 A 球在磁場(chǎng)中還可能經(jīng)歷一次半圓運(yùn)動(dòng)后回到電場(chǎng)，再被電場(chǎng)加速后又進(jìn)入磁場(chǎng)，最終從 z 點(diǎn)離開(kāi)。令電場(chǎng)強(qiáng)度；如圖 3 和如圖 4，由幾何關(guān)系有：解得：或可得：或當(dāng)時(shí)，由于當(dāng)時(shí)，由于此類情形取符合題意要求，即綜合（ I）、（ II ）可得 A 球能從 z點(diǎn)離

32、開(kāi)的k 的可能值為：或A 球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為當(dāng) k= 時(shí)，如圖4， A 球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。答：（ 1）若 A 從 ed 邊離開(kāi)磁場(chǎng)，k 的最大值為1；（ 2）若 A 從 ed 邊中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求k 的可能值為或；A 在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為。【解析】第16 頁(yè)，共 18頁(yè)（1）由恰好不能從 cd 邊出來(lái)的軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系求出粒子的最大半徑，由洛倫茲力提供向心力求出粒子的速度，然后由動(dòng)量守恒求出 P 的速度；（2）根據(jù)從ed的中點(diǎn)射出的條件， 結(jié)合粒子在磁 場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)（圓），做出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，然后由周期與轉(zhuǎn)過(guò)的角度的關(guān)系即可求出。對(duì)于帶電粒子在磁 場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定 圓心位置，