三明市第一中學2018屆高三物理上學期第二次月考試題（含解析）

1、學必求其心得，業(yè)必貴于專精福建省三明市第一中學2018屆高三上學期第二次月考物理試題本試卷滿分 100 分,完卷時間 120 分鐘一、選擇題：本題共 12 小題,共 40 分。在每小題給出的四個選項中，第 1-8 小題只有一個選項正確，選對得 3 分；第 912 小題有多個選項正確，全部選對的得 4 分,選對但不全的得 2 分，有選錯或不答的得 0 分。 1. 許多科學家對物理學的發(fā)展作出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學假說法,等等。以下關于物 理學史和所用物理學方法的敘述不正確的是 （ )a. 卡文迪許巧妙地運用扭秤測出

2、引力常量，采用了放大法b. 伽利略的理想實驗說明了力不是維持物體運動的原因c。 在不需要考慮物體本身的形狀和大小時,用質點來代替物體的方法叫假設法d。 在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段,每一小段近似看做 勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移,這里采用了微元法【答案】c【解析】a項：卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗,用了放大法成功測出引力常量，故a正確；b項:伽利略為了說明力不是維持物體運動的原因用了理想實驗法，故b正確；c項：在不需要考慮物體本身的形狀和大小時,用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故c錯誤;d項：在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動

3、過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移,這里采用了微元法，故d正確。2。 若宇航員在月球表面附近自高 h 處以初速度 v0 水平拋出一個小球,測出小球的水平射程為 l。已知月球半徑為 r，萬有引力常量為 g。則下列說法正確的是（ )a. 月球的平均密度b. 月球表面的重力加速度c. 月球的第一宇宙速度 d。 月球的質量【答案】a【解析】平拋運動的時間,再根據(jù)，得，故b錯誤；根據(jù)，得 ,故d錯誤;月球的第一宇宙速度 ，故c錯誤；月球的體積vr3，月球的平均密度 ，故a正確；故選a。3. 如圖所示，mn 是一正點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線一個帶

4、負電的粒子（不計重 力）從 a到 b 穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示下列結論正確的是 ( ）a. 點電荷一定位于 m 點的左側b。 帶電粒子從 a 到 b 的過程中動能逐漸減小c. 帶電粒子在 a 點的加速度大于在 b 點的加速度d. 帶電粒子在 a 點時的電勢能大于在 b 點時的電勢能【答案】d【解析】試題分析：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子受力的方向向右， mn是一正點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線一個帶負電的粒子受力的方向向右，由于正電荷與負電荷之間是吸引力，所以點電荷運動在n點的右側，故a錯誤; a到b運動的方向與受力的方向一致，由于受力的方向與運動方向之間的夾角小是銳角，故電場力做正功

5、，粒子的動能增加，電勢能減小，b錯誤,d正確；由a的分析知點電荷運動在n點的右側，a點的場強小，帶電粒子在a點的加速度也小，故c正確?？键c：電勢能【名師點睛】本題屬于電場中軌跡問題,考查分析推理能力根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出電荷受到的電場力指向右側，可以判斷固定在電荷在m一側。4. 把動力裝置分散安裝在每節(jié)車廂上，使其既具有牽引動力,又可以載客,這樣的客車車廂叫做動車。而動車組是幾節(jié)自帶動力的車 廂(動車)加幾節(jié)不帶動力的車廂（也叫拖車）編成一組，如圖所示, 假設動車組運行過程中受到的阻力與其所受重力成正比,每節(jié)動車 與拖車的質量都相等,每節(jié)動車的額定功率都相等.若 2 節(jié)動車加 6節(jié)拖車編成

6、的動車組的最大速度為 120 km/h，則 9 節(jié)動車加 3 節(jié)拖車編成的動車組的最大速 度為（ ) a。 120 km/h b. 240 km/hc. 360 km/h d. 480 km/h【答案】c【解析】試題分析:設每節(jié)動車的功率為p，每節(jié)動車的重力為g，阻力為kg，則1節(jié)動車加3節(jié)拖車編成的動車組:p=f1v1；其中牽引力f1=4kg；6節(jié)動車加3節(jié)拖車編成的動車組：6p=f2v2;其中牽引力f2=9kg v1=120km/h，代入解得v2=320km/h故選c?？键c：功率5。 (體育器材室里，籃球擺放在圖示的球架上已知球架的寬度為d，每只籃球的質量為 m、直徑為 d，不計球與球架之

7、間摩擦，則每只籃球對一側球架的壓力大小為（ ）a. b。 c。 d。 【答案】c【解析】試題分析:以任意一只籃球為研究對象，分析受力情況,設球架對籃球的支持力n與豎直方向的夾角為由幾何知識得：根據(jù)平衡條件得：，解得：則得籃球對球架的壓力大小為：，故選項c正確.考點：共點力作用下物體平衡名師點睛：以任意一只籃球為研究對象,分析受力情況，根據(jù)幾何知識求出相關的角度，由平衡條件求解球架對籃球的支持力，即可得到籃球對球架的壓力；本題關鍵要通過畫出力圖，正確運用幾何知識求出n與豎直方向的夾角，再根據(jù)平衡條件進行求解.6. 如圖所示，水平面內有 a、b、c、d、e、f 六個點，它們均勻分布在 半徑 為 r

8、=2cm 的同 一圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強電場.已知 a、c、e 三點的電勢分別為,下列判斷正確的是（ )a. 電場強度的方向由 a 指向 db。 電場強度的大小為 1v/mc. 該圓周上的點電勢最高為 4vd。 將電子從 d 點移到 f 點，靜 電力做負功【答案】c【解析】a項：勻強電場中ae連線的中點g的電勢，所以直線cogf為等勢線,在勻強電場中等勢線相互平行，電場線與等勢線相互垂直，且由電勢高的等勢線指向電勢低的等勢線，可知直線ab、直線de分別為等勢線，直線db、直線ae分別為電場線，可知電場強度的方向由e指向a，故a錯誤；b項：ea兩點間的電勢差，沿電場方向的距離,電

9、場強度，故b錯誤；c項:過圓心o作ea的平行線，與圓的交點h處電勢最高，由，可得：最高電勢，故c正確；d項：將電子從d點移到f點，靜電力先做正功再做負功,故d錯誤。點晴:解決本題關鍵理解在勻強電場中相互平行且長度相等的兩線段，兩端的電勢差相等；電場線與等勢線垂直且由電勢高的等勢線指向電勢低的等勢線。7. 利用電容傳感器可檢測礦井滲水，及時發(fā)出安全警報，從而避免事故的發(fā)生;如圖所示 是一種通過測量電容器電容的變化來檢測礦井中液面高低的儀器原理圖，a 為固定的導體 芯,b 為導體芯外面的一層絕緣物質,c 為導電液體（礦井中含有雜質的水），a，c 構成電容器已知靈敏電流表 g 的指針偏轉方向與電流方

10、向的關系：電流從哪側流入電流表則 電流表指針向哪側偏轉若礦井滲水（導電液體深度 a 增大)，則電流表（ ) a. 指針向右偏轉，a,c 構成的電容器充電b。 指針向左偏轉,a,c 構成的電容器充電c. 指針向右偏轉，a，c 構成的電容器放電d。 指針向左偏轉，a，c 構成的電容器放電【答案】b考點:電容器【名師點睛】此題考查平行板電容器在生產(chǎn)生活中的應用，注意由題意找出我們常見的模型再時行分析；掌握電容器的量度公式及決定式是解題的基礎。8. 如圖所示，光滑水平面上放著足夠長的木板 b，木板 b 上放著木塊 a，a、b 間的接觸面粗糙,現(xiàn)在用一水平拉力 f 作用在 a 上,使其由靜止開始運動，用

11、 f1 代 表 b 對 a 的摩擦力,f2 代表 a 對 b 的摩擦力,則下列情況可能的是 ( ) a. 拉力 f 做的功小于 a、b 系統(tǒng)動能的增加量b. 拉力 f 做的功大于 a、b 系統(tǒng)動能的增加量c. 拉力 f 和 b 對 a 做的功之和小于 a 的動能的增加量d. a 對 b 做的功小于 b 的動能的增加量【答案】bc項：根據(jù)動能定理：拉力f和b對a做的功之和等于a動能的增加量，故c錯誤；d項:根據(jù)動能定理：a對b做的功等于b動能的增加量，故d錯誤。9. 如圖，平行金屬板中帶電質點 p 原處于靜止狀 態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑 動變阻器 r4 的滑片向 b 端移動時，

12、則( ） a。 電流表讀數(shù)減小b. 電壓表讀數(shù)減小c. 質點 p 將向下運動d. r3 上消耗的功率逐漸增大【答案】bc【解析】試題分析:由圖可知，與滑動變阻器串聯(lián)后與并聯(lián)后，再由串聯(lián)接在電源兩端,電容器與并聯(lián)；當滑片向移動時,滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減小;由歐姆定律可知流過的電流減小,則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大;故a錯誤；因并聯(lián)部分電壓減小,而中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故b正確;因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，電荷向

13、下運動，故c正確；因兩端的電壓減小,由可知，上消耗的功率減小， 故d錯誤.考點:閉合電路的歐姆定律【名師點睛】解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體局部-整體的思路進行分析，注意電路中某一部分電阻減小時，無論電路的連接方式如何，總電阻均是減小的。10。 如圖所示，一質量為 m、帶電荷量為 q 的物體處于場強按 ee0kt(e0、k 均為大于零 的常數(shù),取水平向左為正方向)變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為，當 t0 時刻物體處于靜止狀態(tài)若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和墻面均 足夠大，下列說法正確的是（ ) a。 物體開始運動后加速度不斷增大b。 物體開始運動后

14、加速度先增加、后減小c。 經(jīng)過時間，物體在豎直墻壁上的位移達最大值d. 經(jīng)過時間 ,物體運動速度達最大值【答案】ac【解析】由題意可知,在電場改變方向之前，物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減弱，所以支持力減小,故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力,而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大因此,整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大,故ab錯誤;因為場強按e=e0kt變化可知，當電場強度為零時，物體在水平方向上不受力,當場強方向向右后，物體在水平方向上受向右的電場力據(jù)以上分析可知,當場強為

15、零時，物體開始離開墻壁，即e0-kt=0，解得：，此時在豎直墻壁上的位移最大，故c正確；根據(jù)以上分析知，物體運動的加速度不斷增大,且速度不斷增大，故d錯誤。所以c正確,abd錯誤。11. 如圖所示為某海上救援船的機械臂工作的示意圖。機械臂 ab、 bc 由高強度的輕質材料制成， a 端固定一個定滑輪, bc 可以 繞 b 自由轉動。鋼絲繩的一端穿過 c 點并固定，另一端纏繞于可 以轉動的立柱 d 上，其質量可以忽略不計。在某次轉移貨物的過程中，機械臂 ab 始終保持豎直。下列說法正確的是（）a. 保持 bc 不動，使 ab 緩慢伸長，則 bc 所受的力增大b。 保持 ab 不動，緩慢轉動立柱

16、d，使 ca 變長,則 bc 所受的力大小保持不變c. 保持 ab 不動,使 bc 緩慢伸長，則 bc 所受的力增大d. 保持 ab 不動,使 bc 緩慢伸長且逆時針轉動，bc 所受的力增大【答案】bcd【解析】以結點c為研究的對象，則c點受到繩子的壓力tac與bc桿的支持力的作用tbc，三角形abc與點c所受的三個力構成的三角形是相似三角形,根據(jù)；a項：根據(jù),bc不變,ab增大,所以tbc減小，故a錯誤；b項：根據(jù)，ab不變，bc不變,所以tbc不變,故b正確;c、d項：根據(jù)，ab不變，bc增大，所以tbc增大,故c、d正確。點晴:解決本題關鍵理解使用動態(tài)平衡中的相似三角形的方法條件：其中一

17、個力恒定，另外兩個分力方向都發(fā)生改變。12. 如圖所示,將一輕質彈簧從物體 b 內部穿過，并將其上端懸掛于天花板,下端系一質量為 m1=2.0 kg 的物體 a。平衡時物體 a 距天花板 h=2.4 m，在距物體 a 正上方高為 h1=1.8m 處由靜止釋放質量為 m2=1.0 kg 的物體 b，b 下落過程中某時刻與彈簧下端的物體 a 碰撞（碰撞時間 極短）并立即以相同的速度與 a 運動，兩物體不粘連，且可視為質點， 碰撞后兩物體一起向下運動,歷時 0.25 s 第一次到達最低點，（彈簧 始終在彈性限度內，不計空氣阻力,g=10 m/s2）下列說法正確的是（ )a. 碰撞結束瞬間兩物體的速度

18、大小為 2 m/sb. 碰撞結束后兩物體一起向下運動的最大位移大小為 0.25 mc. 碰撞結束后兩物體一起向下運動的過程中，兩物體間的平均作用力大小為 18 nd。 a、b 在碰后一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧力所做的【答案】ac【解析】a項：b物體自由下落至與a碰撞前其速度為v0，根據(jù)自由落體運動規(guī)律，ab碰撞結束之后瞬時二者速度共同速度為vt，根據(jù)動量守恒定律,代入數(shù)據(jù)可得：，故a正確；b、c項：從二者一起運動到速度變?yōu)榱愕倪^程中，選擇b作為研究對象，根據(jù)動量定理：,解得f=18n,方向豎直向上，此過程對b分析,根據(jù)動能定量理可得,解得x=0.25m,故bc正確；d項：根據(jù)

19、動能定理:a、b在碰后一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧力所做的功和克服重力做功之和，故d錯誤.點晴:本題關鍵是明確兩個物體的運動規(guī)律,然后運用自由落體運動規(guī)律，動量守恒定律和動量定理列式求解。二、實驗題（共 14 分） 13. 甲圖中游標卡尺讀數(shù)為_mm，乙圖中螺旋測微器讀數(shù)為_mm?！敬鸢浮?（1）. 52.35 （2). 4.225-4.228【解析】甲圖為20分度的游標卡尺,主尺讀數(shù)為52mm，游標尺讀數(shù)為70。05mm=0。35mm，則讀數(shù)為52.35mm；乙圖中固定部分讀數(shù)為4mm，可動部分讀數(shù)為22。50.01mm=0.225mm，則讀數(shù)為4.225mm,由于螺旋測微器

20、可動刻度要估讀，所以讀數(shù)在4.2254。228mm都正確.14. 某實驗小組預測定一只小燈泡（其額定功率為 0.75w, 但額定電壓已經(jīng) 模糊不清）的額定電壓值，實驗過程如下： 他們先用多用電表的歐姆檔測出小燈泡的電阻約為 2,然后根據(jù)公式算出小燈泡的額定電壓 u= 1。23v。但他們認為這樣求得的額定電壓值不準確，于是他們利用實驗室中的器 材設計了一個實驗電路，進行進一步的測量。他們選擇的實驗器材有：a.電壓表 v（量程 3v，內阻約 3k） b。電流表 a1(量程 150ma，內阻約 2） c。電流表 a2（量程 500ma，內阻約 0.6） d。滑動變阻器 r1(020）e.滑動變阻器

21、r2(050)f。電源 e（電動勢 4。0v，內阻不計) g.開關 s 和導線若干（1）測量過程中他們發(fā)現(xiàn),當電壓達到 1.23v 時，燈泡亮度很弱，繼續(xù)緩慢地增加電壓， 當達到 2。70v 時，發(fā)現(xiàn)燈泡已過亮，立即斷開開關，所有測量數(shù)據(jù)見下表:請你根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在給出的坐標紙上作出 ui 圖線_，從中可得小燈泡的額定電壓應為_v（結果保留兩位有效數(shù)字）。這一結果大 于實驗前的計算結果，原因是_ 。（2)從表中的實驗數(shù)據(jù)可以知道,他們在實驗時所選擇的電路應為_，電流表應選_（填“a1” 或“a2”），滑動變阻器應選_(填“r1”或“r2”）?！敬鸢浮?(1）。 （2）. 2.5v （3). 燈

22、泡的電阻隨電壓升高而增大 （4). c (5)。 a2 (6）. r1【解析】（1)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點，然后作出圖象如圖所示；由圖示圖象可知,電壓u=2.5v時,電流i=0.3a，燈泡功率p=ui=2。50。3a=0。75w,等于燈泡額定功率,則燈泡額定電壓為2。5v；由于燈泡電阻受溫度影響，隨溫度升高而增大,因此燈泡額定電壓大于計算結果（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻約為：，電壓表內阻約為3k,電流表內阻約為0。6，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表采用外接法，應選擇圖c所示電路圖；由表中實驗數(shù)據(jù)可知，電流的

23、最大測量值為310ma,電流表應選擇a2，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇r1三、計算題(本題共有小題，共 46 分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重 要演算步驟,只寫最后答案的不得分) 15。 如圖所示，質量 m=2kg 的滑塊（可視為質點)，以 v0=5m/s 的水平初速度滑上 靜止在光滑水平面的平板小車,若平板小車質量 m=3kg，長 l=4。8m?；瑝K在平板小車上滑 移 1.5s 后相對小車靜止.求：（1)滑塊與平板小車之間的滑動摩擦系數(shù)；（2）若要滑塊不滑離小車，滑塊的初速度不能超過多少。(g 取 10m/s2）【答案】(1）0。2（2） 【解析】試題分析：m滑上平板小車到與平

24、板小車相對靜止，設速度為v1據(jù)動量守恒定律：對m由動量定理：解得：設當滑塊剛滑到平板小車的右端時，兩者恰有共同速度,為v2由動量守恒定律:解得:考點：考查了動量守恒，動能定理【名師點睛】以滑塊與小車組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受合外力為零，由動量守恒定律可以求出它們共同運動時的速度,對滑塊由動量定理可以求出動摩擦因數(shù)根據(jù)能量守恒定律求出滑塊的最大初速度16。 為了使航天員能適應失重環(huán)境下的工作和生活，國家航天局組織對航天員進行失 重訓練時創(chuàng)造出了一種失重環(huán)境.航天員乘坐在總質量 m=5104 kg 的訓練飛機上,飛機以 200 m/s 的速度與水平面成 30傾角勻速飛升到 7000 m 高空時

25、向上拉起，沿豎直方向以 v0=200 m/s 的初速度向上做勻減速直線運動,勻減速的加速度大小為 g，當飛機到最高點后立 即掉頭向下，沿豎直方向以加速度 g 做勻加速運動，這段時間內便創(chuàng)造出了完全失重的環(huán)境。 當飛機離地 2 000 m 高時,為了安全必須拉起,之后又可一次次重復為航天員提供失重訓練。 若飛機飛行時所受的空氣阻力 f=kv（k=900 ns/m），每次飛機速度達到 350 m/s 后必須終止 失重訓練(否則飛機可能失控）.求：(整個運動過程中，重力加速度 g 的大小均取 10 m/s2) (1）飛機一次上下運動為航天員創(chuàng)造的完全失重的時間. （2)飛機從最高點下降到離地 4 5

26、00 m 時飛機發(fā)動機的推力。 【答案】(1)55s(2)2.7105n【解析】試題分析：飛機先以加速度g減速上升,再以加速度g加速下降，判斷速度達到350m/s與離地2000m哪一個先到則結束訓練周期，根據(jù)運動學公式列式計算即可。（1)上升時間：，上升高度為：，豎直下落速度達到時，下落高度：，此時飛機離地高度為，所以,飛機一次上下為航天員創(chuàng)造的完全失重的時間為：;（2)飛機離地4500m2875m，仍處于完全失重狀態(tài)，飛機自由下落的高度為,此時飛機的速度為，由于飛機加速度為g，所以推力f應與空氣阻力大小相等，即。點晴：解決本題的關鍵是分析清楚飛機的運動情況，然后對其運用運動學公式列式計算,注

27、意判定速度與高度限制誰先達到是關鍵。17。 在半徑 r5000 km 的某星球表面，宇航員做了如下實驗實驗裝置如圖甲所 示，豎直平面內的光滑軌道由軌道 ab 和圓弧軌道 bc 組成，將質 量 m0。2 kg 的小球從軌道 ab 上高 h 處的某點靜止滑下，用力 傳感器測出小球經(jīng)過 c 點時對軌 道的壓力 f，改變 h 的大小，可 測出相應的 f 大小，f 隨 h 的變 化關系如圖乙所示求:（1）圓軌道的半徑（2)該星球的第一宇宙速度【答案】(1)5m/s2（2）5103m/s【解析】試題分析：根據(jù)動能定理求出到達c點的速度,結合牛頓第二定律求出彈力f隨h的表達式，結合圖線求出圓軌道的半徑，以及

28、星球表面的重力加速度求出星球的近地衛(wèi)星的速度即第一宇宙速。（1）小球過c點時滿足：根據(jù)動能定理有:聯(lián)立解得:由題知m=0.2化簡得：在圖線上任取兩點（0。5m，0）（1。0m,5n）代入上式，解得：r=0。2m g5m/s2（2）星球的第一宇宙速度,即星球的近地衛(wèi)星的速度，重力提供向心力，根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得：點睛：本題主要考查了牛頓運動定律與動能定理的綜合題，解決本題的關鍵根據(jù)該規(guī)律得出壓力f與h的關系式結合表達式分析求解.18。 如圖所示，半徑為 r,內徑很小的光滑半圓管豎直放置,整個裝置處在方向豎 直向上的勻強電場中，兩個質量均為 m、帶電量相同的帶正電小球 a、b,以不同的速度進入 管內（

29、小球的直徑略小于半圓管的內經(jīng)，且忽略兩小球之間的相互作用）,a 通過最高點 a時,對外管壁的壓力大小為 3.5mg，b 通過最高點 a 時，對內管壁的壓力大小 0。25mg,已知兩 小球所受電場力的大小為重力的一半。求：(1）a、b 兩球落地點距 a 點水平距離之比；（2)a、b 兩球落地時的動能之比。 【答案】(1） （2）8：3【解析】試題分析：(1）以a球為研究對象，設其到達最高點時的速度為，根據(jù)向心力公式有:其中解得:以b球為研究對象，設其到達最高點時的速度為vb，根據(jù)向心力公式有：其中解得:兩小球脫離半圓管后均做平拋運動,根據(jù)可得它們的水平位移之比：（2)兩小球做類平拋運動過程中，重力做正功,電場力做負功，根據(jù)動能定理有：對a球:解得：對b球:解得:則兩球落地時的動能之比為：考點：本題考查靜電場、圓周運動和平拋運動，意在考查考生的分析綜合能力