物理最后的備考與沖刺課件

1、物理最后的備考與沖刺 最后的備考最后的備考 與沖刺與沖刺物理最后的備考與沖刺 一、重申幾點建議一、重申幾點建議 1、相信老師，、相信老師，相信自己相信自己，滿懷，滿懷信信 心參加高考；心參加高考； 2、制定切實可行的目標，以平、制定切實可行的目標，以平常心參加高考。在考試中做到常心參加高考。在考試中做到“不該不該丟的分，不丟少丟丟的分，不丟少丟”就算考好了。就算考好了。物理最后的備考與沖刺 3、清理自己的思路，別把自己的思清理自己的思路，別把自己的思想搞亂，想搞亂，“鞏固已有的陣地，慎重開辟新鞏固已有的陣地，慎重開辟新戰(zhàn)場戰(zhàn)場”。整理好自己。整理好自己“大腦中的智力書大腦中的智力書架架”，做一

2、位，做一位清醒的清醒的“戰(zhàn)士戰(zhàn)士”。 4、對自己做過的眾多的題目進行對自己做過的眾多的題目進行分類、歸類。詳細討論其中的基本習題，分類、歸類。詳細討論其中的基本習題，充分發(fā)揮基本習題的充分發(fā)揮基本習題的 “物理營養(yǎng)物理營養(yǎng)” ，著，著力領會其中物理思想和物理方法，加深力領會其中物理思想和物理方法，加深對物理概念和規(guī)律的理解。對物理概念和規(guī)律的理解。物理最后的備考與沖刺 5、在總復習工作中，善于做、在總復習工作中，善于做加減法。加減法。只有在某些問題中做減只有在某些問題中做減法法，才能在另一些問題上做加法。，才能在另一些問題上做加法。 在考場上也要善于做在考場上也要善于做“加減加減法法”。 6、

3、敢于爭論、辯論，才能加、敢于爭論、辯論，才能加深深對問題的理解和認識對問題的理解和認識，也才能，也才能記得記得“牢牢”。物理最后的備考與沖刺 “學習最忌諱的是自私學習最忌諱的是自私”。 “把不懂的人講懂，收獲最大的是把不懂的人講懂，收獲最大的是自己。自己?！?“能把好學生講服了，又能把成績能把好學生講服了，又能把成績差的講懂了，這樣的學生才是高水平的差的講懂了，這樣的學生才是高水平的學生。學生?！?“有問題不隔夜不帶回家。有問題不隔夜不帶回家。” 養(yǎng)養(yǎng)成良好的學習習慣。成良好的學習習慣。 形成討論、爭論問題的氛圍，形成討論、爭論問題的氛圍，提提高復習效益。高復習效益。物理最后的備考與沖刺 1一

4、條足夠長的淺色水平傳送帶自左向一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行。右勻速運行?，F(xiàn)將一個木炭包無初速地放在傳現(xiàn)將一個木炭包無初速地放在傳送帶的最左端，木炭包在傳送帶上將會留下一送帶的最左端，木炭包在傳送帶上將會留下一段黑色的徑跡。段黑色的徑跡。下列說法中正確的是下列說法中正確的是 A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側; B木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短徑跡的長度越短; C傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越短越短; D木炭包的質量木炭包的質量越大，徑跡的長度越短。越大，徑跡的長度越短。

5、 二、例題二、例題物理最后的備考與沖刺 分析：分析：炭包放在傳送帶上時，水平速度炭包放在傳送帶上時，水平速度為零，只有經(jīng)過一段時間之后，炭包才能與為零，只有經(jīng)過一段時間之后，炭包才能與傳送帶保持靜止，一起運動。傳送帶保持靜止，一起運動。 什么力使炭包向右做加速運動？摩擦力！什么力使炭包向右做加速運動？摩擦力！ 炭包運動多遠？才能取得與傳送帶一樣炭包運動多遠？才能取得與傳送帶一樣的速度。在這段時間內(nèi)傳送帶的速度。在這段時間內(nèi)傳送帶“走走”多遠？多遠？ 以炭包為研究對象，以炭包為研究對象，受力情況如圖所式。受力情況如圖所式。 假設傳送帶的速度假設傳送帶的速度為為v ，炭包與傳送帶的炭包與傳送帶的動

6、摩擦因素為動摩擦因素為。物理最后的備考與沖刺 對炭包，有對炭包，有gaNNmaNfmgG包對傳傳對包包對帶傳對包傳對包N 炭包取得速度炭包取得速度v的時間與位移：的時間與位移：g2vS222包包aSvgvavtatv物理最后的備考與沖刺g2vS2包和gvt 與此同時傳送帶運與此同時傳送帶運動多遠？動多遠？包傳2Sgvvt2S 在這段時間內(nèi)，傳送帶與炭包的位移差：在這段時間內(nèi)，傳送帶與炭包的位移差：gv2包傳SSS 選項選項 A黑色的徑黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左跡將出現(xiàn)在木炭包的左側側; A錯誤。錯誤。物理最后的備考與沖刺 ； ；g2vS2包和gvtgv2包傳SSS 選項選項B木炭包與傳送帶間

7、動摩擦因數(shù)木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短越大，徑跡的長度越短; 正確正確 選項選項C傳送帶運動的速度越大，徑跡傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越短的長度越短;gv2傳S 錯誤錯誤 選項選項D木炭包的木炭包的質量越大，徑跡的長度質量越大，徑跡的長度越短。越短。 錯誤。錯誤。物理最后的備考與沖刺 2、如圖所示，傾角為、如圖所示，傾角為的傳送帶沿逆時的傳送帶沿逆時針方向以加速度針方向以加速度a加速轉動時，小物體加速轉動時，小物體A與傳與傳送帶相對靜止。重力加速度為送帶相對靜止。重力加速度為g。則。則 A只有只有a gsin，A才受沿傳送帶向上才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用的靜摩擦力作

8、用 B只有只有a gsin，A才受沿傳送帶向才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用上的靜摩擦力作用 C只有只有a = gsin，A才受才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用沿傳送帶向上的靜摩擦力作用 D無論無論a為多大，為多大，A都受都受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用沿傳送帶向上的靜摩擦力作用 物理最后的備考與沖刺 分析：分析： 以以A物體為研究對象，摩擦物體為研究對象，摩擦力向上的受力情況如圖所示。力向上的受力情況如圖所示。 根據(jù)根據(jù)F合合=ma有有sinsinmaxgamfgA 因為，向上的摩擦力，因為，向上的摩擦力，0 gsin，A才受沿傳送帶向才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用上的靜摩擦力作用 當當a gsi

9、n，靜摩擦力必，靜摩擦力必向下。向下。錯誤錯誤錯誤錯誤物理最后的備考與沖刺 3、質量為、質量為M的物塊以速度的物塊以速度V運動，運動，與與質量為質量為m的靜止物塊發(fā)生正撞，的靜止物塊發(fā)生正撞，碰撞碰撞后兩者的動量正好相等后兩者的動量正好相等，兩者質量之比，兩者質量之比M/m可能為可能為 A.2 B.3 C.4 D. 5 分析：分析： 根據(jù)動量守恒，以根據(jù)動量守恒，以V方向為正方向，有：方向為正方向，有：mMvuvvmuvMmuvMMv221和所以由物理最后的備考與沖刺33)2(21)2(2121212121222222mMMmmMvmvMMvmuvMMv 由動能損失可知：由動能損失可知： 所以

10、，選項所以，選項A與與B正確。正確。 選項選項A.2 B.3 C.4 D. 5物理最后的備考與沖刺 討論討論：質量為：質量為M的物塊以速度的物塊以速度V運動，與運動，與質量為質量為m的靜止物塊發(fā)生正撞，的靜止物塊發(fā)生正撞，什么情況下？什么情況下？動能損失最大。動能損失最大。 根據(jù)動量守恒，以根據(jù)動量守恒，以V方向為正方向，有：方向為正方向，有： 解：解：mvvMumuvMMv)( （1） 動能損失動能損失 （2）)2121(21222muvMMvEK物理最后的備考與沖刺將（將（1）式代入（）式代入（2）式，）式， 有：有：)()(2)()()()(22)()(21212122222222222

11、2mMvmmMMvvmmMMEmMvmMmMMvmMMvmMvMvvmmMMEmvvMmvMMvEKKK 當當 即兩物體取得相同速度時，即兩物體取得相同速度時，也是完全非彈性碰撞也是完全非彈性碰撞mMMvv 最大，最大值為：最大，最大值為：KE222221)(2)(vmMMmmMmvmMMmEk物理最后的備考與沖刺 4圖為一列橫波在某時刻的波形圖，若圖為一列橫波在某時刻的波形圖，若此時刻質點此時刻質點P正處于加速運動過程中，則此正處于加速運動過程中，則此時刻時刻 A質點質點Q和質點和質點N均均處于加速運動過程中處于加速運動過程中 B質點質點Q和質點和質點N均均處于減速運動過程中處于減速運動過程

12、中 C質點質點Q處于加速運動過程中，質點處于加速運動過程中，質點N處于減速運動過程中處于減速運動過程中 D質點質點Q處于減速運動過程中，質點處于減速運動過程中，質點N處于加速運動過程中處于加速運動過程中物理最后的備考與沖刺 波動過程的特點：波動過程的特點： 1、后振動的質點總是跟著先振動的質點、后振動的質點總是跟著先振動的質點振動，只是開始的時間晚一點。后振動的質振動，只是開始的時間晚一點。后振動的質點總是重復先振動質點的運動。相距點總是重復先振動質點的運動。相距 波波長的兩點，開始振動的時間相差長的兩點，開始振動的時間相差 周期。周期。 2、波動過程只是運動形式（能量）的傳、波動過程只是運動

13、形式（能量）的傳遞，物質并不遷移。各個質點只在自己的平遞，物質并不遷移。各個質點只在自己的平衡位置附近振動。衡位置附近振動。 3、相距一個波長（或一個波長整數(shù)倍）、相距一個波長（或一個波長整數(shù)倍）的兩點，振動的情況（狀態(tài)）完全相同；相的兩點，振動的情況（狀態(tài)）完全相同；相距半個波長（或半個波長奇倍數(shù)）的兩點，距半個波長（或半個波長奇倍數(shù)）的兩點，振動的情況（狀態(tài)）完全相反。振動的情況（狀態(tài)）完全相反。MNMN物理最后的備考與沖刺 分析：分析：“此時刻質點此時刻質點P正處于加速運動過程正處于加速運動過程中中”,說明說明P點正向平衡位點正向平衡位置運動，同時說明此波置運動，同時說明此波動過程沿動過

14、程沿x軸的軸的負方向負方向傳播傳播，此時刻，此時刻Q向正向最大位移運動，向正向最大位移運動，做做減速運動減速運動，所以，所以，A、C兩選項錯誤。兩選項錯誤。 由由“此波動過程的方向沿此波動過程的方向沿-X方向方向”，可知可知N正向平衡位置運動，正作正向平衡位置運動，正作加速運動加速運動，B錯錯D對。對。 答案答案D物理最后的備考與沖刺 5.風能將成為風能將成為21世紀大規(guī)模開發(fā)的一種世紀大規(guī)模開發(fā)的一種可再生清潔能源?？稍偕鍧嵞茉?。風力發(fā)電機是將風能（氣風力發(fā)電機是將風能（氣流的動能）轉化為電能的裝置，流的動能）轉化為電能的裝置，其主要部件其主要部件包括風輪機、齒輪箱，發(fā)電機等。如圖所示。包

15、括風輪機、齒輪箱，發(fā)電機等。如圖所示。 （1）利用總電阻）利用總電阻 的線路的線路向外向外輸送風力發(fā)電機產(chǎn)生輸送風力發(fā)電機產(chǎn)生的電能。的電能。輸送電功率輸送電功率 ，輸電電，輸電電壓壓U=10kV， 求導線上損失的求導線上損失的功率與輸送功率的比功率與輸送功率的比值值;10R 0300kWP 物理最后的備考與沖刺 （2）風輪機葉片旋轉所掃過的面積）風輪機葉片旋轉所掃過的面積為風力發(fā)電機可接受風能的面積。為風力發(fā)電機可接受風能的面積。設空設空氣密度為氣密度為，氣流速度為，氣流速度為v，風輪機葉，風輪機葉片長度為片長度為r。求單位時間內(nèi)流向風輪機的求單位時間內(nèi)流向風輪機的最大風能最大風能Pm; 在

16、風速和葉片在風速和葉片數(shù)確定的情況下，數(shù)確定的情況下，要提高風輪機單位要提高風輪機單位時間接受的風能，時間接受的風能，簡述可采取的措施。簡述可采取的措施。物理最后的備考與沖刺 （3）已知風力發(fā)電機的輸出電功）已知風力發(fā)電機的輸出電功率率P與與Pm成正比。成正比。某風力發(fā)電機的風速某風力發(fā)電機的風速v1=9m/s時能夠輸出電功率時能夠輸出電功率P1=540kW。我國某地區(qū)風速不低于我國某地區(qū)風速不低于v2=6m/s的時間的時間每年約為每年約為5000小時，小時， 試估算這臺風試估算這臺風力發(fā)電機在該地區(qū)力發(fā)電機在該地區(qū)的最小年發(fā)電量是的最小年發(fā)電量是多少千瓦時。多少千瓦時。物理最后的備考與沖刺

17、（1）利用總電阻）利用總電阻 的線路向外輸?shù)木€路向外輸送風力發(fā)電機產(chǎn)生的電能。輸送電功率送風力發(fā)電機產(chǎn)生的電能。輸送電功率 ，輸電電壓，輸電電壓U=10kV， 求導線上損失的功率與輸送功率的比值求導線上損失的功率與輸送功率的比值; 其實是個電能傳輸?shù)膯栴}，也是常說其實是個電能傳輸?shù)膯栴}，也是常說的高壓輸電的問題，的高壓輸電的問題，對高壓輸電問題應對高壓輸電問題應該仔細了解如圖所示的物理過程。該仔細了解如圖所示的物理過程。10R 0300kWP 本題只本題只涉及當中的涉及當中的兩根輸電線。兩根輸電線。物理最后的備考與沖刺 對于兩根輸電線的問題，如圖所對于兩根輸電線的問題，如圖所示。示。為真正了解

18、為真正了解此問題，應清楚此問題，應清楚理解其中幾個物理解其中幾個物理量及關系式。理量及關系式。線入出線入出線線損線線線線線入入PPPUUURIPPRIUIUP2物理最后的備考與沖刺 輸電線上的電流輸電線上的電流 入線UPI0 導線上損失的功率為導線上損失的功率為 ）（線入線線損WRUPRIP323320210910)101010300()(損失的功率與輸送功率的比值損失的功率與輸送功率的比值 %303. 010300109330PPPP損入損物理最后的備考與沖刺 求單位時間內(nèi)流向風輪求單位時間內(nèi)流向風輪機的最大風能機的最大風能Pm;在風速和在風速和葉片數(shù)確定的情況下，葉片數(shù)確定的情況下，要提要

19、提高風輪機單位時間接受的風高風輪機單位時間接受的風能，簡述可采取的措施。能，簡述可采取的措施。 單位時間內(nèi)垂直流向葉片單位時間內(nèi)垂直流向葉片旋轉面積的氣體質量為旋轉面積的氣體質量為vr2 風能的最大功率可表示為風能的最大功率可表示為322222121)(21vrvrvvvSPm風物理最后的備考與沖刺 （3）已知風力發(fā)電機的輸出電功率）已知風力發(fā)電機的輸出電功率P與與Pm成正比。成正比。某風力發(fā)電機的風速某風力發(fā)電機的風速v1=9m/s時時能夠輸出電功率能夠輸出電功率P1=540kW。我國某地區(qū)風我國某地區(qū)風速不低于速不低于v2=6m/s的時間每年約為的時間每年約為5000小時小時，試估算這臺風

20、力發(fā)電機在該地區(qū)的最小年發(fā)試估算這臺風力發(fā)電機在該地區(qū)的最小年發(fā)電量是多少千瓦時。電量是多少千瓦時。根據(jù)根據(jù) 3221vrPm風則有則有31321212vvPPPPmm風風風速風速6m/s風力發(fā)電機的輸出功率為風力發(fā)電機的輸出功率為 kWkWPvvP16054096313122物理最后的備考與沖刺kWkWPvvP16054096313122 最小年發(fā)電量約為最小年發(fā)電量約為 W=P2t=1605000kWh =8105kWh物理最后的備考與沖刺 6如圖甲所示，如圖甲所示，MN左側有一垂直紙面左側有一垂直紙面向里的勻強磁場?，F(xiàn)將一邊長為向里的勻強磁場。現(xiàn)將一邊長為l、質量為、質量為m、電阻為電阻

21、為R的正方形金屬線框置于該磁場中，使的正方形金屬線框置于該磁場中，使線框平面與磁場垂直，且線框平面與磁場垂直，且bc邊與磁場邊界邊與磁場邊界MN重合。重合。當當t=0時，對線框施加一水平拉力時，對線框施加一水平拉力F，使，使線框由靜止開始向右做勻加速直線運動；線框由靜止開始向右做勻加速直線運動；當當t=t0時，線框的時，線框的ad邊與磁場邊界邊與磁場邊界MN重合重合。圖乙為拉力。圖乙為拉力F隨時間變化的圖隨時間變化的圖線。線。由以上條件可由以上條件可知，磁場的磁感應知，磁場的磁感應強度強度B的大小為的大小為物理最后的備考與沖刺A B C D01mRBlt012mRBlt012mRBlt02mR

22、Blt 分析：根據(jù)勻變速運動的規(guī)律分析：根據(jù)勻變速運動的規(guī)律 注：重力不影響本題的討論。注：重力不影響本題的討論。2020222121tLaatLatS有：有：t=t0 時的速度時的速度 02tLvatv物理最后的備考與沖刺 t=0時，對框運用牛頓第二時，對框運用牛頓第二定律，有：定律，有：20002tLmFmaF t=t0時，對框運用牛頓第時，對框運用牛頓第二定律，有：二定律，有：00222022002122223tmRLBRtLLBtmLRvLBFmaBILF 答案：答案：B選項選項物理最后的備考與沖刺 討論：導線框受到線性討論：導線框受到線性的拉力作用，為什么還能做恒的拉力作用，為什么還

23、能做恒定加速度的運動？定加速度的運動？ 因為，它還受到一個障因為，它還受到一個障礙運動的安培力的作用，且安礙運動的安培力的作用，且安培力與速度成正比。培力與速度成正比。 正是安培力的增加量抵消正是安培力的增加量抵消拉力的增加量，使合力保持不拉力的增加量，使合力保持不變，所以，導線框做恒定加速變，所以，導線框做恒定加速度的運動。度的運動。 請同學自行討論請同學自行討論t=t0/2時，時，導線框具有相同加速度。導線框具有相同加速度。物理最后的備考與沖刺 7、為、為2008年奧運會場館服務某種環(huán)保年奧運會場館服務某種環(huán)保汽車，總質量汽車，總質量 ,以蓄電池為驅動以蓄電池為驅動能源，當它在水平路面上以

24、能源，當它在水平路面上以v=36km/h的速的速度勻速行駛時，驅動電機的輸入電流度勻速行駛時，驅動電機的輸入電流I=50A，電壓電壓U=300V。在此行駛狀態(tài)下在此行駛狀態(tài)下33 10 kgm （2）估算該驅動電機的電阻大約多大？）估算該驅動電機的電阻大約多大？ （1）若驅動電機能夠將輸入功率的）若驅動電機能夠將輸入功率的90%轉化為用于牽引汽車前進的機械功率轉化為用于牽引汽車前進的機械功率P機機，求汽車所受阻力與車重的比值（求汽車所受阻力與車重的比值（g取取10m/s2）；）；物理最后的備考與沖刺 （3）設想改用太陽能電池給該車供電，）設想改用太陽能電池給該車供電，其他條件不變，其他條件不變

25、， 求所需的太陽能電池板的最小面積。求所需的太陽能電池板的最小面積。 結合計算結果，簡述你對該設想的結合計算結果，簡述你對該設想的思考。思考。 已知太陽輻射的總功率已知太陽輻射的總功率 ，太陽到地球的距離太陽到地球的距離 ，太陽，太陽光傳播到達地面的過程中大約有光傳播到達地面的過程中大約有30%的能的能量損耗，該車所用太陽能電池的能量轉化量損耗，該車所用太陽能電池的能量轉化效率約為效率約為15%。2604 10 WP 111.5 10 mr 物理最后的備考與沖刺 （1）若驅動電機能夠將輸入功率的）若驅動電機能夠將輸入功率的90%轉化為用于牽引汽車前進的機械功率轉化為用于牽引汽車前進的機械功率P

26、機，求機，求汽車所受阻力與車重的比值（汽車所受阻力與車重的比值（g取取10m/s2）；）； 解：驅動電機的輸入功率解：驅動電機的輸入功率 以汽車為研究對象，以汽車為研究對象， 它受四個力的作用它受四個力的作用(如圖如圖) 在勻速行駛時，在勻速行駛時，F(xiàn)牽牽=f 則有則有 vfvFPP牽電機9 . 00.9/fPv電求得：求得：所受阻力與車重之比為所受阻力與車重之比為 /0.045fmg WIUP4105 . 1電物理最后的備考與沖刺 （2）估算該驅動電機的電阻大約多大？）估算該驅動電機的電阻大約多大？ 由驅動電機的電阻發(fā)得熱功率由驅動電機的電阻發(fā)得熱功率0.1P電電則有則有 ：)(6 . 05

27、0105 . 11 . 01 . 01 . 02422IPRPRI電電 注意：注意：在電動機的電路中，因為有電在電動機的電路中，因為有電能轉化為機械能，所以，初中學習過的能轉化為機械能，所以，初中學習過的歐姆定律歐姆定律( I=U/R)不成立；只有對于純電不成立；只有對于純電阻的用電器，也就是電能全部轉化為熱阻的用電器，也就是電能全部轉化為熱的情況下，初中學習的歐姆定律才成立。的情況下，初中學習的歐姆定律才成立。物理最后的備考與沖刺 所以，對于電動機電路，一般是從能量關所以，對于電動機電路，一般是從能量關系來計算相關的物理。其中，系來計算相關的物理。其中，UI為輸入電功率，為輸入電功率，I2R

28、為發(fā)熱功率，為發(fā)熱功率， UI - I2R就是電動機輸出的機就是電動機輸出的機械功率。械功率。 電動機的原理如下：電動機的原理如下： 對長對長L、電阻、電阻r的導線棒的導線棒ab,當開關當開關K閉合，有如圖所示的電流閉合，有如圖所示的電流 可見，電動機將電能轉化為機械能是通過可見，電動機將電能轉化為機械能是通過反反與與F安安來完成的，其中，磁場是轉化的媒介來完成的，其中，磁場是轉化的媒介。反安vFI物理最后的備考與沖刺 已知太陽輻射的總功率已知太陽輻射的總功率 太陽到地球的距離太陽到地球的距離 ，太陽光傳播，太陽光傳播到達地面的過程中大約有到達地面的過程中大約有30%的能量損耗，該的能量損耗，

29、該車所用太陽能電池的能量轉化效率約為車所用太陽能電池的能量轉化效率約為15%。2604 10 WP 111.5 10 mr 當陽光垂直電池板入射式，所需板面積最當陽光垂直電池板入射式，所需板面積最小設為小設為S，距太陽中心為，距太陽中心為r的球面面積為的球面面積為4r2。204Sr 設太陽能電池板實際接收到的太陽能功設太陽能電池板實際接收到的太陽能功率為率為P， 由于由于 ，所以電池板的最小面積，所以電池板的最小面積15%PP電220004101m0.70.15 0.7r PPSSPP電其中其中00)3 . 01 (SPSP物理最后的備考與沖刺 8如圖所示，平行金屬導軌如圖所示，平行金屬導軌M

30、N和和PQ與與水平面成水平面成角，導軌兩端各與阻值均為角，導軌兩端各與阻值均為R的固的固定電阻定電阻R1和和R2相連，勻強磁場垂直穿過導軌相連，勻強磁場垂直穿過導軌平面。平面。質量為質量為m、電阻為、電阻為R/2的導體棒以一定的導體棒以一定的初速度沿導軌向上滑動，在滑動過程中導體的初速度沿導軌向上滑動，在滑動過程中導體棒與金屬導軌始終垂直并接觸良好。棒與金屬導軌始終垂直并接觸良好。已知已知t1時時刻導體棒上滑的速度為刻導體棒上滑的速度為v1，此時電阻，此時電阻R1消耗的消耗的電功率為電功率為P1；t2時刻導體棒時刻導體棒上滑的速度為上滑的速度為v2，此時電阻，此時電阻R2消耗的電功率為消耗的電

31、功率為P2，忽略平行，忽略平行金屬導軌金屬導軌MN和和PQ的電阻且不的電阻且不計空氣阻力。則計空氣阻力。則物理最后的備考與沖刺 At1時刻導體棒受到時刻導體棒受到的安培力的大小為的安培力的大小為6P1/v1 B t2時刻導體棒克服時刻導體棒克服安培力做功的功率為安培力做功的功率為4P2 Ct1t2-這段時間內(nèi)導這段時間內(nèi)導體棒克服安培力做的功為體棒克服安培力做的功為4P1(t2-t1) Dt1t2-這段時間內(nèi)導體棒受到的安培這段時間內(nèi)導體棒受到的安培力的沖量大小為力的沖量大小為m(v1-v2) 解析：只要磁場垂直導軌平面，不論方解析：只要磁場垂直導軌平面，不論方向如何，向如何，ab導體棒受到的

32、安培力總是障礙運動導體棒受到的安培力總是障礙運動的，正是這個安培力的障礙運動，才完成的，正是這個安培力的障礙運動，才完成ab導導體棒的動能向回路電能的轉化。體棒的動能向回路電能的轉化。物理最后的備考與沖刺 At1時刻導體棒受到時刻導體棒受到的安培力的大小為的安培力的大小為6P1/v1 B t2時刻導體棒克服時刻導體棒克服安培力做功的功率為安培力做功的功率為4P2 t1時刻導體棒受到的安時刻導體棒受到的安培力的大小為培力的大小為 LBIF1安1111vRIBLRBLvI而而將后式代入前式，得：將后式代入前式，得： 1112111214)2(vPvRIvRIF安故故A選項錯誤。選項錯誤。物理最后的

33、備考與沖刺 對于對于t2時刻，同理可得：時刻，同理可得： 22212222224)2(vPvRIvRIF安則則224PvFP安安 故故B選項正確選項正確。 C選項選項t1t2-這段時間內(nèi)導體棒克服安培這段時間內(nèi)導體棒克服安培力做的功為力做的功為4P1(t2-t1) 該選項要成立，只有全電路的電功率保持該選項要成立，只有全電路的電功率保持P1不變才有可能，而本例中導體棒的運動速度不變才有可能，而本例中導體棒的運動速度卻是逐漸減小，電功率也是逐漸減小的，所以，卻是逐漸減小，電功率也是逐漸減小的，所以，本選項的答案錯誤。本選項的答案錯誤。 物理最后的備考與沖刺 D.t1t2-這段時間內(nèi)導體這段時間內(nèi)

34、導體棒受到的安培力的沖量大小棒受到的安培力的沖量大小為為m(v1-v2) 以以ab導體棒為研究對象，導體棒為研究對象， 受力情況如圖所示。受力情況如圖所示。)(sin1212mvmvttmgI安則則 )()(sin1222vvmttmgI安 可見，可見，D選項錯誤。選項錯誤。 則則 物理最后的備考與沖刺 9、如圖所示，、如圖所示，相距為相距為d的兩水平虛線的兩水平虛線p1、p2表示方向垂直紙面向里的勻強磁場的上下邊表示方向垂直紙面向里的勻強磁場的上下邊界，磁場的磁感應強度為界，磁場的磁感應強度為B。正方形線框正方形線框abcd的邊長為的邊長為L(Ld)、質量為、質量為m、電阻為、電阻為R，線框

35、線框處在磁場正上方，處在磁場正上方，ab邊與虛線邊與虛線p1相距相距h。線框。線框由靜止釋放，由靜止釋放，下落過程中線框下落過程中線框平面始終在豎直平面內(nèi)，平面始終在豎直平面內(nèi)， 線框線框的的ab邊剛進入磁場時的速度和邊剛進入磁場時的速度和ab邊剛離開磁場時的速度相同邊剛離開磁場時的速度相同。在線框從進入到全部穿過磁場在線框從進入到全部穿過磁場的過程中，下列說法正確的是的過程中，下列說法正確的是物理最后的備考與沖刺在線框從進入到全部穿過磁場的過程中，下在線框從進入到全部穿過磁場的過程中，下列說法正確的是列說法正確的是 A線框克服安培力所做的功為線框克服安培力所做的功為mgd B線框克服安培力所

36、做的功為線框克服安培力所做的功為mgL C線框的最小速度為線框的最小速度為 D線框的最小速度線框的最小速度為為22mgRB L2 ()g hLd 線框進入、出磁場過程中，線框進入、出磁場過程中，受重力與安培力的作用，可以受重力與安培力的作用，可以做加速、勻速與減速運動。做加速、勻速與減速運動。物理最后的備考與沖刺 如圖如圖1到到2，線框作自由落體，線框作自由落體，2狀態(tài)下狀態(tài)下線框速度為線框速度為 ，由題意可知，由題意可知，4狀態(tài)下的狀態(tài)下的速度也是速度也是 。 gh2gh2 3到到4的過程，回路沒有感生電流，不受的過程，回路沒有感生電流，不受安培力，只受重力的作用，所以它做加速度安培力，只受

37、重力的作用，所以它做加速度為為g的加速運動，速度一直在增加。的加速運動，速度一直在增加。 2狀態(tài)與狀態(tài)與4狀態(tài)速度要相等狀態(tài)速度要相等，2到到3只能是減速運動，只能是減速運動，3狀態(tài)是線框通過磁場速度狀態(tài)是線框通過磁場速度v3最小的狀態(tài)。最小的狀態(tài)。物理最后的備考與沖刺 由由3到到4，運用動能定理，有，運用動能定理，有)(221)2(21)(3232dLhgvmvghmLdmg C線框的最小速度為線框的最小速度為 D線框的最小速度線框的最小速度為為22mgRB L2 ()g hLd 如何求線框通過磁場過程中，如何求線框通過磁場過程中，線框克服安培力所做的功？線框克服安培力所做的功？ 可見，選項

38、可見，選項C錯誤，錯誤，D正確，正確，物理最后的備考與沖刺 由于由于2、4兩狀態(tài)速度相同，兩狀態(tài)速度相同，4到到5的過程，的過程，與與2到到3的過程完全相同，的過程完全相同，所以，所以，5、3兩狀態(tài)的兩狀態(tài)的速度也相同。速度也相同。 由由2到到5，運用動能定理，有：，運用動能定理，有：mgd2)2(21d)-L2g(hm21)(22安安WghmWLdmg 所以，所以，A、B兩選項都不正確。兩選項都不正確。 A線框克服安培力所做的線框克服安培力所做的功為功為mgd B線框克服安培力所做的線框克服安培力所做的功為功為mgL物理最后的備考與沖刺 討論：討論： 由由2到到4，運用動能定理，可得：，運用

39、動能定理，可得： mgd42安W 由由2到到3與與4到到5，運用動能定理，可得：，運用動能定理，可得： mgdWW5-43-2安安 為什么為什么2到到3與與2到到4兩過程，克兩過程，克服安培力的功一樣呢？服安培力的功一樣呢？ 因為，因為，3到到4的過程，安培的過程，安培力不做功！力不做功！所以，這兩過程克所以，這兩過程克服安培力的功一樣。服安培力的功一樣。 這里也就解釋了這里也就解釋了 mgd252安W 如果如果dL ,情況又將如何？情況又將如何？物理最后的備考與沖刺 10、如圖所示，圖線、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產(chǎn)生的正弦交流電的圖像，中勻速轉動時產(chǎn)生的正

40、弦交流電的圖像，當當調整線圈轉速后，所產(chǎn)生的正弦交流電的圖調整線圈轉速后，所產(chǎn)生的正弦交流電的圖像如圖線像如圖線b所示所示。以下關于這兩個正弦交流電。以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是的說法中正確的是 A線圈先后兩次轉速之比為線圈先后兩次轉速之比為1：2 B交流電交流電b的電壓最大值為的電壓最大值為20/3 V C在圖中在圖中t時刻時刻穿過線圈的磁通量為零穿過線圈的磁通量為零 D交流電交流電a的電壓瞬的電壓瞬時值時值u=10sin0.4t V物理最后的備考與沖刺 從圖象可知：從圖象可知：Ta=4s ;Tb=6s ,則則2322babbabaaTTTT和 選項選項A線圈先后兩次線圈先后兩次

41、轉速之比為轉速之比為1：2 錯誤錯誤 交流電交流電a的瞬時值為：的瞬時值為： 選項選項D交流電交流電a的電壓瞬時值的電壓瞬時值u=10sin0.4t VttTuaa5 . 0sin122sin10錯誤。錯誤。物理最后的備考與沖刺 圖示表示長圖示表示長L1 、寬、寬L2 的矩形的矩形線圈，在勻強磁場線圈，在勻強磁場B中，以中，以oo為軸，角速度為軸，角速度作逆時針轉動。作逆時針轉動。 圖中圖中 a1b1c1d1是電動勢為是電動勢為零位置；零位置； a2b2c2d2 是電動勢是電動勢最大的位置。最大的位置。 選項選項 C在圖中在圖中t時刻時刻穿過線圈的磁通量為零穿過線圈的磁通量為零 錯誤錯誤物理最

42、后的備考與沖刺 由上圖可推導出最大電動由上圖可推導出最大電動勢為勢為Em=BL1L2。 對對a、b兩個線圈，有兩個線圈，有)(32032322121VUULBLLBLEEUUmambabmambmamb 選項選項 B交流電交流電b的電壓最大值為的電壓最大值為20/3 V 正確正確物理最后的備考與沖刺 11、某同學要測量一個電池的電動勢、某同學要測量一個電池的電動勢E 和內(nèi)電阻和內(nèi)電阻，但是從實驗室只借到一個開關、，但是從實驗室只借到一個開關、一個電阻箱（最大阻值為一個電阻箱（最大阻值為9.999，當標準電阻，當標準電阻用）用） 一只電流表（量程一只電流表（量程=0.6A,內(nèi)阻內(nèi)阻0.1）和）和

43、若干導線。若干導線。請你幫他設計一個測量電路，并請你幫他設計一個測量電路，并說明測量的原理。說明測量的原理。 解：測量電路如圖所示。解：測量電路如圖所示。 對此電路運用閉合電路歐對此電路運用閉合電路歐姆定律，有：姆定律，有： )(grrRIE)(grrIER物理最后的備考與沖刺)(grrIER)()1(grrIER 根據(jù)電路圖做實驗，根據(jù)電路圖做實驗，記錄一系列電阻箱的阻記錄一系列電阻箱的阻值與電流的對應值值與電流的對應值。再再作作R-1/I的圖象，根據(jù)理的圖象，根據(jù)理論公式可知他們的關系論公式可知他們的關系是一根直線，將對應點是一根直線，將對應點擬合成一根直線擬合成一根直線，該直，該直線的斜

44、率為電動勢，截線的斜率為電動勢，截距的負值為電池與安培距的負值為電池與安培表內(nèi)阻之和。表內(nèi)阻之和。物理最后的備考與沖刺 12、用密度為用密度為d、電阻率為、電阻率為 橫截面積為橫截面積為A的薄鋁條制成的薄鋁條制成邊長為邊長為L的閉合正方形框。的閉合正方形框。如圖如圖所示，所示，金屬方框水平放在磁極的金屬方框水平放在磁極的狹縫間，方框平面與磁場方向平狹縫間，方框平面與磁場方向平行行。設勻強磁場僅存在于相對磁。設勻強磁場僅存在于相對磁極之間，其他地方的磁場忽略不極之間，其他地方的磁場忽略不計。計?？烧J為方框的邊處在磁極之可認為方框的邊處在磁極之間，極間磁感應強度大小為間，極間磁感應強度大小為B。方

45、框從靜止開始釋放，其平面在方框從靜止開始釋放，其平面在下落過程中保持水平（不計空氣下落過程中保持水平（不計空氣阻力阻力）。）。物理最后的備考與沖刺 求：求： （1）求方框下落的最大速）求方框下落的最大速度度vm（設磁場區(qū)域在豎直方向足（設磁場區(qū)域在豎直方向足夠長）；夠長）； （2）當方框下落的加速度）當方框下落的加速度 為時，求方框的發(fā)熱功率為時，求方框的發(fā)熱功率P； （3）已知方框下落時間為）已知方框下落時間為t時，下落高度為時，下落高度為h，其速度為，其速度為vt（vtvm）。若在同一時間）。若在同一時間t內(nèi)，內(nèi)，方框內(nèi)產(chǎn)生的熱與一恒定電流方框內(nèi)產(chǎn)生的熱與一恒定電流I0在該框內(nèi)產(chǎn)生的熱相同

46、，在該框內(nèi)產(chǎn)生的熱相同， 求恒定電流求恒定電流I0的表達式。的表達式。2g物理最后的備考與沖刺 （1）求方框下落的最大速度）求方框下落的最大速度vm（設磁場（設磁場區(qū)域在豎直方向足夠長）；區(qū)域在豎直方向足夠長）； 解：當解：當F安安=G時，方框達到最大速度時，方框達到最大速度 方框質量方框質量 ， 重力重力 方向豎直向下方向豎直向下4mLAd4GmgLAdg 方框電阻方框電阻 4LRA 方框下落速度為方框下落速度為v時，產(chǎn)生時，產(chǎn)生的感應電動勢的感應電動勢 2EBL v 感應電流感應電流 2EBAvIR物理最后的備考與沖刺 方框下落過程，安培力方框下落過程，安培力F安安 為為LAvBRvLBLBIF222)2(2安方向豎直向上方向豎直向上 當當F安安=G時，方框達到最大速度，時，方框達到最大速度，2m4B ALvLAdg則則 方框下落的最大速度方框下落的最大速度 m24 dvgB物理最后的備考與沖刺 （2）當方框下落的加速度）當方框下落的加速度 為時，求方