遼寧省沈陽市鐵路實(shí)驗(yàn)中學(xué)2021-2021學(xué)年高二物理下學(xué)期期末試卷(含解析)

1、2021-2021學(xué)年遼寧省沈陽市鐵路實(shí)驗(yàn)中學(xué)高二下期末物理試卷一、選擇題：此題共8小題，每題4分，共計(jì)32分.在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中， 第1 / 4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得 4分，選對但 不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分.1 從地面上以初速度 w豎直上拋一質(zhì)量為 m的小球，假設(shè)運(yùn)動過程中受到的空氣阻力與其速 率成正比，球運(yùn)動的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如下圖，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地速率為V1,且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動，那么以下說法中錯(cuò)誤的選項(xiàng)是C. 小球被拋出時(shí)的加速度值最大，至U達(dá)最高點(diǎn)的加速度值最小D. 小球上升過程的平均速度小于 22在上海

2、世博會最正確實(shí)踐區(qū)，江蘇城市案例館中穹形門窗充滿了濃郁的地域風(fēng)情和人文特色.如下圖，在豎直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過光滑的輕質(zhì)滑輪懸掛一重物G現(xiàn)將輕繩的一端固定于支架上的A點(diǎn)，另一端從B點(diǎn)沿支架緩慢地向 C點(diǎn)靠近C點(diǎn)與A點(diǎn)等高.那么繩中拉力大小變化的情況是A. 先變小后變大 B .先變小后不變 C .先變大后不變 D .先變大后變小3.如下圖，質(zhì)量分別為 m和M的兩物體P和Q疊放在傾角為 0的斜面上，P、Q間的動 摩擦因數(shù)為 卩1 , Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為卩2 卩2 卩1.當(dāng)它們從靜止開始沿斜面加速下滑時(shí)，兩物體始終保持相對靜止，那么物體P受到的摩擦力大小為A. 0B.u

3、 imgcosBC. 2mgcosBD. mgs in 04“太極球是近年來在廣闊市民中較流行的一種健身器材.做該項(xiàng)運(yùn)動時(shí)，健身者半馬 步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時(shí)，球卻不會掉落地上.現(xiàn) 將太極球簡化成如圖18所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內(nèi)始終不脫離板而 做勻速圓周運(yùn)動，且在運(yùn)動到圖中的A、B C、D位置時(shí)球與板間無相對運(yùn)動趨勢.A為圓周的最高點(diǎn)，C為最低點(diǎn)，B D與圓心0等高且在B、D處板與水平面夾角為0 .設(shè)球的質(zhì)量為m圓周的半徑為 R,重力加速度為g,不計(jì)拍的重力，假設(shè)運(yùn)動過程到最高點(diǎn)時(shí)拍與小C. 在B、D處球拍對球的作用力為.；sin WD.

4、 在B、D處球拍對球的作用力為覽sin W5. 如下圖，從同一豎直線上不同高度A、B兩點(diǎn)處，分別以速率 Vi、V2同向水平拋出兩個(gè)小球，P為它們運(yùn)動軌跡的交點(diǎn).那么以下說法正確的有B. 假設(shè)同時(shí)拋出，兩球不可能在P點(diǎn)相碰C. 假設(shè)同時(shí)拋出，落地前兩球豎直方向的距離逐漸變大D. 假設(shè)同時(shí)拋出，落地前兩球之間的距離逐漸變大6. 如圖，A B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為0 .圖甲中A B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕桿相連.系統(tǒng)靜止時(shí)，擋板C與斜面垂直，彈簧、輕桿均與斜面平行. 在 突然撤去擋板的瞬間兩圖中兩球加速度均為圖甲中圖甲中圖乙中A.B.C.D.7.gsin 0A球的加速度為零B球

5、的加速度是為 2gsin 0A球的加速度為零如下圖，某物體自空間 O點(diǎn)以水平初速度Vo拋出，落在地面上的 A點(diǎn)，其軌跡為一拋 物線現(xiàn)仿此拋物線制作一個(gè)光滑滑道并固定在與OA完全重合的位置上，然后將此物體從O點(diǎn)由靜止釋放，受微小擾動而沿此滑道滑下，在下滑過程中物體未脫離滑道.P為滑道上一點(diǎn)，OP連線與豎直方向成 45°角，那么此物體A.由O運(yùn)動到P點(diǎn)的時(shí)間大于B.物體經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，速度的水平分量為C.D.&物體經(jīng)過物體經(jīng)過“水流星- Vo52voP點(diǎn)時(shí)，速度的豎直分量為P點(diǎn)時(shí)的速度大小為.：是一種常見的雜技工程，該運(yùn)動可以簡化為輕繩一端系著小球在豎直平面內(nèi)I，重力加速度為g，那么

6、Vo的圓周運(yùn)動模型，如下圖，繩長為A.B.C.當(dāng)“時(shí)， 小球一定能通過最高點(diǎn) PD.當(dāng)時(shí)，細(xì)繩始終處于繃緊狀態(tài)O小球運(yùn)動到最低點(diǎn) Q時(shí)，處于失重狀態(tài)小球初速度Vo越大，那么在P、Q兩點(diǎn)繩對小球的拉力差越大二、實(shí)驗(yàn)題：此題共 2小題，每空2分，共計(jì)12分.9“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)時(shí)小剛同學(xué)將長木板平 放在水平桌面上，并利用安裝在小車上的拉力傳感器測出細(xì)線的拉力，保持小車的質(zhì)量不變,通過改變鉤碼的個(gè)數(shù)，得到多組數(shù)據(jù)，從而確定小車加速度a與細(xì)線拉力F的關(guān)系.(1)圖乙中符合小剛的實(shí)驗(yàn)結(jié)果的是 (2)小麗同學(xué)做該實(shí)驗(yàn)時(shí)，拉力傳感器出現(xiàn)了故障為此，小麗同學(xué)移走拉力傳感器，

7、保 持小車的質(zhì)量不變，并改良了小剛實(shí)驗(yàn)操作中的缺乏之處.用所掛鉤碼的重力表示細(xì)線的拉力F,那么小麗同學(xué)得到的圖象可能是乙圖中 ;小森同學(xué)為得到類似乙圖中的A圖，在教師的指導(dǎo)下，對小麗同學(xué)的做法進(jìn)行如下改良：稱出小車質(zhì)量M所有鉤碼的總質(zhì)量m先掛上所有鉤碼，屢次實(shí)驗(yàn)，依次將鉤碼摘下，并把每次摘下的鉤碼都放在小車上， 仍用F表示所掛鉤碼的重力，畫出a- F圖，那么圖線的斜率 k=(用題中給出的字母表示)10.在做“研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)中，為了確定小球在不同時(shí)刻在空中所通過的位置，實(shí)驗(yàn)時(shí)用了如下圖的裝置.先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平整的木板外表釘上白紙和復(fù)寫紙.將該木板豎直立于水平地面上，使小球

8、從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡 A;將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B;又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C,假設(shè)測得木板每次移動距離x=10.00cm , A、B間距離yi=5.02cm, B、C間距離y2=14.82cm .請答復(fù)以下問題(g=9.80m/s 2)(1 )為什么每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放？.(2) 根據(jù)以上直接測量的物理量求得小球初速度的表達(dá)式為V0=(用題中所給字母表示)(3) 小球初速度的值為 V0=m/s .(保存三位有效數(shù)

9、字)X.X.VH11_1jp hMV14 *V 1三、此題共5小題，共計(jì)56分，解答時(shí)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟， 只寫出最后的結(jié)果不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.11 某橫波在介質(zhì)中沿 x軸傳播，圖甲是t=ls時(shí)的波形圖，圖乙是介質(zhì)中x=2m處質(zhì)點(diǎn)的振 動圖象，那么以下說法正確的選項(xiàng)是()A. 波沿x軸正向傳播，波速為 1m/sB. t=2s時(shí)，x=2m處質(zhì)點(diǎn)的振動方向?yàn)?y軸負(fù)向C. x=1m處質(zhì)點(diǎn)和x=2m處質(zhì)點(diǎn)振動步調(diào)總相同D. 在1s的時(shí)間內(nèi)，波動圖象上任意質(zhì)點(diǎn)通過的路程都是10cmE. 在t=ls到t=2s的時(shí)間內(nèi)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動速度先

10、增大后減小12.如下圖，一個(gè)立方體玻璃磚的邊長為a,折射率n=1.5 ,立方體中心有一個(gè)小氣泡.為使從立方體外面各個(gè)方向都看不到小氣泡，必須在每個(gè)面上都貼一張紙片，那么每張紙片的最小面積為多少?13.如下圖，三角形傳送帶兩側(cè)的傳送帶長度均為2m,其與水平方向的夾角均為37°.假設(shè)傳送帶以1m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，兩小物塊 傳送帶下滑，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿0.5 , g 取 10m/s2, sin37 ° =0.6 ,14.如下圖，質(zhì)量 M=4.0kg的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m=1.0kg的小滑

11、塊A (可視為質(zhì)點(diǎn)).初始時(shí)刻，A、B分別以vo=2.Om/s向左、向右運(yùn)動，最 后A恰好沒有滑離 B板. A B之間的動摩擦因數(shù)卩=0.40 ,取g=10m/s2.求：(1) A、B相對運(yùn)動時(shí)的加速度 aA和as的大小與方向；(2) A相對地面速度為零時(shí)，B相對地面運(yùn)動已發(fā)生的位移 x;(3) 木板B的長度I .SA-LVC15.如下圖，傾角為45。的粗糙斜面AB底端與半徑R=0.4m的光滑半圓軌道BC平滑相接， 0為軌道圓心，BC為圓軌道直徑且處于豎直平面內(nèi)， A C兩點(diǎn)等高.質(zhì)量m=1kg的滑塊(可 視為質(zhì)點(diǎn))從 A點(diǎn)由靜止開始下滑，恰能滑到與 0等高的D點(diǎn)，g取10m/s2.(1 )假

12、設(shè)使滑塊能到達(dá) C點(diǎn)，求滑塊至少從離地多高處由靜止開始下滑；(2)假設(shè)滑塊離開 C處后恰能垂直打在斜面上，求滑塊經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力；(3) 假設(shè)使滑塊在圓弧在 BDC段不脫離軌道，那么 A下滑的高度應(yīng)該滿足什么條件.a2021-2021學(xué)年遼寧省沈陽市鐵路實(shí)驗(yàn)中學(xué)高二下期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：此題共8小題，每題4分，共計(jì)32分.在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中， 第1 / 4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得 4分，選對但 不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分.1 從地面上以初速度 vo豎直上拋一質(zhì)量為 m的小球，假設(shè)運(yùn)動過程中受到的空氣阻力與其速 率成正比，

13、球運(yùn)動的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如下圖，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地速率為V1,且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動，那么以下說法中錯(cuò)誤的選項(xiàng)是A. 小球加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程中也逐漸減小B. 小球拋出瞬間的加速度大小為 1+ gC. 小球被拋出時(shí)的加速度值最大，至U達(dá)最高點(diǎn)的加速度值最小D. 小球上升過程的平均速度小于 2【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系；平均速度.【分析】A由小球受到的空氣阻力與速率成正比，由此加上重力，可以判定上升和下降階 段的加速度變化B由圖可知，速度為 V!時(shí)球勻速，說明重力等于阻力，故可以得到比例系數(shù)，進(jìn)而判定拋 出時(shí)加速度C由圖中的速度可以判定何

14、時(shí)阻力最大，進(jìn)而判定最大加速度，加速度最小是零，而小球 有勻速階段，故加速度最小值應(yīng)該出現(xiàn)在勻速階段D由面積表示位移來分析它與勻減速運(yùn)動平均速度的關(guān)系，可判定D【解答】解：A、由小球受到的空氣阻力與速率成正比，由可知在上升過程中空氣阻力減小， 又重力向下，故上升階段合力減小，故加速度減小.下降過程中速率增大，空氣阻力增大， 方向向上，而重力向下，故合力逐漸減小，加速度逐漸減小，故A正確mgB由圖可知，速度為 vi時(shí)球勻速，說明重力等于阻力，故有：kvi=mg,得： ，故拋V1vnmg 出瞬間的空氣阻力為：fo=kvo=，故拋出瞬間的加速度為：-，"且二二IDF故B正確C小球拋出時(shí)重力

15、向下，阻力向下，此時(shí)速率最大故阻力最大，可知合力在拋出時(shí)最大，可知此時(shí)加速度最大，而加速度最小值為零，出現(xiàn)在勻速運(yùn)動至落地前，故C錯(cuò)誤D上升過程假設(shè)是勻減速直線運(yùn)動，其平均速度為竺L,而從圖中可以看出其面積小于勻減2速直線運(yùn)動的面積，即圖中的位移小于做勻減速的位移，而平均速度等于位移比時(shí)間，故其平均速度小于勻減速的平均速度，即小于一-，故D正確2此題選錯(cuò)誤的，應(yīng)選 C【點(diǎn)評】此題關(guān)鍵是受力分析， 只有分析好小球的受力，才能解答好前三項(xiàng)，至于最后一個(gè)是利用的面積表示位移，而平均速度等于位移比時(shí)間.2在上海世博會最正確實(shí)踐區(qū)，江蘇城市案例館中穹形門窗充滿了濃郁的地域風(fēng)情和人文特色.如下圖，在豎直放

16、置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過光滑的輕質(zhì)滑輪懸掛一重物G現(xiàn)將輕繩的一端固定于支架上的A點(diǎn)，另一端從B點(diǎn)沿支架緩慢地向 C點(diǎn)靠近C點(diǎn)與A點(diǎn)等高.那么繩中拉力大小變化的情況是A. 先變小后變大 B .先變小后不變 C .先變大后不變 D .先變大后變小【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.【分析】當(dāng)輕繩的右端從B點(diǎn)移到直桿最上端時(shí)，兩繩的夾角增大.滑輪兩側(cè)繩子的拉力大小相等，方向關(guān)于豎直方向?qū)ΨQ.以滑輪為研究對象，根據(jù)平衡條件研究繩的拉力變化情況.當(dāng)輕繩的右端從直桿的最上端移到C點(diǎn)的過程中，根據(jù)幾何知識分析得到滑輪兩側(cè)繩子20 .以滑輪為研究對象，分析受增大，cos 0減

17、小，那么F變大.的夾角不變，由平衡條件判斷出繩子的拉力保持不變.【解答】解：當(dāng)輕繩的右端從B點(diǎn)移到直桿最上端時(shí)，設(shè)兩繩的夾角為 力情況，作出力圖如圖 1所示.根據(jù)平衡條件得2Fcos 0 =mgms得到繩子的拉力 F=2cos y所以在輕繩的右端從 B點(diǎn)移到直桿最上端時(shí)的過程中，0設(shè)繩子總長為L,兩直桿間的距離為 S,由數(shù)學(xué)知識得到S再根據(jù)平衡條件可知，兩繩的拉力F保持不變.所以繩中拉力大小變化的情況是先變大后不變故C正確，ABD錯(cuò)誤.應(yīng)選：Csin a =,L、S不變，那么a保持不變.圖2【點(diǎn)評】此題是共點(diǎn)力平衡中動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵在于運(yùn)用幾何知識分析 這在高考中曾經(jīng)出現(xiàn)過，有一定的難度

18、.a的變化,3如下圖，質(zhì)量分別為m和M的兩物體P和Q疊放在傾角為 0的斜面上，P、Q間的動摩擦因數(shù)為卩1, Q與斜面間的動摩擦因數(shù)為 下滑時(shí)，兩物體始終保持相對靜止，那么物體卩2 (卩2 卩1).當(dāng)它們從靜止開始沿斜面加速 P受到的摩擦力大小為()A. 0B.a imgcosOC.a 2mgcos0D. mgs in 0【考點(diǎn)】摩擦力的判斷與計(jì)算.【分析】先對PQ整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解出加速度，然后隔離出物體P,受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式求解出間的靜摩擦力.【解答】 解：對PQ整體受力分析，受到重力、支持力和滑動摩擦力，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有(m+M gsin 0 口 2 (

19、m+M geos 0 = ( M+m a解得a=g (sin 0-口 2cos 0)再對P物體受力分析，受到重力mg支持力和沿斜面向上的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律,有mgsin 0 - Ff=ma由解得Ff=2mgcos 0應(yīng)選：C.【點(diǎn)評】此題關(guān)鍵是先對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解出加速度，然后再隔離出物體P,運(yùn)用牛頓第二定律求解PQ間的內(nèi)力.4.“太極球是近年來在廣闊市民中較流行的一種健身器材.做該項(xiàng)運(yùn)動時(shí)，健身者半馬 步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時(shí)，球卻不會掉落地上.現(xiàn) 將太極球簡化成如圖18所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內(nèi)始終不脫離板而 做

20、勻速圓周運(yùn)動，且在運(yùn)動到圖中的A、B C、D位置時(shí)球與板間無相對運(yùn)動趨勢.A為圓周的最高點(diǎn)，C為最低點(diǎn)，B D與圓心0等高且在B、D處板與水平面夾角為 0 .設(shè)球的質(zhì) 量為m圓周的半徑為 R,重力加速度為g,不計(jì)拍的重力，假設(shè)運(yùn)動過程到最高點(diǎn)時(shí)拍與小C. 在B、D處球拍對球的作用力為汽sinoD. 在B、D處球拍對球的作用力為f號:mH【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律.【分析】在最高點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律列式求解小球做勻速圓周運(yùn)動的速度，再根據(jù)周期和線速度關(guān)系求解周期，球做勻速圓周運(yùn)動，在B D處，根據(jù)合外力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系求解球拍對球的作用力.【解答】解：A、在最高點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得:2

21、 v mg+mg=m_，故AB錯(cuò)誤;解得：v=.那么圓周運(yùn)動的周期為:T='VC球做勻速圓周運(yùn)動，在 B D處，根據(jù)合外力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系得: sin 0 =解得：F=2，故C正確，D錯(cuò)誤sirtQ1應(yīng)選：C【點(diǎn)評】此題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，重點(diǎn)要對物體的受力做出正確的分析，列式即可解決此類問題，注意球做勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力.5如下圖，從同一豎直線上不同高度A、B兩點(diǎn)處，分別以速率 vi、V2同向水平拋出兩個(gè)小球，P為它們運(yùn)動軌跡的交點(diǎn).那么以下說法正確的有C. 假設(shè)同時(shí)拋出，落地前兩球豎直方向的距離逐漸變大D. 假設(shè)同時(shí)拋出，落地前兩球之間的距離逐漸變大【考點(diǎn)】平

22、拋運(yùn)動.【分析】平拋運(yùn)動的高度決定運(yùn)動的時(shí)間，結(jié)合下降的高度判斷兩球能否在P點(diǎn)相碰.假設(shè)兩球同時(shí)拋出，在豎直方向上相同時(shí)間內(nèi)位移大小相等，結(jié)合水平方向位移的變化判斷兩物體間的距離變化.【解答】 解：A、兩球的初速度大小關(guān)系未知，在P點(diǎn)，A的豎直分速度大于 B的豎直分速度，根據(jù)平行四邊形定那么知，兩球在P點(diǎn)的速度大小不一定相同，故 A錯(cuò)誤.B假設(shè)同時(shí)拋出，在 P點(diǎn)，A下落的高度大于 B下落的高度，那么 A下落的時(shí)間大于 B下落的 時(shí)間，可知兩球不可能在 P點(diǎn)相碰，故B正確.1 ?C假設(shè)同時(shí)拋出，根據(jù) h，經(jīng)過相同的時(shí)間下落的高度相同，那么豎直方向上的距離保持不變，故C錯(cuò)誤.D假設(shè)同時(shí)拋出，由圖可

23、知，下落相同的高度，B的水平位移大于 A的水平位移，可知 B的初速度大于A的初速度，由于兩球在豎直方向上的距離不變， 水平距離逐漸增大， 那么兩球之 間的距離逐漸增大，故 D正確.應(yīng)選：BD.【點(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，知道運(yùn)動的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移.6. 如圖，A B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為B.圖甲中A B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕桿相連.系統(tǒng)靜止時(shí)，擋板C與斜面垂直，彈簧、輕桿均與斜面平行. 在A. 兩圖中兩球加速度均為 gsin 0B. 圖甲中A球的加速度為零C. 圖甲中B球的加速度是為2gsin 0D.

24、圖乙中A球的加速度為零【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.【分析】根據(jù)彈簧彈力不能突變，桿的彈力會突變，分析撤去擋板的瞬間，圖甲和圖乙中AB所受合外力即可得到各自的加速度.【解答】 解：撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球的彈力大小為2mgsin0,因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變， 所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零, B球所受合力為2mgsin0,加速度為2gsin 0;圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱?，A、B球所受合力均為mgsin 0,加速度均為 gsin 0,故BC正確，AD錯(cuò)誤.應(yīng)選：BC【點(diǎn)評】此題考查了牛頓第二定律的瞬時(shí)問題，知道彈簧的彈力在撤去擋板的瞬間保持不變

25、，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解.7. 如下圖，某物體自空間 0點(diǎn)以水平初速度V。拋出，落在地面上的 A點(diǎn)，其軌跡為一拋 物線現(xiàn)仿此拋物線制作一個(gè)光滑滑道并固定在與OA完全重合的位置上，然后將此物體從O點(diǎn)由靜止釋放，受微小擾動而沿此滑道滑下，在下滑過程中物體未脫離滑道.P為滑道上一點(diǎn)，OP連線與豎直方向成 45°角，那么此物體A. 由O運(yùn)動到P點(diǎn)的時(shí)間大于8B. 物體經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，速度的水平分量為 一 Vo5C. 物體經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，速度的豎直分量為 2voD. 物體經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度大小為吩臥0【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動.【分析】假設(shè)做平拋運(yùn)動，OP連線與豎直方向成 45°角，所以豎直分位移與水

26、平分位移大小相等，根據(jù)時(shí)間可求出豎直方向的分速度和速度的大小和方向，假設(shè)從O點(diǎn)由靜止釋放，受微小擾動而沿此滑道滑下，運(yùn)動過程中只有重力做功，速度方向沿切線方向.1 j2 Vq【解答】 解：A、物體假設(shè)做平拋運(yùn)動，有：辛屮右,，那么t=-.而物體的運(yùn)動除受重2 g3yS|力外，還受到支持力作用，加速度小于重力加速度，那么時(shí)間大于.故A正確.向的夾角為a,那么有:.物塊沿該軌道滑動，只有重力做功,根據(jù)動能定理得，mgh¥ ',解得:2，所以v=2vo.那么物體經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，速度的豎直分量：-|.;川靈速度的水平分量v/ =2v0cosd=v 故B正確，CD錯(cuò)誤.應(yīng)選：AB【點(diǎn)評】解

27、決此題的關(guān)鍵掌握處理平拋運(yùn)動的方法，注意物體的運(yùn)動情況與平拋運(yùn)動的情況不同，難度適中.&“水流星是一種常見的雜技工程，該運(yùn)動可以簡化為輕繩一端系著小球在豎直平面內(nèi) 的圓周運(yùn)動模型，如下圖，繩長為I，重力加速度為g，那么A. 小球運(yùn)動到最低點(diǎn) Q時(shí)，處于失重狀態(tài)B. 小球初速度V。越大，那么在P、Q兩點(diǎn)繩對小球的拉力差越大C. 當(dāng) 宀 扌寸衣.1時(shí)，小球一定能通過最高點(diǎn) PD. 當(dāng)時(shí)，細(xì)繩始終處于繃緊狀態(tài)【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律；機(jī)械能守恒定律.【分析】小球在最高點(diǎn)繩子的拉力與重力的合力提供向心力， 在最低點(diǎn)也是繩子的拉力與重 力的合力提供向心力，可根據(jù)牛頓第二定律列式求解，同時(shí)小球

28、從最高點(diǎn)運(yùn)動得到最低點(diǎn)的 過程中，只有重力做功，可運(yùn)用動能定理列式求解.【解答】 解：A、小球在最低點(diǎn)時(shí).重力與拉力的合力提供向心力，所以小球受到的拉力v2；由動能定理得:定大于重力，小球處于超重狀態(tài).故A錯(cuò)誤；B設(shè)小球在最高點(diǎn)的速度為 vi，最低點(diǎn)的速度為下i二I 一二TV -廠7 "球經(jīng)過最高點(diǎn) 球經(jīng)過最低點(diǎn) Q時(shí)，受重力和繩子的拉力，如圖2根據(jù)牛頓第二定律得到，F(xiàn)2 - mg=_1聯(lián)立解得：F2-Fi=6mg與小球的速度無關(guān).故 B錯(cuò)誤;2mg=m，得:1小球以Vo向上運(yùn)動到最高點(diǎn)時(shí)：由動能定理得:ing (21)二寺C球恰好經(jīng)過最高點(diǎn) P,速度取最小值，故只受重力，重力提供向

29、心力:得：卩曠所以小球一定能夠過最高點(diǎn)故c正確;D假設(shè)站了，設(shè)小球能夠上升的最大高度h：由機(jī)械能守恒得：嚨口即 所以：hv I小球上升的最高點(diǎn)尚不到與 確.O水平的高度，所以細(xì)繩始終處于繃緊狀態(tài)故應(yīng)選：CD【點(diǎn)評】此題小球做變速圓周運(yùn)動,在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)重力和拉力的合力提供向心力,同時(shí)結(jié)合動能定理列式求解!二、實(shí)驗(yàn)題：此題共 2小題，每空2分，共計(jì)12分.9“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)時(shí)小剛同學(xué)將長木板平 放在水平桌面上，并利用安裝在小車上的拉力傳感器測出細(xì)線的拉力，保持小車的質(zhì)量不變,通過改變鉤碼的個(gè)數(shù)，得到多組數(shù)據(jù)，從而確定小車加速度a與細(xì)線拉力F的關(guān)系.(1)圖

30、乙中符合小剛的實(shí)驗(yàn)結(jié)果的是BJ.rza I kilxAf OFBo乙F QcD(2)小麗同學(xué)做該實(shí)驗(yàn)時(shí)，拉力傳感器出現(xiàn)了故障為此，小麗同學(xué)移走拉力傳感器，保 持小車的質(zhì)量不變，并改良了小剛實(shí)驗(yàn)操作中的缺乏之處.用所掛鉤碼的重力表示細(xì)線的拉力F,那么小麗同學(xué)得到的圖象可能是乙圖中C ;小森同學(xué)為得到類似乙圖中的 A圖，在教師的指導(dǎo)下，對小麗同學(xué)的做法進(jìn)行如下改良：稱出小車質(zhì)量m所有鉤碼的總質(zhì)量 m先掛上所有鉤碼，屢次實(shí)驗(yàn)，依次將鉤碼摘下，并把每次摘下的鉤碼都放在小車上，仍用F表示所掛鉤碼的重力，畫出 a - F圖，那么圖線的斜率k=(用題中給出的字母表示)【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的

31、關(guān)系.【分析】(1)因小球沒有平衡摩擦力， 故拉力為零時(shí)物體沒有加速度；圖象與橫坐標(biāo)有交點(diǎn);(2 )根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可明確小麗獲得的圖象，現(xiàn)由牛頓第二定律可求得圖象的斜率.【解答】 解：(1)因小剛沒有平衡摩擦力，只有拉力大于摩擦力時(shí)，物體才會產(chǎn)生加速度; 故圖象與橫坐標(biāo)的有交點(diǎn)；故符合題意的只有B;(2 )因小麗用鉤碼的重力表示細(xì)線拉力；由于鉤碼的質(zhì)量不能忽略，故隨著所加砝碼的質(zhì) 量增加，圖象將出現(xiàn)彎曲；對整體由牛頓第二定律可知,故圖象的斜率k=F+mr故答案為：(1) B; (2 ) C; (3)【點(diǎn)評】此題考查牛頓第二定律在實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用，要注意正確受力分析， 根據(jù)牛頓第二定律可明確加速度的表

32、達(dá)式.10.在做“研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)中，為了確定小球在不同時(shí)刻在空中所通過的位置，實(shí)驗(yàn)時(shí)用了如下圖的裝置.先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平整的木板外表釘上白紙和復(fù)寫紙.將該木板豎直立于水平地面上，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡 A;將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B;又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C,假設(shè)測得木板每次移動距離x=10.00cm , A、B間距離y1=5.02cm, B、C間距離y2=14.82cm .請答復(fù)以下問題(g=9.80m/s

33、)(1 )為什么每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放？為了保證小球每次做平拋運(yùn)動的初速度相同(2) 根據(jù)以上直接測量的物理量求得小球初速度的表達(dá)式為V0= - .(用題V2_珥中所給字母表示)(3) 小球初速度的值為 V0=1.00 m/s.(保存三位有效數(shù)字)【考點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動.【分析】根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔，結(jié)合水平位移和時(shí)間間隔求出初速度.【解答】解：1為了保證小球每次做平拋運(yùn)動的初速度相同，每次讓小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放.2在豎直方向上，根據(jù)城° 網(wǎng)氣/ .：/ - -4'.'得，T=9_8=0.

34、1s ,那么初速度的表達(dá)式3代入數(shù)據(jù)解得二一二 T r =二.I ij-./ =.故答案為：1為了保證小球每次做平拋運(yùn)動的初速度相同;(2) X;(3) 1.00 .結(jié)合運(yùn)動學(xué)公【點(diǎn)評】解決此題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律, 式和推論靈活求解.三、此題共5小題，共計(jì)56分，解答時(shí)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟， 只寫出最后的結(jié)果不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.11某橫波在介質(zhì)中沿 x軸傳播，圖甲是t=ls時(shí)的波形圖，圖乙是介質(zhì)中x=2m處質(zhì)點(diǎn)的振 動圖象，那么以下說法正確的選項(xiàng)是B. t=2s時(shí)，x=2m處質(zhì)點(diǎn)的振動方向?yàn)?y軸負(fù)向C. x

35、=1m處質(zhì)點(diǎn)和x=2m處質(zhì)點(diǎn)振動步調(diào)總相同D. 在1s的時(shí)間內(nèi)，波動圖象上任意質(zhì)點(diǎn)通過的路程都是10cmE. 在t=ls到t=2s的時(shí)間內(nèi)，x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動速度先增大后減小 【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象.【分析】由甲讀出波長 入，由圖乙讀出周期 T,由v=求出波速根據(jù)圖乙t=1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在圖甲中判斷波的傳播方向.根據(jù)時(shí)間與周期的倍數(shù)關(guān)系分析質(zhì)點(diǎn)的速度方向和通過的路程根據(jù)質(zhì)點(diǎn)間距離與波長的關(guān)系，分析它們狀態(tài)關(guān)系.【解答】 解：A、由甲圖知，波長 入=2m由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動周期為T=2s，那么波速為：v=-，L=1m/s.由乙圖知，t=1s時(shí)刻，x=2m處質(zhì)點(diǎn)向

36、上運(yùn)動，根據(jù)甲圖可知，該波沿 x軸負(fù) 方向傳播，故A錯(cuò)誤.B由乙圖知，t=2s時(shí)，x=2m處質(zhì)點(diǎn)的振動方向?yàn)?y軸負(fù)向，故B正確.C x=lm處質(zhì)點(diǎn)和x=2m處質(zhì)點(diǎn)相距半個(gè)波長，振動步調(diào)總相反.故C錯(cuò)誤.D因?yàn)閠=1s= ，所以在1s的時(shí)間內(nèi)，波動圖象上任意質(zhì)點(diǎn)通過的路程都是2A=2 X25cm=10cm 故 D 正確.E、t=1s時(shí)刻x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)位于波峰，那么在 t=1s到t=2s的時(shí)間內(nèi)該質(zhì)點(diǎn)的速度先增大 后減小，故E正確.應(yīng)選：BDE能根據(jù)振動圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動圖a,折射率n=1.5 ,立方體中心有一個(gè)小氣泡.為必須在每個(gè)面上都貼一張紙片，那么每張紙片的最【點(diǎn)評】此題

37、關(guān)鍵要把握兩種圖象的聯(lián)系, 象上判斷出波的傳播方向.12. 如下圖，一個(gè)立方體玻璃磚的邊長為 使從立方體外面各個(gè)方向都看不到小氣泡， 小面積為多少？【考點(diǎn)】光的折射定律；全反射.【分析】根據(jù)全反射的臨界角，通過氣泡到達(dá)每個(gè)面的距離求出紙的最小半徑，從而根據(jù)圓的面積公式求出每張紙片的最小面積.【解答】解：設(shè)紙片的最小半徑為 r，玻璃磚的臨界角為 C,那么或噸二丄nr=-|LtarlC_色_乞解得帀書7耨那么最小面積7T 2答：每張紙片的最小面積為 D【點(diǎn)評】此題考查幾何光學(xué)問題，對數(shù)學(xué)的能力要求較高，掌握臨界角與折射率的關(guān)系.13. 如下圖，三角形傳送帶兩側(cè)的傳送帶長度均為 傳送帶以1m/s的速

38、度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，兩小物塊 傳送帶下滑，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為2m,其與水平方向的夾角均為37°.假設(shè)A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿0.5 , g 取 10m/s2, sin37 ° =0.6 ,20.5 x 10 x cos37° =2m/s時(shí)間t: lv0承2代入數(shù)據(jù)得：t=1s在t時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移： 劃痕長度由相對位移決定，B與傳送帶運(yùn)動的方向相反，s=vt=1 x 1=1mA物體與傳送帶運(yùn)動方向相同，劃痕，l i=L - s=2m- 1m=1m劃痕是二者位移的和，即：12=L+s=2m+1m=3m小物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比:

39、Alt 1【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系.【分析】AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，故傳送帶對兩物體的滑動摩擦力均沿斜面向 上，大小也相等，用勻變速直線運(yùn)動規(guī)律解決【解答】解：AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，故傳送帶對兩物體的滑動摩擦力均沿斜 面向上，大小也相等，故兩物體沿斜面向下的加速度： gsm W _ k g cns 已=10x sin372m故時(shí)間相同,兩個(gè)物體的加速度的大小相同，滑到底端時(shí)位移大小相同，都是答：小物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比是1 : 3.【點(diǎn)評】滑動摩擦力與相對運(yùn)動方向相反；AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，降低了

40、本題的難度，假設(shè)沒有這一條件，同學(xué)可思考一下會怎樣14如下圖，質(zhì)量 M=4.0kg的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量 m=1.0kg的小滑塊A (可視為質(zhì)點(diǎn)).初始時(shí)刻，A、B分別以vo=2.0m/s向左、向右運(yùn)動，最 后A恰好沒有滑離 B板.A B之間的動摩擦因數(shù)卩=0.40 ,取g=10m/s2.求：(1) A、B相對運(yùn)動時(shí)的加速度 aA和as的大小與方向；(2) A相對地面速度為零時(shí)，B相對地面運(yùn)動已發(fā)生的位移x;(3) 木板B的長度I .SVoATVo【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系.【分析】(1)木塊和木板豎直方

41、向上受力平衡，水平方向受到滑動摩擦力作用，大小為卩mg根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；(2) A先向左做勻減速運(yùn)動至速度為零，根據(jù)運(yùn)動學(xué)速度公式求出速度為零時(shí)所用的時(shí)間， 根據(jù)位移公式求解 B相對地面運(yùn)動發(fā)生的位移 x;(3 )對于系統(tǒng)，合外力為零，動量守恒.A恰好沒有滑離B板，木板和木塊的速度相同，根據(jù)動量守恒和能量守恒結(jié)合求解木板B的長度I .【解答】解：(1) A B分別受到大小為 卩mg的滑動摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得對A物體：卩mg=ma那么aA=u g=4.0m/s，方向水平向右對B物體：卩mg=Ma>,那么aB= ： ' =1.0m/s 2，方向水平向左(2)開始階段A相對地面