高三牛頓運動定律復(fù)習題(含答案)

1、牛頓運動定律一、多項選擇1、如圖所示，當小車向右加速運動時，物塊M相對車廂靜止與豎直車廂壁上，當車的加速度增大時，則A、物體M受摩擦力增大B、物體M對車廂壁的壓力增大C、物塊M仍能相對車廂靜止D、物塊M沿車廂向上運動2、如圖甲為應(yīng)用于機場和火車站的安全檢查儀，用于對旅客的行李進行安全檢查其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型，緊繃的傳送帶始終保持v=1m/s的恒定速率運行旅客把行李無初速度地放在A處，設(shè)行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.1，A、B間的距離為2m，g取10m/s2若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v=1m/s的恒定速率平行于傳送帶運動到B處取行李，則（） A乘客與行李同時到達B處B行李一直

2、做加速直線運動C乘客提前0.5s到達B處D若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2s才能到達B處3、斜面上的物體受到平行于斜面向下的力F作用，力F隨時間變化的圖象及物體運動的v-t圖象如圖所示由圖象中的信息能夠求出的量或可以確定的關(guān)系是A物體的質(zhì)量m              B斜面的傾角C物體與斜面間的動摩擦因數(shù)   D>tan4、如下圖甲所示，A、B兩物體疊放在光滑水平面上，對物體丑施加一水平變力F，F(xiàn)-t關(guān)系如圖乙所示，兩物體在變力，作用下

3、由靜止開始運動且始終保持相對靜止，則甲           乙  At。時刻，兩物體之間的摩擦力最大 Bt。時刻，兩物體之間的速度方向開始改變  Ct。2 t。時間內(nèi)，兩物體之間的摩擦力逐漸增大 Dt。一2 t。時間內(nèi)，物體A所受的摩擦力方向始終與變力F的方向相同5、如圖所示，一水平方向足夠長的傳送帶以恒定的速度v1沿順時針方向運動，一物體以水平速度v2從右端滑上傳送帶后，經(jīng)過一段時間又返回光滑水平面，此時速率為v2，則下列說法正確的是（）A若v1v2，則v2v1B

4、若v1v2，則v2v2C不管v2多大，總有v2v2D只有v1v2時，才有v2v2二、選擇題6、如圖所示，運動員“3 m跳板跳水”運動的過程可簡化為：運動員走上跳板，將跳板從水平位置B壓到最低點C，跳板又將運動員豎直向上彈到最高點A，然后運動員做自由落體運動，豎直落入水中。跳板自身重力忽略不計，則下列說法正確的是（）A運動員向下運動（BC）的過程中，先失重后超重，對板的壓力先減小后增大B運動員向下運動（BC）的過程中，先失重后超重，對板的壓力一直增大C運動員向上運動（CB）的過程中，超重，對板的壓力先增大后減小D運動員向上運動（CB）的過程中，超重，對板的壓力一直減小7、質(zhì)量m=50kg的某同學

5、站在觀光電梯地板上，用速度傳感器記錄了電梯在一段時間內(nèi)運動的速度隨時間變化情況（以豎直向上為正方向）由圖象提供的信息可知（    ）    A  在015s內(nèi)，觀光電梯上升的高度為25m   B  在515s內(nèi)，電梯內(nèi)的同學處于超重狀態(tài)   C  在2025s與2535s內(nèi)，觀光電梯的平均速度大小均為10m/s   D  在2535s內(nèi)，觀光電梯在減速上升，該同學的加速度大小2m/s28、在水平地面上運動的小車車廂底部有一質(zhì)量

6、為m1的木塊，木塊和車廂通過一根輕質(zhì)彈簧相連接，彈簧的勁度系數(shù)為k在車廂的頂部用一根細線懸掛一質(zhì)量為m2的小球某段時間內(nèi)發(fā)現(xiàn)細線與豎直方向的夾角為，在這段時間內(nèi)木塊與車廂保持相對靜止，如圖所示不計木塊與車廂底部的摩擦力，則在這段時間內(nèi)彈簧的形變?yōu)椋ǎ〢伸長量為tan  B壓縮量為tanC伸長量為   D壓縮量為9、如圖所示，在粗糙的長木板上放一個物體，現(xiàn)將木板一端從水平逐漸抬高，直到豎直，那么物體受到的摩擦力將（）A逐漸增大 B先增大后減小  C逐漸減小 D先減小后增大三、計算題10、一人在井下站在吊臺上，用如圖所示的定滑輪裝置拉繩把吊臺和自己提升上來。

7、圖中跨過滑輪的兩段繩都認為是豎直的且不計摩擦。吊臺的質(zhì)量m=15kg,人的質(zhì)量為M=55kg,起動時吊臺向上的加速度是a=0.2m/s2,求這時人對吊臺的壓力。(g=9.8m/s2)11、質(zhì)量是60 kg的人站在升降機中的體重計上，當升降機做下列各種運動時，體重計的讀數(shù)是多少？（取g=10 m/s2）（1）升降機勻速上升；（2）升降機以4 m/s2的加速度加速上升；（3）升降機以5 m/s2的加速度加速下降；（4）升降機以重力加速度g加速下降.12、如圖，質(zhì)量m2 kg的物體靜止于水平地面的A處A、B間距L20 m用大小為30 N，沿水平方向的外力拉此物體，經(jīng)t02 s拉至B處（已知cos37

8、°0.8，sin37°0.6，取g10 m/s2） （1）求物體與地面間的動摩擦因數(shù)；（2）用大小為30 N，與水平方向成37°的力斜向上拉此物體，使物體從A處由靜止開始運動并能到達B處，求該力作用的最短時間t.13、如圖甲所示，t=0時，一質(zhì)量為m=2kg的小物塊受到水平恒力F的作用，從A點由靜止開始運動，經(jīng)過B點時撤去力F，最后停在C點圖乙是小物塊運動的速度一時間圖象已知重力加速度g=l0m/s2，求：（1）從第Is末到第2s末，物體運動的距離；（2）恒力F的大小14、如圖所示為一足夠長斜面，其傾角為37°，一質(zhì)量m10 kg物體，在斜面底部受到一個

9、沿斜面向上的F100 N的力作用由靜止開始運動，物體在2 s內(nèi)位移為4 m，2 s末撤去力F，(sin 37°0.6，cos 37°0.8，g10 m/s2)求： (1)物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；(2)從撤掉力F開始1.5 s末物體的速度v；(3)從靜止開始4 s內(nèi)物體的位移和路程15、如圖所示，足夠長的水平傳送帶，以初速度v06m/s順時針轉(zhuǎn)動.現(xiàn)在傳送帶左側(cè)輕輕放上質(zhì)量m1kg的小滑塊，與此同時，啟動傳送帶制動裝置，使得傳送帶以恒定加速度a4m/s2減速直至停止；已知滑塊與傳送帶的摩擦因數(shù)，滑塊可以看成質(zhì)點，且不會影響傳送帶的運動，g10 m/s2.試求（1）

10、滑塊與傳送帶共速時，滑塊相對傳送帶的位移；（2）滑塊在傳送帶上運動的總時間t參考答案一、多項選擇1、BC 2、解：A、B、C、由牛頓第二定律，得 mg=ma得 a=1m/s2設(shè)行李做勻加速運動的時間為t，行李加速運動的末速度為v=1m/s由v=at1 代入數(shù)值，得t1=1s，勻加速運動的位移大小為：x=a=0.5m，勻速運動的時間為：t2=1.5s，行李從A到B的時間為：t=t1+t2=2.5s而乘客一直做勻速運動，從A到B的時間為t人=2s故乘客提前0.5 s到達B故A、B均錯誤，C正確；D、若行李一直做勻加速運動時，運動時間最短由L=，解得，最短時間tmin=2s故D正確故選：CD3、AD

11、 4、CD 5、AB 二、選擇題6、B 7、C 8、解：對小球受力分析，如圖由幾何關(guān)系F合=m2gtan由牛頓第二定律a=gtan車向左加速或向右減速對小物體受力分析，受重力、支持力和彈簧彈力，合力等于彈簧彈力，根據(jù)牛頓第二定律F彈=m1gtan物體受向左的彈力結(jié)合胡克定律可知彈簧的伸長量為tan故選A9、解：開始時物體受重力和支持力，抬起后受到向上的靜摩擦力；靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即f=mgsin，隨角度的增大，摩擦力增大；當角度達一定程度時，物體開始滑動，由靜摩擦力變化滑動摩擦力，而滑動摩擦力f=mgcos，cos隨角度的增加而增小，故摩擦力將減小，所以摩擦力是先增大后減小的，

12、故B正確故選：B三、計算題10、分析與解：選人和吊臺組成的系統(tǒng)為研究對象，受力如圖5所示，F(xiàn)為繩的拉力,由牛頓第二定律有：2F-(m+M)g=(M+m)a則拉力大小為：再選人為研究對象，受力情況如圖6所示，其中FN是吊臺對人的支持力。由牛頓第二定律得：F+FN-Mg=Ma,故FN=M(a+g)-F=200N.由牛頓第三定律知，人對吊臺的壓力與吊臺對人的支持力大小相等，方向相反，因此人對吊臺的壓力大小為200N，方向豎直向下。11、（1）600 N  （2）840 N  （3）300 N  （4）0解析：人站在升降機中的體重計上受力情況如圖4-7-7所示. 圖4-7

13、-7    （1）當升降機勻速上升時    由牛頓第二定律得F合=FN-G=0    所以，人受到的支持力FN=G=mg=60×10 N=600 N.     根據(jù)牛頓第三定律，人對體重計的壓力即體重計的示數(shù)為600 N.    （2）當升降機以4 m/s2的加速度加速上升時，根據(jù)牛頓第二定律，有FN-G=ma    FN=G+ma=m（g+a）= 60×（10+4） N=840 N&#

14、160;   此時體重計的示數(shù)為840 N，大于人的重力600 N，人處于超重狀態(tài).    （3）當升降機以5 m/s2的加速度加速下降時，據(jù)牛頓第二定律可得mg-FN=ma    所以FN=mg-ma=m（g-a）=60×（10-5） N=300 N    此時體重計的示數(shù)為300 N，小于人本身的重力，人處于失重狀態(tài).    （4）升降機以重力加速度g加速下降時，取向下為正方向，則mg-FN=mg，所以FN=0.12、（1）0.5（2）1.0

15、3 s 解析：（1）物體做勻加速運動Lat      am/s210 m/s2由牛頓第二定律Ffmaf（302×10） N10 N            0.5.（2）設(shè)F作用的最短時間為t，小車先以大小為a的加速度勻加速t秒，撤去外力后，以大小為a的加速度勻減速t秒到達B處，速度恰為0，由牛頓定律Fcos37°（mgFsin37°）ma      

16、;     ag0.5×10 m/s211.5 m/s2ag5 m/s2由于勻加速階段的末速度即為勻減速階段的初速度，因此有atatttt2.3t            Lat2at2ts1.03 s另解：設(shè)力F作用的最短時間為t，相應(yīng)的位移為s，物體到達B處速度恰為0，由動能定理Fcos37°（mgFsin37°）smg（Ls）0sm6.06 m由牛頓定律Fcos37°（mgFsin37°）ma

17、ag0.5×10 m/s211.5 m/s2    sat2     ts1.03 s.13、解：（1）撤去F后物體的加速度： 2s末3s末，物體運動距離：1s末3s末，物體運動距離：1s末2s末，物體運動距離：x=s2s1=6m或用圖象法求解（2）由牛頓第二定律：f=ma1 由圖得恒力F作用時物體的加速度：a2=8 m/s2由牛頓第二定律： Ff=ma2 解得：F=24N答：（1）從第Is末到第2s末，物體運動的距離為6m；（2）恒力F的大小為24N14、解：（1）由x1=a1t12/2得a=2m/s2

18、    （1分）撤去F前有：F-mgsin370-umgcos370=ma1得u=0.25                          （2分）(2)撤去F后加速度為a2由mgsin370+umgcos370=ma2得a2=8m/s2       

19、60;                               （1分）撤去力F時速度v1=a1t1=4m/s撤去F后經(jīng)t2速度減為0由0=v1-a2t2得t2=0.5s 撤去F后上滑距離設(shè)下滑加速度大小為a3，由mgsin370-umgcos370=ma3得a3=4m/s2 

20、;                                         （2分）下滑時間t3=1s1.5s末物體速度v=a3t3=4m/s    &

21、#160;            （2分）                            (3) 下滑時間下滑位移大小為x3=a3t42=4.5m     

22、60;      （2分）從靜止開始4s內(nèi)物體的位移大小X=x1+x2-x3=0.5m  方向沿斜面向上（1分）從靜止開始4S內(nèi)物體的路程S=x1+x2+x3=9.5m                       （1分）15、（1）（共7分）對滑塊，由牛頓第二定律可得：     

23、; 得：（1分）   （列出正確表達式給1分）設(shè)經(jīng)過t1滑塊與傳送帶共速v，有：            （1分）          v=        （1分）     (或：   2分  )解得：          （1分，算出一個結(jié)果就得1分）滑塊位移為     （1分）（列出，     同樣給1分）傳送帶位移為（1分）（列出， 同樣給1分）故，滑塊與傳送帶的相對位移   （1分）方法二：（1）（共7分）對滑塊，由牛頓第