2020年浙江溫州市選考物理適應(yīng)性試卷(4月份)

1、2020 年浙江溫州市選考物理適應(yīng)性試卷（4 月份）一、單選題（本大題共13 小題，共 39.0 分）1.如圖所示，下列數(shù)據(jù)的單位屬于國際單位制中基本單位的是()A.北京到重慶的直線距離約為1300kmB.打點計時器打點時間間隔0.02?C.鋰電池電動勢3.6?D.電容器電容 1.0?2.“文泰高速”泰順先行通車段已于2019 年 12 月 30 日正式通車運營，龍麗溫高速文成至泰順段起于文成樟臺、止于泰順友誼橋，全長 55.96?，采用雙向四車道高速公路標(biāo)準(zhǔn)，設(shè)計速度 80?/?，使兩地的通行時間由 150min 縮短至 50min 以內(nèi)。下列說法正確的是 ( )A. “ 50min ”指的

2、是時刻B. “ 55.96?”指的是位移C. “ 80?/?”指的是平均速度D. 研究汽車從樟臺到友誼橋所用時間，可將汽車看成質(zhì)點3. 如圖所示，籃球訓(xùn)練中， 某同學(xué)伸出雙手迎接飛來的籃球，觸球后雙手隨籃球收縮至胸前。這樣接球有助于減小接球過程中( )A. 籃球動量的變化量B. 籃球動能的變化量C. 籃球?qū)κ值淖饔昧Φ?頁，共 22頁D. 籃球?qū)κ肿饔昧Φ臎_量4. 北斗衛(wèi)星是我國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)(?)。其中第 41 顆北斗衛(wèi)星是地球靜止軌道衛(wèi)星，第 49 顆北斗衛(wèi)星是傾斜地球“同步”衛(wèi)星 ( 軌道傾斜、周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同 )，第 50 顆和 51 顆北斗衛(wèi)星是中圓軌道衛(wèi)星 (軌道

3、高度約20000?)，則下列說法正確的是()A.第50顆衛(wèi)星的運行周期大于24hB.第51顆衛(wèi)星繞地球運行速度約為7.9?/?C.第41顆、第 49 顆衛(wèi)星都相對地面靜止D.第41顆、第 49 顆衛(wèi)星的角速度大小相等5. 如圖甲所示， 為研究一半圓柱形透明新材料的光學(xué)性質(zhì)，用激光由真空沿半圓柱體的徑向射入，入射光線與法線成?角，由光學(xué)傳感器CD 可以探測反射光的強度、實驗獲得從 AB 面反射回來的反射光的強度隨 ?角變化的情況如圖乙所示。光在真空中傳播速度為 c，則該激光在這種透明新材料中 ( )A. 折射率為 32B. 傳播速度為 3 ?2C. ?= 0°時，反射光強度為 0D.

4、反射光的強度隨 ?角的增大而增大6. 1966 年曾在地球的上空完成了以牛頓第二定律為基礎(chǔ)的測定質(zhì)量的實驗。實驗時，用雙子星號宇宙飛船去接觸正在軌道上運行的火箭組( 火箭組發(fā)動機已熄火)。接觸后，開動飛船尾部的推進器，使飛船和火箭組共同加速，如圖所示。推進器的平均推力為 F ，開動時間 ?，測出飛船和火箭的速度變化量是?，雙子星號宇宙飛船的質(zhì)量為 m，下列說法正確的是 ( )A.B.C.D.? ?火箭組的質(zhì)量應(yīng)為 ? ?火箭組的質(zhì)量應(yīng)為 ?-? ?宇宙飛船對火箭組的作用力為 ? ?宇宙飛船對火箭組的作用力為?- ?第2頁，共 22頁7. 如圖所示為一種環(huán)?！爸亓簟保屩匚锞徛侣?，拉動繩子，

5、從而帶動發(fā)電機轉(zhuǎn)動，使小燈泡發(fā)光，這種燈可替代部分不發(fā)達地區(qū)仍在使用的煤油燈。某“重力燈”中的重物為18kg，它在 30min 內(nèi)緩慢下落了 2m，使規(guī)格為“ 1.5?，0.12? ”的小燈泡正常發(fā)光。 不計繩子重力，則以下說法正確的是 ( )A. 繩子拉力對重物做正功B. 重物重力做功的功率為 0.12?C. 30min 內(nèi)產(chǎn)生的電能為 360JD. 重物重力勢能轉(zhuǎn)化為燈泡電能的效率為60%8.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1， ?1 = 10?， ?2 = 20?，C為電容器。通過?的正弦交流電如圖乙所示，則()1A.C.電容器兩端電壓為 10V 電壓表示數(shù)為 100VB

6、.D.原線圈輸入電流的頻率為 100Hz 原線圈輸入功率為 10W9. 如圖所示，為一種改進后的回旋加速器示意圖，在D 形盒邊上的縫隙間放置一對中心開有小孔a、 b的平行金屬板M、?.每當(dāng)帶正電的粒子從a 孔進入時，就立即在兩板間加上恒定電壓，經(jīng)加速后從b孔射出， 再立即撤去電壓，而后進入D 形盒中的勻強磁場做勻速圓周運動?？p隙間無磁場，不考慮相對論效應(yīng)，則下列說法正確的是()A. D 形盒中的磁場方向垂直紙面向外B. 粒子運動的周期不斷變大C. 粒子每運動一周直徑的增加量越來越小D. 增大板間電壓，粒子最終獲得的最大動能變大10. 用如圖甲所示的裝置研究平拋運動，在水平桌面上放置一個斜面，每

7、次都讓小鋼球從斜面上的同一位置滾下，滾過桌邊后鋼球便做平拋運動打在豎直墻壁上，把白紙和復(fù)寫紙貼在墻上，就可以記錄小鋼球的落點。改變桌子和墻的距離，就可以得到多組數(shù)據(jù)。已知四次實驗中桌子右邊緣離墻的水平距離分別為 10cm、 20cm、 30cm、 40cm，在白紙上記錄的對應(yīng)落點分別為 A、B、 C、 D，如圖乙所示。則 B、 C、 D 三點到 A 點的距離之比為( )A. 4：9：16B. 3：8：15C. 3： 5：7D. 1：3：5：11.一波源 P 在水面振動的同時沿x 軸正方向勻速移動，某時刻觀察到的水面波如圖所示。圖中的實線表示水面波的波峰位置，此時波源P 處于波峰位置， 激起的第

8、一個波峰剛好傳到40cm 處。已知波源P 每秒振動5 次， O 點是它的初始位置，那么水面波的傳播速度及波源P 勻速移動的速度分別是()第3頁，共 22頁A.C.0.2?/?； 0.1?/?0.1?/?： 0.1?/?B.D.0.15?/?； 0.125?/?0.05?/?； 0.025?/?12.筆記本電腦機身和顯示屏對應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件。 當(dāng)顯示屏翻開時磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作：當(dāng)顯示屏合上時磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進入休眠狀態(tài)。如圖所示是一塊長為 a、寬為 b、高為 c 的半導(dǎo)體霍爾元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為 e 的自由電子， 通入的恒定電流方向向右。 當(dāng)顯示

9、屏合上時，元件處于垂直于上表面且方向向下的勻強磁場中，元件的前、后表面間產(chǎn)生電壓 U，以此來控制屏幕的熄滅。則元件的()A. 前表面的電勢比后表面的低B. 前、后表面間的電壓U 與 a 成正比C. 前、后表面間的電壓U 與 b 成正比D. 前、后表面間的電壓U 與 c 成反比13.沿某一電場方向建立x 軸，電場僅分布在 -? ? ?的區(qū)間內(nèi)，其電場場強與坐標(biāo)x 的關(guān)系如圖所示。規(guī)定沿 +?軸方向為電場強度的正方向，?= 0 處電勢為零。一質(zhì)量為m、電荷量為 +?的帶點粒子只在電場力作用下，沿 x 軸做周期性運動。 以下說法正確的是()A. 粒子沿 x 軸做簡諧運動B.C.1粒子在 ?= -?

10、處的電勢能為 - 2 ?0?動能與電勢能之和的最大值是?0?D. 一個周期內(nèi)，在?> 0區(qū)域的運動時間 ? 2 ?0二、多選題（本大題共3 小題，共6.0 分）14. 下列說法正確的是 ( )A. 組成原子核的核子越多，原子核越穩(wěn)定B. 一群處于 ?= 4 激發(fā)態(tài)的氫原子共能輻射出4 種不同頻率的光子C. 原子核中所有核子單獨存在時的質(zhì)量總和大于該原子核的總質(zhì)量D. 在電子的單縫衍射實驗中，狹縫變窄，電子動量的不確定量變大15.在如圖甲所示的LC 振蕩電路中，通過P 點的電流變化規(guī)律如圖乙所示，設(shè)通過P點的電流向右時為正，則()A.B.0.5?至 1s 內(nèi)，電容器在充電0.5?至 1s內(nèi)

11、，電容器的上極板帶正電第4頁，共 22頁C. 1s至 1.5?內(nèi)， Q 點比 P 點電勢高D. 1s 至 1.5?內(nèi)，磁場能正在轉(zhuǎn)化為電場能16.研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的實驗電路如圖所示，A、 K 為光電管的兩個電極。已知該光電管陰極K 的極限頻率為 ?，元電荷電量0為 e，普朗克常量為 h?，F(xiàn)用頻率為 ?(?> ?0 )的光照射陰極 K，則下列說法正確的是 ( )A. 將滑片 P 向右滑動，可增大光電子的最大初動能B. 若兩電極間電壓為 U，則到達陽極 A 的光電子最大動能為?(?- ?) + ?0C. 將滑片 P 向右滑動，則電流表的示數(shù)一定會不斷增大D. 將電源正負(fù)極對調(diào)，當(dāng)兩電極間的電

12、壓大于?(?-?0 )，電流表的示數(shù)為0?三、實驗題（本大題共3 小題，共14.0 分）17. 在“探究求合力的方法”的實驗中 已有實驗器材：木板、白紙、圖釘、細(xì)繩套、橡皮筋、鉛筆，如甲圖所示的器材中還需要選取 _( 多選 ) ； 某實驗室老師提供的橡皮筋和細(xì)繩套如乙圖所示，在實驗過程中需要記錄的“結(jié)點”應(yīng)該選擇_( 選填“O點”或“ ?點” ) ； 關(guān)于此實驗的操作，說法正確的是_( 多選 ) ；A.b、 c 兩細(xì)繩套應(yīng)適當(dāng)長一些B.實驗過程中，彈簧測力計外殼不能與木板有接觸C.重復(fù)實驗再次探究時，“結(jié)點”的位置可以與前一次不同D.只有一把彈簧測力計也可以完成此實驗18.“用雙縫干涉測量光的

13、波長”的實驗中， 實驗裝置如圖丁所示。 某同學(xué)經(jīng)過粗略的調(diào)試后，出現(xiàn)了干涉圖樣，但不夠清晰明亮，則他需要調(diào)節(jié)裝置中的一個部件是_( 選填“ C”、“ D”、“ E”、“ F” )。得到清晰明亮的圖樣后進行測量，測量頭的游標(biāo)位置如圖丙所示，則其讀數(shù)為_ mm。第5頁，共 22頁19. (1) 如圖 1 所示的電路由電源、電阻、開關(guān)和導(dǎo)線組成。林同學(xué)利用多用電表測電阻的電壓時，黑表筆應(yīng)接圖中的 _點 ( 選填“ M”或“ N” )。測完電壓后，他又直接將選擇開關(guān)旋至歐姆擋，繼續(xù)測電阻的阻值，而王同學(xué)認(rèn)為有兩處不合理；一是測量前未歐姆調(diào)零；二是 _。(2) 用電壓表和電流表測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)

14、電阻。實驗中要求盡量減小實驗誤差。 應(yīng)選擇的實驗電路是圖2中的_選填“甲”或“乙” ) ；( 選定合適的電路后進行實驗，將記錄的6 組數(shù)據(jù)描在圖3 的坐標(biāo)紙上， 請在圖中畫出 ?- ?圖線。根據(jù)所畫圖線， 可得電池的內(nèi)電阻 ?= _( 保留兩位有效數(shù)字)； 實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)U 及干電池的輸出功率P都會發(fā)生變化，圖 4 中能反映“ ?- ?”關(guān)系的是 _。四、計算題（本大題共1 小題，共9.0 分）20. 2019 年 12 月 17 日，中國第一艘國產(chǎn)航母“山東艦”在海南三亞交付使用?！吧綎|艦”的甲板由水平甲板和上翹甲板兩部分組成，利于艦載機滑躍式起飛，如圖 1所

15、示。為方便研究艦載機的起飛過程，將甲板近似為如圖2 所示的軌道：水平軌道AB長 ?1= 157.5?，傾斜軌道高 ? = 6?，水平投影長 ? = 42.5??？傎|(zhì)量為23.0 × 104 ?的某艦載機，從 A 點以 36?/?的初速度出發(fā)，到達 B 點時的速度為288?/?，進入上翹甲板后，經(jīng)0.5?從 C 點起飛。該艦載機在起飛過程中，發(fā)動機的推力恒為 8.0 ×10 5?，在水平軌道上的運動視為勻變速直線運動，艦載機視為質(zhì)點，航母靜止不動。求艦載機：(1) 在水平軌道上運動的加速度大?。?2) 在水平軌道上運動時受到的平均阻力大?。?3) 整個起飛階段平均速度的大小

16、( 結(jié)果保留整數(shù) ) 。第6頁，共 22頁五、簡答題（本大題共3 小題，共32.0 分）21. 如圖所示，半徑為R、內(nèi)壁光滑的半圓軌道固定于豎直平面內(nèi)，下端C 與水平地面相切，上端 B 與水平傳送帶的左端之間形成一小的狹縫，可讓放在傳送帶上的小物塊剛好通過，傳送帶以恒定速度?=6?D 點放置一質(zhì)帶逆時針轉(zhuǎn)動。水平地面量為 3m 的小物塊乙， C、D 間距為 2?現(xiàn).在傳送帶上的A 處輕輕放上質(zhì)量為 m 的小物塊甲， A、B 間的距離 ?= 2?，它經(jīng)傳送帶加速后，從B 處沿半圓軌道滑下，再經(jīng) C 沿水平地面滑到 D 處，與物塊乙相撞后立即粘在一起，繼續(xù)向前滑行一段距離后靜止。兩物塊均可視為質(zhì)點

17、，甲物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)及甲、乙兩物塊與地面間的動摩擦因數(shù)均為2?= 0.5，重力加速度為 ?(?取10?/? ) ，傳送帶足夠長。(1)求甲物塊經(jīng)過半圓形軌道的C 點時對軌道的壓力?；(2)求兩物塊最終靜止的位置離D 點的距離 x；(3)ABL可調(diào)，求兩物塊最終靜止的位置離D點的距離x隨L變化的若、 間的距離函數(shù)關(guān)系式。22. 如圖 1 所示，兩根粗細(xì)均勻的金屬棒 M、 N，用兩根等長的、不可伸長的實軟線將它閉合回路，并懸掛在光滑絕緣的水平直桿上，并懸掛在光滑絕緣的水平直桿上，并使兩金屬棒水平。在M 棒的下方有高為H、寬度略小于導(dǎo)線間距的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，磁場方向垂直紙面向

18、里，此時M 棒在磁場外距上邊界高h(yuǎn)處 (? < ?，且 h、 H 均為未知量 ) ， N 棒在磁場內(nèi)緊貼下邊界。第7頁，共 22頁已知：棒M、N質(zhì)量分別為3mmL，電阻均為為 ?將.M、 ，棒在磁場中的長度均為棒從靜止釋放后，在它將要進入磁場上邊界時，加速度剛好為零；繼續(xù)運動，在N棒未離開磁場上邊界前已達勻速。導(dǎo)線質(zhì)量和電阻均不計，重力加速度為g。(1) 求 M 棒將要進入磁場上邊界時回路的電功率；(2) 若已知 M 棒從靜止釋放到將要進入磁場的過程中，經(jīng)歷的時間為t，求該過程中 M 棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q；(3) 在圖 2 坐標(biāo)系內(nèi)，已定性畫出從靜止釋放M 棒，至其離開磁場的過程“?-?圖

19、象”的部分圖線，請你補畫出 M 棒“從勻速運動結(jié)束，到其離開磁場”的圖線，并寫出兩縱坐標(biāo) a、 b 的值。23. 如圖所示為一離子收集裝置，PQ 為收集區(qū)域， ?= ?= ?現(xiàn).讓電荷量均為 +?、質(zhì)量不同的離子從裝置下方的?小孔飄入電勢差為 ?的加速電場， 然后依次經(jīng)過?、102O 上孔，沿著與 OP 邊界垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為B 的勻強磁場中，最后打在3PNPQ 收集區(qū)域，勻強磁場方向垂直紙面向外。某次收集時發(fā)現(xiàn)，PQ 左側(cè) 4區(qū)域損壞，無法收集離子，但右側(cè)1區(qū)域 NQ 仍能正常收集離子。在適當(dāng)調(diào)節(jié)加速電壓4后，原本打在 PN 區(qū)域的離子即可在NQ 區(qū)域進行收集。離子的重力及離子間的相

20、互作用均忽略不計。(1) 求原本打在 PQ 中點的離子質(zhì)量 m；(2) 為使原本打在 PQ 中點的離子能打在 NQ 區(qū)域，求加速電壓 U 的取值范圍；(3)為了在 NQ 區(qū)哪面的不分低區(qū)域的所有離子全部收集，求需要調(diào)節(jié)U 的最少次數(shù)： ( 取 ?2=0.301 ，?7= 0.845)(4)只調(diào)節(jié)一次U 后，再通過不斷調(diào)節(jié)離子入射的方同，也能使原本打在PN 區(qū)域的所有離子在NQ 區(qū)域得到收集，當(dāng)入射方向與垂直O(jiān)P 方向的夾角從0 緩慢調(diào)節(jié)到 ?時，恰好完成全部離子的收集，求?的值。第8頁，共 22頁第9頁，共 22頁答案和解析1.【答案】 B【解析】 解：A、在國際單位制中， 長度的單位是 m，

21、km 只是長度單位的一個常用單位，故 A錯誤；B、在國際單位制中，時間是基本單位，時間的單位是s，故 B 正確；C、在國際單位制中，電壓的單位是導(dǎo)出單位，不是基本單位，故C 錯誤；D 、在國際單位制中，電容的單位是導(dǎo)出單位，不是基本單位，故D 錯誤。故選： B。國際單位制規(guī)定了七個基本物理量。分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、光照強度、物質(zhì)的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，他們在國際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾。而根據(jù)物理量之間的關(guān)系式推導(dǎo)出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位?？疾榱藛挝恢频母拍?，單位制中的導(dǎo)出單位就是依據(jù)基本單位，由物理的規(guī)律公式

22、推導(dǎo)而得到的。注意靈活性運用。2.【答案】 D【解析】 解： A、“ 50min ”指的是通行的時間，故A 錯誤；B、“ 55.96?”指的是路程，故B 錯誤；C、限速為 80?/?，指的是瞬時速度不能超過80?/?，故 C 錯誤；D 、研究汽車從樟臺到友誼橋所用時間時，汽車的大小可以忽略不計，可將汽車看成質(zhì)點，故 D 正確。故選： D。時間間隔是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應(yīng)的是一個點； 平均速度與時間間隔對應(yīng)，瞬時速度與時刻對應(yīng)， 根據(jù)質(zhì)點的條件判斷。只要掌握了時刻在時間軸上對應(yīng)的是一點，而時間間隔在時間軸上對應(yīng)的是一段，即可順利解決此類題目。3.【答

23、案】 C【解析】 解：由于接球的過程中，初末速度不變，所以沖量和動量、動能的變化量都不變；先伸出兩臂迎接， 手接觸到球后， 兩臂隨球引至胸前， 這樣可以增加球與手接觸的時間，但動量的變化量不變；根據(jù)動量定理得：-?= 0 - ?=?當(dāng)時間增大時，動量的變化率減小，即作用力就減小，故C 正確 ABD 錯誤。故選： C。先伸出兩臂迎接， 手接觸到球后， 兩臂隨球引至胸前， 這樣可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量定理即可分析。本題主要考查了動量定理的直接應(yīng)用， 要學(xué)會如何應(yīng)用動量定理分析實際問題， 明確動量、動量變化量以及動量變化率之間的關(guān)系。4.【答案】 D第10 頁，共 22頁【解析】 解： A

24、、同步軌道衛(wèi)星距離地面的高度約為36000km，周期為 24h，第 50 顆和351 顆北斗衛(wèi)星軌道高度約20000km，根據(jù)開普勒第三定律?可得：第 50 顆衛(wèi)星的2 =?運行周期小于 24h，故 A 錯誤；B、7.9?/?是第一宇宙速度，也就是最大的環(huán)繞速度，所以第51 顆衛(wèi)星繞地球運行速度小于 7.9?/?，故 B 錯誤；C、第 41 顆北斗衛(wèi)星是地球靜止軌道衛(wèi)星，相對于地球靜止，第49 顆北斗衛(wèi)星是傾斜地球“同步”衛(wèi)星， 由于地球存在著自轉(zhuǎn)， 所以第 49顆北斗衛(wèi)星相對于地球是運動的，故 C錯誤；D 、第 41 顆、第 49 顆衛(wèi)星的周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，根據(jù)?=2?可知第 41 顆、

25、第 49?顆衛(wèi)星的角速度大小相等，故D 正確。故選： D。3?根據(jù)開普勒第三定律2 =?分析周期大??；第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度；只有地球?靜止軌道衛(wèi)星相對于地球靜止；根據(jù)?= 2?分析衛(wèi)星的角速度大小關(guān)系。?本題主要是考查人造衛(wèi)星的問題，解答本題的關(guān)鍵是弄清楚地球同步衛(wèi)星的特點，即軌道一定，角速度一定，高度一定，速率一定，周期一定。5.【答案】 B【解析】 解： CD 、根據(jù)圖乙可知，當(dāng)入射角小于60°時，隨著入射角的增大，其反射光的強度逐漸增大，當(dāng) ? 60°，光發(fā)生全反射，則反射光的強度不變，當(dāng)?= 0°時，仍然要發(fā)生反射現(xiàn)象，所以反射光強度不為0，故 C

26、D 錯誤；A、根據(jù)圖象可知，該光發(fā)生全反射的臨界角為?= 60°，因為 ?=1 ，?則折射率為 ?=23，故 A 錯誤；3B、光傳播速度為?3 ，故 B 正確。?= ?=2?故選： B。由圖象 B 能讀出此新材料的臨界角C，根據(jù)全反射臨界角公式 ?=1 ，求解其折射率?n；?根據(jù) ?=求解傳播速度；?根據(jù)圖形可知當(dāng)入射角小于60°時，隨著入射角的增大，其反射光的強度逐漸增大，當(dāng)? 60 °，光發(fā)生全反射，則反射光的強度不變，解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖形分析得到光發(fā)生全反射的臨界角，熟記全反射的臨界角與折射率關(guān)系以及光在介質(zhì)中傳播的速度表達式?！敬鸢浮?D6.【解析】

27、 解： AB、對整體，由牛頓第二定律，有：?= (?箭 + ?)?由運動學(xué)公式，有： ?= ?第11 頁，共 22頁由以上兩式得：火箭組的質(zhì)量?箭 =? ?- ?，故 AB 錯誤； ?CD 、對火箭組，設(shè)宇宙飛船對火箭組的作用力為N，由牛頓第二定律，有：? ? ? ?= ?箭 ?= (- ?) ?= ?-，故 C 錯誤， D 正確。 ? ? ?故選： D。對火箭組和宇宙飛船組成的整體， 由加速度的定義式求出加速度， 再列出牛頓第二定律方程，即可求出火箭組的質(zhì)量。隔離火箭組受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列出方程即可求解宇宙飛船對火箭組的作用力。本題屬于連接體問題， 一般應(yīng)采取“先整體后隔離”的方法進

28、行分析研究， 分析時要抓住兩個物體加速度相同的特點。7.【答案】 D【解析】 解：A、繩子拉力向上， 重物向下運動， 故繩子拉力對重物做負(fù)功，故 A 錯誤。? 18× 10×2B、重物重力做功的功率為? =× 60? = 0.2? ，故 B 錯誤。?30C、燈泡正常發(fā)光， 30min內(nèi)產(chǎn)生的電能為?= ?= 0.12 ×30 ×60?= 216?電，故C錯誤。?×100% =0.12D 、重物重力勢能轉(zhuǎn)化為燈泡電能的效率為?= ?0.2?正確。故選： D。×100% = 60% ，故 D?繩子拉力對重物做負(fù)功；重物做功用公式

29、?=? 計算；燈泡正常發(fā)光，電流做功利用公式?= ?×100%計算。電計算；重物重力勢能轉(zhuǎn)化為燈泡電能的效率利用公式?= ?本題考查了電功、電功率、重力做功等知識點。熟記重力做功、電流做功等公式是解決本題的關(guān)鍵。8.【答案】 C【解析】 解： A、交變電流可以通過電容器，電容器和電阻?的兩端電壓即電阻?兩端31的電壓，根據(jù)圖乙可知，電流有效值：?2，根據(jù)歐姆定律可知，電阻?1兩1 = 2 ?= 1?端的電壓：?= 10?，故電容器兩端電壓小于10V，故 A 錯誤；1 = ?111B、根據(jù)圖乙可知，周期： ?= 0.02?，頻率： ?= ?= 50?，變壓器不改變頻率，則原線圈輸入電流

30、的頻率為50Hz ，故 B 錯誤；? =? = 100?，故 C 正確；C、電壓表測量原線圈輸入電壓，根據(jù)變壓比可知，00?11D、電阻 ?1消耗的功率： ?2= 10? ，交變電流可以通過電容器，則電阻?也會?1 = ?1?12消耗功率，故變壓器的輸出功率大于10W，則原線圈輸入功率大于10W，故 D 錯誤。故選： C。交變電流可以通過電容器，電容器和電阻 ?的兩端電壓即電阻?兩端的電壓， 根據(jù)歐姆31定律分析。根據(jù)圖乙確定頻率，變壓器不改變交流電的頻率。由電壓與匝數(shù)成反比可以求得副線圈的電壓的大小，根據(jù)變壓比分析電壓表示數(shù)。因為電容器有通交流、阻直流的作用，則有電流通過?和電容器。3第12

31、 頁，共 22頁此題考查了變壓器的構(gòu)造和原理， 解題的關(guān)鍵是掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關(guān)系，同時對于電容器的特性要了解。9.【答案】 C【解析】 解： A、粒子從b 孔進入磁場后受到的洛倫茲力向右，由左手定則判斷可知，D 形盒中的磁場方向垂直紙面向里，故A 錯誤；2?B 錯誤；B、根據(jù) ?= ?分析知粒子運動的周期不變，故12，解得2?C、粒子第 n 次加速后，根據(jù)動能定理可得： ?=?= ，粒子在磁2 ?1 2?=2 2?-場中運動的半徑 ?=? ?，粒子每運動一周直徑的增加量? ?(?- 1) ，隨轉(zhuǎn)動周數(shù)的增加，粒子每運動一周直徑的增加量越來越小，故C 正確；D 、當(dāng)粒子從 D

32、形盒中出來時，速度最大，根據(jù)?=?，得 ?=?知加速粒子的最大動?能與 D 形盒的半徑有關(guān)，與加速電壓無關(guān)，故D 錯誤；故選： C。根據(jù)粒子所受的洛倫茲力方向判斷磁場的方向。根據(jù)?= 2?分析粒子運動的周期變化?情況，根據(jù)動能定理和?=分析粒子每運動一周直徑的增加量變化情況，根據(jù)半徑公?式分析粒子最終獲得的最大動能與板間電壓的關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵知道該回旋加速器的原理，知道粒子每轉(zhuǎn)一圈，加速一次，且都在 AC 間加速，加速的電場不需改變。10.【答案】 B【解析】解：每次都讓小鋼球從斜面上的同一位置滾下，滾過桌邊后鋼球便做平拋運動，將其運動分解成水平方向的勻速運動，豎直方向的自由落體運動，由于

33、 A、B、C、D 四點是四次實驗中球碰墻的位置，因四次實驗中桌子右邊緣離墻的水平距離分別為10cm、20cm、30cm、40cm，那么 A、B、C、D 之間的時間相等，且相鄰，因為 A 不是拋出點，所以A、 B、C、 D 四點之間的距離之比為3：5： 7，那么 B、 C、D 三點到 A 點的距離之比為3： 8：15，故 ACD 錯誤， B 正確；故選： B。依據(jù)平拋運動水平方向看成勻速運動，豎直方向自由落體運動，結(jié)合初速度為零的勻加速運動，在相等的相鄰的時間內(nèi)位移之比為1：3： 5： 7，即可求解?？疾槠綊佭\動的處理規(guī)律，掌握運動的合成與分解應(yīng)用，理解在相等的相鄰的時間內(nèi)位移之比為1： 3：

34、5：7 成立條件，注意A、 B、 C、D 之間的時間相等，且A 不是拋出點是解題的關(guān)鍵。11.【答案】 A1【解析】 解：波源 P振動的周期為： ?= ?= 0.2?水波 P 振動 10 個周期所用時間為： ?= 10?= 2?水面波的傳播速度為：?1 =?0.4?/?= 0.2?/?2 =2?波源 P 的速度為： ?2=?1=0.2 ?/?= 0.1?/?2故 A 正確， BCD 錯誤第13 頁，共 22頁故選： A。由題意可知波源 P 振動周期， 由水波運動的距離利用速度公式可求得水波的速度， 水波傳播的距離可求得水面波的傳播速度。解題時應(yīng)注意形成的波形的變化，知道水波振動時運動形成了多普

35、勒效應(yīng)。12.【答案】 D【解析】 解： A、電流方向向右，電子向左定向移動，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電子，前表面的電勢比后表面的電勢高，故錯誤；?= ?BCD 、穩(wěn)定后，后續(xù)電子受力平衡可得，?，根據(jù)電流的微觀表達式可知，?A?=? 1?=?，解得 ?=? ，所以前、后表面間的電壓U 與 c 成正比，與 a 和 b 無關(guān)，? ?故 D 正確， BC 錯誤。故選： D。金屬導(dǎo)體是自由電子導(dǎo)電，電流方向向右，則電子向左定向移動，在磁場中受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向，判斷哪個表面聚集電子，再確定電勢的高低。根據(jù)洛倫茲力等于電場

36、力分析前、后表面間的電壓U 的決定因素。此題考查了霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是明確自由電荷在復(fù)合場中受力平衡，易錯點在于利用左手定則判斷電荷的移動，從而判斷哪一表面的電勢高。13.【答案】 D【解析】 解： A、區(qū)域粒子受到恒定大小水平向左的電場力，不滿足簡諧運動回復(fù)力特點，所以粒子不能沿 x 軸做簡諧運動，故 A 錯誤；B、依據(jù) ?- ?圖象包圍的面積為電勢降落，粒子從?= 0到 ?= -?電壓變化：?=-?0-?0?2?=2粒子從 ?= 0 到?= -?的電場力做功：? = ?= -1?0 ?2根據(jù)功能關(guān)系得粒子在 ?= -? 處的電勢能為1?，故 B 錯誤；20C、設(shè)動能與電勢能之和的

37、最大值為P：12?=? +2最右位置有： ?= ?= ?0 ?12?0?2最左位置有： ?= ?=2?粒子的運動區(qū)間為： - 2? ? ?00電場僅分布在 -? ? ?的區(qū)間內(nèi)，解得：0 < ?1?，故 C 錯誤；20D 、在 ?>0區(qū)域的運動由對稱的2 段組成：1?2?02? =?0解得： ?=2?，總時間為： 2?= 22?，故 D 正確；?0 ?0? 2 ?0?第14 頁，共 22頁故選： D。區(qū)域粒子受到恒定大小水平向左的電場力，不滿足簡諧運動回復(fù)力特點；依據(jù)?- ?圖象包圍的面積為電勢降落，結(jié)合功能關(guān)系即可求解；依據(jù)能量守恒定律， 結(jié)合 ?= ?，從而求解； 根據(jù)在 ?&

38、gt; 0 區(qū)域內(nèi)的運動由對稱的2 段組成， 結(jié)合運動學(xué)公式， 即可求解；做周期性運動的條件為 -? ? ?，由此解答。本題主要是考查電場強度與電勢差的關(guān)系，即?= ?，掌握能量守恒定律的應(yīng)用，理解 ?- ?圖象的物理意義，理解?= ?的含義。14.【答案】 CD【解析】 解： A、比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；中等質(zhì)量的原子核較穩(wěn)定，故A 錯誤；26 種不同頻率的光子， 故B、根據(jù) ? = 6 可知一群處于 ?= 4激發(fā)態(tài)的氫原子共能輻射出4B 錯誤；C、核子結(jié)合成原子核時釋放能量發(fā)生質(zhì)量虧損，所以原子核的質(zhì)量小于組成它的核子的質(zhì)量之和，故 C 正確；D 、

39、在電子的單縫衍射實驗中，根據(jù)不確定關(guān)系? ? 知，狹縫變窄，電子動量4?的不確定量變大，故D 正確。故選： CD。比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度；根據(jù)2 判斷一群處于激發(fā)態(tài)的氫原子釋放的光子種類；?核子結(jié)合成原子核時要釋放能量，由質(zhì)能方程知質(zhì)量減?。桓鶕?jù)不確定關(guān)系判斷光子動量的不確定量的變化；本題考查比結(jié)合能、質(zhì)量虧損、不確定關(guān)系等知識點，多看課本熟記相關(guān)內(nèi)容多練習(xí)。15.【答案】 AC【解析】 解：A、由圖 (乙 ) 可知，在 0.5?至 1s 內(nèi)，電路電流在減小，電容器 C 正在充電，故 A正確；B、由圖 ( 乙) 可知，在 0.5?至 1s 內(nèi)，電流是正的，即經(jīng)過P 點的電流向右，由于電路中做定向移動的帶電粒子是帶負(fù)電的電子，因此在該時間段內(nèi)， 電子經(jīng)過 P 點向左移動，因此電容器上極板帶負(fù)電，故B 錯誤；C、由圖 ( 乙) 可知，在1s 至 1.5?內(nèi)，通過電感線圈的電流向上，且增大，電感線圈產(chǎn)生自感電動勢， 由楞次定律可知， Q 電感線圈下端電勢高， 上端電勢低， 即 Q 點比 P 點電勢高，故 C 正確；D 、由圖 (乙 ) 可知，在1s 至 1.5?內(nèi)，電路電流增大，磁場增加，