《高中試卷》2019年北京市東城區(qū)高考物理一模試卷

1、2019年北京市東城區(qū)高考物理一模試卷一、選擇題1下列核反應(yīng)方程中，屬于衰變的是（）a92238u90234th+24heb12h+13h24hc+01nc90234th91234pa+-10ed714n+24he817o+11h2下列說法正確的是（）a同一個(gè)物體，運(yùn)動(dòng)時(shí)的內(nèi)能一定比靜止時(shí)的內(nèi)能大b物體溫度升高，組成物體的分子平均動(dòng)能一定增加c一定質(zhì)量的物體，內(nèi)能增加，溫度一定升高d溫度升高時(shí)物體的每個(gè)分子的動(dòng)能都將增大3如圖，兩束單色光a、b分別沿半徑方向由空氣射入半圓形玻璃磚，出射時(shí)合成一束復(fù)色光p，下列說法正確的是（）aa光的頻率小于b光的頻率b在玻璃磚中a光的傳播速度小于b光的傳播速度

2、c玻璃磚對(duì)a光的折射率大于對(duì)b光的折射率d兩種單色光由玻璃射向空氣時(shí)，a光的臨界角較小4一列橫波沿x軸正方向傳播，若t0時(shí)刻的波形圖如圖甲所示，則圖乙描述的可能是哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象（）ax0處的質(zhì)點(diǎn)bx0.5 m處的質(zhì)點(diǎn)cx1.5 m處的質(zhì)點(diǎn)dx2.5 m處的質(zhì)點(diǎn)52018年12月我國成功發(fā)射嫦娥四號(hào)探測(cè)器.2019年1月嫦娥四號(hào)成功落月，我國探月工程四期和深空探測(cè)工程全面拉開序幕。假設(shè)探測(cè)器僅在月球引力作用下，在月球表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)?？梢越普J(rèn)為探測(cè)器的軌道半徑等于月球半徑。已知該探測(cè)器的周期為t萬有引力常量為g根據(jù)這些信息可以計(jì)算出下面哪個(gè)物理量（）a月球的質(zhì)量b月球的平均密度c該探

3、測(cè)器的加速度d該探測(cè)器的運(yùn)行速率6如圖甲所示，直線ab是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。一正電荷在該電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，始終只受到電場(chǎng)力作用。已知該正電荷沿電場(chǎng)線從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，其速度平方v2與位移x的關(guān)系如圖乙所示。ea、eb表示a，b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，a、b表示a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)。以下判斷正確的是（）aeaebbeaebcabdab7下面四幅圖是用來“探究感應(yīng)電流的方向遵循什么規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)示意圖。靈敏電流計(jì)和線圈組成閉合回路，通過“插入”“拔出”磁鐵，使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，記錄實(shí)驗(yàn)過程中的相關(guān)信息，分析得出楞次定律。下列說法正確的是（）a該實(shí)驗(yàn)無需確認(rèn)電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與通過電流計(jì)的電流方向的關(guān)系b該

4、實(shí)驗(yàn)無需記錄磁鐵在線圈中的磁場(chǎng)方向c該實(shí)驗(yàn)必需保持磁鐵運(yùn)動(dòng)的速率不變d該實(shí)驗(yàn)必需記錄感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向8將一質(zhì)量為m的光滑斜劈固定在水平面上一質(zhì)量為m的光滑滑塊（滑塊可以看成質(zhì)點(diǎn)）從斜面頂端由靜止自由滑下。在此過程中，斜劈對(duì)滑塊的支持力記為fn1，地面對(duì)斜劈的支持力記為fn2，滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)，相對(duì)地面的速度大小記為v、豎直分速度的大小記為vy若取消固定斜劈的裝置。再讓滑塊從斜面頂端由靜止下滑。在滑塊的壓力作用下斜劈會(huì)向左做勻加速運(yùn)動(dòng)。在此過程中。斜劈對(duì)滑塊的支持力記為fn1'、地面對(duì)斜劈的支持力記為fn2'，滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)，相對(duì)地面的速度大小記為v'、豎直分

5、速度的大小記為vy下面大小關(guān)系正確的是（）afn1fn1'bfn2fn2'cvv'dvyvy二、解答題（共8小題，滿分0分）9某同學(xué)用圖甲所示的裝置來臉證動(dòng)量守恒定律，a、b為半徑相同的小球（mamb），圖中pq是斜槽，qr為水平槽。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使a球從斜槽上某一位置g由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。重復(fù)上述操作多次，得到多個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓a球仍從位置g由靜止釋放。兩球碰撞后。a、b球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)這種操作多次。圖甲中o點(diǎn)是水平槽末端r在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)。b球落點(diǎn)痕跡如圖乙所示，圖中米尺的零刻

6、度線與o點(diǎn)對(duì)齊（未畫出）。碰撞后b球的水平射程應(yīng)為 cm；以下選項(xiàng)，哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須進(jìn)行的測(cè)量？ （填選項(xiàng)前的字母）a測(cè)量a球未與b球相碰時(shí)的平均落點(diǎn)到o點(diǎn)的距離b測(cè)量a球與b球相碰后的平均落點(diǎn)到o點(diǎn)的距離c測(cè)量a球和b球的直徑d測(cè)量a球和b球的質(zhì)量e測(cè)量水平槽面相對(duì)于o點(diǎn)的高度10如圖所示的電路圖是利用半偏法測(cè)量一塊電流計(jì)g（量程300a，內(nèi)阻100到200之間）的內(nèi)阻rg?，F(xiàn)有器材如下：a直流電源（輸出電壓12v）b電阻箱（999.9）c滑動(dòng)變阻器（500）d電位器（5k）e電位器（50k）電阻器r2選用 ，電阻器r1選用 。（填器材前的字母）為了測(cè)定電流計(jì)g的內(nèi)阻，在接通電路前，先把電

7、阻器r1、的阻值調(diào)到最大。然后操作步驟依次是 （填選項(xiàng)前的字母），最后記錄r2的阻值。a閉合k1b閉合k2c調(diào)節(jié)r1的阻值，使電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度d調(diào)節(jié)r1的阻值。使電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半e調(diào)節(jié)r2的阻值。使電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半f調(diào)節(jié)r2的阻值。使電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度若電流計(jì)半偏時(shí)，r2的阻值為120.0，則電流計(jì)內(nèi)阻rg的測(cè)量值為 ，由于存在系統(tǒng)誤差，該測(cè)量值 電流計(jì)內(nèi)阻的真實(shí)值（填“大于”或“小于”）。造成這種誤差的原因是 。11為了迎接2022年冬季奧運(yùn)會(huì)，讓更多的人感受運(yùn)動(dòng)的快樂，北京在許多游樂場(chǎng)增設(shè)了坡面場(chǎng)地。坡而場(chǎng)地可以看作由一個(gè)斜坡平面和一個(gè)水平面銜接而成。如圖

8、所示。已知某坡面場(chǎng)地的斜面高為h。斜面傾角為某同學(xué)坐在保護(hù)墊上，從斜面頂端a由靜止開始沿著斜而ac下滑，最終停在水平面上的d點(diǎn)。該同學(xué)與保護(hù)墊的總質(zhì)量為m，保護(hù)墊與斜面、水平面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)均為聲，（人與墊可看作質(zhì)點(diǎn)處理，忽略銜接處的速率變化及空氣阻力）。求：（1）保護(hù)墊與斜面間的滑動(dòng)摩擦力大小？（2）該同學(xué)滑到斜面底端時(shí)的速度大小？（3）該同學(xué)從a到d運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦產(chǎn)生的總熱量為多少？12能量守恒是自然界基本規(guī)律，能量轉(zhuǎn)化通過做功實(shí)現(xiàn)。如圖所示，質(zhì)量為m的小球在自由下落過程中只受到重力作用，小球經(jīng)過a點(diǎn)的速率為va，經(jīng)過b點(diǎn)的速率為vb以地面為重力勢(shì)能的零勢(shì)能面，小球在a點(diǎn)的重力勢(shì)能為e

9、amgha，在b點(diǎn)的重力勢(shì)能為ebmghb請(qǐng)根據(jù)動(dòng)能定理證明：小球在a、b兩點(diǎn)的機(jī)械能相等。13能量守恒是自然界基本規(guī)律，能量轉(zhuǎn)化通過做功實(shí)現(xiàn)。如圖所示，平行板電容器水平放置，上板正中央有一小孔，兩極板間的距離為d，電勢(shì)差為u一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球從小孔正上方某處由靜止開始下落，穿過小孔到達(dá)下極板處速度恰為零。重力加速度為g（空氣阻力忽略不計(jì)）。求：小球釋放位置距離上極板的高度h。14能量守恒是自然界基本規(guī)律，能量轉(zhuǎn)化通過做功實(shí)現(xiàn)。研究發(fā)現(xiàn)，電容器存儲(chǔ)的能最表達(dá)式為ec=12cu2，其中u為電容器兩極板間的電勢(shì)差，c為電容器的電容?，F(xiàn)將一電容器、電源和某定值電阻按照如圖所示電路進(jìn)行連接

10、。已知電源電動(dòng)勢(shì)為e0，電容器電容為c0，定值電阻阻值為r，其他電阻均不計(jì)，電容器原來不帶電。現(xiàn)將開關(guān)s閉合，一段時(shí)間后，電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。求：在閉合開關(guān)到電路穩(wěn)定的過程中，該電路因電磁輻射、電流的熱效應(yīng)等原因而損失的能量。15伽利略在研究自出落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，猜想自由落體的速度是均勻變化的，他考慮了速度的兩種變化：一種是速度隨時(shí)間均勻變化，另一種是速度隨位移均勻變化?，F(xiàn)在我們已經(jīng)知道。自由落體運(yùn)動(dòng)是速度隨時(shí)間均勻變化的運(yùn)動(dòng)。有一種“傻瓜”照相機(jī)的曝光時(shí)間極短，且固定不變。為估測(cè)“傻瓜”照相機(jī)的曝光時(shí)間，實(shí)驗(yàn)者從某磚墻前的高處使一個(gè)石子自由落下，拍攝石子在空中的照片如圖所示。由于石子的運(yùn)動(dòng)，它在照片

11、上留下了一條模糊的徑跡。已知石子在a點(diǎn)正上方1.8m的高度自由下落。每塊磚的平均厚度為6.0cm。（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2）a計(jì)算石子到達(dá)a點(diǎn)的速度大小va；b估算這架照相機(jī)的曝光時(shí)間（結(jié)果保留一位有效數(shù)字。16伽利略在研究自出落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，猜想自由落體的速度是均勻變化的，他考慮了速度的兩種變化：一種是速度隨時(shí)間均勻變化，另一種是速度隨位移均勻變化。速度隨位移均勻變化的運(yùn)動(dòng)也確實(shí)存在。已知一物體做速度隨位移均勻變化的變速直線運(yùn)動(dòng)。其速度與位移的關(guān)系式為vv0+kx（v0為初速度，v為位移為x時(shí)的速度）。a證明：此物體運(yùn)動(dòng)的加速度和速度v成正比，且比例系數(shù)為k；b如圖乙所示，兩個(gè)光滑的水平

12、金屬導(dǎo)軌間距為l，左側(cè)連接有阻值為r的電阻。磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面。有一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好。除左邊的電阻r外，其他電阻均不計(jì)。已知棒的運(yùn)動(dòng)是速度隨位移均勻變化的運(yùn)動(dòng)，即滿足關(guān)系式vv0+kx設(shè)棒向右移動(dòng)最遠(yuǎn)的距離為s（s未知），求k值及當(dāng)棒運(yùn)動(dòng)到s時(shí)（01）電阻r上的熱功率。2019年北京市東城區(qū)高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題1【分析】衰變是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反應(yīng)過程，根據(jù)這一特定即可判斷?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，a反應(yīng)是衰變；b和d反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變方程；c反應(yīng)是衰變；故a正確，bcd錯(cuò)誤

13、故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查衰變的本質(zhì)與常見的核反應(yīng)方程，比較簡單，在平時(shí)學(xué)習(xí)中要掌握衰變，裂變，聚變和幾種粒子發(fā)現(xiàn)的方程式。2【分析】明確內(nèi)能的定義，知道溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高時(shí)分子平均動(dòng)能增大，但個(gè)別分子的動(dòng)能可能減小。【解答】解：a、微觀物體的內(nèi)能與宏觀物體的機(jī)械能無關(guān)，故a錯(cuò)誤；b、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則當(dāng)物體溫度升高，組成物體的分子平均動(dòng)能一定增加，故b正確；c、一定質(zhì)量的物體，內(nèi)能與溫度、體積等都有關(guān)，則當(dāng)內(nèi)能增加時(shí)，溫度不一定升高，故c錯(cuò)誤；d、溫度升高時(shí)物體的平均動(dòng)能增加，但不是每個(gè)分子的動(dòng)能都將增大，故d錯(cuò)誤；故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查溫度和分子動(dòng)能，要注意溫

14、度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，但溫度升高時(shí)，并不是所有分子動(dòng)能都增大。3【分析】根據(jù)光路圖，判斷出玻璃磚對(duì)兩束光的折射率大小，從而知道兩束光的頻率大小，根據(jù)v=cn判斷光出在玻璃磚中的速度大小，根據(jù)sinc=1n分析臨界角的大小。【解答】解：ac、由題圖可知，玻璃磚對(duì)b光的折射程度大，則nbna，故b光的頻率較大，故a正確，c錯(cuò)誤；b、由v=cn知，在玻璃磚中，vbva，故b錯(cuò)誤；d、兩種單色光由玻璃射向空氣時(shí)，由于sinc=1n，所以，cbca，故d錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】解答此類問題的思路是：由光線的偏折程度判斷折射率的關(guān)系，或由折射定律可得出兩光的折射率；再由光的性質(zhì)可知光的傳播速度、頻率及臨

15、界角的關(guān)系。4【分析】根據(jù)乙圖可明確質(zhì)點(diǎn)的位置和振動(dòng)方向，再結(jié)合甲圖分析各點(diǎn)的振動(dòng)情況，從而找出符合條件的點(diǎn)。【解答】解：由乙圖可知，t0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)在接近正向最大位置處向上振動(dòng)；而甲圖可知，x0處質(zhì)點(diǎn)處在平衡位置向下振動(dòng)，x0.5m處的質(zhì)點(diǎn)在向下振動(dòng)；而2.5m的質(zhì)點(diǎn)在負(fù)向位移處向上振動(dòng)，只有x1.5m處質(zhì)點(diǎn)位置和振動(dòng)方向符合，故c正確，abd錯(cuò)誤。故選：c。【點(diǎn)評(píng)】本題考查識(shí)別、理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的能力，以及把握兩種圖象聯(lián)系的能力。注意掌握“帶動(dòng)法”分析波動(dòng)圖象各點(diǎn)的振動(dòng)情況的方法和技巧。5【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑和周期求出中心天體的質(zhì)量。由于軌道半徑未知，不能求出月

16、球的質(zhì)量以及探測(cè)器的加速度與速度?！窘獯稹拷猓篴、根據(jù)gmmr2=mr42t2得，月球的質(zhì)量m=42r3gt2，由于不知道軌道半徑，所以不能求出質(zhì)量，故a錯(cuò)誤。b、由m=v=43r3，聯(lián)立可得：=mv=3gt2，可知可以求出月球的密度，故b正確。c、根據(jù)題目條件無法求出月球的質(zhì)量，則不能求出探測(cè)器的加速度。故c錯(cuò)誤；d、不知道軌道半徑，由已知的條件不能求出速率。故d錯(cuò)誤。故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，注意根據(jù)該理論只能求出中心天體的質(zhì)量，無法得出環(huán)繞天體的質(zhì)量。6【分析】根據(jù)正電荷的運(yùn)動(dòng)方向結(jié)合圖象，確定電場(chǎng)力方向，場(chǎng)強(qiáng)方向與正電荷所受電場(chǎng)力方向相同。根據(jù)

17、場(chǎng)強(qiáng)方向判斷電勢(shì)的高低。由速度圖象讀出速度平方v2與位移x的關(guān)系，確定場(chǎng)強(qiáng)的變化情況?！窘獯稹拷猓篴b、由速度平方v2與位移x的關(guān)系圖象看出，圖線的斜率不變，電子的速度增大，電子所受電場(chǎng)力沿ab且做正功，由動(dòng)能定理，eex=12m(vb2-va2)，故e為常量，為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故ab錯(cuò)誤。cd、正電荷所受電場(chǎng)力沿著電場(chǎng)方向，電場(chǎng)方向沿ab，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，ab故c正確，d錯(cuò)誤。故選：c。【點(diǎn)評(píng)】本題實(shí)質(zhì)考查分析電子受力情況和運(yùn)動(dòng)情況的能力，從力和能量兩個(gè)角度進(jìn)行分析。7【分析】研究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件及其方向要明確電流的方向、磁場(chǎng)的方向，同時(shí)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理明確實(shí)驗(yàn)方法?！窘獯稹拷猓篴、該實(shí)驗(yàn)需

18、要確認(rèn)電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與通過電流計(jì)的電流方向的關(guān)系才能知道產(chǎn)生的感應(yīng)電流的具體的方向，故a錯(cuò)誤；b、該實(shí)驗(yàn)需要記錄磁鐵在線圈中的磁場(chǎng)方向，才能得到磁場(chǎng)的變化與感應(yīng)電流的方向關(guān)系，故b錯(cuò)誤；c、該實(shí)驗(yàn)無需保持磁鐵運(yùn)動(dòng)的速率不變，故c錯(cuò)誤；d、該實(shí)驗(yàn)必需記錄感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，這樣才能知道感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向的關(guān)系，故d正確；故選：d。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理、實(shí)驗(yàn)的步驟以及注意的事項(xiàng)，掌握磁生電的條件，理解電流方向與磁通量變化的關(guān)系。8【分析】分別對(duì)兩種情況下兩物體的受力情況進(jìn)行分析，從而明確支持力大?。辉俑鶕?jù)功能關(guān)系以及牛頓第二定律分析速度大小關(guān)系。【解答】解：a、

19、兩種情況下斜劈對(duì)滑塊的支持力的方向均垂直斜面向上；第一種情況下斜劈對(duì)滑塊的支持力為fn1mgcos；當(dāng)滑塊m相對(duì)于斜劈加速下滑時(shí)，斜劈水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊m相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即物塊有沿垂直于斜面方向向下的加速度，則mgcosf'1n，故a錯(cuò)誤；b、對(duì)斜劈：地面對(duì)斜劈的支持力等于斜劈的重力與滑塊對(duì)斜劈的壓力的豎直分量之和，因f1nf'1n，則地面對(duì)斜劈的支持力f2nf'2n，故b錯(cuò)誤；c、若斜劈固定，則：mgh=12mv2；若斜劈不固定，則由能量關(guān)系可知：mgh=12mv2+12mvx2，則vv；故c錯(cuò)誤；d、對(duì)滑塊，在豎直方向，由牛頓第二定律：

20、mgfncosmay，因f1nf'1n則a1ya1y，兩種情況下滑塊的豎直位移相等，則由vy=2ayh可知vyvy，故d正確；故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】本題為牛頓第二定律、功能關(guān)系的結(jié)合問題，解題的關(guān)鍵在于正確受力分析，明確功能關(guān)系的轉(zhuǎn)換，同時(shí)注意牛頓第二定律的正確應(yīng)用，對(duì)學(xué)生要求較高。二、解答題（共8小題，滿分0分）9【分析】（1）用一盡可能小的圓把小球的落點(diǎn)圈在里面，圓心為落點(diǎn)的平均位置，再讀出讀數(shù)。（2）如圖，p為碰撞前，球a落點(diǎn)的平均位置，m、n分別為碰撞后球b和球a落點(diǎn)的平均位置，本實(shí)驗(yàn)的基本原理是利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律：高度相等時(shí)，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，水平位移與初速度成正比，將運(yùn)動(dòng)時(shí)間看

21、作時(shí)間單位，可由水平位移表示初速度，需要測(cè)量：op、om、on，以及兩球的質(zhì)量。【解答】解：由圖可知，取b落地的平均位置，則碰撞后b球的水平射程應(yīng)為65.5cm；本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的方程是：maok=maon+mbom，（其中的k、n、m分別是a球碰撞前后的平均落地點(diǎn)以及b球碰后的平均落地點(diǎn)），則需要測(cè)量兩球的質(zhì)量ma、mb，水平槽上未放b球時(shí)，測(cè)量a球落點(diǎn)位置到o點(diǎn)的距離oka球與b球碰撞后，測(cè)量兩球落點(diǎn)位置到o點(diǎn)的平均距離on和om故abd正確，ce錯(cuò)誤。故選abd。故答案為：65.5；abd。【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要懂得小球落點(diǎn)平均位置確定的方法：平均圓法，理解基本原理是利用平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)，用水平位

22、移替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，知道動(dòng)量守恒的條件。10【分析】應(yīng)用半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻，為減小實(shí)驗(yàn)誤差應(yīng)選擇阻值較大的滑動(dòng)變阻器，電阻箱阻值應(yīng)與被測(cè)電表內(nèi)阻相當(dāng)。根據(jù)半偏法測(cè)電表內(nèi)阻的原理與實(shí)驗(yàn)步驟分析答題。根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟與實(shí)驗(yàn)原理求出電流表內(nèi)阻、分析實(shí)驗(yàn)誤差?！窘獯稹拷猓弘娏饔?jì)內(nèi)阻在100到200之間，電阻器r2選用b，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電阻器r1選用e。（2）半偏法測(cè)電表內(nèi)阻時(shí)的實(shí)驗(yàn)步驟是：將r1的阻值調(diào)至最大；閉合k1調(diào)節(jié)r1的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度；閉合k2調(diào)節(jié)r2的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半，故正確的實(shí)驗(yàn)步驟為：acbe；由題意可知，電流表與電阻箱串聯(lián)，電流表半偏時(shí)，電流表與電

23、阻箱阻值相等，即電流表內(nèi)阻為：120.0；電阻箱r2與電流計(jì)并聯(lián)后電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流增大，當(dāng)電流表半偏時(shí)，流過電阻箱的電流大于流過電流表的電流，電阻箱阻值小于電流表內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電流表內(nèi)阻等于電阻箱阻值，由此可知，電流表內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值；故答案為：b，e；acbe；120.0，小于，當(dāng)電流表半偏時(shí)，流過電阻箱的電流大于流過電流表的電流，電阻箱阻值小于電流表內(nèi)阻?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻的原理和電壓表的改裝原理以及改裝表的校對(duì)，難點(diǎn)是對(duì)半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻原理的解釋，并應(yīng)掌握“半偏法”的含義及會(huì)進(jìn)行誤差分析。11【分析】（1）（2）對(duì)物體在斜面上受力分析

24、，對(duì)下滑的過程應(yīng)用動(dòng)能定理即可求解到達(dá)斜面底端速度；（2）根據(jù)能量守恒，重力勢(shì)能最終轉(zhuǎn)化成熱能即可求解；【解答】解：（1）對(duì)人與墊分析有：fnnmgcos聯(lián)立解得：fmgcos（2）由a到c列動(dòng)能定理有：mghmgcoshsin=12mv2解得：v=2gh(1-2tan)；（3）由a到d，據(jù)能量守恒可知：qmgh；答：（1）保護(hù)墊與斜面間的滑動(dòng)摩擦力大小為mgcos；（2）該同學(xué)滑到斜面底端時(shí)的速度大小為2gh(1-2tan)；（3）該同學(xué)從a到d運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦產(chǎn)生的總熱量為mgh；【點(diǎn)評(píng)】經(jīng)典力學(xué)問題一般先對(duì)物體進(jìn)行受力分析，求得合外力及運(yùn)動(dòng)過程做功情況，然后根據(jù)牛頓定律、動(dòng)能定理及幾何關(guān)

25、系求解。12【分析】由重力做功等于重力勢(shì)能的減小量，重力作功等于動(dòng)能的增加量分別列等式求得?！窘獯稹拷?；小球由a運(yùn)動(dòng)到b，重力做功為重力勢(shì)能減小量，由wabepaepb對(duì)整個(gè)過程列動(dòng)能定理，有wabekekbeka即epaepbekbeka整理后，得epa+ekaepb+ekb，綜上，證明小球在a、b兩點(diǎn)的機(jī)械能相等。答：如解析。【點(diǎn)評(píng)】明確重力做功與重力勢(shì)能的變化關(guān)并結(jié)合動(dòng)能定理即可輕松解題。13【分析】判斷釋放位置距離上極板的高度，可直接根據(jù)動(dòng)能定理來判斷，判斷出電場(chǎng)力和重力做功即可判斷高度?！窘獯稹拷猓簩?duì)整個(gè)過程根據(jù)動(dòng)能定理有：qu+mg（h+d）00由解得：h=qumg-d答：小球釋放

26、位置距離上極板的高度h為qumg-d?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查學(xué)生對(duì)動(dòng)能定理的理解和運(yùn)用。14【分析】根據(jù)電容定義求出電容器儲(chǔ)存能量，根據(jù)能量守恒求出損失的能量?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)電容定義，有c=qu，其中q為電容器儲(chǔ)存的電荷量，得：qcu根據(jù)題意，電容器儲(chǔ)存能量：ec=12cu2利用電動(dòng)勢(shì)為e0的電源給電容器充電，電容器兩極間電壓最終為e0，所以電容器最終儲(chǔ)存的能量為：e充=12ce02，則電容器最終儲(chǔ)存的電荷量為：qce0，整個(gè)過程中消耗消耗能量為：e放w電源e0ite0qce02根據(jù)能量守恒得：e損e放e充ce02-12ce02=12ce02答：在閉合開關(guān)到電路穩(wěn)定的過程中，該電路損失的能量1

27、2ce02?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查電容器儲(chǔ)存能量的計(jì)算，解答本題要掌握能量守恒定律和能量的轉(zhuǎn)化情況。15【分析】利用自由落體運(yùn)動(dòng)公式：hoa=12gt2，vagt就可以求出速度和曝光時(shí)間。【解答】解：（a）、由自由落體可知，設(shè)從o點(diǎn)靜止下落：hoa1.8m，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移公式得：hoa=12gt2，代入數(shù)據(jù)解得：t=2hoag=0.6s根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)速度公式得：vagt6m/s（b）、由圖中可知hab距離近似為兩塊磚厚度方法一：hab12cm0.12m hobhoa+hab1.92cm 根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移公式得：hoa=12gtb2， 代入數(shù)據(jù)解得：tb0.62s 曝光時(shí)間ttbta0.0