2021年浙江省高三7月選考(高考)物理試題含答案(解析版)

1、物理試題一、選擇題（本題共13 小題，每小題3 分，共 39 分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1 . 國際單位制中電荷量的單位符號是C，如果用國際單位制基本單位的符號來表示，正確的是（）A. F VB. A sC. J/VD. N m/V【答案】B【解析】【詳解】根據電荷量公式q = It 可知，電流I 的單位是A，時間 t 的單位是s，故用國際單位制的基本單位表示電量的單位為A?s，故B 正確， ACD 錯誤。故選B。2 .如圖所示，底部均有4 個輪子的行李箱a 豎立、 b 平臥放置在公交車上，箱子四周有一定空間。當公交車（）A. 緩慢起動時，

2、兩只行李箱一定相對車子向后運動B. 急剎車時，行李箱a 一定相對車子向前運動C. 緩慢轉彎時，兩只行李箱一定相對車子向外側運動D. 急轉彎時，行李箱b 一定相對車子向內側運動【答案】BA 有題意可知當公交車緩慢啟動時，兩只箱子與公交車之間的有可能存在靜摩擦使箱子與公交車一起運動，故A 錯誤；B急剎車時，由于慣性，行李箱a 一定相對車子向前運動，故B 正確；C當公交車緩慢轉彎時，兩只箱子與車之間的摩擦力可能提供向心力，與車保持相對靜止，故C 錯誤；D 當公交車急轉彎時，由于需要向心力大，行李箱一定相對車子向外側運動，故D 錯誤。故選 B。3.矢量發(fā)動機是噴口可向不同方向偏轉以產生不同方向推力的一

3、種發(fā)動機。當殲 20 隱形戰(zhàn)斗機以速度v 斜向上飛行時，其矢量發(fā)動機的噴口如圖所示。已知飛機受到重力G、發(fā)動機推力F1 、與速度方向垂直的升力F2 和與速度方向相反的空氣阻力Ff 。下列受力分析示意圖可能正確的是（）【答案】A【解析】【詳解】由題意可知所受重力G 豎直向下，空氣阻力Ff與速度方向相反，升力F2與速度方向垂直，對比圖中選項可知只有A 選項符合題意。故選A。4.在抗擊新冠病毒的過程中，廣泛使用了紅外體溫計測量體溫，如圖所示。下列說法正確的是（A. 當體溫超過37.3 時人體才輻射紅外線B. 當體溫超過周圍空氣溫度時人體才輻射紅外線C. 紅外體溫計是依據體溫計發(fā)射紅外線來測體溫的D.

4、 紅外體溫計是依據人體溫度越高，輻射的紅外線強度越大來測體溫的【答案】D【解析】【詳解】AB 凡是溫度高于絕對零度的物體都能產生紅外輻射，故人體一直都會輻射紅外線，故A 錯誤， B 錯誤；CD 人身體各個部位體溫是有變化的，所以輻射的紅外線強度就會不一樣，溫度越高紅外線強度越高，溫度越低輻射的紅外線強度就越低，所以通過輻射出來的紅外線的強度就會輻射出個各部位的溫度；紅外體溫計并不是靠體溫計發(fā)射紅外線來測體溫的，故C 錯誤， D 正確。故選 D。5 .下列說法正確的是（）A. 質子的德布羅意波長與其動能成正比B. 天然放射的三種射線，穿透能力最強的是射線C. 光電效應實驗中的截止頻率與入射光的頻

5、率有關D. 電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣說明電子具有波動性【答案】D【解析】A由公式可知質子的德布羅意波長1 p，B天然放射的三種射線，穿透能力最強的是C由p2mEk1，故 A 錯誤； Ek射線，故B 錯誤；CEk h Wh 0 W ，可知截止頻率與入射光頻率無關，由材料決定，故C 錯誤；D 電子束穿過鋁箱后的衍射圖樣說明電子具有波動性，故D 正確。故選 D。6 .如圖所示，一質量為m、 電荷量為q（q 0）的粒子以速度v0從 MN 連線上的P 點水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強電場中。已知MN 與水平方向成45 °角，粒子的重力可以忽略，則粒子到 達 MN 連線上的某點時（m

6、v0A. 所用時間為qEB. 速度大小為3v0C. 與 P 點的距離為2 2mv02qED. 速度方向與豎直方向的夾角為30°A粒子在電場中做類平拋運動，水平方向x v0t豎直方向由可得故 A 錯誤；B由于故粒子速度大小為故 B 錯誤；1 Eq t2 2mtan 45 y x2mv0Eqvyt 2v0mC由幾何關系可知，到p 點的距離為L2v0t 2 2mv020Eq故 C 正確；D 由于平拋推論可知，tan 2tan ，可知速度正切tan 2 tan 452故 D 錯誤。故選C。7.火星探測任務“天問一號”的標識如圖所示。若火星和地球繞太陽的運動均可視為勻速圓周運動，火星公轉軌道半

7、徑與地球公轉軌道半徑之比為3 2，則火星與地球繞太陽運動的（A. 軌道周長之比為2 3B. 線速度大小之比為3 : 2C. 角速度大小之比為2 2 : 3 3D. 向心加速度大小之比為9 4【答案】C【解析】【詳解】A由周長公式可得C 地2 r地C火2 r火則火星公轉軌道與地球公轉軌道周長之比為C火2 r火3C地2 r地2A 錯誤；BCD 由萬有引力提供向心力，可得2Mmv 2G 2 ma m m rrr則有GMa2r4BD 錯誤， C 正確。故選C。8.空間P、 Q 兩點處固定電荷量絕對值相等的點電荷，其中Q 點處為正電荷，P、 Q 兩點附近電場的等勢線分布如圖所示，a、 b、 c、 d、

8、e 為電場中的5 個點，設無窮遠處電勢為0，則（）A. e 點的電勢大于0B. a 點和 b 點的電場強度相同C. b 點的電勢低于d 點的電勢D. 負電荷從a 點移動到c 點時電勢能增加【答案】D【解析】【詳解】A根據電場線與等勢面垂直關系，可判斷P 點處為負電荷，無窮遠處電勢為0， e 點在 PQ連線的中垂線上，則0 ， A 錯誤；8 a、 b 兩點電場強度大小相同，方向不同，則a、b 兩點電場強度不同，B 錯誤；C從 Q 到 P 電勢逐漸降低，則b d ， C 錯誤；D 由 a c ，負電荷從a 到 c 電場力做負功，電勢能增加，D 正確。故選 D。9 .特高壓直流輸電是國家重點能源工程

9、。如圖所示，兩根等高、相互平行的水平長直導線分別通有方向相同的電流I1 和 I2， I1 I2。 a、 b、 c 三點連線與兩根導線等高并垂直，b 點位于兩根導線間的中點，a、 c 兩點與 b 點距離相等，d 點位于 b 點正下方。不考慮地磁場的影響，則（）A. b 點處的磁感應強度大小為0B. d 點處的磁感應強度大小為0C. a 點處的磁感應強度方向豎直向下D. c 點處 磁感應強度方向豎直向下【答案】CI1 在 b 點產生的磁場方向向上，I2在 b 點產生的磁場方向向下，因為I1 I2即B1 B2則在 b 點的磁感應強度不為零，A 錯誤；BCD 如圖所示，d 點處的磁感應強度不為零，a

10、點處的磁感應強度豎直向下，c 點處的磁感應強度豎直向上，BD 錯誤， C 正確。故選C。10. 如圖是“中國天眼”500m口徑球面射電望遠鏡維護時的照片。為不損傷望遠鏡球面，質量為m 的工作人員被懸在空中的氦氣球拉著，當他在離底部有一定高度的望遠鏡球面上緩慢移動時，氦氣球對5其有大小為5 mg 、 方向豎直向上的拉力作用，使其有 “人類在月球上行走”的感覺， 若將人視為質點，6此時工作人員（）A. 受到的重力大小為1 mg6B. 受到的合力大小為1 mg6C. 對球面的壓力大小為1 mg6D. 對球面的作用力大小為16 mg【答案】D【解析】A工作人員的質量為m ，則工作人員受到的重力G mg

11、A 錯誤；B工作人員在球面上緩慢行走，處于平衡狀態(tài)，合力為0， B 錯誤；C工作人員站在的球面位置不水平，對球面的壓力不等于1 mg ， C 錯誤；6D 由平衡條件可得球面對工作人員的作用力F 滿足5mg 6mg16mg再由牛頓第三定律可得，工作人員對球面的作用力大小為16mgD 正確。故選 D11. 如圖所示，某小型水電站發(fā)電機的輸出功率P 100kW ， 發(fā)電機的電壓U1 250V ， 經變壓器升壓后向遠處輸電，輸電線總電阻R線8，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為U4 220V 。已知輸電線上損失的功率P線5kW ，假設兩個變壓器均是理想變壓器，下列說法正確的是（）A. 發(fā)電機輸出的電流I1

12、40AB. 輸電線上的電流I 線 625AC. 降壓變壓器的匝數比n3 : n4 190 :11D. 用戶得到的電流I 4 455ACA根據電功率公式P UI發(fā)電機輸出電流A 錯誤；B輸電線上損失功率5kW ，由可得故 B 錯誤；C根據理想變壓器電流與線圈匝數成反比關系，可得5000WI線n4811I4 n395000W19043220VC 正確；D 用戶得到的功率為95kW ，用戶得到的電流95000WI44220V432AD 錯誤。故選 C。12. 如圖所示，固定在水平面上的半徑為r 的金屬圓環(huán)內存在方向豎直向上、磁感應強度大小為B 的勻強磁場。 長為 l 的金屬棒，一端與圓環(huán)接觸良好，另

13、一端固定在豎直導電轉軸OO 上， 隨軸以角速度勻速轉動。在圓環(huán)的A 點和電刷間接有阻值為R的電阻和電容為C、板間距為d 的平行板電容器，有一帶電微粒在電容器極板間處于靜止狀態(tài)。已知重力加速度為g ，不計其它電阻和摩擦，下列說法正確的是（B. 微粒的電荷量與質量之比為2gdBr2224C. 電阻消耗的電功率為Br2RD. 電容器所帶的電荷量為CBr2A如圖所示，金屬棒繞OO 軸切割磁感線轉動，棒產生的電動勢E Br 2r=21Br2A 錯誤；B電容器兩極板間電壓等于電源電動勢E ，帶電微粒在兩極板間處于靜止狀態(tài)，則Eq d mg即q dg dg 2dgm E 1 2Br2BrB 正確；C電阻消耗

14、的功率E2242Br4RCC 錯誤；Q CECBr 22D 電容器所帶的電荷量D 錯誤。故選B。13. 如圖所示，圓心為 O、半徑為R的半圓形玻璃磚置于水平桌面上，光線從P 點垂直界面入射后，恰好在玻璃磚圓形表面發(fā)生全反射；當入射角60 時， 光線從玻璃磚圓形表面出射后恰好與入射光平行。已知真空中的光速為c，則（）A. 玻璃磚折射率為1.52B. OP 之間的距離為2 RC. 光在玻璃磚內的傳播速度為3 c3D. 光從玻璃到空氣的臨界角為30°1x sin CnRB 處射出，故nsinsin 60OBPsinOBPxx2 R2聯(lián)立可得n 3 ， x 3 R ，故 AB 錯誤；3C由3

15、可得 v c，故 C 正確；3D 由于sin C13所以臨界角不為30 °，故 D 錯誤。故選 C。二、選擇題（本題共3 小題，每小題2 分，共 6 分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2 分，選對但不全的得1 分，有選錯的得0 分）14. 太陽輻射的總功率約為4 1026 W，其輻射的能量來自于聚變反應。在聚變反應中，一個質量為14.1 .1MeV / c（ c為真空中的光速）的氘核（12H ）和一個質量為2809.5MeV /c2的氚核（1解得 mn 939.6MeV/ c ，選項 B 正確； C太陽每秒放出的能量 E Pt 4 1026J 損失的

16、質量H ）結4合為一個質量為3728.4MeV /c2的氦核（ 2He） ， 并放出一個X粒子， 同時釋放大約17.6MeV 的能量。下列說法正確的是（）A. X 粒子是質子B. X 粒子的質量為939.6MeV / c2C. 太陽每秒因為輻射損失的質量約為4. 4 109 kgD. 太陽每秒因為輻射損失的質量約為17.6MeV /c2【答案】BC【解析】【詳解】A由質量數和電荷數守恒可知，X的質量數為1，電荷數為0，則X 為中子，選項A 錯誤；B根據能量關系可知2 mnc2 1876.1 2809.5 3728.4 17.6選項 C 正確；D 因為則太陽每秒因為輻射損失的質量為E m2 c4

17、 1026(3 108)kg94.4 109kgE 4 1026J= * 4 * * * 10261.619 eV 2.51910 1945391045eV=2.5 1039MeV2.5 1039MeV/c2選項 D 錯誤。故選 BC15. 如圖所示，x軸上 2m、 12m處有兩個振動周期均為4s、 振幅均為1cm的相同的波源S1、 S2， t 0時刻同時開始豎直向下振動，產生波長均為4m沿 x 軸傳播的簡諧橫波。P、 M 、 Q 分別是 x 軸上 2m、5m和 8.5m 的三個點，下列說法正確的是（）B因M 點到兩個振源的距離相等，則M 是振動加強點，振幅為2cm ，但不是位移始終為2cm

18、， B錯誤；C P 點到兩振源的距離只差為6cm ，為半波長的3 倍，則該點為振動減弱點，振幅為零，即10.0s后 P 點的位移始終為零，C 正確；D S1 波源的振動傳到Q 點的時間為10.5 s=10.5s，則 10.5s 時 Q 點由S1 引起的振動為豎直向下；S21波源的振動傳到Q 點的時間為3.5 s=3.5s，則 10.5s 時 Q 點由S2引起的振動已經振動了7s，此時在1最高點，速度為零，則10.5s 時刻 Q 點的振動速度為豎直向下，D 正確。故選CD。16. 如圖所示，系留無人機是利用地面直流電源通過電纜供電的無人機，旋翼由電動機帶動?，F(xiàn)有質量為 20kg 、額定功率為5k

19、W 的系留無人機從地面起飛沿豎直方向上升，經過200s到達 100m高處后懸停并進行工作。已知直流電源供電電壓為400V， 若不計電纜的質量和電阻，忽略電纜對無人機的拉力，則（）A. 空氣對無人機的作用力始終大于或等于200NB. 直流電源對無人機供電的額定電流為12.5AC. 無人機上升過程中消耗平均功率為100WD. 無人機上升及懸停時均有部分功率用于對空氣做功【答案】BD【解析】A 無人機先向上加速后減速，最后懸停，則空氣對無人機的作用力先大于200N 后小于 200N ，最后等于200N ，選項 A 錯誤；B直流電源對無人機供電的額定電流選項 B 正確；C若空氣對無人機的作用力為則無人

20、機上升過程中消耗的平均功率但是由于空氣對無人機向上的作用力不是一直為P 5000A=12.5AU 400F=mg =200NFht200 100100W200200N ，則選項C 錯誤；D 無人機上升及懸停時，螺旋槳會使周圍空氣產生流動，則會有部分功率用于對空氣做功，選項正確。故選 BD 。三、非選擇題（本題共6 小題，共55 分）17. 做“探究加速度與力、質量的關系”實驗時，圖甲是教材中的實驗方案；圖乙是拓展方案，其實驗操作步驟如下：M 的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；m ，讓小車沿木板下滑，測出加速度a；a F 的關系。實驗獲得如圖所示的紙帶，計數點a、 b、 c、 d、 e、 f 間均有

21、四個點未畫出，則在打d 點時小車的速度大小vd m/s(保留兩位有效數字)；需要滿足條件M m 的方案是 (選填 “甲”、 “乙” 或 “甲和乙”) ； 在作 a F 圖象時， 把mg作為 F 值的是 (選填“甲”、 “乙”或“甲和乙”) ?！敬鸢浮?1). 0.18 0.19(2). 甲 (3). 甲和乙【解析】【詳解】1 打點計時器打點周期T 0.1s由勻加速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得，在打d 點時小車的速度2bf (38.10 30.70) 10 2vdm/s 0.19m/s4T4 0.1 23 在圖甲的實驗方案中，由托盤和砝碼的重力提供拉力，讓小車做勻加速直線運動，

22、由牛頓第 二定律可得mg (M m)amagmM則繩子對小車的拉力F Ma M mgmMM m 時，繩子拉力近似等于托盤和砝碼的重力。故甲需要滿足M m 。在圖乙的實驗方案中，掛上托盤和砝碼，小車勻速下滑，設斜面的傾斜角為摩擦力或阻力總和為f，則有Mg sin f mg取下托盤和砝碼，小車做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可得Mg sin f Mamg Ma故乙方案中，不需要滿足M m在甲乙方案中，均用托盤和砝碼的重力mg 作為小車勻加速的直線運動的合力及F。18. 某同學用單擺測量重力加速度，為了減少測量誤差，下列做法正確的是_（多選） ；A擺的振幅越大越好B擺球質量大些、體積小些C擺線盡量細

23、些、長些、伸縮性小些D 計時的起、止位置選在擺球達到的最高點處改變擺長，多次測量，得到周期平方與擺長的關系圖象如圖所示，所得結果與當地重力加速度值相符，但發(fā)現(xiàn)其延長線沒有過原點，其原因可能是。A測周期時多數了一個周期B測周期時少數了一個周期C測擺長時直接將擺線的長度作為擺長D 測擺長時將擺線的長度加上擺球的直徑作為擺長【答案】(1). BC (2). C【解析】【詳解】1 A單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運動，單擺的擺角不能太大，一般不能超過5，否則單擺將不做簡諧振動，故A 做法錯誤；B實驗盡量選擇質量大的、體積小的小球，減小空氣阻力，減小實驗誤差，故B 做法正確；C 為了減小實驗誤差，擺線應

24、輕且不易伸長的細線，實驗選擇細一些的、長度適當、伸縮性小的繩子，故 C 做法正確；D 物體再平衡位置(最低點)速度最大，計時更準確，故D 做法錯誤。 2 單擺的周期g242但是實驗所得T 2 l 沒過原點，測得重力加速度與當地結果相符，則斜率仍為；則g故實驗可能是測量是直接將擺線的長度作為擺長了。19. 某同學分別用圖甲和圖乙的電路測量同一節(jié)干電池的電動勢和內阻。(1)在答題紙相應的方框中畫出圖乙的電路圖VIr(1)(4)該電池的電動勢E(2)某次測量時電流表和電壓表的示數如圖所示，則電流A ，電壓 U(2). 0.39 0.41(3). 1.29 1.31(4)(3)實驗得到如圖所示的兩條直

25、線，圖中直線對應電路是圖1(5). 1.51 1.54(6). 0.52 0.54【解析】(1)1 圖乙中，電流表內接和變阻器串聯(lián)接在電源兩端，電壓表測路段電壓，則圖乙對應的電1.5V，故電壓表量程選擇03 V，電流表量程選擇00.6A ，所1.30 V( 1.29 1.31 V均可) ， 0.40A( 0.39 0.41A 均可)(3)4 由閉合電路歐姆定律可得U E Ir可得 U-I 圖象的縱軸截距為電源電動勢，斜率為電源內阻。圖甲中電流表外接，則實驗測得的電源內r測 =r內 +rA測量值偏大；圖乙中電路rVr測 = r內r內rV測量值偏小，但是由于RVr真 ，故圖乙實驗測出的內阻誤差更小

26、，故圖線對應圖乙，圖線對應的圖甲。(4)5 圖線與縱軸的交點為電源的電動勢E=1.52V ；6 在圖線與橫軸的交點為短路電流I=2.86AE 1.52V0.53I 2.86A20. 如圖 1 所示，有一質量m 200kg 的物件在電機的牽引下從地面豎直向上經加速、勻速、勻減速至1指定位置。當加速運動到總位移的時開始計時，測得電機的牽引力隨時間變化的F t 圖線如圖2 所4示， t 34s末速度減為0 時恰好到達指定位置。若不計繩索的質量和空氣阻力，求物件：(1)做勻減速運動的加速度大小和方向；(2)勻速運動的速度大小；(3)總位移的大小。(1) 0.125m/s 2，豎直向下；(2)1m/s

27、； (3)40m【詳解】(1)由圖2 可知 026s 內物體勻速運動，26s34s 物體減速運動，在減速運動過程根據牛頓第二定律有mg FT ma根據圖 2 得此時FT=1975N ，則有a g FT 0.125m/s2m方向豎直向下。(2)結合圖 2 根據運動學公式有v at2 0.125 34 26 m/s=1m/s(3)根據圖像可知勻速上升的位移勻減速上升的位移h1 =vt1 =1 26m=26mv1h2 = t2=8m=4m22勻加速上升的位移為總位移的1 ，則勻速上升和減速上升的位移為總位移的3 ，則有443h1h2h4所以總位移為h =40m21. 小明將如圖所示的裝置放在水平地面

28、上，該裝置由弧形軌道、豎直圓軌道、水平直軌道AB 和傾角37 的斜軌道BC平滑連接而成。質量m 0.1kg的小滑塊從弧形軌道離地高H 1.0m 處靜止釋放。0.25，弧形軌道和R 0.2m， LAB LBC 1.0m ，滑塊與軌道AB 和 BC 間的動摩擦因數均為(1)求滑塊運動到與圓心O 等高的 D 點時對軌道的壓力；(2)通過計算判斷滑塊能否沖出斜軌道的末端C 點；(3)若滑下的滑塊與靜止在水平直軌道上距A 點 x 處的質量為2m 的小滑塊相碰，碰后一起運動，動摩5m)8擦因數仍為0.25， 求它們在軌道BC上到達的高度h 與 x之間的關系。sin370.6，x 1m ) ； h 0( 0

29、 xcos37 0.8)(1)機械能守恒定律mgH mgR 1 mv2D牛頓第二定律2FN mvD 8NR牛頓第三定律FN FN 8N方向水平向左(2)能在斜軌道上到達的最高點為C 點，功能關系mgL BCmgHmgLAB得LBC故不會沖出(3)滑塊運動到距A 點 x處的速度為v，動能定理12mgH mgx mv碰撞后的速度為v ，動量守恒定律mv 3mv設碰撞后滑塊滑到斜軌道的高度為h，動能定理15 m16cosmgLBC sin1.0m3 mg LAB x 3h12mg 3mgh 0(3m) vtan2155xm648 8x 1mh00 x 58m22. 如圖 1 所示，在絕緣光滑水平桌面

30、上，以O 為原點、水平向右為正方向建立x 軸，在 0 x 1.0m區(qū)域內存在方向豎直向上的勻強磁場。桌面上有一邊長L 0.5m、 電阻 R 0.25 的正方形線框abcd，當平行于磁場邊界的cd 邊進入磁場時，在沿x 方向的外力F 作用下以v 1.0m/s的速度做勻速運動，直到 ab 邊進入磁場時撤去外力。若以cd 邊進入磁場時作為計時起點，在0 t 1.0s內磁感應強度B的大小與時間t 的關系如圖2 所示，在0 t 1.3s內線框始終做勻速運動。(1)求外力 F的大??；(2)在 1.0s t 1.3s內存在連續(xù)變化的磁場，求磁感應強度B 的大小與時間t 的關系；(3)求在 0 t 1.3s內

31、流過導線橫截面的電荷量q。磁通量BL L v t t1解得B 6 14t(3) 0 t 0.5s電荷量q1B0L2 0.25CR0.5s t 1.0s電荷量q2B1L2 B0L2 0.25CR總電荷量q q1 q20.5C23. 某種離子診斷測量簡化裝置如圖所示。豎直平面內存在邊界為矩形EFGH 、方向垂直紙面向外、磁感應強度大小為B 的勻強磁場，探測板 CD 平行于 HG 水平放置，能沿豎直方向緩慢移動且接地。a、b、 c三束寬度不計、間距相等的離子束中的離子均以相同速度持續(xù)從邊界EH 水平射入磁場，b 束中的離子在磁場中沿半徑為R 的四分之一圓弧運動后從下邊界HG 豎直向下射出，并打在探測板的右邊緣 D 點。已知每束每秒射入磁場的離子數均為N，離子束間的距離均為0.6R，探測板CD 的寬度為0.5R，離子質量均為m、電荷量均為q，不計重力及離子間的相互作用。(1)求離子速度v 的大小及c束中的離子射出磁場邊界HG 時與 H 點的距