【3份試卷合集】北京市大興區(qū)2019-2020學(xué)年物理高一第二學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)模擬試題

1、高一（下）學(xué)期期末物理模擬試卷、單項(xiàng)選擇題：本題共 10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1 .（本題9分）關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的曲線運(yùn)動(dòng)，下列說法中不正確的是（A.曲線運(yùn)動(dòng)肯定是一種變速運(yùn)動(dòng)B.變速運(yùn)動(dòng)不一一定是 曲線運(yùn)動(dòng)C.曲線運(yùn)動(dòng)可以是加速度不變的運(yùn)動(dòng)D.曲線運(yùn)動(dòng)可以是速度不變的運(yùn)動(dòng)2 .（本題9分）關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度的概念，下列說法正確的是（A,由E=F可知，某電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng) E與q成反比，與F成正比B.正、負(fù)試探電荷在電場(chǎng)中同一點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向相反，所以某一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向與放入試探電荷的正負(fù)有關(guān)C.電場(chǎng)中某一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與放入該點(diǎn)的試探電荷的正負(fù)無關(guān)D.電場(chǎng)中某一點(diǎn)不

2、放試探電荷時(shí)，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等于零3 .關(guān)于機(jī)械能守恒，下列說法正確的是A.機(jī)械能守恒的物體，一定只受到重力的作用B.做變速運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能不可能守恒C.除受到重力外還受到其他力作用的物體，機(jī)械能不可能守恒D.外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí)，物體的機(jī)械能也可能守恒4 .汽車緊急剎車后，停止運(yùn)動(dòng)的車輪在水平地面上滑動(dòng)直至停止，在地面上留下的痕跡稱為剎車線.由1. 81,測(cè)得剎車線長(zhǎng)25剎車線的長(zhǎng)短可知汽車剎車前的速度.已知汽車輪胎與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為m .汽車在剎車前瞬間的速度大小為（重力加速度g取11 m/s2）A.41 m/sB. 31 m/sC. 11 m/sD.21 m/s5.（本題9分）如圖所示的

3、各圖象中，表示物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖象是（A.分別系于一輕質(zhì)細(xì)桿的和b)6.（本題9分）質(zhì)量為m的小球由輕繩 aA點(diǎn)和B點(diǎn)，如圖所示，繩a與水平方向成0角，繩b在水平方向且長(zhǎng)為l,當(dāng)輕桿繞軸 AB以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（A. a繩的張力可能為零B. a繩的張力隨角速度的增大而增大C.若b繩突然被剪斷，則 a繩的彈力一定發(fā)生變化D.當(dāng)角速度二 金，b繩將出現(xiàn)彈力7.（本題9分）人們?cè)谔骄科綊佭\(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)，將平拋運(yùn)動(dòng)分解為沿水平方向的運(yùn)動(dòng)和沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)。從拋出開始計(jì)時(shí)，圖 a （水平方向）和圖b （豎直方向）分別為某一平拋運(yùn)動(dòng)兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)

4、間關(guān)系圖像，由圖像可知這個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向的位移yo與在水平方向的位移 X0的大小關(guān)系為A. y xob. yo 2XoXoD. yo48.（本題9分）甲、乙兩物體所受的重力之比為1： 2,甲、乙兩物體所在的位置高度之比為2： 1,它們做自由落體運(yùn)動(dòng)，則（）A.落地時(shí)的速度之比是 1： 二8 .落地時(shí)的速度之比是 1： 1C.下落過程中的加速度之比是1: 2D.下落過程中的加速度之比是1: 19 .（本題9分）某人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星離地面越遠(yuǎn)，則A,所受的萬有引力越小B.運(yùn)行的角速度越大C.運(yùn)行的線速度越大D.做圓周運(yùn)動(dòng)的周期越小10.（本題9分）下列說法正確的是（A.物體

5、做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度、加速度都一定在改變B.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體受到的合外力可能為零C.物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動(dòng)D.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，加速度可能不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得 4分，選對(duì)但不全的得 2分，有選錯(cuò)的得 0分11.（本題9分）一鋼球從某高度自由下落到一放在水平地面的彈簧上，從鋼球與彈簧接觸到壓縮到最短的過程中，彈簧的彈力F、鋼球的加速度a、重力所做的功Wg以及小球的機(jī)械能 E與彈簧壓縮量x的變化圖線如下圖（不考慮空間阻力），選小球與彈簧開始接觸點(diǎn)為原點(diǎn)，建立圖示坐標(biāo)系，并規(guī)定向下為正方向，則下述

6、選項(xiàng)中的圖象符合實(shí)際的是（）B.C.12.在一根兩端封閉的玻璃管中注滿清水，水中放一個(gè)圓柱形的紅蠟塊R,（蠟塊的直徑略小于玻璃管的內(nèi)徑），輕重適宜，它能在玻璃管內(nèi)的水中勻速上升。如圖，當(dāng)紅蠟塊從A端開始勻速上升的同時(shí)，將玻璃管水平向右勻速移動(dòng)。紅蠟塊與玻璃管間的摩擦很小，可以忽略不計(jì)，關(guān)于紅蠟塊的運(yùn)動(dòng)以下說法正確是 - - "1掂aHw-FTN二-HH-I-JrJ子目的 災(zāi)A.運(yùn)動(dòng)軌跡是曲線C.速度大小不變B.運(yùn)動(dòng)軌跡是直線D.速度大小變化13 .如圖所示，一個(gè)小球沿豎直固定的光滑圓形軌道的內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，圓形軌道的半徑為作質(zhì)點(diǎn)，則關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是R,小球可看A.

7、小球的線速度方向時(shí)刻在變化，但總在圓周切線方向上B.小球通過最高點(diǎn)的速度可以等于0C.小球線速度的大小可以小于gRD.小球線速度的大小總大于或等于gR14 .（本題9分）下列關(guān)于牛頓定律的說法正確的是（）A.牛頓第一定律是通過理想斜面實(shí)驗(yàn)經(jīng)過推理得出的B.作用力與反作用力可以作用在同一物體上C.牛頓認(rèn)為力是產(chǎn)生加速度的原因D.行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性15 .（本題9分）已知引力常數(shù) G與下列哪些數(shù)據(jù)，可以計(jì)算出地球密度（A.地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期及地球離太陽的距離B.月球繞地球運(yùn)行的周期及月球繞地球轉(zhuǎn)的軌道半徑C.人造地球衛(wèi)星在地面附近繞行運(yùn)行周期D.若不考慮地球自轉(zhuǎn)，已知地球

8、半徑和重力加速度16 .（本題9分）導(dǎo)體a、b的伏安特性曲線如圖所示，下列說法正確的是A.兩導(dǎo)體的電阻 Ra > RbB.兩導(dǎo)體的電阻 Ra < RbC.若將兩導(dǎo)體串聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率Pa > PbD.若將兩導(dǎo)體并聯(lián)接入電路，則它們消耗的電功率Pa > Pb三、實(shí)驗(yàn)題：共2小題，每題8分，共16分17.（本題9分）如圖所示為 探究求合力方法”的實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是A.實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)彈簧測(cè)力計(jì)使指針指零刻度線，然后用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)對(duì)拉，檢查兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)是否相等；B.甲圖中，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O,

9、記錄下。點(diǎn)的位置，同時(shí)只需讀出兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)Fi和F2的大小即可；C.乙圖中，用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，通過細(xì)繩套拉橡皮條使其結(jié)點(diǎn)達(dá)到同一位置O;D.丙圖中，用鉛筆和刻度尺作出拉力Fi、F2和F的圖示，用虛線把Fi、F2和F的箭頭端連接觀察其圖形特征，多次實(shí)驗(yàn)得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。18. （本題9分）在做研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，通過描點(diǎn)法畫出小球平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡.（1）為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動(dòng)軌跡，下面列出一些操作要求，將你認(rèn)為正確選項(xiàng)的前面字母填在橫線上：A、通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平B、每次釋放小球的位置必須不同C、每次必須由靜止釋放小球D、小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木板上的白紙（或方格

10、紙）相接觸1,y/ cm(2)在該實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)記錄了A、B、C三點(diǎn)，取A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立了如圖所示的坐標(biāo)系，平拋軌跡上的這三點(diǎn)坐標(biāo)值圖中已標(biāo)出.那么A、B兩點(diǎn)的時(shí)間間隔是 ，小球平拋的初速度為一 ,2 ( g 10m/s );四、解答題：本題共 4題，每題5分，共20分19. (6分)如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系 xOy中有一根表面粗糙的粗細(xì)均勻的細(xì)桿 OMN ,它的上 端固定在坐標(biāo)原點(diǎn) O處且與x軸相切.OM和MN段分別為彎曲桿和直桿， 它們相切于 M點(diǎn)，OM段所對(duì)5 2應(yīng)的曲線萬程為 y -x .一根套在直桿 MN上的輕彈簧下端固定在 N點(diǎn)，其原長(zhǎng)比桿 MN的長(zhǎng)度短.可9視為質(zhì)點(diǎn)的

11、開孔小球(孔的直徑略大于桿的直徑 )套在細(xì)桿上.現(xiàn)將小球從 。處以vo= 3m/s的初速度沿x 軸的正方向拋出，過M點(diǎn)后沿桿MN運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，再經(jīng)彈簧反彈后恰好到達(dá) M點(diǎn).已知小球的質(zhì)量0.1kg, M點(diǎn)的縱坐標(biāo)為0.8m，小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)尸1 , g取10m/s2.求：6(1)上述整個(gè)過程中摩擦力對(duì)小球所做的功Wf;(2)小球初次運(yùn)動(dòng)至M點(diǎn)時(shí)的速度vm的大小和方向；(3)輕質(zhì)彈簧被壓縮至最短時(shí)的彈性勢(shì)能Epm.20. (6分)(本題9分)如圖所示，為光電計(jì)時(shí)器的實(shí)驗(yàn)簡(jiǎn)易示意圖，當(dāng)有不透光物體從光電門間通過時(shí)， 光電計(jì)時(shí)器就可以顯示物體的擋光時(shí)間，實(shí)驗(yàn)中所選用的光電門傳感器可測(cè)的最短時(shí)間

12、為0.01ms.光滑水平導(dǎo)軌 MN上放兩個(gè)相同物塊 A和B,其寬度 a =3.0 X 1如，左端擋板處 有一彈射裝置 P,右端 N 處與水平傳送帶平滑連接，今將擋光效果好，寬度為 d = 3.6 x 10m的兩塊黑色磁帶分別貼在物塊A和B上，且高出物塊，并使高出物塊部分在通過光電門時(shí)擋光.傳送帶水平部分的長(zhǎng)度L =8m,沿逆時(shí)針方向以恒定速度 v =6m/s勻速傳動(dòng).物塊 A、B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0.1 ,質(zhì)量 mA =mB =1kg,開 始時(shí)在 A和B之間壓縮一輕彈簧，鎖定其處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)解除鎖定，彈開物塊A和B,迅速移去輕彈簧，之后兩物塊第一次通過光電門，計(jì)時(shí)器顯示讀數(shù)均為t =9

13、.0 xfs. g取10m/s1.試求：(1)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能Ep；(1)物塊B沿傳送帶向右滑動(dòng)的最遠(yuǎn)距離Sm；(3)物塊B滑回水平面 MN的速度大小 vB;(4)若物體B返回水平面 MN后與被彈射裝置 P彈回的物塊 A在水平面上相碰，且 A和B碰后互 換速度，則彈射裝置 P至少必須對(duì)物塊 A做多少功，才能在 AB碰后使B剛好能 從Q端滑出？物塊 B在此滑離皮帶的運(yùn)動(dòng)過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能AE為 多大？(計(jì)算結(jié)果可用根號(hào)表示)21. (6分)(本題9分)已知地球半徑為 R,某一衛(wèi)星在距離地面高度也為R的圓軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球表面的重力加速度為 g,求：(1)衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)

14、行的線速度；(2)衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)行的周期.22. (8分)(本題9分)宇航員王亞平在 天宮一號(hào)”飛船內(nèi)進(jìn)行了我國首次太空授課.若已知飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為 T ,地球半徑為 R ,地球表面重力加速度 g ,求：(1)地球的第一宇宙速度 v；(2)飛船離地面的高度 h .參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共 10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1. D【解析】A、曲線運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線，因此無論速度大小是否變化，運(yùn)動(dòng)方向一定改變，一定是變速運(yùn)動(dòng)，故A正確;B、變速運(yùn)動(dòng)軌跡不一定是曲線，可能只是速度大小發(fā)生變化，如勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；C、做曲線運(yùn)

15、動(dòng)的條件為初速度與合外力不共線，若物體所受合外力恒定，其加速度就可不變，如平拋運(yùn)動(dòng)就是加速度不變的曲線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向時(shí)刻改變，曲線運(yùn)動(dòng)一定是速度變化的運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；錯(cuò)誤的故選D.【點(diǎn)睛】對(duì)于曲線的理解要把握其運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)：合外力和速度方向不同線，物體速度時(shí)刻變化， 為變速運(yùn)動(dòng)，中學(xué)學(xué)習(xí)的典型的曲線運(yùn)動(dòng)有平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)等.2. C【解析】【詳解】AC.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所受的電場(chǎng)力F以及試探電荷所帶的電量 q以及電性均無關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；B.正、負(fù)試探電荷在電場(chǎng)中同一點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向相反，但是某一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向與放入試探電荷的正負(fù) 無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D.

16、電場(chǎng)中某一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的，與是否放試探電荷無關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。3. D【解析】【詳解】A.機(jī)械能守恒的物體，一定只有重力做功，不一定只受到重力的作用；故A錯(cuò)誤.B.做變速運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能可能守恒，如平拋運(yùn)動(dòng)的物體做變速運(yùn)動(dòng)，其機(jī)械能守恒；故B錯(cuò)誤.C.除受到重力外還受到其他力作用的物體，若其他力對(duì)物體不做功，或做功代數(shù)和為零，物體的機(jī)械能守恒；故C錯(cuò)誤.D.外力對(duì)物體做負(fù)功時(shí)，若外力就是重力，則物體的機(jī)械能守恒；故 D正確.4. D【解析】【分析】分析剎車后汽車的合外力，進(jìn)而求得加速度；再根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律，由位移求得速度.【詳解】剎車后汽車的合外力為摩擦力f=mg加速度a=

17、=羅8m/s2;又有剎車線長(zhǎng)25m,故可由勻變速直m線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得到汽車在剎車前的瞬間的速度大小v= J20S= J2 8 25m/a 20m/s;故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選Do【點(diǎn)睛】運(yùn)動(dòng)學(xué)問題，一般先根據(jù)物體受力，利用牛頓第二定律求得加速度，然后再由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解相關(guān)位移、速度等問題.5. B【解析】A錯(cuò)誤；由v-t圖可知，速度隨時(shí)間均勻v-t圖中物體的速度不隨時(shí)間均勻變化，物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故 增大，加速度不變，表示物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故 B正確；x-t圖中物體的位移不隨時(shí)間而改變，物體 的速度為零，處于靜止?fàn)顟B(tài)，故 C錯(cuò)誤；由x-t圖可知，位移隨時(shí)間均勻增大，速度不變，表示物體做勻

18、速直線運(yùn)動(dòng)，故 D錯(cuò)誤.所以B正確，ACD錯(cuò)誤.6. D【解析】【詳解】A、小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以a繩在豎直方向上的分力與重力相等，可知a繩的張力不可能為零，故 A錯(cuò)；B、根據(jù)豎直方向上平衡得，F(xiàn)asin 0 =rmg解得口=三，可知a繩的拉力不變，故 B錯(cuò)誤。d、當(dāng)b繩拉力為零時(shí)，有：二二二二口口二匚:匚，解得口=呈，可知當(dāng)角速度匚下】呈，b繩將出現(xiàn)彈力，故D對(duì)；C、由于b繩可能沒有彈力，故 b繩突然被剪斷，a繩的彈力可能不變，故 C錯(cuò)誤故選D【點(diǎn)睛】小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以a繩在豎直方

19、向上的分力與重力相等，可知 a繩的張力不可能為零；由于 b繩可能沒有彈力，故 b繩突然被剪斷，a繩的彈 力可能不變。7. C【解析】【詳解】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，在to時(shí)間內(nèi)水平位移x=voto豎直位移1y= voto2yo= xo;2A. yo x0,與結(jié)論不相符，選項(xiàng) A錯(cuò)誤;B. yo 2xo,與結(jié)論不相符，選項(xiàng) B錯(cuò)誤;C. yo ,與結(jié)論相符，選項(xiàng) C正確；2D. yo x0-,與結(jié)論不相符，選項(xiàng) D錯(cuò)誤。8. D【解析】【分析】自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度為g,根據(jù)v2=2gh求出落地的速度之比?！驹斀狻?根據(jù)v2=2gh得口 二、;無，高度比為2

20、： 1,所以落地的速度比為 1故AB錯(cuò)誤；自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度為g,與重力無關(guān)。故加速度之比為1： 1,故C錯(cuò)誤，D正確。所以D正確，ABC錯(cuò)誤。【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度為g,以及掌握自由落體運(yùn)動(dòng)的速度位移公式v2=2gho9. A【解析】A.根據(jù)FA正確;mMG 可知，半徑越大，則所受的萬有引力越小，選項(xiàng) rHIM 2B.根據(jù)G=mr 可得r雪 可知，半徑越大，則運(yùn)行的角速度越小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C.根據(jù)G2mM v=m 可得 v= r rGM 可知，半徑越大，運(yùn)行的線速度越小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D.2根據(jù)G m 2 = m r可得Tr T42d可知，半徑越大，做圓周運(yùn)動(dòng)的周期越

21、大，選項(xiàng)GMD錯(cuò)誤.10. D【解析】A、曲線運(yùn)動(dòng)的速方向一定變化，故是變速運(yùn)動(dòng)，而合外力可以是恒力，加速度不變，故A錯(cuò)誤.B、物體所受合外力為零時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)或靜止，不可能做曲線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤.C勻變速曲線運(yùn)動(dòng)所受合力為恒力，故只要合外力和速度不共線就能做曲線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤.D、當(dāng)合力與速度不在同一條直線上時(shí)，物體做曲線運(yùn)動(dòng)，而加速度可不變，也可以變化，但速度一定變化，故D正確.故選D.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，掌握了做曲線運(yùn)動(dòng)的條件二、多項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得 4分，選對(duì)但不全的得 2

22、分，有選錯(cuò)的得 0分11. . BCA.由于向下為正方向，而彈簧中的彈力方向向上，所以選項(xiàng)A中的拉力應(yīng)為負(fù)值， A錯(cuò)誤；B.小球接觸彈簧上端后受到兩個(gè)力作用：向下的重力和向上的彈力.在接觸后的前一階段，重力大于彈力，合力向下，而彈力 F=kx,則加速度 a mg一kx g x ,故B正確;mmC.根據(jù)重力做功的計(jì)算式 Wg mgx,可知C正確；D.小球和彈簧整體的機(jī)械能守恒，小球的機(jī)械能不守恒，D錯(cuò)誤.12. BC【解析】【詳解】蠟塊在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，都沒有加速度，所以合運(yùn)動(dòng)一定為直線 運(yùn)動(dòng)，并且速度保持不變.A.軌跡為曲線與分析不符，故 A錯(cuò)誤B.軌跡為直

23、線與分析相符，故 B正確C.速度大小不變與分析相符，故C正確D.速度大小變化與分析不符，故 D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】?jī)蓚€(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)13. AD【解析】試題分析：小球的線速度方向時(shí)刻改變，沿圓弧的切線方向，故 A正確；根據(jù)牛頓第二定律，在最高點(diǎn)臨2界情況是軌道對(duì)球的作用力為零，則mg m% .解得v JgR,故B錯(cuò)誤；最高點(diǎn)的最小速度為v JgR,則小球的線速度的大小總大于或等于v JgR.故c錯(cuò)誤d正確.考點(diǎn)：考查了圓周運(yùn)動(dòng)實(shí)例分析14. AC【解析】A項(xiàng)：牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，根據(jù)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，但又不是完全通過實(shí)驗(yàn)得出，故A正確；B

24、項(xiàng)：作用力和反作用力是相互作用的一對(duì)力，作用在不同的物體上，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：由牛頓第二定律可知，力是產(chǎn)生加速度的原因，故 C正確；D項(xiàng)：一切物體都有保持原來運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，說明速度不變，不是指速率不變，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)晴：慣性定律的內(nèi)容是：一切物體都有保持原來運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，即任何物體在任何情況下都有慣性。15. CD【解析】【詳解】已知地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期及地球離太陽的距離，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式:2GMm m 4 rT2r 4 2r3» 一， 山皿,則M 一所以只能求出太陽的質(zhì)量；故 GT2A錯(cuò)誤.已知月球繞地球運(yùn)行的周期及月球繞地球轉(zhuǎn)的軌道半徑，根據(jù)萬有引力提供向心力，列

25、出等式:Gmm2m 42 r，地球質(zhì)量T 2GT 2,可以求出地球質(zhì)量，但不知道地球半徑，求不出地球密度；故B錯(cuò)誤.已知人造地球衛(wèi)星在地面附近繞行運(yùn)行周期，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式:GmmR22R3GT 2,根據(jù)密度定義得:GT2,故C正確.已知地球半徑和重力加速度，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式Gmm1-mig RgR2,根據(jù)密度定義得:3g4 GR16. AC【解析】I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù),b圖線的斜率大，則 b的電阻小，故A正確，B錯(cuò)誤；兩電阻串聯(lián)，電流相等，根據(jù) P=I2R得，a的電阻大，則電阻a消耗的功率較大，故 C正確；若將兩導(dǎo)體并聯(lián)接入電路，電壓相等，根據(jù)可知a的電

26、阻大，則電阻 a消耗的功率較小，故 D錯(cuò)誤。所以AC正確,_ =BD錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：共2小題，每題8分，共16分17. ACD【解析】【詳解】A、彈簧測(cè)力計(jì)是測(cè)出力的大小，所以實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)彈簧測(cè)力計(jì)使指針指零刻度線，然后用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)對(duì)拉，檢查兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)是否相等，故選項(xiàng) A正確；BG該實(shí)驗(yàn)采用 等效替代法”，即一個(gè)彈簧秤和兩個(gè)彈簧秤分別拉橡皮條時(shí)，細(xì)繩套的結(jié)點(diǎn)時(shí)應(yīng)該拉至同 一位置。點(diǎn)，由于力是矢量，因此在記錄數(shù)據(jù)時(shí)， 不光要記錄力的大小， 還要記錄其方向，故選項(xiàng)C正確,B錯(cuò)誤；D、用鉛筆和刻度尺作出拉力 Fi、F2和F的圖示，用虛線把 Fi、F2和F的箭頭端連接觀察其圖形特征，多次重

27、復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，看看是否與第一次得到的結(jié)果一致，得出結(jié)論，故選項(xiàng)D正確。18. ACD 0.1s 1m/sA正確;(1)A.只有斜槽的末端保持水平，小球才具有水平初速度，其運(yùn)動(dòng)才是平拋運(yùn)動(dòng)，故B.每次從同一位置由靜止釋放小球，是為了使小球有相同的初速度，故B錯(cuò)誤，C正確；D.如果小球在運(yùn)動(dòng)過程中與木板上的白紙相接觸就會(huì)改變它的運(yùn)動(dòng)軌跡，使其不是平拋運(yùn)動(dòng)， 故D正確.故選為ACD(2)A、B、C是平拋運(yùn)動(dòng)軌跡上的三個(gè)點(diǎn)，由水平位移可知：三個(gè)點(diǎn)時(shí)間間隔相等.豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，因時(shí)間相等，由 hngt2可得：t=(0.4 0.15) 0.15=0.1s g g水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則vo=x/t=0

28、.1/0.1m/s=1m/s所以初速度vo=1m/s四、解答題：本題共 4題，每題5分，共20分19. (1) Wf=1.25J; (2) vm = 5 m/s , vm 的方向與 x 軸正方向成夾角 0= 53° (3) Epm=5.625J【解析】【詳解】1 2(1)對(duì)題述過程由動(dòng)能定理得：WG+Wf= 0- -mv0，代入數(shù)據(jù)解得 Wf=1.25J.2 12 5c,(2)假設(shè)小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得x = v0t, y=gt，代入數(shù)據(jù)解得：y= -x2,與29OM曲線方程一致，說明小球在OM段運(yùn)動(dòng)過程中與細(xì)桿 OM無摩擦，做平拋運(yùn)動(dòng)：由動(dòng)能定理Wg =1212

29、-mvM - - mv0，代入數(shù)據(jù)解得vm=5 m/s ,由運(yùn)動(dòng)的合成和分解可得vm的方向與x軸正方向夾角的余v03弦值：cos 9=,即 0= 53 .Vm512(3)小球從M點(diǎn)開始直至小球被彈回M點(diǎn)的過程中，摩擦力所做的功Wf1, -2Wf1 = 0- mvM ,求得2Wf= - 1.25 J,又由 Wf=mgmcos 礙，小球下滑的最大距離 xm= 6.25 m12在小千從M點(diǎn)開始直至將彈黃壓縮到最短過程中，由動(dòng)能定理得：mgxmsin卷Wf +W彈=0 mvM 2,2又根據(jù)功能關(guān)系得 Epm= W彈，代入數(shù)據(jù)解得 Epm= 5.625 J.20.(1)Ep16(J) (1)Sm4(m)

30、 (3)Vb4(m/s)(4)E (1624&)J.【解析】【分析】【詳解】(1)解除鎖定彈開物塊 AB后，兩物體的速度大小VaVb3 6 10 3，一，一.4 4.0(m/s),根據(jù)能量守恒9.0 10 1 c 1 c得：彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能 EP 1mvA mvB 16(J) 22(1)物塊B滑上傳送帶勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為零時(shí)，滑動(dòng)的距離最遠(yuǎn).由動(dòng)能定理得:C 12.，口mBgsm 0 -mBVB ,解得：sm22Vb4(m).(3)物塊B沿傳送帶向左返回時(shí)，先勻加速運(yùn)動(dòng),物塊速度與傳送帶速度相同時(shí)再一起勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊B加速到傳送帶速度v需要滑動(dòng)的距離為smBgs12一mBV2,

31、得 s 9(m)sm ,表明2 g物塊B滑回水平面MN的速度沒有達(dá)到傳送帶的速度.所以Vb. 2 gSm 4(m/s)(4)設(shè)彈射裝置對(duì)物塊A做功為W ，則:'22mAvA12-mAVA W , AB碰后速度互換，B的速度Vb Va , 2B要?jiǎng)偤媚芑鰝魉蛶У模?Q端，由能量關(guān)系有：一EbVb22mBgL ,又 mA=mB, 聯(lián)立解得:WmBgL12一 mAVA28(J)解得:4 J2(m/s).在B滑過傳送帶的過程中，傳送帶移動(dòng)的距離:Vb 022 <212.2(m),因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為:E mBg (L Sfe) (16 24&)J.gR21 . ( 1) v2(2

32、) T 42Rg【分析】在地球表面，萬有引力等于重力，對(duì)于環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，由牛頓第二定律可得衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)行的線速度；對(duì)于該環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，由牛頓第二定律求得衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)行的周期;解：(1)設(shè)地球質(zhì)量為 M,由GMm可得GM gR2對(duì)于環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，由牛頓第二定律可得2Rm 2R2解得v膽;(2)對(duì)于該環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，由牛頓第二定律可得Mm22Rm()2 2RT解得T 422.(1)v VgR (2) h 3gR2T22宇宙速度為:(1)根據(jù)mg mv-得地球的第Rv gRR.(2)根據(jù)萬有引力提供向心力有:Mm 2 (R h)又 GM gR2,解得：h 3gRTR高一（下

33、）學(xué)期期末物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共 10小題，每小題4分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合 題目要求的1.磁控管是微波爐的 心臟”，由它產(chǎn)生和發(fā)射微波，它實(shí)際上是一個(gè)真空管，利用磁場(chǎng)將電子群約束在圓管內(nèi)，如果電子群被控制在較小的圓形區(qū)域內(nèi)如圖所示，。是電子群的中心，A、C是磁控管邊緣兩點(diǎn),其中OC OA,三點(diǎn)共線，則（）A.電子群在A、C處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小：Ea EcB.電子群形成的電場(chǎng)在 A、C處的電勢(shì)： a cC.同一正電荷分別在 A、C處電勢(shì)能：Epa EpcD.同一負(fù)電兩分別在 A、C處受到的電場(chǎng)力： Fa Fc【答案】C【解析】【詳解】AB.負(fù)電荷的電場(chǎng)線分

34、布為呈輻射狀指向電荷的線，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的。越靠近電荷電場(chǎng)強(qiáng)度越大，越靠近負(fù)電荷， 電勢(shì)越低。即Ea>Ec, MV怔，故AB錯(cuò)誤；C.正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，故同一正電荷分別在A、C處的電勢(shì)能：Epav Epc,故C正確；D.場(chǎng)強(qiáng)大的地方，電荷受到的電場(chǎng)力大，同一負(fù)電荷分別在A、C處受到的電場(chǎng)力：Fa>Fc,故D錯(cuò)誤。2.如圖所示為一個(gè)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)從A到E的運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖，已知在 B點(diǎn)的速度與加速度相互垂直，則下列說法中正確的是（）A. D點(diǎn)的速率比C點(diǎn)的速率大B. A點(diǎn)的加速度與速度

35、的夾角小于90°C. A點(diǎn)的加速度比 D點(diǎn)的加速度大D.從A到D速度先增大后減小【解析】【詳解】A.由題意，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 B點(diǎn)時(shí)速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿B點(diǎn)軌跡的切線方向，則知加速度方向向下，合外力也向下，質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，合外力恒定不變，質(zhì)點(diǎn)由C到D過程中，合外力做正功，由動(dòng)能定理可得，D點(diǎn)的速度比C點(diǎn)速度大，故 A正確；B.物體在A點(diǎn)受力的方向向下， 而速度的方向向右上方，A點(diǎn)的加速度與速度的夾角大于90°.故B正確；C.質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，加速度不變，則A點(diǎn)的加速度等于 D點(diǎn)的加速度，故 C錯(cuò)誤；D.由A的分析可知，質(zhì)點(diǎn)由 A到D過程中，加速度的方

36、向向下，速度的方向從斜向右上方變?yōu)樾毕蛴蚁路?，從A到D速度先減小后增大.故 D錯(cuò)誤.3.（本題9分）人造地球衛(wèi)星以地心為圓心，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A.半徑越大，速度越小，周期越大。B.半徑越大，速度越小，周期越小。C.所有衛(wèi)星的速度均是相同的，與半徑無關(guān)。D.所有衛(wèi)星角速度都相同，與半徑無關(guān)?！敬鸢浮緼【解析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出線速度、角速度、周期與半徑的關(guān)系，從而分析判斷；【詳解】A、根據(jù)二:"=匚= 口二=匚二言得,口 =，口 =，匚=、愛二，知軌道半徑越大，線速度越小，周期越大，故 A正確，B錯(cuò)誤；C、不同的軌道半徑線速度、角速度不同，與半徑有關(guān)

37、，故選項(xiàng) CD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運(yùn)用，知道線速度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系。4 .（本題9分）如圖所示，用硬質(zhì)輕桿固定的兩個(gè)小球A、B分別處于光滑的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi).用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止.現(xiàn)改變力F的大小使B球沿斜面向上移動(dòng)一小段距離，發(fā)現(xiàn)兩球在虛線位置重新平衡. 重新平衡后與移動(dòng)前相比， 下列說法正確的是（）A.推力F變大B.斜面對(duì)B的彈力變大C.墻面對(duì)A的彈力變小D.輕桿受到作用力變大【答案】C【解析】先對(duì)小球A受力分析，受重力、墻壁的支持力、輕桿的彈力，如圖所示：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，

38、有：F彈=1mg ; FN=mgtan a；由于a減小，墻面對(duì)A的彈力減小，輕桿對(duì)A的彈cos力變??；故C正確，D錯(cuò)誤；再對(duì)AB整體受力分析，受重力（M+m）g、斜面支持力N、墻壁支持力Fn、推力F,如圖所示；根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件， 有：Nsin 3+F=f； Ncos 3 =（ m+M） g ；解得：F= （m+M）gtan 3 +mgtan；am M gN=；由于a減小，3不變，則推力 F減?。恍泵鎸?duì) B的彈力不變；故 B錯(cuò)誤；故選 C.cos點(diǎn)睛：本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分

39、解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答.本題也可以利用圖解法來分析；注意整體法和隔離法的應(yīng)用.5 .（本題9分）物體在水平方向上受到兩個(gè)相互垂直大小分別為3 N和4 N的恒力作用，從靜止開始運(yùn)動(dòng)10 m ,每個(gè)力做的功和這兩個(gè)力的合力做的總功分別為A. 30 J 40J 70JB. 30 J、40 J 50 JC. 18 J、32 J、50 JD. 18 J 32 J、36.7 J【答案】C【解析】合力大小為 5 N,合力方向即合位移方向與3 N的力的夾角“1=53°,與4 N的力的夾角os=37 °,各個(gè)力及合力彳功分別為Wi=Fi1cos 1=18 J, W2=F21c

40、os 2=32 J, W合=50 J, C正確。6.（本題9分）如圖所示，P和Q為兩平行金屬板，板間有恒定的電壓，在P板附近有一電子（不計(jì)重力）由靜止開始向Q板運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（B.電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與兩板間距離無關(guān)，僅與板間電壓有關(guān)C.兩板間距離越小，電子的加速度就越小D.兩板間距離越大，加速時(shí)間越短【答案】B【解析】極板之間的電壓 U不變，由E U可知兩極板距離d越大，場(chǎng)強(qiáng)E越小，電場(chǎng)力F=Eq越小， d速度越小，加速時(shí)間越長(zhǎng)；由 qU 1mv2可得v JNqU ,可知速度與極板間距無關(guān)，與加速電壓有關(guān)， 21 m故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B。7 .原來靜止的五核（|h）、笊核（

41、；H）、瓶核«H）混合物經(jīng)同一電場(chǎng)加速后，具有相同的（A.速度8 .動(dòng)能C.質(zhì)量和速度的乘積D.以上都不對(duì)【答案】B【解析】【詳解】帶電粒子經(jīng)過電場(chǎng)加速后，根據(jù)動(dòng)能定理可得加三口丁由于是同一個(gè)電場(chǎng)，所以 U相等，三種粒子的帶電量相等，所以經(jīng)過同一電場(chǎng)加速后獲得的動(dòng)能相等；A.三種粒子獲得的動(dòng)能相等，由于質(zhì)量不同，所以三種粒子獲得的速度不同，A錯(cuò)誤；B.根據(jù)分析可知三種粒子獲得的動(dòng)能相等，B正確；CD.質(zhì)量和速度的乘積，即動(dòng)量，根據(jù)動(dòng)能相等，質(zhì)量不同，可知質(zhì)量和速度的乘積不同，CD錯(cuò)誤.8 .（本題9分）如圖所示，桌面離地高度為 h,質(zhì)量為m的小球，從離桌面 H高處由靜止下落.若以桌面

42、為參考平面，則小球落地時(shí)的重力勢(shì)能及整個(gè)過程中小球重力做功分別為，廠A. mgh, mg(Hh) B. mgh, mg(H + h) C. -mgh, mg(Hh) D. -mgh, mg(H+h)【答案】D【解析】物體的重力勢(shì)能為：Ep=mgh,其中h為物體到零勢(shì)能點(diǎn)的高度，所以該物體落地時(shí)白重力勢(shì)能為：Ep=-mgh ；物體下落的始末位置的高度差為：H+h故重力做功為： W=mg(h+H),故ABC錯(cuò)誤，D正確.故選D.【名師點(diǎn)睛】解答本題要掌握：重力做功只與物體始末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)，與零勢(shì)能點(diǎn)的選取無關(guān)；重力勢(shì)能大小與零勢(shì)能點(diǎn)的選取有關(guān)，同一位置選擇的零勢(shì)能點(diǎn)不同，對(duì)應(yīng)的重力勢(shì)能就不

43、同.9 .(本題9分)物理學(xué)的發(fā)展是許多物理學(xué)家奮斗的結(jié)果，下面關(guān)于一些物理學(xué)家的貢獻(xiàn)說法正確的是()A.亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變B.伽利略通過邏輯推理和實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，認(rèn)為重物比輕物下落的快C.開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律，為萬有引力定律奠定了基礎(chǔ)D.牛頓總結(jié)和發(fā)展了前人的發(fā)現(xiàn)，得出牛頓定律及萬有引力定律并率先較為準(zhǔn)確地測(cè)出了萬有引力常量G,奠定了以牛頓定律為基礎(chǔ)的經(jīng)典力學(xué)【答案】C【解析】【詳解】A.亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體才能運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤；B.伽利略通過邏輯推理和實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，認(rèn)為重物與輕物下落一樣快，故 B錯(cuò)誤；C.開普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的

44、三大定律是牛頓總結(jié)萬有引力定律的基礎(chǔ)，所以說開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律，為萬有引力定律奠定了基礎(chǔ)，故C正確；D.卡文迪許率先較為準(zhǔn)確地測(cè)出了萬有引力常量G,牛頓只總結(jié)出萬有引力定律，但沒有測(cè)出萬有引力常數(shù)，故D錯(cuò)誤。10 .如圖所示，兩小球從斜面的頂點(diǎn)先后以不同的初速度向右水平拋出，在斜面上的落點(diǎn)分別是a和b,不計(jì)空氣阻力。關(guān)于兩小球的判斷正確的是()A.落在b點(diǎn)的小球飛行過程中速度變化快B.落在a點(diǎn)的小球飛行過程中速度變化大C.小球落在a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的速度方向不同D.兩小球的飛行時(shí)間均與初速度Vo成正比兩個(gè)小球做的都是平拋運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落

45、體運(yùn)動(dòng)，物體的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是由豎直方向上下落的高度決定的.落地速度由高度和初速度共同決定，可列式進(jìn)行分析.【詳解】b球運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)所以速度變化大，故AB、平拋運(yùn)動(dòng)是加速度為 g的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，速度變化一樣快,AB錯(cuò)誤1 12C、落在a點(diǎn)和b點(diǎn)的小球，由_y 2 gtan ,而速度偏轉(zhuǎn)角tanxVotVy 應(yīng)有tan Vxgt 2tanVo于 一定所以 毗定，所以他們速度方向相同，故 C錯(cuò)誤.i gt22V0tanD、落在a點(diǎn)和b點(diǎn)的小球，由tan 1 2，得t ,所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間t與Vo成正比，D正XVotg確二、多項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合

46、題目要求.全部選對(duì)的得 4分，選對(duì)但不全的得 2分，有選錯(cuò)的得 o分11 .物體僅在力F作用下運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)的方向與物體運(yùn)動(dòng)方向一致，其Ft圖象如圖所示，則物體 （）A.在ti時(shí)刻速度最大B.從ti時(shí)刻后便開始返回運(yùn)動(dòng)C.在ti時(shí)刻加速度最大D.在0t2時(shí)間內(nèi)，速度一直在增大【答案】CD【解析】【詳解】C.根據(jù)牛頓第二定律得，力越大時(shí)，加速度越大，由圖象可知ti時(shí)刻力F最大，所以加速度最大，則 C正確；AB.由圖象知，ti時(shí)刻力F開始減小，但方向未發(fā)生變化，所以物體繼續(xù)向前加速運(yùn)動(dòng)，所以在ti時(shí)刻速度不是最大，AB錯(cuò)誤；D.由圖象可知在0-t2時(shí)間內(nèi)F的方向沒發(fā)生變化，又 F的方向與物體運(yùn)動(dòng)方向一致

47、，所以物體一直做加速 運(yùn)動(dòng)，所以D正確；12 .如圖為過山車以及軌道簡(jiǎn)化模型，不計(jì)一切阻力，以下判斷正確的是A.過山車在圓軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.過山車在圓軌道最低點(diǎn)時(shí)乘客處于失重狀態(tài)C.過山車在圓軌道最高點(diǎn)日的速度應(yīng)不小于：gRD.過山車在斜面 h = 3R高處由靜止滑下通過圓軌道最高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力大小等于其重力【答案】CD【解析】【詳解】A.過山車在豎直圓軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)，只有重力做功，其機(jī)械能守恒，動(dòng)能和重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，知速 度大小變化，不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤；B.在最低點(diǎn)時(shí)，乘客的加速度向上，處于超重狀態(tài)，故 B錯(cuò)誤；C.在最高點(diǎn)，重力和軌道對(duì)車的壓力提供向心力，當(dāng)軌道對(duì)車的壓

48、力為零時(shí)，速度最小，則2 v mg m 得：v gR所以過山車在圓軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度應(yīng)不小于JgR ,故C正確；D.過山車在斜面 h=3R高處由靜止滑下到最高點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：1 2-mv mg( h 2R)解得；v . 2gR所以軌道對(duì)車的支持力為2VF m- mg= mg故D正確;E隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中13. 一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能0X2段是對(duì)稱的曲線，X2X3段是直線，則下列說法正確的是(A. xi處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B. XI、X2、X3 處電勢(shì)()1、M、()3 的關(guān)系為(j)1 > (j)2> (j)3C.粒子在0X2段做

49、勻變速運(yùn)動(dòng)，X2X3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)D. X2X3段是勻強(qiáng)電場(chǎng)【答案】ABD【解析】【詳解】V 1 VEP根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系:EP=q九場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系:E=，得：EP ,由數(shù)學(xué)知識(shí)可知Ep-XVxq VX圖象切線的斜率等于Eq, X1處切線斜率為零，則 X1處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A正確；根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Ep=q(),粒子帶負(fù)電,q<0,則知：電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有:B正確；由圖看出在 。X1段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場(chǎng)強(qiáng)減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加 速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng).X1X2段圖象切線的斜率不斷增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速

50、運(yùn)動(dòng).X2X1段斜率不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子所受的 電場(chǎng)力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確；故選 ABD.解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)的變化，再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定 律進(jìn)行分析電荷的運(yùn)動(dòng)情況.。點(diǎn)，另一端與小球相連.現(xiàn)將小14.(本題9分)如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于球從M點(diǎn)由靜止釋放，它在下降的過程中經(jīng)過了N點(diǎn).已知M、N兩點(diǎn)處，彈簧對(duì)小球的彈力大小相等,OMN< .在小球從 M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中A.彈力對(duì)小球先做正功后做負(fù)功B.有兩個(gè)時(shí)刻小球的加速度等于重力加速度C.彈簧長(zhǎng)度最短時(shí)，彈力

51、對(duì)小球做功的功率為零D.小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于其在 M、N兩點(diǎn)的重力勢(shì)能【答案】BCD【解析】【分析】牛頓第二定律、能量守恒定律【詳解】A.因M和N兩點(diǎn)處彈簧對(duì)小球的彈力大小相等，且 /ONM</OMN<w知M處的彈簧處于壓縮狀態(tài)，N處的彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，則彈簧的彈力對(duì)小球選做負(fù)功后正功，選項(xiàng) A錯(cuò)誤.B.當(dāng)彈簧水平時(shí)，豎直方向的力只有重力，加速度為g;當(dāng)豎直方向的合外力為 mg時(shí)，加速度為也g,則有兩個(gè)時(shí)刻的加速度大小等于g,選項(xiàng)B正確；C.彈簧長(zhǎng)度最短時(shí)，即彈簧水平，彈力與速度垂直，則做功的功率為零，選項(xiàng)C正確；D,由MRN的動(dòng)能定理Wfk WgEk ,因M和N兩點(diǎn)處彈簧對(duì)小

52、球的彈力大小相等，則由彈力作功特點(diǎn)知Wfk =0，即WgEk ,選項(xiàng)D正確.15.（本題9分）空中某點(diǎn)，將兩個(gè)相同小球同時(shí)以相同的初速度V水平拋出、豎直上拋，則從拋出到落地，設(shè)地面為零勢(shì)面，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.豎直向上拋的小球在下落過程中重力勢(shì)能的變化量最大B.兩個(gè)小球落地的速度大小相同C.落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相同，方向都是豎直向下D.平拋的小球，其重力的平均功率最大【答案】BDA、豎根據(jù)個(gè)功能關(guān)系可知：重力勢(shì)能的變化等于重力做功，重力的功與高度差有關(guān)，由于小球拋出點(diǎn)與 落地點(diǎn)的高度相同，重力做功相同，則小球重力勢(shì)能的變化量相等，故 A錯(cuò)誤B、小球沿著不同的方向拋出，都只有重

53、力做功，機(jī)械能守恒，落地時(shí)動(dòng)能相等，故可得到落地時(shí)速度大 小相等，故B正確；C、根據(jù)瞬時(shí)功率表達(dá)式 P Fvcos ,平拋運(yùn)動(dòng)重力的瞬時(shí)功率最小，豎直上拋的小球落地時(shí)的瞬時(shí)功 率大，同時(shí)瞬時(shí)功率為標(biāo)量，沒有方向，故 C錯(cuò)誤；D、根據(jù)重力做功公式 W=mgh可知，兩個(gè)小球重力做功相同，落地的時(shí)間不同，豎直上拋時(shí)間最長(zhǎng)，平 拋的時(shí)間短，所以運(yùn)動(dòng)過程中，兩個(gè)小球重力做功的平均功率不同，平拋的平均功率大，故D正確.點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵在于沿不同方向拋出的小球都只有重力做功，機(jī)械能守恒，然后結(jié)合平均功率和瞬時(shí)功率 的相關(guān)公式列式分析判斷.16.(本題9分)甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距 x=6 m,乙車在前，甲車在后，某時(shí)刻兩 車同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，兩車運(yùn)動(dòng)的過程如圖所示，則下列表述正確的是()16 12 8 4A.當(dāng)t=4 s時(shí)兩車相遇B.當(dāng)t=4 s時(shí)甲車在前，乙車在后C.兩車有兩次相遇D.兩車有三次相遇【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)圖象與時(shí)間軸圍成的面積可求出兩車的位移，可確定何時(shí)兩車相遇.能夠根據(jù)兩車的運(yùn)動(dòng)過程，分析兩車在過程中