高一物理《牛頓運(yùn)動(dòng)定律》提高強(qiáng)化卷

1、高一物理牛頓運(yùn)動(dòng)定律提高強(qiáng)化一、單項(xiàng)選擇題1. 如圖所示，一只盛水的容器固定在一個(gè)小車上，在容器中分別懸掛和拴著一只鐵球和一只乒乓球，容器中的水和鐵球、乒乓球都處于靜止?fàn)顟B(tài)當(dāng)容器隨小車突然向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩球的運(yùn)動(dòng)狀況是(以小車為參考系) ()A鐵球向右，乒乓球向左 B鐵球向左，乒乓球向右C鐵球和乒乓球都向左 D鐵球和乒乓球都向右2如圖甲所示，傾角為30°的足夠長(zhǎng)的光滑斜面上，有一質(zhì)量m0.8 kg的物體受到平行斜面向上的力F作用，其大小F隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，t0時(shí)刻物體的速度為零，重力加速度g10 m/s2.下列說(shuō)法中正確的是()A01 s時(shí)間內(nèi)物體的加速度最大B第2 s末物

2、體的速度不為零C第3 s末物體回到了原來(lái)的出發(fā)點(diǎn)D23 s時(shí)間內(nèi)物體向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)3如圖所示，一固定光滑桿與水平方向夾角為，將一質(zhì)量為m1的小環(huán)套在桿上，通過(guò)輕繩懸掛一個(gè)質(zhì)量為m2的小球靜止釋放后，小環(huán)與小球保持相對(duì)靜止以相同的加速度a一起下滑，此時(shí)繩子與豎直方向的夾角為，則下列說(shuō)法正確的是()A桿對(duì)小環(huán)的作用力大于m1gm2gBm1不變，則m2越大，越小C，與m1、m2無(wú)關(guān)D若桿不光滑，可能大于4. 如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長(zhǎng)到O點(diǎn)并系住物體m.現(xiàn)將彈簧壓縮到A點(diǎn)，然后釋放，物體可以一直運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，如果物體受到的阻力恒定，則 ()A物體從A到O加速運(yùn)動(dòng)，從O到B減速運(yùn)動(dòng)B物體

3、從A到O先加速后減速C物體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)所受合力為0D物體從A到O的過(guò)程加速度逐漸減小5如圖所示，傾角為的傳送帶沿逆時(shí)針?lè)较蛞约铀俣萢加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小物體A與傳送帶相對(duì)靜止，重力加速度為g.則 ()A只有a>gsin ，A才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用B只有agsin ，A才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用C只有a<gsin ，A才受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用D無(wú)論a為多大，A都受沿傳送帶向上的靜摩擦力作用6如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體(物體與彈簧不連接)，初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開(kāi)始向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，拉力F與物體位移x之

4、間的關(guān)系如圖乙所示(g10m/s2)，則下列結(jié)論正確的是 ( )A物體與彈簧分離時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài) B彈簧的勁度系數(shù)為7.5 N/cmC物體的質(zhì)量為3 k D物體的加速度大小為5 m/s27如圖所示，質(zhì)量為m2的物體2放在正沿平直軌道向右行駛的車廂底板上，并用豎直細(xì)繩通過(guò)光滑定滑輪連接質(zhì)量為m1的物體1，與物體1相連接的繩與豎直方向保持角不變，則()A車廂的加速度為gsin B繩對(duì)物體1的拉力為C底板對(duì)物體2的支持力為(m2m1)gD物體2所受底板的摩擦力為m2gsin 8. 如圖所示，質(zhì)量為m的球置于斜面上，被一豎直擋板擋住現(xiàn)用一個(gè)力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

5、忽略一切摩擦，以下說(shuō)法正確的是 ()A若加速度足夠小，豎直擋板對(duì)球的彈力可能為零B若加速度足夠大，斜面對(duì)球的彈力可能為零C斜面和擋板對(duì)球的彈力的合力等于maD若F增大，斜面對(duì)球的彈力仍然保持不變9如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著兩物塊A、B，A、B的質(zhì)量均為2 kg，它們處于靜止?fàn)顟B(tài)，若突然將一個(gè)大小為10 N、方向豎直向下的力施加在物塊A上，則此瞬間，A對(duì)B的壓力大小為(g10 m/s2) ()A10 N B20 NC25 N D30 N二、多項(xiàng)選擇題10第二十二屆世界大學(xué)生冬季運(yùn)動(dòng)會(huì)自由滑比賽中，中國(guó)小將張丹/張昊毫無(wú)爭(zhēng)議地再奪第一名，為中國(guó)隊(duì)奪得第一枚本屆大冬會(huì)金牌花樣滑冰

6、表演剛開(kāi)始時(shí)他們靜止不動(dòng)，如圖4所示，隨著優(yōu)美的音樂(lè)響起，他們?cè)谙嗷ッ屯埔幌潞蠓謩e向相反方向運(yùn)動(dòng)，假定兩人的冰刀與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，已知張丹在冰面上滑行的距離比張昊滑行得遠(yuǎn)，下列說(shuō)法正確的是 ()A在推的過(guò)程中，張丹推張昊的力小于張昊推張丹的力B在推的過(guò)程中，張丹推張昊的時(shí)間等于張昊推張丹的時(shí)間C在剛分開(kāi)時(shí)，張丹的初速度大于張昊的初速度D在分開(kāi)后，張丹的加速度的大小小于張昊的加速度的大小11如圖所示，質(zhì)量為m的物體用細(xì)繩拴住放在水平粗糙傳送帶上，物體到傳送帶左端的距離為L(zhǎng)，穩(wěn)定時(shí)繩與水平方向的夾角為，當(dāng)傳送帶分別以v1、v2的速度做逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)(v1<v2)，繩中的拉力分別為F1、

7、F2；若剪斷細(xì)繩時(shí)，物體到達(dá)左端的時(shí)間分別為t1、t2，則下列說(shuō)法正確的是()AF1<F2 BF1F2Ct1一定大于t2 Dt1可能等于t212如圖甲所示，在粗糙水平面上，物塊A在水平向右的外力F的作用下做直線運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖象如圖乙所示，下列判斷正確的是 ()A在01 s內(nèi)，外力F不斷增大B在13 s內(nèi)，外力F的大小恒定C在34 s內(nèi)，外力F不斷減小D在34 s內(nèi)，外力F的大小恒定13如圖甲所示，物體原來(lái)靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開(kāi)始逐漸增大的過(guò)程中，物體先靜止后又做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示，根據(jù)圖乙中所標(biāo)出的數(shù)據(jù)能計(jì)算出來(lái)的有 ()A物體

8、的質(zhì)量B物體與水平面間的滑動(dòng)摩擦力C在F為10 N時(shí)，物體的加速度大小D在F為14 N時(shí)，物體的速度大小 14利用傳感器和計(jì)算機(jī)可以測(cè)量快速變化的力的瞬時(shí)值，如圖所示是用這種方法獲得的彈性細(xì)繩中拉力F隨時(shí)間t變化的圖線實(shí)驗(yàn)時(shí)，把小球舉到懸點(diǎn)O處，然后放手讓小球自由落下，由圖線所提供的信息可以判斷 ()A繩子的自然長(zhǎng)度為Bt2時(shí)刻小球的速度最大Ct1時(shí)刻小球處在最低點(diǎn)Dt1時(shí)刻到t2時(shí)刻小球的速度先增大后減小三、非選擇題(共45分)15.中央電視臺(tái)近期推出了一個(gè)游戲節(jié)目推礦泉水瓶選手們從起點(diǎn)開(kāi)始用力推瓶一段時(shí)間后，放手讓瓶向前滑動(dòng)，若瓶最后停在桌上有效區(qū)域內(nèi)，視為成功；若瓶最后不停在有效區(qū)域內(nèi)或

9、在滑行過(guò)程中倒下均視為失敗其簡(jiǎn)化模型如圖所示，AC是長(zhǎng)度為L(zhǎng)15 m的水平桌面，選手們可將瓶子放在A點(diǎn)，從A點(diǎn)開(kāi)始用一恒定不變的水平推力推瓶，BC為有效區(qū)域已知BC長(zhǎng)度為L(zhǎng)21 m，瓶子質(zhì)量為m0.5 kg，瓶子與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.4.某選手作用在瓶子上的水平推力F20 N，瓶子沿AC做直線運(yùn)動(dòng)，(g取10 m/s2)假設(shè)瓶子可視為質(zhì)點(diǎn)，那么該選手要想游戲獲得成功，試問(wèn)：(1)推力作用在瓶子上的時(shí)間最長(zhǎng)不得超過(guò)多少？(2)推力作用在瓶子上的距離最小為多少？16如圖所示，一輕繩上端系在車的左上角的A點(diǎn)，另一輕繩一端系在車左端B點(diǎn)，B點(diǎn)在A點(diǎn)正下方，A、B距離為b，兩輕繩另一端在C點(diǎn)相結(jié)并系一

10、質(zhì)量為m的小球，輕繩AC長(zhǎng)度為b，輕繩BC長(zhǎng)度為b.兩輕繩能夠承受的最大拉力均為2mg.問(wèn)：(1)輕繩BC剛好被拉直時(shí)，車的加速度是多大？(要求畫出受力圖)(2)在不拉斷輕繩的前提下，求車向左運(yùn)動(dòng)的最大加速度是多大？(要求畫出受力圖)17. 固定光滑細(xì)桿與地面成一定傾角，在桿上套有一個(gè)光滑小環(huán)，小環(huán)在沿桿方向的推力F作用下向上運(yùn)動(dòng)，推力F與小環(huán)速度v隨時(shí)間變化規(guī)律如圖2所示，取重力加速度g10 m/s2.求：(1)小環(huán)的質(zhì)量m；(2)細(xì)桿與地面間的傾角.18如圖甲所示，表演“頂桿”雜技時(shí)，一人站在地上(稱為“底人”)，肩上豎直扛著一個(gè)質(zhì)量為m5 kg的竹竿，一個(gè)質(zhì)量為M40 kg的演員(可視為

11、質(zhì)點(diǎn))在竿頂端從靜止開(kāi)始先勻加速再勻減速下滑，滑到竿底端時(shí)速度正好為零為了研究該雜技的力學(xué)性質(zhì)，研究人員在竿底部和“底人”肩膀之間安裝一個(gè)力傳感器，演員從竿頂端下滑的整個(gè)過(guò)程中，竿對(duì)傳感器豎直向下壓力大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示根據(jù)題中所給條件和圖象中有關(guān)信息，重力加速度大小為g10 m/s2.求：(1)演員在竿上勻加速下滑和勻減速下滑的過(guò)程中，竿受到的摩擦力大??；(2)竿的長(zhǎng)度19. 某電視臺(tái)娛樂(lè)節(jié)目在游樂(lè)園舉行家庭搬運(yùn)磚塊比賽活動(dòng)比賽規(guī)則是：如圖甲所示向滑動(dòng)行駛的小車上搬放磚塊，且每次只能將一塊磚無(wú)初速度(相對(duì)地面)地放到車上，車停止時(shí)立即停止搬放，以車上磚塊多少?zèng)Q定勝負(fù)已知每塊磚的質(zhì)量

12、m0.8 kg，小車的上表面光滑且足夠長(zhǎng)，比賽過(guò)程中車始終受到恒定牽引力F20 N的作用，未放磚塊時(shí)車以v03 m/s的速度勻速前進(jìn)獲得冠軍的家庭上場(chǎng)比賽時(shí)每隔T0.8 s搬放一塊磚，從放上第一塊磚開(kāi)始計(jì)時(shí)，圖中僅畫出了00.8 s內(nèi)車運(yùn)動(dòng)的vt圖象，如圖乙所示，g取10 m/s2.求：(1)小車的質(zhì)量及車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)車停止時(shí)，車上放有多少塊磚高一物理牛頓運(yùn)動(dòng)定律提高強(qiáng)化卷（解析版）參考答案一、單項(xiàng)選擇題(本題10小題，每小題3分，共30分)1. 分析：當(dāng)容器隨小車突然向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，鐵球由于慣性要保持原來(lái)狀態(tài)，故相對(duì)小車向左運(yùn)動(dòng);當(dāng)容器隨小車突然向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，容器中的水也有慣性，故

13、也有相對(duì)小車向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，水的密度大于整個(gè)乒乓球的密度，故把乒乓球擠向右，故乒乓球故相對(duì)小車向右運(yùn)動(dòng).解析:因?yàn)樾≤囃蝗幌蛴疫\(yùn)動(dòng)時(shí)，由于慣性，鐵球和乒乓球都有向左運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，但由于與同體積的“水球”相比鐵球的質(zhì)量大，慣性大，鐵球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)難改變，即速度變化慢，而同體積的水球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)容易改變，即速度變化快，而且水和車一起加速運(yùn)動(dòng)，所以小車加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，鐵球相對(duì)于小車向左運(yùn)動(dòng)，同理由于與同體積的“水球”相比乒乓球的質(zhì)量小，慣性小，乒乓球向右運(yùn)動(dòng). 答案B2 分析:將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解，垂直斜面方向合力為零，物體沿平行斜面方向運(yùn)動(dòng)，比較拉力和重力的平行斜面方向的分力，結(jié)合牛頓

14、運(yùn)動(dòng)定律即可判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況.解析:對(duì)物體受力分析，受重力、支持力和拉力將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解平行與斜面方向分力為:G1=mgsin30°=4N分階段討論物體的運(yùn)動(dòng)情況:0到1s內(nèi)，F(xiàn)合=5N-4N=1N，沿斜面向上加速度為a=1.25m/s21s末速度為v1=at1=1.25m/s 1s到2s內(nèi)，合力為F合=3N-4N=-1N加速度為a=-1.25m/s22s末速度為v2=v1+at2=0m/s 2s到3s內(nèi)，合力為F合=1N-4N=-3N加速度為a=-3.75m/s23s末速度為v3=v2+at3=-3.75m/s 故2s到3s加速度最大，A錯(cuò)誤;第2s末

15、物體的速度為零，B錯(cuò)誤;23s時(shí)間內(nèi)物體做向下勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D正確，C錯(cuò)誤; 答案D3 分析:先以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度和桿對(duì)小環(huán)的作用力，再以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由牛頓第二定律得到與的關(guān)系.解析:A、以整體為研究對(duì)象，分析受力情況，如圖，根據(jù)牛頓第二定律得:(m1+m2)gsin=(m1+m2)a得:a=gsinN=(m1+m2)gcos(m1+m2)g;故A錯(cuò)誤;B、C、再對(duì)小球研究可知，其合力大小為F=m2gsin，等于重力沿桿向下方向的分力，則細(xì)線與桿垂直，則由幾何知識(shí)得，=，與環(huán)和小球的質(zhì)量無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤，C正確;D、若桿不光滑;把環(huán)和球看做一個(gè)整體受力分析，沿斜面

16、和垂直斜面建立直角坐標(biāo)系得:沿斜面方向:(m1+m2)gsin-f=(m1+m2)a 垂直斜面方向:FN=(m1+m2)gcos摩擦力:f=FN聯(lián)立可解得:a=gsin-gcos，設(shè)=，由幾何關(guān)系知，此時(shí)繩應(yīng)該和桿垂直，對(duì)小球受力分析可知重力沿桿的分力作為合力產(chǎn)生加速度，垂直于桿的分力與繩的拉力相平衡，此時(shí)可以求得小球的加速度為gsin，大于整體的加速度gsin-gcos，故繩的拉力要有一個(gè)分力來(lái)減小小球重力沿著桿方向的分力，所以繩應(yīng)該向下傾斜，故，故D錯(cuò)誤;答案C4.分析：對(duì)木塊受力分析，豎直方向受重力和支持力，二力平衡，水平方向受彈簧彈力和摩擦力，剛從A點(diǎn)釋放時(shí)，彈力大于摩擦力，

17、物體加速向右運(yùn)動(dòng)，隨著木塊向右運(yùn)動(dòng)，彈簧壓縮量減小，彈力減小，到達(dá)o點(diǎn)之前某一位置C，彈力減小到等于摩擦力，由C至O彈力小于摩擦力，物體開(kāi)始減速，O至B過(guò)程受向左的拉力和摩擦力，加速度向右物體一直做減速運(yùn)動(dòng).解析：A、物體從O點(diǎn)到B點(diǎn)，彈力向左，摩擦力也向左，合力向左，加速度也向左，加速度與速度反向，物體減速，故A錯(cuò)誤;B、物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)過(guò)程，彈力逐漸減為零，剛開(kāi)始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦力過(guò)程和彈力小于摩擦力過(guò)程，彈力大于摩擦力過(guò)程，合力向右，加速度也向右，速度也向右，即物體先加速后減速，故B正確;C、物體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，重力和支持力平衡，彈簧彈力為零，摩擦力向左，合力等于摩

18、擦力，故C錯(cuò)誤;D、物體從A點(diǎn)至O點(diǎn)先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度不斷不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤; 答案B 5.分析:小物體A與傳送帶相對(duì)靜止，說(shuō)明它們的加速度的大小是相同的，對(duì)物體受力分析可以知道物體的受到的摩擦力的情況.加速度方向與合外力方向相同，由牛頓第二定律和加速度情況確定物體所受靜摩擦力的方向。當(dāng)A不受傳送帶的摩擦力的時(shí)候，對(duì)物體受力分析可知，此時(shí)物體的加速度的大小為，解析：A、當(dāng)傳送帶的加速度時(shí)，物體有向后滑的趨勢(shì)，所以物體A將受到沿傳送帶向下的靜摩擦力作用;錯(cuò)誤B、當(dāng)傳送帶的加速度時(shí)，物體的加速度和傳送帶的加速度相同，此時(shí)物體和傳送帶一起運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，此時(shí)

19、物體A不受摩擦力作用;錯(cuò)誤C、當(dāng)傳送帶的加速度時(shí)，物體有向下滑的趨勢(shì)，所以物體A將受到沿傳送帶向上的靜摩擦力作用;正確D、由前面的分析可知D錯(cuò)誤. 答案C6分析:物體位移為0時(shí)，彈力等于物體重力，那么合力即拉力，當(dāng)物體位移超過(guò)4cm 后拉力變?yōu)楹懔?，說(shuō)明物體彈簧已經(jīng)分離，此時(shí)彈簧為原長(zhǎng)，答案A錯(cuò)。由于物體勻加速因此合力仍是10N。即，得，答案C錯(cuò)。初始彈簧壓縮量為4cm，那么勁度系數(shù)，答案B錯(cuò)。物體勻加速的加速度答案D對(duì)。 答案D7 分析：先以物體1為研究對(duì)象，分析受力情況，由牛頓第二定律求出其加速度和繩的拉力；再以物體2為研究對(duì)象，分析受力情況，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力。解析：A、B

20、：以物體1為研究對(duì)象，分析受力如圖1，由牛頓第二定律有：，得，則車廂加速度也為。拉力，故A錯(cuò)B對(duì)。C、D：以物體2為研究對(duì)象，分析受力如圖2，由牛頓第二定律有：，故C錯(cuò)D錯(cuò)。答案B 8解析：球受力如圖，則FN2-FN1sin=ma，F(xiàn)N1cos=mg由此判斷A、B錯(cuò)誤.根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)N1、FN2和mg三力的合力等于ma，C錯(cuò)誤.根據(jù)FN1=，D正確.答案D9.解析：對(duì)AB整體分析，當(dāng)它們處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧的彈力等于整體AB的重力，當(dāng)施加力F的瞬間，彈力在瞬間不變，故A、B所受合力為10 N，則a=F合/(2m)=2.5 m/s2，后隔離A物塊受力分析，得F+mg-FN=ma，解得FN=

21、25 N，所以A對(duì)B的壓力大小也等于25 N. 答案C10解析：:運(yùn)動(dòng)過(guò)程中木板始終在輪子上。若木板速度小于輪子線速度時(shí)為勻加速，加速度，木板勻加速的時(shí)間，勻加速的位移，此后木板開(kāi)始勻速，重心恰好運(yùn)動(dòng)到O1輪正上方時(shí)發(fā)生位移，因此勻速的位移，時(shí)間那么總時(shí)間答案C對(duì)。 答案C二、多項(xiàng)選擇題(本題5小題，每小題5分，共25分) 11解析 張丹和張昊相互推的過(guò)程中，兩人的推力屬作用力和反作用力.根據(jù)牛頓第三定律，它們大小相等、方向相反、作用時(shí)間相同;由牛頓第二定律可以分析，F(xiàn)=ma，兩人與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，分開(kāi)后兩人的加速度大小相等，都是a=g;根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式0-v=-2as(也可以根據(jù)動(dòng)能定

22、理來(lái)求解0-mv=-mgs)容易理解，張丹之所以滑行的距離比張昊滑行得遠(yuǎn)是因?yàn)閮扇朔珠_(kāi)時(shí)張丹獲得的初速度較大. 答案BC12 分析：兩種情況下木塊均保持靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)木快受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可列式分析出繩子拉力大小關(guān)系;繩子斷開(kāi)后，對(duì)木塊運(yùn)動(dòng)情況分析，可比較出運(yùn)動(dòng)時(shí)間.解析：A、B：對(duì)木塊受力分析，受重力G、支持力N、拉力T、滑動(dòng)摩擦力f。由于滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)速度無(wú)關(guān)，兩種情況下的受力情況完全相同，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，必然有F1=F2 ，故A錯(cuò)誤、B正確.C、D：繩子斷開(kāi)后，木塊受重力、支持力和向左的滑動(dòng)摩擦力，重力和支持力平衡，合力等于摩擦力，水平向左加速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有mg=

23、ma，解得a=g;故木塊可能一直向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng);也可能先向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，等到速度與皮帶速度相同，然后一起勻速運(yùn)動(dòng);由于v1v2，故若兩種情況下木塊都是一直向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則tl等于t2若傳送帶速度為v1時(shí)，木塊先向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，等到速度與皮帶速度相同，然后一起勻速運(yùn)動(dòng);傳送帶速度為v2時(shí)，木塊一直向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則t1t2兩種情況下木塊都是先向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，等到速度與皮帶速度相同，然后一起勻速運(yùn)動(dòng)，則t1t2，故C錯(cuò)誤D正確. 答案BD13 分析:在速度-時(shí)間圖象中，某一點(diǎn)縱坐標(biāo)代表此時(shí)刻的瞬時(shí)速度;某點(diǎn)切線的斜率代表該時(shí)刻的加速度，向右上方傾斜，加速度為正

24、，向右下方傾斜加速度為負(fù).結(jié)合牛頓第二定律判斷受力情況.解析:A、在01s內(nèi)，直線的斜率不變，加速度不變，由牛頓第二定律得:F-f=ma，可知外力F是恒力，故A錯(cuò)誤.B、在13s內(nèi)，速度不變，物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度等于零，F(xiàn)=f，故外力F的大小恒定，故B正確. C、D、在34s內(nèi)，斜率越來(lái)越大，說(shuō)明加速度越來(lái)越大，所以物體做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)， 由牛頓第二定律得:f-F=ma，得 F=f-ma，f、m不變，a增大，F(xiàn)減小，故C正確，D錯(cuò)誤;答案BC 14.分析：對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出力F與加速度a的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖象得出相關(guān)信息即可求解.解析:A、B、C:物體

25、受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得:F-mg=ma，解得:a=-g，由a與F圖線，得到:0.5=-10    ，4=-10    ，聯(lián)立得，m=2Kg，=0.3，可求滑動(dòng)摩擦力f=mg和加速度a=-g，故ABC正確;D、由于物體先靜止后又做變加速運(yùn)動(dòng)，無(wú)法利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求速度，又F為變力無(wú)法求F得功，從而也無(wú)法根據(jù)動(dòng)能定理求速度，故D錯(cuò)誤; 答案ABC15. 分析：小球剛釋放時(shí)做自由落體運(yùn)動(dòng)，當(dāng)下落的高度等于繩子原長(zhǎng)時(shí)，繩子開(kāi)始張緊，即繩子開(kāi)始對(duì)小球有力的作用，剛開(kāi)始重力大于繩子拉力，小球向下做

26、加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)繩子拉力等于重力時(shí)，速度達(dá)到最大值，小球?qū)⒗^續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)繩子張力達(dá)到最大值時(shí)，小球速度為零，分別對(duì)4個(gè)選項(xiàng)進(jìn)行分析即可求解. 解析：A、從圖可知從懸點(diǎn)釋放到繩子張緊歷時(shí)t1，即繩子的自然長(zhǎng)度l=，故A正確;B、t2時(shí)刻張力最大，小球運(yùn)動(dòng)到了最低點(diǎn)，速度為零時(shí)，故B錯(cuò)誤;C、t1時(shí)刻繩子才開(kāi)始張緊，不是最低點(diǎn)，故C錯(cuò)誤;D、小球的速度最大出現(xiàn)在張力與重力相等的位置，此后開(kāi)始減速運(yùn)動(dòng)，繩子張力繼續(xù)增大，當(dāng)速度減為零時(shí)，張力最大，所以t1時(shí)刻到t2時(shí)刻小球的速度先增大后減小，故D正確. 答案AD三、非選擇題(共45分)16(10分)分析：(1)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)

27、卡尺的示數(shù);遮光條的寬度與遮光時(shí)間的比值是滑塊的平均速度，由于時(shí)間極短，可認(rèn)為是滑塊的瞬時(shí)速度，由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式可以求出滑塊的加速度.（2）通過(guò)表格中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析可得知a與m 關(guān)系（3）作a與圖線，若是一條直線，即驗(yàn)證a與m 成反比解析：(1)由圖示游標(biāo)卡尺可知，主尺的示數(shù)為5mm，游標(biāo)尺示數(shù)為2×0.1mm=0.2mm，游標(biāo)卡尺示數(shù)為5mm+0.2mm=5.2mm=0.52cm;遮光條的寬度與遮光時(shí)間的比值是滑塊的瞬時(shí)速度，所以滑塊經(jīng)過(guò)光電門的速度v1=，v2= ;滑塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則v22-v12=2as，則加速度a=;（2）通過(guò)表格中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析可知：在合力一

28、定時(shí)，a與m 成反比（3）作a與圖線，如圖，由圖可知，圖線是過(guò)原點(diǎn)的一條直線，驗(yàn)證了在合力一定時(shí)，a與m 成反比（圖略）答案 (1)0.52 (2) 在合力一定時(shí)，a與m 成反比 (3)略17.(7分)分析：(1)受力分析后，先根據(jù)牛頓第二定律求解出瓶子加速和減速時(shí)的加速度，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合幾何關(guān)系列式求解出瓶子恰好滑動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)推力的作用時(shí)間;(2)瓶子恰好滑動(dòng)到B點(diǎn)，推力的作用距離最短;根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合幾何關(guān)系列式求解即可.解析：(1)要想獲得游戲成功，瓶滑到C點(diǎn)速度正好為0，力作用時(shí)間最長(zhǎng)，設(shè)最長(zhǎng)作用時(shí)間為t1，有力作用時(shí)瓶的加速度為a1，t1時(shí)刻瓶的速度為v，力停止后加速度為a2

29、，由牛頓第二定律得:F-mg=ma1 mg=ma2 加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的位移         減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的位移         位移關(guān)系滿足:x1+x2=L1 又:v=a1t1 由以上各式解得:即推力作用在瓶子上的時(shí)間最長(zhǎng)不得超過(guò)s.(2)要想游戲獲得成功，瓶滑到B 點(diǎn)速度正好為零，力作用距離最小，設(shè)最小距離為d，則:      v'2=2a1d                   聯(lián)立解得:d=0.4m  即推力作用在瓶子上的距離最小為0.4m. 答案