【KS5U解析】江蘇省淮安市漣水縣第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期10月物理試題（理） Word版含解析

1、漣水縣第一中學(xué)20192020學(xué)年度高二年級10月份階段性測試高二物理試卷（理科）一單項選擇題：每小題4分，共40分。每個小題只有一個正確選項。1.關(guān)于元電荷下列說法錯誤的是( )a. 所有帶電體的電荷量大小一定等于元電荷的整數(shù)倍b. 元電荷的值通常取作e1.60×1019 cc. 元電荷實際上是指電子和質(zhì)子本身d. 電荷量e的數(shù)值最早是由美國科學(xué)家密立根用實驗測得的【答案】c【解析】【詳解】a. 所有帶電體的電荷量大小一定等于元電荷的整數(shù)倍，選項a正確；b. 元電荷的值通常取作e1.60×1019 c，選項b正確；c. 元電荷是基本的電量單位，不是指電子和質(zhì)子本身，選項c

2、錯誤；d. 電荷量e的數(shù)值最早是由美國科學(xué)家密立根用實驗測得的，選項d正確；此題選擇不正確的選項，故選c.2.某電解池，如果在1 s內(nèi)共有5×1018個二價正離子和1.0×1019個一價負離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是()a. 0b. 0.8 ac. 1.6 ad. 3.2 a【答案】d【解析】【詳解】由題，電解池中正負離子運動的方向相反，則1s內(nèi)通過截面正離子的電量為q1=2n1e負離子的電量絕對值為q2=n2e則電流為代入數(shù)據(jù)解得：a0與分析不符，故a錯誤；b0.8 a與分析不符，故b錯誤；c1.6 a與分析不符，故c錯誤；d3.2 a與分析相符，故d正確3.

3、如圖所示，帶箭頭的線段表示某一電場中的電場線的分布情況。一帶電粒子在電場中運動的軌跡如圖中虛線所示。若不考慮其他力，則下列判斷中正確的是（）a. 若粒子是從a運動到b，則粒子帶正電；若粒子是從b運動到a，則粒子帶負電b. 不論粒子是從a運動到b，還是從b運動到a，粒子必帶正電c. 若粒子是從b運動到a，則其加速度減小d. 若粒子是從b運動到a，則其速度減小【答案】c【解析】【詳解】ab若粒子是從a運動到b，則粒子受電場力大致向左，可知粒子帶負電；同理若粒子是從b運動到a，則粒子帶負電，即不論粒子是從a運動到b，還是從b運動到a，粒子必帶負電，選項ab錯誤；c因為a處電場線較b處稀疏，則若粒子是

4、從b運動到a，則受電場力減小，其加速度減小，選項c正確；d若粒子是從b運動到a，則電場力做正功，則其速度增加，選項d錯誤。故選c。4.一平行板電容器兩極板間距離為，極板正對面積為，對此電容器充電后再與電源斷開當只增加兩板間距離時，電容器兩極板間的（ ）a. 電場強度減小，電勢差變大b. 電場強度減小，電勢差減小c. 電場強度不變，電勢差變大d. 電場強度不變，電勢差不變【答案】c【解析】【分析】電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變當只增加兩板間距離d時，根據(jù)推論可知板間電場強度不變，電勢差增大【詳解】電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變根據(jù)板間電場強度，和得到，由題q、s都不變，則板間電場

5、強度e不變板間電勢差u=ed，d增大，電勢差增大故應(yīng)選：c【點睛】本題是電容器的動態(tài)分析問題，推論要在理解的基礎(chǔ)上學(xué)會推導(dǎo)，并加強記憶5.如圖所示，r1、r2為定值電阻，l為小燈泡，r3為光敏電阻，當照射光強度增大時（ ）a. 電壓表的示數(shù)減小b. r2中電流增大c. 小燈泡的功率增大d. 電路的路端電壓增大【答案】c【解析】【分析】當照射光強度增大時，r3變小，分析電路中總電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可

6、得出燈泡功率的變化【詳解】a項：當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，r3變小，外電路總電阻減小，則電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故r1兩端的電壓增大，即電壓表的示數(shù)增大，故a錯誤；b、d項：因電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時r1兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過r2的電流減小，故b、d錯誤c項：由并聯(lián)電路電壓增大，可知流過燈泡的電流一定增大，故由p=i2r可知，小燈泡消耗的功率增大，故c正確故應(yīng)選：c【點睛】閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，

7、要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)6.a和b為電場中的兩個點，如果把的負電荷從a點移動到b點，電場力對該電荷做了的正功，則該電荷的電勢能和       a. 增加了，b. 增加了 ，10vc. 減小了，10vd. 減小了，  【答案】d【解析】【詳解】負電荷從a點移動到b點，電場力對該電荷做了4×10-7j的功，則在這個過程中，電荷的電勢能減小了4×10-7j根據(jù)電勢差公式 得a、b兩點間的電勢差為：，故選d.【點睛】本題要抓住電場力做功和電勢能變化關(guān)系與重力做功和重力勢能變化的關(guān)系相似：電場力

8、做正功，電勢能減?。浑妶隽ψ鲐摴?，電勢增大運用公式時各個量均要代符號運算7.如圖所示，n個小球（可看做質(zhì)點）均勻分布在半徑為r的圓周上，圓周上p點的一個小球所帶電荷量為2q，其余小球帶電量為+q，圓心處的電場強度大小為e，若僅撤去p點的帶電小球，圓心處的電場強度大小為（ ）a. eb. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】假設(shè)圓周上均勻分布的都是電量為+q的小球，由于圓周的對稱性，圓心處場強為0，則知p處q在圓心處產(chǎn)生的場強大小為 e1=k方向水平向左，可知圖中所有+q在圓心處的場強e2=e1=k方向水平向右，圖中2q在圓心處產(chǎn)生的場強大小e3=方向水平向右根據(jù)電場疊加有e2+e3=e則得所

9、以若僅撤去p點的帶電小球，圓心處的電場強度大小為，故c正確，abd錯誤。8.如圖所示，圖線a是某一電源的ui曲線，圖線b是一定值電阻的ui曲線若將該電源與該定值電阻連成閉合電路（已知該電源的內(nèi)阻r=2.0），則說法錯誤的是（）a. 該定值電阻為6b. 該電源的電動勢為20vc. 將2只這種電阻串聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大d. 將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大【答案】c【解析】【詳解】a.圖線b的斜率k=6則定值電阻的阻值：r=k=6故a正確，不符合題意；b.由圖讀出交點的電壓u=15v，電流i=2.5a，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電源的電動勢e=u+ir=15v+2.5

10、5;2v=20v故b正確，不符合題意；cd.定值電阻的阻值r =6，電源的內(nèi)阻r=2.0；對于電源，當內(nèi)外電路的電阻相等時輸出功率最大，則將3只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大；故c錯誤，符合題意；d正確，不符合題意。9.在如圖所示的電路中，電阻，電流表內(nèi)阻不計，在a、b兩點間加上9v的電壓時，電流表的讀數(shù)為(    )a. 0b. 1 ac. 1.5 ad. 2 a【答案】b【解析】【詳解】圖中電阻r2與r3并聯(lián)后與r1串聯(lián)，電路的總電阻為：根據(jù)歐姆定律，干路電流為：由于并聯(lián)電路的電流與電阻成反比，故：；a. 0，

11、與結(jié)論不相符，選項a錯誤；b. 1 a，與結(jié)論相符，選項b正確；c. 1.5 a，與結(jié)論不相符，選項c錯誤；d. 2 a，與結(jié)論不相符，選項d錯誤；10.直流電動機的線圈電阻為r，正常工作時，電動機兩端的電壓為u，通過的電流強度為i，工作時間為t，下列說法正確的是a. 電動機線圈產(chǎn)生的熱量為i2rtb. 電動機線圈產(chǎn)生的熱量為c. 電動機消耗的電能為d. 電動機輸出機械能為uit【答案】a【解析】【詳解】ab.根據(jù)焦耳定律得，電動機線圈產(chǎn)生的熱量為q=i2rt；電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，線圈產(chǎn)生的熱量故a正確，b錯誤c.電動機兩端的電

12、壓為u，通過的電流強度為i，工作時間為t，則電功為w=uit，電動機消耗的電能為w=uit；電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，則；故c錯誤d.由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得，電動機輸出的機械能；故d錯誤二多項選擇題：每小題5分，共20分。每個小題有多個選項正確。選對但不全得3分，錯選或不選得0分。11.關(guān)于電場強度和電勢的關(guān)系，下列說法正確的是（）a. 電勢為零的地方場強也為零b. 場強處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢也一定相同c. 場強的方向總是跟等勢面垂直d. 電勢高的地方場強不一定大【答案】cd【解析】【詳解】a. 電勢為零是人為選取的，則電勢為零的地方場強可以不為零故a錯誤；b.

13、場強處處相同的區(qū)域內(nèi)，沿著電場線的方向電勢逐漸降低，故b錯誤c. 根據(jù)電場線與等勢面的關(guān)系可知，場強的方向與等勢面總是垂直故c正確d. 沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方，電場強度大，電場線疏的地方電場強度小電勢高的地方電場強度不一定大，電場強度大的地方，電勢不一定高故d正確12.某導(dǎo)體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是()a. 該元件是非線性元件，所以不能用歐姆定律計算導(dǎo)體在某狀態(tài)下的電阻b. 加5 v電壓時，導(dǎo)體的電阻約是5 c. 由圖可知，隨著電壓的減小，導(dǎo)體的電阻不斷減小d. 由圖可知，隨著電壓的增大，導(dǎo)體的電阻不斷減小【答案】bc【解析】【詳解】該元件

14、雖然是非線性元件，但仍能用歐姆定律計算導(dǎo)體在某狀態(tài)的電阻，故a錯誤，當u=5v時，由圖知電流為i=1.0a，則導(dǎo)體的電阻故b正確；由圖知，隨著電壓的減小，圖象上的點與原點連線的斜率增大，此斜率等于電阻的倒數(shù)，則知導(dǎo)體的電阻不斷減小，故c正確，d錯誤；故選bc【點睛】本題關(guān)鍵抓住圖象上的點與原點連線的斜率等于電阻的倒數(shù)，分析電阻的變化，求解電阻的值13.如圖所示，在水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下已知在金屬塊滑下的過程中動能增加了12j，金屬塊克服摩擦力做功8j，重力做功24j，則以下判斷正確的是a. 金屬塊帶正電荷b. 金屬塊的機械能減少12jc. 金屬塊克服電

15、場力做功8jd. 金屬塊的電勢能減少4j【答案】ab【解析】【詳解】acd、在金屬塊滑下的過程中動能增加了12j，金屬塊克服摩擦力做功8.0j，重力做功24j，根據(jù)動能定理得：w總wg+w電+wfek，解得：w電4j，所以金屬塊克服電場力做功4.0j，金屬塊的電勢能增加4j，由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以電場力應(yīng)該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故a正確，cd錯誤；b、在金屬塊滑下的過程中重力做功24j，重力勢能減小24j，動能增加了12j，所以金屬塊的機械能減少12j，故b正確14.如圖所示，一電子在外力作用下沿等量異種電荷的中垂線由aob勻速運動，a、b兩點關(guān)于兩電荷連線對稱，電子重力不

16、計，則電子運動過程中說法正確的是（）a. 電子受外力先變大后變小，方向水平向右b. 電子受外力先變小后變大，方向水平向左c. 電子在a、b兩點電勢能相等d. 電子受合力為零【答案】acd【解析】【詳解】ab根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從aob，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小。則電子所受電場力的大小先變大后變小，方向水平向左，則由平衡條件可知，外力的大小先變大后變小，方向水平向右。故a正確，b錯誤。c等量異種電荷的中垂線是一條等勢線，則電子在a、b兩點電勢能相等，故c正確。d電子所受的電場力和外力必定平衡，否則電子不可能做直線運動，所以電子的合力為零，故d正確。

17、故選acd。三實驗題：每空2分，共10分。15.為了研究某導(dǎo)線的特性，某同學(xué)所做部分實驗如下：(1)用螺旋測微器測出待測導(dǎo)線的直徑，如圖甲所示，則螺旋測微器的讀數(shù)為_mm；(2)用多用電表直接測量一段導(dǎo)線的阻值，選用“×10”倍率的電阻檔測量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，因此需選擇_倍率的電阻檔（選填“×1”或“×100”），歐姆調(diào)零后再進行測量，示數(shù)如圖乙所示，則測量值為_ ；(3)另取一段同樣材料的導(dǎo)線，進一步研究該材料的特性，得到電阻 r 隨電壓 u 變化圖像如圖丙所示，則由圖像可知，該材料在常溫時的電阻為_；當所加電壓為 3.00v時，材料實際消耗的電功率為_w

18、（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). 1.731（1.7301.733） (2). ×1 (3). 22 (4). 1.5 (5). 0.78（0.700.80均給分）【解析】【詳解】(1)1由圖可知，螺旋測微器的示數(shù)為：d=1.5+23.0×0.01mm=1.730mm；(2)2角度偏轉(zhuǎn)太大，則說明示數(shù)太小，阻值太小，應(yīng)換用小倍率檔位，故選用×1檔；3由圖可知，電阻值為：22×1=22；(3)4由圖可知，常溫不加電壓時，電阻為1.5；5加電壓為3v時，電阻為11.5；則功率：四計算題：共30分。請寫出必要的文字說明和重要的演算步驟，有數(shù)值計算的題，必須明確寫出單位，只寫出最后答案的不能得分。16.如圖所示，在勻強電場中，將帶電荷量為q=