計(jì)算機(jī)學(xué)科專業(yè)基礎(chǔ)綜合計(jì)算機(jī)網(wǎng)絡(luò)-3

1、計(jì)算機(jī)學(xué)科專業(yè)基礎(chǔ)綜合計(jì)算機(jī)網(wǎng)絡(luò) -3（ 總分： 99.98 ，做題時間： 90 分鐘 ）、 單項(xiàng)選擇題 （ 總題數(shù)： 18 ，分?jǐn)?shù)： 18.00）1. TDM的設(shè)計(jì)利用了傳輸介質(zhì)的一種性質(zhì)，這個性質(zhì)是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 介質(zhì)的帶寬大于結(jié)合信號的位速率B. 介質(zhì)的帶寬小于單個信號的帶寬C. 介質(zhì)的位速率小于最小信號的帶寬D. 介質(zhì)的位速率大于單個信號的位速率V解析：解析TDM（時分復(fù)用）是將時間劃分成一段段等長的時分復(fù)用幀仃DM幀）。參與帶寬共享的每一個時分復(fù)用的用戶在每一個 TDM幀中占用固定序號的時隙。顯然在這種情況下，介質(zhì)的位速率大于單個用戶 的單個信號的位速率。2. WDM

2、的意思是。分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 在光纜上多路復(fù)用 VB. 使用傳輸介質(zhì)的密度進(jìn)行復(fù)用C. 一種監(jiān)視WAN延遲的流控形式D. 對WAN做擁塞管理的一種形式解析：解析WDM（波分多路復(fù)用）是在光信道上采用的一種頻分多路復(fù)用的變種，只不過光復(fù)用采用的技 術(shù)與設(shè)備不同于電復(fù)用。 WDM采用多個波長在單個光纖上傳送信號，把輸出光纖通道劃分成對應(yīng)每個輸入通道的不同的光波長。不同光纖上的光波信號通過無源的棱柱或衍射光柵復(fù)用到一根光纖上。由于光波處 于頻譜的高頻段，有很高的帶寬，因而可以實(shí)現(xiàn)非常多路的波分復(fù)用。此外，利用光耦合器和可調(diào)的光濾 波器還可以實(shí)現(xiàn)光交換，或?qū)⒃谝桓饫w上輸入的光信號向多根輸出光纖

3、上轉(zhuǎn)發(fā)。3. 在以太網(wǎng)上“阻塞（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 當(dāng)發(fā)現(xiàn)沖突時，送嘗試B. 當(dāng)發(fā)現(xiàn)沖突時，送嘗試 VC. 當(dāng)介質(zhì)空閑時，爭訪問媒體D. 當(dāng)介質(zhì)空閑時，爭訪問媒體（JAM）”信號的功能是CSMA/CA發(fā)送一個“阻塞”CSMA/CD發(fā)送一個“阻塞”CSMA/CD發(fā)送一個“阻塞”CSMA/CA發(fā)送一個“阻塞”信號。信號。信號。信號。當(dāng)所有的站都檢測到阻塞信號時，它們立即停止發(fā)當(dāng)所有的站都檢測到阻塞信號時，它們立即停止發(fā)當(dāng)所有的站都檢測到阻塞信號時，它們立即開始競當(dāng)所有的站都檢測到阻塞信號時，它們立即開始競解析： 解析 阻塞信號是在檢測到?jīng)_突后正在嘗試發(fā)送的站所發(fā)出的信號，其目的是為了避免其他

4、卷入沖突的站由于沒有檢測到?jīng)_突而繼續(xù)發(fā)送。這種情況有可能發(fā)生，因?yàn)樘幱诰W(wǎng)絡(luò)上不同物理位置的站所接收 到的信號相對能量可能不同，對于沖突信號也是如此。阻塞信號是一個站在檢測到?jīng)_突時通知其他站的一 種有效的方法。4. 每塊以太網(wǎng)卡都有它自己的時鐘， 兩個網(wǎng)卡在互相通信的時候?yàn)榱酥朗裁磿r候一位結(jié)束、 下一位開始， 即具有同樣的頻率，它們采用了 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 量化機(jī)制B. 曼徹斯特機(jī)制 VC. 奇檢驗(yàn)機(jī)制D. 定時令牌機(jī)制解析： 解析 10BASE-T 以太網(wǎng)使用曼徹斯特編碼。曼徹斯特編碼提取每個比特中間的電平跳變作為收發(fā) 雙方的同步信號，無需額外的同步信號，因此曼徹斯特編碼是一種“

5、自含時鐘編碼”的編碼方式。5. 當(dāng)在同一局域網(wǎng)上的兩個設(shè)備具有相同的靜態(tài)MAC地址時會發(fā)生。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 首次引導(dǎo)的設(shè)備排他地使用該地址，第二個設(shè)備不能通信B. 最后引導(dǎo)的設(shè)備排他地使用該地址，另一個設(shè)備不能通信C. 在網(wǎng)絡(luò)上的這兩個設(shè)備都不能正確通信VD. 兩個設(shè)備都可以通信，因?yàn)樗鼈兛梢宰x分組的整個內(nèi)容，知道哪些分組是發(fā)給它們的，而不是發(fā)給其他站的解析： 解析 在局域網(wǎng)上的每個設(shè)備都必須有一個唯一的硬件地址。在使用靜態(tài)地址的系統(tǒng)上，如果有重 復(fù)的硬件地址，那么這兩個設(shè)備都不能正常通信。因?yàn)橹辽僭诰钟蚓W(wǎng)上的這兩個設(shè)備之間不能互相通信， 其原因是，目的MAC地址等于本機(jī)MAC地址

6、的幀是不會被發(fā)送到網(wǎng)絡(luò)上去的。另外，如果兩個設(shè)備配置相 同的靜態(tài)MAC地址，那么其他設(shè)備上的用戶發(fā)給其中一個設(shè)備的幀也會被另一個設(shè)備接受，其中必有一個 設(shè)備需要處理本來不是發(fā)給自己的幀，取出幀的數(shù)據(jù)段包含的上層PDU并通過層間接口提交給上層協(xié)議模塊處理，上層協(xié)議發(fā)現(xiàn)網(wǎng)絡(luò)層目的地址不正確后再將其丟棄，這樣就會白白地消耗CPU和內(nèi)存資源，顯然不是正確通信的做法。還有，考慮到上層協(xié)議，例如 TCP/IP協(xié)議棧中的ARP協(xié)議和與其相關(guān)的動態(tài)更新 的ARP表，正確實(shí)現(xiàn)的ARP軟件都會禁止把同一個 MACfe址捆綁到對應(yīng)兩個設(shè)備的兩個IP地址。由于這個原因，如果在同一局域網(wǎng)上的兩個設(shè)備具有相同的靜態(tài)MAC

7、地址，并且這兩個設(shè)備同時使用網(wǎng)絡(luò)，那么其中任一設(shè)備上的用戶會話都會發(fā)生時斷時續(xù)的現(xiàn)象。6. 在一個CSMA/CA網(wǎng)絡(luò)上，計(jì)算機(jī)A有一個2時槽的幀際間隔，計(jì)算機(jī) B的幀際間隔是6時槽，計(jì)算機(jī)C的幀際間隔是 4 時槽。具有最高優(yōu)先級的設(shè)備是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 計(jì)算機(jī) A VB. 計(jì)算機(jī) BC. 計(jì)算機(jī) CD. 在CSMA/CA網(wǎng)絡(luò)中不能夠分配優(yōu)先級解析：解析CSMA/CA基本上是一種p-持續(xù)機(jī)制，加上空閑時間管理。當(dāng)一個設(shè)備檢測到傳輸介質(zhì)空閑時， 該設(shè)備在它可以競爭訪問介質(zhì)之前必須等待一個指定的幀際間隔 （IFS） 時間。幀際間隔也可以用于優(yōu)先級傳 輸。如果一個設(shè)備被分配一個較小的幀際

8、間隔值，那么它就有更多的機(jī)會得到對傳輸介質(zhì)的訪問。在本題 的3個設(shè)備中，計(jì)算機(jī) A具有最小的幀際間隔值，因此具有最高的優(yōu)先級。7. 多路復(fù)用器的主要功能是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 執(zhí)行數(shù) / 模轉(zhuǎn)換B. 減少主機(jī)的通信處理負(fù)荷C. 結(jié)合來自兩條或更多條線路的傳輸 VD. 執(zhí)行串行 / 并行轉(zhuǎn)換解析： 解析 多路復(fù)用器把來自多個輸入通道的信息傳送到一個輸出通道上傳輸，也就是說，它結(jié)合來自 兩條或更多條線路的傳輸，因此C是正確的答案。8. 以下關(guān)于以太網(wǎng)地址的描述，錯誤的是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 以太網(wǎng)地址就是通常所說的MAC地址B. MAC地址又叫作局域網(wǎng)硬件地址C. MAC地址通

9、常是通過域名解析查得VD. 以太網(wǎng)地址通常存儲在網(wǎng)卡中解析：解析域名解析用于把主機(jī)名解析成對應(yīng)的IP地址，它不涉及 MACfe址。實(shí)際上，MACfe址通常是通過ARP協(xié)議查得。9. 采用HDLC傳輸比特串，在比特填充后輸出為 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. VB.C.D.解析： 解析 HDLC 數(shù)據(jù)幀以位模式 01111110標(biāo)識每一個幀的開始和結(jié)束，因此在幀數(shù)據(jù)中凡是出現(xiàn)了 5 個連續(xù)的位“ 1”的時候，就會在輸出的位流中填充一個“ 0”。所以答案為A,在011111后添加一個“ 0”。10. 下列屬于奇偶校驗(yàn)碼特征的是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 只能檢查出奇數(shù)個比特錯誤VB. 比CRC校

10、驗(yàn)可靠C. 能查出任意個比特位的錯誤D. 可以檢查偶數(shù)個比特位的錯誤解析： 解析 奇偶校驗(yàn)的原理是通過增加冗余位來使得碼字中“ 1”的個數(shù)保持為奇數(shù)個或者偶數(shù)個的編 碼方法。它只能發(fā)現(xiàn)奇數(shù)個比特位的錯誤。11. 為了糾正 2 比特的錯誤，那么編碼的漢明距應(yīng)該為 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 2B. 3C. 4D. 5 V解析： 解析 為了糾正 d 個錯誤，需要一個距離為 2d+1 的編碼方案，因?yàn)樵谶@樣的編碼方案中，合法碼 字之間的距離足夠遠(yuǎn)，因而即使發(fā)生了 d 位變化，還是原來的碼字離它最近，可以唯一確定原來的碼字， 達(dá)到糾錯的目的。12. 下列協(xié)議中，不會發(fā)生碰撞的是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00

11、 ）A. TDM VB. ALOHAC. CSMAD. CSMA/CD解析：解析TDM屬于靜態(tài)劃分信道的方式，各結(jié)點(diǎn)分時使用信道，不會發(fā)生碰撞，而ALOHACS-MA CSMA/CD 都屬于動態(tài)的隨機(jī)訪問協(xié)議，都采用檢測碰撞的策略來應(yīng)對碰撞，因此都會發(fā)生碰撞。13. 根據(jù)CSMA/CD協(xié)議的工作原理，需要提高最短幀長度的是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 網(wǎng)絡(luò)傳輸速率不變，沖突域的最大距離變短B. 上層協(xié)議使用TCP的概率增加C. 在沖突域不變的情況下減少線路的中繼器數(shù)量D. 沖突域的最大距離不變，網(wǎng)絡(luò)傳輸速率提高 V解析： 解析 以太網(wǎng)的最短幀長度是為了檢測沖突的，基本的思想是發(fā)送一幀的時間需

12、要大于等于信號沿 著信道來回一趟的時間。所以在沖突域最大距離不變的情況下，如果網(wǎng)絡(luò)傳輸速率提高說明發(fā)送一幀需要 更短的時間。那么在這種情況下，就應(yīng)該提高最短幀長度來保證發(fā)送一幀的時間大于等于信號沿信道來回 一趟的時間。14. 局域網(wǎng)中訪問沖突的根源是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 獨(dú)占介質(zhì)B. 共享介質(zhì) VC. 引入MAC子層D. 規(guī)則的拓?fù)浣Y(jié)構(gòu)解析：解析本題考查以太網(wǎng)CSMA/C協(xié)議的原理，由于采用隨機(jī)訪問和競爭技術(shù)，CSMA/CD只用于總線拓?fù)浣Y(jié)構(gòu)網(wǎng)絡(luò)，因此答案為 B。15. 局域網(wǎng)的協(xié)議結(jié)構(gòu)一般不包括 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 網(wǎng)絡(luò)層 VB. 數(shù)據(jù)鏈路層C. 物理層D. 媒體訪問控制

13、層解析： 解析 本題考查局域網(wǎng)的協(xié)議結(jié)構(gòu)，由于局域網(wǎng)位于數(shù)據(jù)鏈路層，因此僅涉及鏈路層和物理層，不 會包括網(wǎng)絡(luò)層，因此答案為 A。16. 下列關(guān)于PPP協(xié)議的描述， 是錯誤的。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. PPP的幀開始標(biāo)志是01111110,如果標(biāo)志字節(jié)出現(xiàn)在凈荷中，需要字節(jié)填充B. PPP的幀開始標(biāo)志是01111110,所以如果凈荷中出現(xiàn)了連續(xù)的5個1，后面要填充0 VC. PPP的地址的默認(rèn)值是 11111111D. PPP在默認(rèn)方式下沒有采用序列號和確認(rèn)來實(shí)現(xiàn)可靠傳輸解析：解析PPP協(xié)議采用了字節(jié)填充方式來成幀，而不是位填充方式。PPP的地址域和控制域在默認(rèn)狀態(tài)下都是常量。17. 下列幀類

14、型中，不屬于 HDLC幀類型的是。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 信息幀B. 確認(rèn)幀 VC. 監(jiān)控幀D. 無編號幀解析：解析在HDLC中，幀被分為三類，分別為信息幀、監(jiān)控幀和無編號幀。18. 下列設(shè)備中，不能夠分割碰撞域的是 。（分?jǐn)?shù)： 1.00 ）A. 交換機(jī)B. 路由器C. 集線器 VD. 網(wǎng)橋解析： 解析 碰撞域是指共享到同一信道的各個站點(diǎn)可能發(fā)生沖突的范圍。物理設(shè)備集線器不能分割碰撞 域，數(shù)據(jù)鏈路層設(shè)備交換機(jī)和網(wǎng)橋可以分割碰撞域，但不能分割廣播域，而網(wǎng)絡(luò)層設(shè)備路由器既可以分割 碰撞域，又可以分割廣播域。二、 綜合應(yīng)用題 （ 總題數(shù)： 18，分?jǐn)?shù)： 82.00）19. 考慮在通路上有3個存儲

15、轉(zhuǎn)發(fā)交換機(jī)的10Mbps以太網(wǎng)的數(shù)據(jù)傳輸，分組大小是5000位。假定每條鏈路 引入10 as的傳播延遲，并且交換機(jī)在接收完分組之后立即轉(zhuǎn)發(fā)。 試計(jì)算在這種情況下一個分組的延遲（從 發(fā)出第 1 位開始到收到最后 1 位為止 ）。（分?jǐn)?shù)： 4.50 ） 正確答案： （）解析：1位的發(fā)送延遲是0.1卩s, 個分組由5000位組成，在每條鏈路上引入的發(fā)送延遲是 500卩s,分 組在每條鏈路上的傳播延遲都是 10卩s。有3個交換機(jī)，4條鏈路，涉及4次發(fā)送，4次傳播，因此總的延 遲等于 500X4+10X4=2040 卩 s=2.04ms。20. 電視頻道的帶寬是6MHz如果使用4級數(shù)字信號，每秒能發(fā)送多

16、少比特？假定為無噪聲信道。（分?jǐn)?shù)： 4.50 ）（分?jǐn)?shù)：4.50 ） 正確答案：（）解析：19936bps。信噪比 SNR=10log 10 S/N=20, S/N=100, W=3000 理論上最大的數(shù)據(jù)速率C=Wlog2 （1+S/N）,因此C=300（X log 2 （1+100）bps=19936bps，即可以取得的理論上最大的數(shù)據(jù)速率是19936bps。假定在地球和月球之間建立一條100Mbps的鏈路。從月球到地球的距離大約是385000km,數(shù)據(jù)在鏈路上以光速3X10 8 m/s傳輸。（分?jǐn)?shù)：4.48 ）（1）.計(jì)算該鏈路的最小 RTT。（分?jǐn)?shù)：1.12 ） 正確答案：（）解析：最

17、小 RTT等于 2X385000000mn（3 X10 8 m/s）=2.57s。（2）.使用RTT作為延遲，計(jì)算該鏈路的“延遲X帶寬”值。（分?jǐn)?shù)：1.12 ） 正確答案：（）解析：“延遲X帶寬”值等于2.57s X100Mbps=257Mfe32MB（3）.在第二小題計(jì)算的“延遲X帶寬”值的含義是什么？（分?jǐn)?shù)：1.12 ） 正確答案：（）解析：它表示發(fā)送方在收到一個響應(yīng)之前能夠發(fā)送的數(shù)據(jù)量。（4）.在月球上用一個照相機(jī)拍取地球的相片，并把它們以數(shù)字形式保存到磁盤上。假定在地球上的任務(wù)控 制要下載25MB的最新圖像，那么從發(fā)出數(shù)據(jù)請求到傳送結(jié)束最少要花多少時間？（分?jǐn)?shù)：1.12 ） 正確答案：

18、（）解析：在圖像可以開始到達(dá)地面之前，至少需要一個RTT。假定僅有帶寬延遲，那么發(fā)送需要的時間等于25MBH00Mbps=200MHb100Mbps=2s所以，直到最后一個圖像位到達(dá)地球，總共花的時間等于 2.0+2.57=4.57s。22. 為什么把PCM采樣時間設(shè)置成125卩s?（分?jǐn)?shù)：4.50 ） 正確答案：（）解析：125卩s的采樣時間對應(yīng)于每秒 8000次采樣。一個典型的電話通道是4kHz。根據(jù)奈奎斯特定理，為獲取在一個4kHz通道中的全部信息需要每秒 8000次的采樣頻率。23. 已知基帶數(shù)字信號為10001011，試畫出差分曼徹斯特編碼的信號圖。（分?jǐn)?shù)：4.50 ） 正確答案：（

19、）0”和“1”的編碼則由解析：如圖所示。在差分曼徹斯特編碼中，其比特中間的變遷僅用來提供時鐘,比特開始有、無變遷來表示差分曼徹斯特編碼信號圖一個信號在4kHz的無噪聲信道上以數(shù)字方式傳送，每125卩s米樣一次。在米用如下編碼方法時，每秒鐘實(shí)際發(fā)送的比特?cái)?shù)是多少？（分?jǐn)?shù)：4.50 ）（1）.CCITY2.048Mbps 標(biāo)準(zhǔn)。（分?jǐn)?shù)：1.50 ） 正確答案：（）解析：CCTT2.048Mbps標(biāo)準(zhǔn)用32個8位數(shù)據(jù)樣本組成一個125卩s的基本幀，30個信道用于傳信息，2個 信道用于傳控制信號。在每一個4kHz信道上發(fā)送的數(shù)據(jù)率就是 8X8000bps=64kbps(2) .有4位相對信號值的DPC

20、M (分?jǐn)?shù)：1.50 ) 正確答案： ()解析：差分脈碼調(diào)制(DPCM是一種壓縮傳輸信息量的方法，它發(fā)送的不是每一次抽樣的二進(jìn)制編碼值，而 是兩次抽樣的差值的二進(jìn)制編碼?，F(xiàn)在相對差值是4位，所以對應(yīng)每個4kHz信道實(shí)際發(fā)送的比特速率為4X 8000bps=32kbps(3) . 增量調(diào)制。(分?jǐn)?shù)： 1.50)正確答案： ()解析：增量調(diào)制的基本思想是：當(dāng)抽樣時間間隔 t 0 很短時，模擬數(shù)據(jù)在兩次抽樣之間的變化很小，可以 選擇一個合適的量化值作為階距。把兩次抽樣的差別近似為不是增加一個就是減少一個。這樣只需用1 比特二進(jìn)制信息就可以表示一次抽樣結(jié)果，而不會引入很大誤差。因此，此時對應(yīng)每個4kH

21、z信道實(shí)際發(fā)送的數(shù)據(jù)速率為 1X8000bps=8kbpso24. 比較在下列兩種情況下一個無噪聲4kHz信道的最大數(shù)據(jù)速率：(1)使用每次采樣產(chǎn)生2比特的模擬信號編碼。使用T1 PCM系統(tǒng)。(分?jǐn)?shù)： 4.50 ) 正確答案： ()解析：在兩種情況下都可以每秒采樣8000次。在每秒采樣產(chǎn)生2比特的模擬信號編碼情況下，每次采樣發(fā)送2位，最大數(shù)據(jù)速率可達(dá) 2X8000bps=16000bps即16 kbps。對于T1 PCM系統(tǒng)，每個采樣周期發(fā)送7位數(shù)據(jù)，最大數(shù)據(jù)速率為7X8000bps=56000bps即 56kbps。25.OC-3的用戶數(shù)據(jù)傳輸速率是 148.608Mbps。請問如何從SON

22、ET勺OC-3參數(shù)推導(dǎo)出該值？(分?jǐn)?shù)： 4.50 ) 正確答案： ()解析：基本SONET幀是每125卩s產(chǎn)生810Bo由于SONE是同步的，因此不論是否有數(shù)據(jù)，幀都被發(fā)送出 去。每秒8000幀與數(shù)字電話系統(tǒng)中使用的PCM言道的采樣頻率完全一樣。810字節(jié)的SONE幀通常用90列乘以9行的矩形來描述，每秒傳送8X810X8000=51840000b 即51.84Mbps 這就是基本SONET信道，它被稱作同步傳輸信號 STS-1，所有的SONETF線都是由多條STS-1構(gòu)成的。每一幀的前3列被留作系統(tǒng)管理信息使用，前3行包含段開銷，后 6行包含線路開銷。剩下的 87列包含87X9X8X 800

23、0bps=50112000bps，即 50.112Mbps的數(shù)據(jù)。被稱作同步載荷信封的數(shù)據(jù)可以在幀的任何位 置開始。線路開銷的第1行包含指向第1個字節(jié)的指針。同步載荷信封(SPE)的第1列是通路開銷。 通路開銷不是嚴(yán)格的 SONET結(jié)構(gòu)，它嵌入在載荷信封中。通路開銷端到端地流過網(wǎng)絡(luò)，因此把它跟端到端 地運(yùn)載用戶信息的 SPE相關(guān)聯(lián)是有意義的。然而，它確實(shí)從可提供給端點(diǎn)用戶的50.112Mbps中又減去1X9X8X8000bps=576000bps 即 0.576Mbps，使之變成 49.536Mbps。OC-3相當(dāng)于 3 個 OC-1 復(fù)用在一起， 因此其用戶數(shù)據(jù)傳輸速率是 49.536 X

24、3Mbps=148.608Mbpos在一個通信通道上發(fā)送速率為500bps的二進(jìn)制信號。試計(jì)算所需要的最小帶寬。假定要接收最壞情況序列，且僅傳輸：(分?jǐn)?shù)： 4.50)(1).基本頻率。(分?jǐn)?shù)：1.50 )正確答案： ()解析：0750Hz;(3). 基本頻率、三次諧波和五次諧波。(分?jǐn)?shù)： 1.50 ) 正確答案： ()解析：01250Hz。解析就數(shù)據(jù)傳輸而言，所發(fā)送的二進(jìn)制信息可能是任意變化的序列。考慮周期序列10101010，等等。第一個序列重復(fù)兩比特為一個單元的周期，第二個序列重復(fù)三比特為一個單元的周期，顯然，序列10101010具有最短的周期，產(chǎn)生最高的基本頻率成分。這就意味著，其他序列

25、所產(chǎn)生的基本頻率都比它低。因此，把這個具有最短周期的序列稱為最 壞序列。本題中，速率為500bps的最壞序列101010具有250Hz的基本頻率成分。由此可以得出，三次諧波是750Hz， 五次諧波是1250Hz。因此，在每種情況下所需要的帶寬分別是：(1)0 250Hz; (2)0 750Hz; (3)0 1250Hz。26. 使用每個信號元素8個電平級的傳輸方案在 PSTN上傳輸數(shù)據(jù)。如果 PSTN勺帶寬是3000Hz,試求出奈 奎斯特最大數(shù)據(jù)傳輸速率 C 和調(diào)制效率 B。(分?jǐn)?shù)： 4.50 ) 正確答案： ()解析： C=18000bps， B=6bps/Hz。C=2Wlog 2 M。其中

26、 W=3000Hz M=8 所以 C=2X3000Xlog2 8bps=2X3000X3bps=18000bpsB=R/W 其中 R=18000bps，W=3000Hz 所以 B=180003000bps/Hz=6bps/Hz。27. 寫出表示一種調(diào)制技術(shù)的術(shù)語QAM勺英文或中文全稱，并根據(jù)信號在線路上的傳輸方式說明該名稱的由來。(分?jǐn)?shù)： 4.50 ) 正確答案： ()解析：QAM(Quadrature Amplitude Modulation，正交振幅調(diào)制)。QAM是用兩個獨(dú)立的基帶波形對兩個相互正交的同頻載波進(jìn)行調(diào)制， 利用這種信號在同一帶寬內(nèi)頻譜正交的性質(zhì)來實(shí)現(xiàn)兩路并行的數(shù)字信息傳輸。以

27、16QAM為例，要發(fā)送的4比特信息被映射為星座圖中的16個點(diǎn)之一。對于4比特信息來說，具有16個點(diǎn)的星座圖中的每種比特組合都可用 x-y 坐標(biāo)系中的一個唯一的點(diǎn)來表示。每個 4比特組合所對應(yīng)的 x 和 y 值指定了將要在信道上發(fā)送的正弦波和余弦波的振幅。在接收端，載波的正交性允許解調(diào)器對兩路信息 分別解調(diào)。檢波器對二維的復(fù)用信號進(jìn)行檢測，并將它們映射回比特?cái)?shù)據(jù)流。這個實(shí)現(xiàn)過程的描述也說明 了 QAM名稱的由來。28. 有時候， 當(dāng)一個蜂窩用戶穿越邊界從一個單元進(jìn)入另一單元時， 當(dāng)前的呼叫會突然中止， 盡管所有的發(fā) 射設(shè)備和接收設(shè)備都工作正常。這是為什么 ?(分?jǐn)?shù)： 4.50 ) 正確答案： ()解析：頻率不能夠在鄰接的單元中重用，因此，當(dāng)一個用戶從一個單元移動到另一單元時，必須為該呼叫 分配一個新的頻率。如果一個用戶移動到一個所有頻率都正在被使用的單元，那么該用戶的呼叫必須被終 止。29. 一個用于發(fā)送二進(jìn)制信號的 3kHz信道，其信噪比為20dB，可以取得的最大數(shù)據(jù)傳輸速率是多少分?jǐn)?shù)： 4.50 )正確答案：（）解析：20=10log 10100。香農(nóng)極限是 3log 2 （1+100）kbps=3log2 101kbps=3X6.66kbps=19.98kbps。奈奎斯特極限是6kbps。顯然，瓶頸是奈奎斯特極限，最大數(shù)據(jù)速率是6kbps。3