2017高三總復(fù)習(xí)理綜全國(guó)卷物理模擬試卷

1、綜合模擬試卷二【綜合模擬試卷】2017年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試(新課標(biāo)卷)理科綜合能力測(cè)試物理模擬試卷二一、 選擇題(本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14 質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)，04 s內(nèi)某物理量隨時(shí)何變化的關(guān)系如圖所示，則()A 若y軸表示位移，02 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不變B 若y軸表示位移，24 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不變C 若y軸表示速度，02 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不變D 若y軸表示速度，13 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不變15 如圖所示，一平行板電容器的兩極板與一電

2、壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為d，有一帶電粒子P靜止在電容器上部空間中，當(dāng)在其下極板上快速插入一厚度為L(zhǎng)的不帶電的金屬板后，粒子P開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g粒子運(yùn)動(dòng)加速度大小為()A g B g C g D g16 如圖所示，在距水平地面H和4H高度處，同時(shí)將質(zhì)量相同的a、b兩小球以相同的初速度v0水平拋出，則以下判斷正確的是 () A a、b兩小球同時(shí)落地B 兩小球落地速度方向相同C a、b兩小球水平位移之比為12D a、b兩小球水平位移之比為1417 如右圖所示，圖中的三個(gè)電表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向左端緩慢移動(dòng)時(shí)，下面說(shuō)法中正確的是()A 電壓表V1的讀數(shù)減小，電流表

3、A的讀數(shù)增大B 電壓表V1的讀數(shù)增大，電壓表V2的讀數(shù)增大C 電阻RP消耗的功率增大，電容器C所帶電量增加D 電壓表V2的讀數(shù)減小，電流表A的讀數(shù)減小18 內(nèi)壁光滑，水平放置的玻璃圓環(huán)內(nèi)，有一直徑略小于環(huán)口直徑的帶正電小球，以速度v0沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示，若在此空間突然加上方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間成正比增加的變化磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球帶電量不變，正確的是()A 小球?qū)ΣＡЛh(huán)的壓力一定不斷增大B 小球受到的磁場(chǎng)力一定不斷增大C 小球先沿逆時(shí)針?lè)较驕p速運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后沿順時(shí)針?lè)较蚣铀龠\(yùn)動(dòng)D 磁場(chǎng)力對(duì)小球先做負(fù)功后做正功19 2014年11月中國(guó)的北斗系統(tǒng)成為第三個(gè)被聯(lián)合國(guó)認(rèn)可的海上衛(wèi)

4、星導(dǎo)航系統(tǒng)，其導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)軌道如圖所示已知a、b、c為圓形軌道，軌道半徑ra=rb>rc則下列說(shuō)法中正確的是()A 在軌道a、b運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星加速度大小相等B 在軌道a、b運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星受到地球的引力一樣大C 衛(wèi)星在軌道a、c的運(yùn)行周期Ta>TcD 衛(wèi)星在軌道a、c的運(yùn)行速度va>vc20 如圖所示，從傾角為的足夠長(zhǎng)的斜面頂端P以速度v0拋出一個(gè)小球，落在斜面上某處Q點(diǎn)，小球落在斜面上的速度與斜面的夾角為，若把初速度變?yōu)?v0，小球仍落在斜面上，則以下說(shuō)法正確的是()A 夾角將變大B 夾角與初速度大小無(wú)關(guān)C 小球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變D PQ間距是原來(lái)間距的3倍21

5、如圖所示，在x>0、y>0的空間中有恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于xOy 平面向里，大小為B現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子，從在x軸上的某點(diǎn)P沿著與x軸成30°角的方向射入磁場(chǎng)不計(jì)重力的影響，則下列有關(guān)說(shuō)法中正確的是()A 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為B 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為C 只要粒子的速率合適，粒子就可能通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)D 粒子一定不可能通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)二、 非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第22題第25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第33題第35題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一) 必考題(共47分)22 (6分)DIS實(shí)驗(yàn)是利用現(xiàn)代

6、信息技術(shù)進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)“用DIS研究機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，小組同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中利用小鐵球從很光潔的曲面上滾下，選擇DIS以圖象方式顯示實(shí)驗(yàn)的結(jié)果，所顯示的圖象如圖乙所示圖象的橫軸表示小球距d點(diǎn)(最低點(diǎn))的高度h，縱軸表示小鐵球的重力勢(shì)能Ep、動(dòng)能Ek或機(jī)械能E試回答下列問(wèn)題：(1) 圖乙的圖象中，表示小球的機(jī)械能E、動(dòng)能Ek、重力勢(shì)能Ep隨小球距d點(diǎn)的高度h變化關(guān)系的圖線分別是(按順序填寫(xiě)相應(yīng)圖線所對(duì)應(yīng)的文字) (2) 根據(jù)圖乙所示的實(shí)驗(yàn)圖象，可以得出的結(jié)論是： 23 (9分)一課外小組同學(xué)想要測(cè)量一個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻準(zhǔn)備的器材有：電流表(0200 mA，內(nèi)阻是1

7、2 )，電阻箱R(最大阻值9.9 )，一個(gè)開(kāi)關(guān)和若干導(dǎo)線(1) 由于電流表A的量程較小，考慮到安全因素，同學(xué)們將一個(gè)定值電阻和電流表并聯(lián)，若要使并聯(lián)后流過(guò)定值電阻的電流是流過(guò)電流表的電流的2倍，則定值電阻的阻值R0= (2) 設(shè)計(jì)的電路圖如下圖若實(shí)驗(yàn)中記錄電阻箱的阻值R和電流表 的示數(shù)I，并計(jì)算出得到多組數(shù)據(jù)后描點(diǎn)作出R-圖線如圖所示，則該電源的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r= 24 (14分)如圖所示，在粗糙水平臺(tái)階上靜止放置一質(zhì)量m=1.0 kg的小物塊，它與水平臺(tái)階表面的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25，且與臺(tái)階邊緣O點(diǎn)的距離s=5 m在臺(tái)階右側(cè)固定了一個(gè)圓弧擋板，圓弧半徑R=5 m，今以

8、O點(diǎn)為原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系現(xiàn)用F=5 N的水平恒力拉動(dòng)小物塊，已知重力加速度取g=10 m/s2(1) 為使小物塊不能擊中擋板，求拉力F作用的最長(zhǎng)時(shí)間(2) 若小物塊在水平臺(tái)階上運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平恒力一直作用在小物塊上，當(dāng)小物塊過(guò)O點(diǎn)時(shí)撤去拉力，求小物塊擊中擋板上的位置的坐標(biāo)25 (18分)如圖所示，電阻不計(jì)的兩光滑平行金屬導(dǎo)軌相距L=1 m，PM、QN部分水平放置在絕緣桌面上，半徑a=1 m的金屬半圓導(dǎo)軌處在豎直平面內(nèi)，兩部分分別在M、N處相切， PQ左端與R=2 的電阻連接一質(zhì)量為m=1 kg、電阻r=1 的金屬棒放在導(dǎo)軌上的PQ處并與兩導(dǎo)軌始終垂直整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=1 T、方向豎

9、直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，取g=10 m/s2(1) 導(dǎo)體棒以v=3 m/s速度在水平軌道上向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，求導(dǎo)體棒受到的安培力(2) 若導(dǎo)體棒恰好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)CD處，求通過(guò)CD處時(shí)電阻R上的電功率(3) 設(shè)LPM=LQN=3 m，若導(dǎo)體棒從PQ處以3 m/s勻速率沿著軌道運(yùn)動(dòng)，求導(dǎo)體棒從PQ運(yùn)動(dòng)到CD的過(guò)程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱(二) 選考題(共15分，請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33 【物理選修3-3】(15分)(1) (6分)下列說(shuō)法中正確的是 A 布朗運(yùn)動(dòng)并不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它說(shuō)明分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B 葉面上的小露珠呈球形

10、是由于液體表面張力的作用C 液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)D 當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小(2) (9分)如圖所示，一根兩端封閉的均勻玻璃管AB，內(nèi)有一段長(zhǎng)L=3 cm的水銀柱將兩段空氣柱隔開(kāi)當(dāng)玻璃管放在水平桌面上時(shí)，L1=45 cm，L2=105 cm，管中空氣的壓強(qiáng)p=20 cmHg現(xiàn)將玻璃管A端緩慢抬起直至玻璃管處于豎直狀態(tài)，管中空氣的溫度與環(huán)境溫度相同且恒為27 求玻璃管處于豎直狀態(tài)時(shí)A端空氣柱的長(zhǎng)度L'1及其壓強(qiáng)p1 若玻璃管處于豎直狀態(tài)時(shí)用冰塊包在A管周?chē)越档虯管中空氣的溫度，直至B管中空氣柱長(zhǎng)度仍為105 cm，求

11、此時(shí)A管中空氣的溫度t'(設(shè)此過(guò)程中B管中空氣的溫度不變)34 【物理選修3-4】(15分) (1) (6分)如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，在t時(shí)刻的波形如實(shí)線所示，經(jīng)過(guò)t=3 s，其波形如虛線所示已知圖中的兩個(gè)波峰的平衡位置x1與x2相距1 m，該波的周期為T(mén)，且2T<t<4T則可能的最小波速為 m/s，最小周期為s (2) (9分)如圖甲所示是由透明材料制成的半圓柱體，一束細(xì)光束由真空沿著徑向與AB成角射人，對(duì)射出的折射光線的強(qiáng)度隨角的變化進(jìn)行記錄，得到的關(guān)系如圖乙所示，如圖丙所示是這種材料制成的器具，左側(cè)是半徑為R的半圓，右側(cè)是長(zhǎng)為8R，高為2R的長(zhǎng)方體

12、，一束單色光從左側(cè)A'點(diǎn)沿半徑方向與長(zhǎng)邊成37°角射入器具已知光在真空中的傳播速度為c，求： 該透明材料的折射率 光線穿過(guò)器具的時(shí)間35 【物理選修3-5】(15分)(1) (6分)一個(gè)原子核U在中子的轟擊下發(fā)生一種可能的裂變反應(yīng)，其裂變方程為UnXSr+n，則下列敘述正確的是 A X原子核中含有140個(gè)核子B X原子核中含有86個(gè)中子C 因?yàn)榱炎儠r(shí)釋放能量，所以裂變后粒子的總質(zhì)量數(shù)增加D 因?yàn)榱炎儠r(shí)釋放能量，所以裂變后粒子的總質(zhì)量數(shù)減少E 因?yàn)榱炎儠r(shí)釋放能量，所以裂變后粒子的總質(zhì)量減少(2) (9分)如圖所示，質(zhì)量為m=245 g的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放在質(zhì)量為M=

13、0.5 kg的木板左端，足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.4質(zhì)量為m0=5 g的子彈以速度v0=300 m/s沿水平方向射人物塊并留在其中(時(shí)間極短)，取g=10 m/s2子彈射入后，求： 物塊相對(duì)木板滑行的時(shí)間 物塊相對(duì)木板滑行的位移【綜合模擬卷答案】2016年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試(新課標(biāo)卷)理科綜合能力測(cè)試物理模擬試卷二14 【答案】C【解析】A 若y軸表示位移，其斜率等于速度，則知01 s與12s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不同，故A錯(cuò)誤；B 若y軸表示位移，23 s斜率為負(fù)，34 s內(nèi)斜率為正，所以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向改變，故B錯(cuò)誤；C 若y軸表示速度，速度的正負(fù)表

14、示運(yùn)動(dòng)方向，則02 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向不變，故C正確；D 若y軸表示速度，可知13 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，故D錯(cuò)誤15 【答案】B【解析】粒子受重力和電場(chǎng)力，開(kāi)始時(shí)平衡，有：mg=q；當(dāng)把金屬板從電容器中快速抽出后，根據(jù)牛頓第二定律有：q-mg=ma；聯(lián)立解得：a=g16 【答案】C【解析】由H=，4H=可得：tb=2ta，A錯(cuò)誤；由x=v0t可知，xaxb=12，C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)落地時(shí)速度與水平方向夾角為，則由tan =可知，tan atan b=12，ab，B項(xiàng)錯(cuò)誤17 【答案】D【解析】P向左端緩慢移動(dòng)， RP增大，R總=r+R1+R1+RP增大，電流表讀數(shù)I=減小，測(cè)量R1

15、兩端的電壓U2=IR2減少，故D正確；測(cè)量R2和RP在總電壓，或電源和R1的外電壓，即U1=I(R1+RP)=E-I(r+R1)故增大，AB錯(cuò)誤；C 電阻RP消耗的功率P=I2RP，不能確定，但電容器C所帶電量Q=C U1增大18 【答案】C【解析】磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向上，B隨時(shí)間成正比增加，由楞次定律可知，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生的感生電場(chǎng)沿順時(shí)針?lè)较?；小球帶正電，小球所受電?chǎng)力沿順時(shí)針?lè)较?，與小球的運(yùn)動(dòng)方向相反，小球做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球速度減小到零后，小球沿順時(shí)針?lè)较蚣铀龠\(yùn)動(dòng)，速度又不大增加；A 小球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，環(huán)對(duì)小球的彈力與小球所受的洛倫茲力提供向心力，小球做逆時(shí)針減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力與向心

16、力方向相反，則環(huán)對(duì)小球的彈力減去洛倫茲力等于向心力，當(dāng)小球速度為0時(shí)，向心力和洛倫茲力均為0，則環(huán)對(duì)小球的彈力為0，即小球?qū)ΣＡЛh(huán)的壓力減小了，故A錯(cuò)誤；B 由于小球的速度先減小后增大，由洛倫茲力公式f=qvB可知，小球受到的磁場(chǎng)力先減小后增大，故B錯(cuò)誤；C 小球先沿逆時(shí)針?lè)较驕p速運(yùn)動(dòng)，過(guò)一段時(shí)間后沿順時(shí)針?lè)较蚣铀龠\(yùn)動(dòng)，故C正確；D 洛倫茲力始終與小球的運(yùn)動(dòng)方向垂直，磁場(chǎng)力對(duì)小球不做功，故D錯(cuò)誤19 【答案】AC【解析】由F=G，由于衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相等，故B錯(cuò)誤；由G=ma可知ra=rb時(shí)在軌道a、b運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星加速度大小相等，故A正確；由G=m=m·r可知r越大，線速度越小，周

17、期越大，由于ra>rc，故C正確，D錯(cuò)誤20 【答案】B【解析】根據(jù)tan=得，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=，因?yàn)槌跛俣茸優(yōu)樵瓉?lái)的2倍，則小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變?yōu)樵瓉?lái)的2倍故C錯(cuò)誤；速度與水平方向的夾角的正切值tan =2tan ，因?yàn)椴蛔儯瑒t速度與水平方向的夾角不變，可知不變，與初速度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；PQ的間距s=，初速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則PQ的間距變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故D錯(cuò)誤21 【答案】AD【解析】由于P點(diǎn)的位置不定，所以粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角也不同，最大的圓心角是圓弧與y軸相切時(shí)即30°，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T(mén)=，而最小的圓心角為P點(diǎn)從坐標(biāo)原點(diǎn)出發(fā)，圓心角為120

18、76;，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén)=，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間為t，故A正確，B錯(cuò)誤；粒子由P點(diǎn)成30°角入射，則圓心在過(guò)P點(diǎn)與速度方向垂直的方向上，如圖所示，粒子在磁場(chǎng)中要想到達(dá)O點(diǎn)，轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角肯定大于180°，而因磁場(chǎng)為有界，故粒子不可能通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，D正確22 【答案】(1) 甲、丙、乙(2) 忽略阻力作用，小球下落過(guò)程機(jī)械能守恒【解析】(1) 將各個(gè)時(shí)刻對(duì)應(yīng)的高度和速度二次方數(shù)據(jù)標(biāo)在坐標(biāo)圖中，用描點(diǎn)法作出v2-h圖象；由mgh=mv2，可得v2-h圖象的斜率等于2g根據(jù)小球下滑動(dòng)能增大、重力勢(shì)能減小、機(jī)械能不變可知表示小球的重力勢(shì)能EP、動(dòng)能EK、機(jī)械能E隨

19、小球距d點(diǎn)的高度h變化關(guān)系的圖線分別是乙、丙、甲(2) 小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程受到支持力和重力，拉支持力不做功，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒故得出的結(jié)論是：忽略阻力作用，小球在下落過(guò)程中機(jī)械能守恒23 【答案】(1) 6(2) 6.02.0【解析】(1) 由并聯(lián)電路規(guī)律可知，并聯(lián)部分電壓相等，要使并聯(lián)后流過(guò)定值電阻的電流是流過(guò)電流表的電流的2倍；則定值電阻的阻值應(yīng)是電流表內(nèi)阻的一半，故有R0=；(2) 閉合電路歐姆定律可知I= ；則變形得：R=-4-r；故圖象中的斜率等于：k=2.0；故：E=6.0 V；圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為：-6.0=-r-4；解得：r=2.0 24 【答案】(1) s(2) x=5

20、 my=5 m【解析】(1) 為使小物塊不會(huì)擊中擋板，拉力F作用最長(zhǎng)時(shí)間t時(shí)，小物塊剛好運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)由牛頓第二定律得：F-mg=ma1；(2分)解得：a1=2.5 m/s2；(1分)減速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為：a2=g=2.5 m/s2；(1分)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：s=a1t2+a2(1分)而a1t=a2t2；(1分)解得：t=t2=s(1分)(2) 水平恒力一直作用在小物塊上，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：=2a1s(1分)解得小物塊到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的速度為：v0=5m/s；(1分)小物塊過(guò)O點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)水平方向：x=v0t；(1分)豎直方向：y=gt2；(1分)又x2+y2=R2；(2分)解得位置坐標(biāo)為：x=5 m

21、，y=5 m(1分)25 【答案】(1) 1 N(2) 2.2 W(3) 4.57 J【解析】 (1) 由E=BLv；I=；F=BIL；解得：F=1 N 方向水平向左(5分)(2) 在最高點(diǎn)CD處有：mg=m；得v2= m/s；E=BLv2；P=R=W=2.2 W(6分)(3) 在水平軌道上，E=BLv；Q1=t1=3 J；(2分)在半圓軌道上，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=BLv=3V(2分)V=×=J=1.57 J；(2分)Q=Q1+Q2=4.57J(1分)33 (1) 【答案】ABC【解析】A 布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，它說(shuō)明液體分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；B 液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，露珠的形成就是由于液體表面張力的作用，故B正確；C 液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；D 當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，故隨分子間的距離增大，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故D錯(cuò)誤(2) 【答案】 50 cm18 cmHg -18 【解析】