廣東省廣州市荔灣區(qū)2017屆高三上學期第二次調(diào)研物理試

1、百度文庫-讓每個人平等地提升自我20162017學年廣東省廣州市荔灣區(qū)高三（上）第二次調(diào)研物理試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第題只有一項 符合題目要求，第58題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分, 有選錯的得0分.1 . t=0時，甲乙兩汽車從相距60km的兩地開始相向行駛，它們的v-t圖象如圖所示.忽 略汽車掉頭所需時間，下列對汽車運動狀況的描述正確的是（）17A.在第1小時末,B.在第2小時末,C.在前4小時內(nèi),D.在第4小時末,乙車改變運動方向甲乙兩車相遇甲車運動加速度的大小總比乙車的大 甲乙兩車相距20 km2 .在粗糙水平地

2、而上與墻平行放著一個截而為半圓的柱狀物體A, A與豎直墻之間放另一 截面也為半圓的柱狀物體B,整個裝置處于靜止狀態(tài)，截而如圖所示.設(shè)墻對B的作用力 為Fi，B對A的作用力為F2,地而對A的作用力為F3.在B上加一物體C,整個裝置仍保 持靜止，則（）A. F|保持不變，F(xiàn)3增大B. F|增大，F(xiàn)3保持不變C. F2增大，F(xiàn)3增大 D. F2增大，F(xiàn)3保持不變3 .如圖所示，一小球由不可伸長的輕繩系于一豎直細桿的A點，當豎直桿以角速度3勻速 轉(zhuǎn)動時，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動.關(guān)于小球到A點的豎直距離h與角速度3的關(guān) 系圖線，正確的是（）4 .某人在地面上用體重科稱得體重為G,之后他將體重秤移至

3、電梯內(nèi)稱其體重，電梯運行 的v-t圖線如圖所示（取電梯向上運動的方向為正）.設(shè)3至h時間段內(nèi)體重科的示數(shù)為 F|, h至t2時間段內(nèi)體重秤的示數(shù)為F2, t2至13時間段內(nèi)體重秤的示數(shù)為F3,下列說法正 確的是（）F F2F3G C. F F2=GFj D. F=F3VF?=Gh5 .如圖，轟炸機沿水平方向勻速飛行，到達山坡底端正上方時釋放一顆炸彈，并垂直擊中 山坡上的目標a.已知a點高度為h,山坡傾角為e,由此可算出（）A.轟炸機的飛行高度B.轟炸機的飛行速度C.炸彈的飛行時間 D.炸彈投出時的動能6 .“嫦娥一號和嫦娥二號衛(wèi)星相繼完成了對月球的環(huán)月飛行，標志著我國探月工程的第 一階段已經(jīng)完

4、成.設(shè)嫦娥二號衛(wèi)星環(huán)繞月球的運動為勻速圓周運動，它繞月球運行的周期 為T,己知月球的質(zhì)量為M、半徑為R,引力常量為G,則衛(wèi)星（）A.繞月球運動的線速度v=B.繞月球運動的角速度3=2C繞月球運動的向心加速度a4”. RD.距月球表而的高度為h=；3三-RV4 7T27 .如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平而上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接）, 初始時物體處于靜止狀態(tài).現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加 速運動，拉力F與物體位移x之間的關(guān)系如圖乙所示（g=10m/s2）,則下列結(jié)論正確的是（ ）A.物體的質(zhì)量為2kg8 .彈簧的勁度系數(shù)為7.5N/cmC.物體的加速度

5、大小為5m/s2D.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)8.如圖所示，一傾角為a的固定斜面下端固定一擋板，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧下端固定 在擋板上.現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小物塊從斜而上離彈簧上端距離為s處，由靜止釋放，已知 物塊與斜而間的動摩擦因數(shù)為由物塊下滑過程中的最大動能為Em，則小物塊從釋放到運 動至最低點的過程中，下列說法中正確的是（ ）A. pF2F3G C. FiF2=GVF3D. Fi=F3VF?=G【考點】勻變速直線運動的圖像.【分析】根據(jù)圖示圖象判斷出電梯的運動狀態(tài)，然后判斷出人是出于失重狀態(tài)還是出于超重 狀態(tài)，再判斷體重秤的示數(shù)大小關(guān)系，然后答題.【解答】解：由圖示圖象可知：to至

6、ti時間內(nèi)電梯向下做加速運動，電梯處于失重狀態(tài)，F(xiàn)|VG：h至t2時間內(nèi)電梯向下做勻速直線運動，電梯處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)2=G；t?至t3時間內(nèi)電悌向下做減速運動，電梯處于超重狀態(tài)，F(xiàn)3G；綜上分析可知：FiF2=GF3,故ABD錯誤，C正確；故選：C.5 .如圖，轟炸機沿水平方向勻速飛行，到達山坡底端正上方時釋放一顆炸彈，并垂直擊中 山坡上的目標A.已知A點高度為h,山坡傾角為6,由此可算出（）A.轟炸機的飛行高度B.轟炸機的飛行速度C.炸彈的飛行時間 D.炸彈投出時的動能【考點】平拋運動.【分析】轟炸機沿水平方向勻速飛行，釋放的炸彈做平拋運動.因為平拋運動速度與水平方 向夾角的正切值是位移與水

7、平方向夾角正切值的2倍，速度方向的夾角得知位移與水平方向 夾角的正切值，再通過水平位移求出豎直位移，從而得知轟炸機的飛行高度，炸彈的飛行時 間，以及炸彈的初速度.【解答】解：A、B、C由圖可得炸彈的水平位移為x= 一tan v設(shè)轟炸機的飛行高度為H,炸彈的飛行時間為t,初速度為、加據(jù)題：炸彈垂直擊中山坡上的目標A,則根據(jù)速度的分解有：（皿。二組二 gt12j H-h fgt gt 又=2=.X Vq1 2v0h聯(lián)立以上三式得：H=h+二一，可知可以求出轟炸機的飛行高度H.2tan 6炸彈的飛行時間,也可以求出t.轟炸機的飛行速度等于炸彈平拋運動的初速度，為、,0=三，可知也可以求出.故A、B、

8、C正確.D、由于炸彈的質(zhì)量未知，則無法求出炸彈投出時的動能.故D錯誤.故選:ABC.6 .“嫦娥一號和嫦娥二號衛(wèi)星相繼完成了對月球的環(huán)月飛行，標志著我國探月工程的第 一階段已經(jīng)完成.設(shè)“嫦娥二號衛(wèi)星環(huán)繞月球的運動為勻速圓周運動，它繞月球運行的周期 為T,已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R,引力常量為G,則衛(wèi)星（）A.繞月球運動的線速度、工B.繞月球運動的角速度3號二2C.繞月球運動的向心加速度a/a.2D.距月球表而的高度為h=； &%R V4 7T2【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】衛(wèi)星繞月球做圓周運動，萬有引力提供向心力，應(yīng)用萬有引力定律與向心力公式可 以求出衛(wèi)星繞月球運動的半徑、向心加速度

9、a和線速度v.【解答】解：A、D、嫦娥二號衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，設(shè)嫦娥 二號衛(wèi)星距離地面的高度為h,由牛頓第二定律得：Gid 冗 2（R+h） +h）2= 一所以：h=；旦吟-R丫4九2根據(jù)線速度與周期的關(guān)系可知，繞月球運動的線速度v=2兀故A錯誤，D正確:2兀B、根據(jù)角速度與周期的關(guān)系可知：若故B正確；2C、嫦娥二號衛(wèi)星距離地面的高度為h,其向心加速度：an- 甲冷.故C錯誤；產(chǎn)故選：BD7 .如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平而上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接）, 初始時物體處于靜止狀態(tài).現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加 速運動，拉力F

10、與物體位移x之間的關(guān)系如圖乙所示（g=10m/s2）,則下列結(jié)論正確的是（）A.物體的質(zhì)量為2kg8 .彈簧的勁度系數(shù)為7.5N/cmC.物體的加速度大小為5m/s2D.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)【考點】牛頓第二定律：物體的彈性和彈力.【分析】由圖示圖象可知：開始，物體靜止在彈簧上而，彈簧彈力與重力平衡，施加F后 即為合力，物體勻加速上升，彈簧上的彈力逐漸變小，運動位移為4cm后，彈簧恢復原長, 此時物塊和彈簧分離，此后物體受到恒定的力F=30N和重力做勻加速運動.根據(jù)牛頓第二 定律分別列出起始和分離狀態(tài)時的方程聯(lián)立可解得.【解答】解：A、開始，物體靜止在彈簧上面，彈簧彈力與重力平衡，

11、施加F后即為合力， 所以有10N=ma,此后物體勻加速上升，彈力逐漸變小，當彈簧恢復原長后，物塊和彈 簧分離，合力為30N - mg=ma，聯(lián)立兩式，整理得物體重力：mg=20N,質(zhì)量m=2Kg, 故A正確：B、由圖可知，從初始彈簧彈力等于重力到彈簧恢復原長，位移為4cm,即彈力等于重力時, 彈簧形變量為XuMn,勁度系數(shù)1=詈=M=5OON/m=5N/cm,故B錯誤:Ax 0. 04C、當彈簧恢復原長后，物塊和彈簧分離,合力為3ON - mg=ma,又已求得m=2Kg,ni/s2=5ni/s2,故C正確;D、因為力F隨彈簧形變量在不斷變化，由圖象分析可知物體與彈簧分離時彈簧恢復原長, 故D錯

12、誤.故選：AC.8.如圖所示，一傾角為a的固定斜而下端固定一擋板，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧下端固定 在擋板上.現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小物塊從斜而上離彈簧上端距離為s處，由靜止釋放，已知 物塊與斜而間的動摩擦因數(shù)為N，物塊下滑過程中的最大動能為Ekm，則小物塊從釋放到運 動至最低點的過程中，下列說法中正確的是( )A. pRmgcosa,解得REp, BP mgxsina - pmgxcosa - Ep0,所以得 Ekn； 2Ekm.故D正確.故選：ACD 二、解答題9.某學生用如圖甲所示的裝置研究小車的勻變速直線運動，打點計時器接到頻率為50Hz 的交流電源上.如圖乙所示為實驗時得到的一條紙帶的一部分

13、，0、1、2、3、4、5、6為計 數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出.從紙帶上測出X=3.20cm, x2=4.52cm,x5=8.42cm, X6=9.70cm.則打點計時器在打計數(shù)點5時小車的瞬時速度大小v5= 0.91 nVs, 小車運動的加速度大小2=1論2 （兩空均保留兩位有效數(shù)字）.若實驗時電源的電壓 升高了，測得的加速度.等于 （填“大于等于”或“小于）實際的加速度.【考點】測定勻變速直線運動的加速度.【分析】根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶 上1、5點時小車的瞬時速度大小.根據(jù)加速度定義可以求出加速度的大小，依據(jù)求解加速 度公式，電壓

14、變化不影響其大小.【解答】解：由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間 隔T=0.ls,根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上1點時 小車的瞬時速度大小.3. 20+4. 52 八一 2 , ,、, q=-：iX 1 Q ni/s=0.39 m/sw 乙根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上5點時 小車的瞬時速度大小.勺=狗6 2 42+9.702T0.29X10ni/s=0.91 m/s根據(jù)加速度定義得號二衿=L3 nVs2ZA t /人U/若只是電壓提高，頻率不變，則得出的加速度不變;故答案

15、為：0.91, 1.3,等于.10 .用如圖a所示裝置做驗證動能定理的實驗.實驗時，通過電磁鐵控制小鐵球從P處自 由下落，小鐵球依次通過兩個光電門甲、乙，測得遮光時間分別為和at2,兩光電門中 心點間的高度差為h.（1） ，（b）不卜（1）用游標卡尺測得小鐵球直徑的示如圖b所示，則小鐵球的直徑4= 6.30 mm：（2）為驗證動能定理，還需知道的物理量是 重力加速度g （填物理量名稱及符號）,驗 d2d2證動能定理的表達式為：加，一”、J ;2（At2） 2 （ t j ；-（3）由于光電門甲出現(xiàn)故障，某同學實驗時只改變光電門乙的高度，進行多次實驗獲得多 組數(shù)據(jù)，分別計算出各次小鐵球通過光電門

16、乙時的速度V,并作出并作出v2 -h圖象.圖（c） 中給出了 a、b、c三條直線，他作出的圖象應(yīng)該是直線a ；由圖象得出，小鐵球到光電 門甲中心點的高度差為10.0 cm,小鐵球通過光電門甲時的速度為1.4 m/s.【考點】探究功與速度變化的關(guān)系.【分析】（1）游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀：（2）根據(jù)動能定理得出驗證的表達式，從而確定需要測量的物理量：（3）根據(jù)速度位移公式得出V?與h的關(guān)系式，從而得出正確的圖線，結(jié)合圖線的橫軸截距 求出小鐵球到光電門甲中心點的高度差，根據(jù)速度位移公式求出小球鐵球通過光電門甲的速 度.【解答】解：（1）小鐵球的主尺讀數(shù)為6mm,游標讀數(shù)為0

17、.05X6mm=0.30mm,則小鐵球 的直徑為6.30mm.191 qdd（2）根據(jù)動能定理知，mgh=mv2 一5IDV，ffij v2=t ， V1 t ，則驗證的動 乙/21d2d2能定理表達式為gh=77T 匚八 J、口，可知還需要測量的物理量是重力加速度g.（3）改變光電門乙的高度，根據(jù)后-V二2gh知，v2=v02+2gh,知正確的圖線為直線.2當v=0時，h=-10.0cm,小鐵球到光電門甲中心點的高度差11上一-1。.0cm，小鐵球通 2g 過光電門甲時的速度v=V2gAh =V2X10XQ. 1七L 4ni/s., d2故答案為：（1） 6.30： （2）重力加速度g, S

18、h=-一瓦2（12）(3) a：10.0：1.411 .廣州中山大道、廣州大道等路段設(shè)置了“綠波帶”，根據(jù)車輛運行情況對各路口紅綠燈進 行協(xié)調(diào)，使車輛通過時能連續(xù)獲得一路綠燈.設(shè)一路上某直線路段每間隔L=500m就有一 個紅綠燈路口，綠燈時間h=50s,紅燈時間t2=40s,而且下一路口紅綠燈亮起總比當前 路口紅綠燈滯后t=50s.要求汽車在下一路口綠燈再次亮起后能通過該路口，汽車可看做 質(zhì)點，不計通過路口的時間，道路通行順暢.（1）若某路口綠燈剛亮起時，某汽車恰好通過，要使該汽車保持勻速行駛，在后面道路上 再連續(xù)通過3個路口，汽車勻速行駛的最大速度是多少？最小速度又是多少？（計算結(jié)果保 留兩

19、位有效數(shù)字）（2）若某路口遭遇紅燈，待綠燈剛亮起時，某汽車由靜止開始，以加速度a=2m/s2勻加速 運動，加速到第（3）問中汽車勻速行駛的最大速度以后，便以此速度一直勻速運動.試通 過計算判斷，當該汽車到達下一個路口時能否遇到綠燈.【考點】勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用.【分析】（1）若汽車剛好在綠燈亮起時通過第3個路口，求出汽車通過3個路口的時間t=3 t,此時勻速運動的速度最大，為vmax言.若汽車剛好在綠燈熄火時通過第五個路口， 通過五個路口的時間是C=3At+Ati，此時勻速運動的速度最小，為、曲產(chǎn),代入求解.（2）若路口綠燈剛亮起時，汽車啟動加速，最終加速到Vmax，由速度公式求出加速

20、的時間, 并求得加速的位移.然后汽車以此速度勻速運動，求出勻速的時間，從而求出汽車從該路口 開始啟動到下一個路口的總時間，即可作出判斷.【解答】解：（1）若汽車剛好在綠燈亮起時通過第3個路口，則通過3個路口的時間t=34 此時勻速運動的速度最大f =斗一蕓MsnOm/s若汽車剛好在綠燈熄火時通過第五個路口，則通過五個路口的時間t，=3At+A 1x 50+50=200s此時勻速運動的速度最小竄架ir/s=7.5in/s I乙U U（2）若路口綠燈剛亮起時，汽車啟動加速，最終加速到v =10n）/s 所需時間二竽s二5s在此過程中汽車走過的位移皿 以旦叉5=251rl 22然后汽車以此速度勻速運

21、動到下一路口所需時間L- x 5。0-25t2=-二 10 二吐 5s max因此，汽車從該路口開始啟動到下一個路口的時間為t“二片 + tf52.5s 由于tt At+Atp KP 5052.5100,所以走到下個路口時能夠遇到綠燈.答：（1）汽車勻速行駛的最大速度是10m/s,最小速度又是7.5m/s（2）試通過計算判斷，當該汽車到達下一個路口時能夠遇到綠燈12. 一長木板在水平地面上運動，從木板經(jīng)過A點時開始計時，在t=l.Os時將一相對于地 而靜止的小物塊輕放到木板上，此后木板運動的v-t圖線如圖所示.己知木板質(zhì)量為物塊 質(zhì)量的2倍，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最

22、大靜摩擦力等于滑 動摩擦力，且物塊始終在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2,求：（1）物塊與木板間的動摩擦因數(shù)內(nèi)及木板與地面間的動摩擦因數(shù)R2：（2）木板離A點的最終距離：（3）木板的最小長度.【考點】牛頓第二定律：勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用.【分析】（1）從ti=LOs開始，木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速，使木板減速，此過程 一直持續(xù)到物塊和木板具有共同速度為止.根據(jù)v-t圖象的斜率等于加速度，求出兩個過 程的加速度，再對兩個物體分別運用牛頓第二定律列式，可求得動摩擦因數(shù).（2）分別分析物塊的運動情況，分段求兩者相對于地面的位移，根據(jù)兩者之差可求得木板 離A點的最終距離.（3）在

23、v-t圖象上，畫出物塊的速度時間圖象，由圖分析物塊相對木板距離的變化情況， 木板的最小長度應(yīng)等于物塊相對于木板的最大位移的大小.根據(jù)v - t圖象的“而積”大小等 于位移求解.【解答】解：（1）從h=l.Os開始，木板與物塊之間的摩擦力使物塊加速，使木板減速，此過程一直持續(xù) 到物塊和木板具有共同速度為止.由圖可知，在t2=L5s時，物塊和木板具有共同速度V2=LOm/s.設(shè)h到t2時間間隔內(nèi)，物 塊和木板的加速度大小分別為和a2,則丫2 一 01a 1 = - -2m/s2t2 - 1 0-5竄1 v2 4. 5- 1, 0.-T7nVs2 t2 - t j 1. 5 - 1. 0 式中=4.

24、5 ni/s,為木板在ti=l.Os時速度的大小.設(shè)物塊和木板的質(zhì)量分別為m、2m,由牛頓第二定律得山叫二1呵mmg+p2(3mg) = (2m) a2聯(lián)立出5式得：內(nèi)=0.20, 2=0.40(2)設(shè)t=0到U時間間隔內(nèi)，木板的加速度為ao,由牛頓第二定律得P2 mmg,與假設(shè)矛盾.故f=mmg由式得,a/=即=2m/s2, a2=5nVs2在t2時刻后，木板相對于地面的運動距離為代入數(shù)據(jù)解得s2=0.1m綜上，木板離A點的最終距離S=S()+S +S2 解得：S=7.975m(3)由(2)分析，物塊的v-t圖象如圖中點劃線所示.由圖可知，U到t2時間間隔內(nèi), 物塊相對于木板的位移逐漸增大，

25、而t2時刻后，物塊相對于木板的位移又逐漸減小.tl到t2時間間隔內(nèi)，物塊相對于地面的運動距離為代入數(shù)據(jù)解得sr=O.25m木板的最小長度應(yīng)等于物塊相對于木板的最大位移的大小，為：Lmin=S| - S|r解得 Linin=1.125 m答：（1）物塊與木板間的動摩擦因數(shù)m及木板與地面間的動摩擦因數(shù)也分別為0.20和0.40.（2）木板離A點的最終距離是7.975m：（3）木板的最小長度是1.125 m.13.如圖，水平軌道A點左側(cè)光滑，右側(cè)粗糙，距A點s=1.0m的B端與半徑R=O.25m的 光滑半圓軌道BCD相切，半圓的直徑BD豎直.一小物塊b以vo=3.0m/s的速度，與靜置 于A點的小物塊a發(fā)生彈性碰撞.碰后a沿水平軌道運動，然后滑上軌道BCD.已知小物 塊a的質(zhì)量ma= 1.0kg, a與AB軌道間的動摩